安徽安庆市桐城中学2026-2027学年高二上学期开学物理试题

保密★考试结束前 桐城中学2026一2027学年度上学期第一次学情调研 高二物理试卷 考生须知： 1.本卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间75分钟； 2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂。 卷缸选择题(42分) 一、单项选择题（本大题共8小题，每小题4分，共32分。每小题列出的四个备选项中只有一个 是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1.关于曲线运动，下列说法中正确的是() A.做曲线运动的物体，所受到的合外力方向一定要不断改变 B.做匀速圆周运动的物体，“匀速指的是速度不会改变 C.物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动 D.在恒力作用下，物体可能做速率先减小后增大的曲线运动 2.雨点正在以4s的速度竖直匀速下落，忽然一阵风水平吹来，为使雨点尽量不落在身上，行人将 雨伞伞杆调成与竖直方向成37°夹角(sn37=0.6,cos37°=0.8)，使伞杆与雨点速度方向平行。则风速 大小为() A.1m/s B.2m/s C.3 m/s D.4m/s 3.如图所示为冬季奥运会跳台滑雪运动员比赛时的情景，运动员从跳台A处沿水平方向飞出，在斜 面AB上的B处着陆。斜面AB与水平方向夹角为37°，运动员在空中运动的时间为42S,不计空气阻 力，重力加速度g=10m/s2,运动员可以看成质点，sim37°=0.6，cos37°=0.8，下列判断错误的是() A.运动员在A点飞出时的初速度大小为28/s B.运动员从A点飞出后运动2.1s离斜面最远 C.运动员运动过程中离斜面最远的位置为C点，D点为斜 面上的点，CD垂直于AB,则AD:DB=1:3 D.运动员运动过程中离斜面的最大距离为17.64m 第1页 4.卫星的轨道与发射速度的关系如右图所示，假设质量为m的同 抛物线 11.2km/s>v>7.9km/s 1双曲线 一颗卫星的四条轨道曲线相切于同一点P,己知地球半径为R,表 圆 面的重力加速度为8，规定质量为m的探测器与质量为M的星球 椭圆 v=7.9km/s 的中心距离为”时，其引力势能（即重力势能）的表达式为 E。=- GM 二，下列说法正确的是() v=11.2km/s v>11.2km/s A.卫星运动到P点，圆轨道对应的加速度最小 B.卫星在椭圆轨道上运行的机械能等于在圆轨道上运行的机械能 C.卫星在半径为R的近地圆轨道上的重力势能为gR D.卫星在半径为R的近地圆轨道上运行时机械能为2gR 5.溜索是一种古老的渡河工具，如图所示。粗钢索两端连接在河两岸的固定桩上，把滑轮、保险绳索 与人作为整体，总质量为。整体从高处平台上的A点由静止出发，沿钢索滑下，滑过最低点C,到 达B点时速度为零，A、B两点的高度差为h,重力加速度为g,不计 空气阻力。则() A.整体滑到C点时速度最大 B.整体滑到C点时受到弹力大小为g C.从A点滑到C点的过程中，整体重力的功率先增大后减小 D.从A点滑到C点的过程中，整体重力的功率一直增大 6.如图所示，光滑坡面底端固定一轻弹簧。物块由图示位置静止释放，直至压缩弹簧至最低点处，上 述过程中物块的加速度α、机械能E随位移x的变化图像可能正确的是() 共3页 7.半径为R的绝缘细圆环固定在图示位置，圆心位于O点，环上均匀分布着总电量为Q的正电荷，点 A、B将圆环二等分。若取走A处弧长为△虹的小圆弧上的电荷，圆环上剩余电荷的分布不变，静电力 常量为k,则() A.O点场强的方向沿OA的反方向 B.O点场强的大小为△ R3 C.再取走B处弧长为△L的小圆弧上的电荷，O点场强减少 D.再取走B处弧长为△L的小圆弧上的电荷，O点场强增加 8.如图甲所示，质量为=2kg的物体在水平向右的作用力F作用下沿水平面运动，作用力F与位移 x的关系如图乙所示。己知物体可视为质 ↑FN 点，物体与水平面之间的动摩擦因数为 0.1,重力加速度8取10m/s2。下列说法 10x/m 中正确的是() 甲 A.物体运动的最大距离为10m B.物体经过4m处时的速度为4m/s C.当物体最大速度时，力F的功率为2W11W D.整个运动过程因为摩擦而产生的热量为20J 二、多项选择题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。每小题列出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分。) 9.如图所示，把小车放在倾角日=30°的固定光滑斜面上，用轻绳跨过定滑轮使之与小桶相连，滑轮 右侧的轻绳与斜面平行，不计滑轮质量及摩擦，已知小桶的质量为m,小车的质量为3，重力加速 度大小为8，不计空气阻力，小车离斜面底端足够远，小桶始终未触及滑轮。小车由静止释放后，在 小桶竖直上升H的过程中，下列说法正确的是() A,小车和小桶组成的系统机械能守恒 B.小车和小桶组成的系统机械能不守恒 C.小车的最大动能为30g盟 8 D.小桶的最大动能为16 3mgH 777 7777 10.如图所示，竖直平面内有一半径为L、圆心为O 第2页 的圆，AB为水平直径，CD为竖直直径。长为L的轻质细线一端系小球，另一端固定在圆心O。可视 为质点的小球带的电荷量为+q,质量为。方向水平向右、电场强度大小为E的匀强电场与圆所在平 面平行，且q=g,g为重力加速度大小，则下列说法正确的是() D E A.若小球从C点由静止释放，则在运动过程中，细线与竖直方向的最大夹角是90° B.要使小球做完整的圆周运动，小球在C点时至少应以v=√5gL的速度被水平抛出 C.若小球在D点速度大于√g虹，则小球可以做完整的圆周运动 D.剪断细线，将小球从A点以v=√gL的速度竖直向上抛出，小球将经过B点 卷Ⅱ非选择题(58分) 三、非选择题（共5大题，共58分） 11.(6分)如图所示的实验装置可以用来验证机械能守恒定律，光滑平整水平长轨道左侧放置一个光 滑平整的斜轨道，光电门固定在水平轨道上，把一个质量为的金属小球从斜轨道上高为h处由静止 释放，金属球通过光电门的时间为t,已知当地的重力加速度为g。 光电门 o (I)测出金属球的直径为d,则金属球通过光电门的速度为 (用题中所给符号表示)： (2)金属球从静止释放到通过光电门过程中，减少的重力势能为 (用题中所给符号表示)： (3)为了验证机械能守恒定律，本实验 （填必须或“不用”)测量金属小球的质量： (④改变金属球在斜轨道上释放位置的高度么，用图像法处理数据，以二为y轴，以h为x轴，将实验 中记录的多组数据在坐标系中描点、连线，如果得到的图像是一条斜率为 (用题中所给符号表 示)且过原点的直线，则机械能守恒定律成立： (⑤)小明实验中发现金属球减少的重力势能比增加的动能小，他认为是轨道不完全光滑的缘故，你认为 他的解释 (填“正确”或错误”)，理由是 共3页 12(10分)小张同学利用所学物理知识分析得出：若将轻绳上端固定，下端系一小球，将轻绳拉至水 平位置由静止释放后，小球在最低点的角速度ω与小球质量无关，只与轻绳长有关。由此他猜想 质量均匀分布的细杆（直径d远小于杆长1）由静止释放后可能也是这种情况，为了验证他的猜想， 他设计了如下实验步骤： 光电门 口光电门 图甲 图乙 图丙 图丁 (1)通过理论分析得出：图甲中将轻绳拉至水平后由静止释放小球，其在最低点的角速度的平方 =(用绳长1和重力加速度g表示)： (2)按图乙安装好实验装置，取粗细和长度相同，但质量不同的细杆，上端用光滑铰链固定，将细杆拉 至水平，静止释放后让其下端通过一光电门。则细杆下端通过光电门的角速度@= (用细杆直径 d,细杆下端通过光电门时间△t和杆长l表示)； (3)用(2)中所得数据画出图丙，由图象可知细杆角速度ω与细杆质量m (选填“有关”或“无关”)： (4)取粗细和质量相同，但长度不同的细杆重复操作(2)，利用所得数据作出图丁，由图可知，细杆角 速度的平方o2与杆长1成（选填“正比”或“反比”）； (5)请分析图丁中图线斜率为2g（选填“大于”、“小于”或“等于)。 13.(10分)如图，绝缘光滑斜面倾角为8，所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场，一质量为、电 荷量为q的带正电小滑块静止在斜面上P点，P到斜面底端的距离为工，滑块可视为质点，已知重力 加速度为g。 (1)求匀强电场的场强大小E: (2)若仅将电场的方向变为平行于斜面向下，求滑块的加速度α及由静止从P点滑至斜面底端经历 的时间t。 7777777 77777777777777777777777 第3页 14.(14分)如图所示的离心装置中，水平轻杆OA与竖直转轴OB在O点垂直连接，小球P和轻质 弹箭套在Q1上，弹簧两端分别固定于0点和P点，强资原长为己L。另一小球Q套在08上，P和 Q质量均为，两球间用长为L的细线连接。系统静止时，细线与OB间夹角为37°。现使装置由静止 缓慢加速转动，直至细线与OB间夹角增大到53°。忽略一切摩擦，重力加速度g取10/s2,sin37°=0.6， c0s37°=0.8。求： (1)弹簧的劲度系数k。 000000000000 600606000006 A (2)上述过程中小球P移动的距离d。 (3)细线与OB间夹角增大到53°时，装置转动的角速度 L 379 15.(18)如图，固定的光滑弧形轨道AB,底端与一顺时针转动的水平传送带左端平滑连接于B点， 传送带速度的大小可调，AB的高度差为h=1.8m。传送带BC的长度为L=1m,右端与水平面CE 平滑连接于C点。CD段粗糙，长度为L,=1m,DE段光滑。在E处固定一轻质弹簧，其处于原长时 左端恰好位于D点。己知小物块与传送带、水平面CD的动摩擦因数均为4=02。取重力加速度大小 g=10m/s2,弹簧始终在弹性限度内。现让小物块从A点静止释放。 (1)小物块第一次到达B点时的速度大小'妇： (②)小物块第一次滑到C点时的速度大小的范围。 (3)若AB的高度差h可调，并将传送带速度大小调为2m/s,欲使小物块最终停在D点，则h应满足什 么条件？ h B M 77777777777777 E 共3页 《高二物理开学考试》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C C D C A C C AC AD 1．D 【详解】A．做曲线运动的物体，合外力方向不一定要不断改变。例如平抛运动中，合外力（重力）方向恒定，故A错误； B．匀速圆周运动的“匀速”指速率不变，但速度方向时刻变化，因此速度是变化的，故B错误； C．物体做匀速圆周运动需要向心力方向始终指向圆心，且大小满足，物体受到垂直于初速度方向的恒力作用，做一般曲线运动，例如平抛运动，不是匀速圆周运动，故C错误； D．若初速度方向与恒力方向夹角大于90°，力沿速度方向的分量使物体速率减小；当速度方向与力夹角小于90°后，力沿速度方向的分量使物体速率增大，轨迹为曲线（如斜抛运动中速度变化的情况），故D正确。 故选D。 2．C 【详解】雨点同时参与两个匀速直线运动：竖直方向分速度，水平方向分速度等于风速，伞杆与雨点的合速度方向平行，说明合速度与竖直方向夹角为。由几何关系可得： 代入 解得。 故选C。 3．C 【详解】A．运动员从A点水平飞出做平抛运动，水平位移 竖直位移 斜面倾角 由 解得，A正确； B．将初速度和重力加速度分解到垂直斜面方向，垂直斜面初速度 加速度 当垂直斜面速度为零时离斜面最远，由 得，B正确； C．沿斜面方向初速度 加速度 前沿斜面位移 总位移 则，，C错误； D．垂直斜面最大距离，D正确。 故选C。 4．D 【详解】A．同一颗卫星运动到四条轨道曲线的同一点P，万有引力相同，质量相同，根据牛顿第二定律，加速度相等，故A错误； B．卫星轨道越高，卫星的机械能越大，故卫星在椭圆轨道上运行机械能一定大于在圆轨道上运行的机械能，故B错误； CD．对圆轨道，根据 可得 则卫星的机械能为 故C错误D正确。 故选D。 5．C 【详解】A．对滑轮、保险绳索与人的整体分析，由于C点为最低点，切线方向为水平方向，可知C点处重力沿切线方向的分力为零，由于摩擦力作用，整体在到达C点之前已经在减速，可知整体滑到C点时速度不是最大，故A错误； B．在C点，整体做曲线运动，切线水平，法向竖直向上。由牛顿第二定律 因此，弹力一定大于重力，故B错误； CD．重力的瞬时功率为，由于A点和C点重力的功率都为零，可知从A点滑到C点的过程中，重力的功率先增大后减小，故C正确，D错误。 故选C。 6．A 【详解】A．物块接触弹簧前，沿着光滑坡面做匀加速直线运动，设坡面倾角为，根据牛顿第二定律有 解得 可知此阶段加速度保持不变；设物块刚接触弹簧时的位移为，物块接触弹簧后，弹簧被压缩，根据牛顿第二定律有 解得 可知物块接触弹簧后加速度随位移线性减小，直至减小到零并反向增大，故A正确； B．由对A选项的分析可知，接触弹簧后物块加速度与位移成线性关系，对应的图线应为倾斜直线而不应是曲线，故B错误； C．物块接触弹簧前，下滑过程只有重力做功，物块的机械能保持不变；物块接触弹簧后，弹簧弹力对物块做负功，物块机械能逐渐减小，根据功能关系有 可知接触弹簧后物块机械能随位移呈二次函数规律变化，对应的图线应为曲线，故C错误； D．由对C选项的分析可知，图像应为开口向下的抛物线，随着位移逐渐增大，曲线斜率的绝对值应越来越大，而D选项中图像斜率的绝对值逐渐减小，故D错误。 故选A。 7．C 【详解】AB．根据对称性可知，未取走A处弧长为的小圆弧上的电荷时，点场强为零，则取走A处弧长为的小圆弧上的电荷后，圆环上剩余电荷在点产生的场强与被取走的A处弧长为的小圆弧上的电荷在点产生的场强等大反向，被取走的A处弧长为的小圆弧上的电荷在点产生的场强沿着AO方向，若取走A处弧长为的小圆弧上的电荷，点场强的方向沿OA方向，大小等于A处弧长为的小圆弧上的电荷在O点产生的场强大小，即，故AB错误； CD．根据对称性可知，再取走处弧长为的小圆弧上的电荷，点场强变为零，故C正确，D错误。 故选C。 8．C 【详解】A．在物体运动的全过程，根据动能定理有 面积表示该力做的功，由图乙可知 解得，故A错误； B． 在物体运动前的过程中，根据动能定理有 由图乙可知 解得，故B错误； C．当时物体的加速度为零，速度达到最大，结合图乙可知此时物体发生的位移为，在物体运动前的过程中，根据动能定理有 解得 力的功率为，故C正确； D．根据能量关系可得整个过程因为摩擦而产生的热量，故D错误。 故选C。 9．AC 【详解】AB． 斜面光滑，不计滑轮摩擦和质量，对小车和小桶组成的系统，只有重力做功，绳子拉力为内力，总功为零，因此系统机械能守恒，故A正确，B错误； CD．绳子不可伸长，小车和小桶速率大小相等，小桶上升时，小车沿斜面下滑距离也为 小车下降高度为​，重力势能减少 小桶上升，重力势能增加 总重力势能减少量为 根据机械能守恒 整理得 小车的动能 小桶的动能 所以C正确，D错误。 故选 AC。 10．AD 【详解】A．设细线与竖直方向的最大夹角为θ，有-mgL（1-cosθ）+qELsinθ=0 解得θ=90°，故A正确； B．由qE= mg可知，小球所受合力方向斜向下且与水平方向成45°角，故当小球经过与合力方向相反，位于A、D两点中间的F点时速度最小，设为vF，有 变形解得 小球从C点到F点的过程，由动能定理得 代入数据解得，故B错误； C．从F点到D点由动能定理 可得 即若小球在D点速度大于，则小球可以做完整的圆周运动，C错误； D．剪断细线，小球在竖直方向上先做竖直上抛运动，在 水平方向上做初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，小球回到与A点同一水平线上时，时间为 水平位移，故小球恰好经过B点，故D正确。 故选AD。 11．(1) (2) (3)不用 (4) 【详解】（1）金属球通过光电门的平均速度近似为瞬时速度，所以其速度为 （2）重力势能的减少量等于重力做功，所以有 （3）若机械能守恒，则物体重力势能的变化量等于物体动能的变化量，所以有 等式两边的质量m约去，所以不用测量小球的质量。 （4）若机械能守恒，由 又因为 整理有 所以图像的斜率为 （5）[1][2]若轨道不光滑，摩擦力做功，金属球减少的重力势能一部分转化为内能，减少的重力势能一定大于增加的动能，所以不可能出现减少的重力势能比增加的动能小的情况，所以解释错误。 12．(1) (2) (3)无关 (4)反比 (5)大于 【详解】（1）小球从静止开始释放到到达最低点过程中，根据动能定理 线速度与角速度的关系为 联立可得 （2）由于杆的直径比较小，可以用平均速度代替瞬时速度，所以杆经过最低点的速度为 线速度与角速度的关系为 可得 （3）由可知细杆角速度ω与细杆质量m无关。 （4）细杆从静止开始释放到到达最低点过程中，杆中点的速度为，根据机械能守恒 则杆下端的速度为 线速度与角速度的关系为 联立可得 由此可知细杆角速度的平方ω2与杆长l成反比。 （5）根据可知，斜率，所以斜率大于2g。 13．（1）（2）a = 2gsinθ， 【详解】（1）滑块受重力、电场力、支持力作用处于平衡状态。由力的平衡条件 qE = mgsinθ 解得 E = （2）当电场方向平行于斜面向下时，由牛顿第二定律 qE＋mgsinθ = ma a = 2gsinθ 由运动学规律 L = at2 联立解得 t = 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）系统静止时，设弹簧弹力大小为，细线拉力大小为，对P、Q受力分析如图所示 根据平衡条件，对P有 对Q有 解得 此时弹簧长度 则弹簧的劲度系数 （2）夹角增大到时，弹簧的长度 则小球P移动的距离 （3）夹角增大到时，由可知弹簧处于伸长状态，设此时弹簧弹力大小为，细线拉力大小为，对P、Q受力分析如图所示 根据胡克定律有 根据平衡条件，对Q有 解得、 对P有 解得 15．(1) (2) (3)应满足或 【详解】（1）弧形轨道光滑，小物块从到过程机械能守恒 解得 （2）传送带速度可调，根据摩擦力对物块做功的两种极端情况分析 当​很小，物块在传送带上全程减速，到达点速度最小，根据动能定理 解得 当很大，物块在传送带上全程加速，到达点速度最大，根据动能定理 解得 所以，的范围为 （3）欲使小物块最终停在D点，则其最后一次到达C点向右运动时的速度须恰好为 代入数据解得 因传送带速度，只要物块在传送带上能达到与传送带共速，其到达C点的速度即为2m/s。 若物块第一次通过传送带即达到共速，需满足 即 解得 若物块第一次未共速，则会经过CD段往返。物块每在CD段往返一次，损失能量 在传送带CB段往返一次，损失能量 若物块在某次循环中回到B点时的动能满足 则在随后的BC过程中必能与传送带共速，从而停在D点。 根据能量守恒，从A点释放到该状态的总能量关系为 即 由，可得 综上所述，欲使小物块最终停在D点，h应满足的条件为或 其中n=0，1，2，… 通过更精确的能量区间分析，通解可表示为h≤0.4m或0.4n+0.1m≤h≤0.4n+0.3m, 其中n=1，2，3，… 学科网（北京）股份有限公司 $