江苏省南京市鼓楼区2026-2027学年九年级上学期10月物理第一次月考模拟练习卷

**基本信息** 以苏科版九年级上册第11-12章为范围，通过《一馔千年》荔枝膏制作、“鲲龙”AG600飞机、龙骨水车等生活、科技及文化素材，实现基础概念与综合应用的梯度考查，强化物理观念与科学思维。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|12题/24分|杠杆分类、滑轮特点、功与功率、内能、比热容|结合《中国居民膳食指南》鸡蛋举高功估算，考查物理观念| |填空题|7题/26分|杠杆计算、机械能变化、比热容、热机效率|“鲲龙”投水前后动能分析，融合科技情境与科学推理| |非选择题|11题/50分|杠杆平衡实验、滑轮组效率、动能影响因素、热量计算、龙骨水车阅读|27题篮球远投距离探究（科学探究），29题煮羊肉汤热量计算（生活应用），30题龙骨水车考查文化传承与机械效率（科学态度）|

2026-2027学年南京市鼓楼区10月份第一次月考初三物理模拟练习卷 （考试范围：苏科版九年级上册第11章+12章；考试时间：100分钟；试卷满分：100分） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。 3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单选题（每题2分，共12题，共24分） 1．杠杆在生活与生产中的应用非常的广泛，下列杠杆的使用中属于省力杠杆的是（     ） A．皮划艇的船桨 B．食品夹 C．托盘天平 D．瓶起子 2．我国是世界上使用与发展机械最早的国家之一，为人类文明和社会进步作出了重要贡献。如图所示，劳动人民用简单机械将护城河上的板桥拉起来。下列有关安装在城墙顶端的滑轮说法，正确的是（     ） A．该滑轮是动滑轮 B．该滑轮可以改变施力的方向 C．使用该滑轮可以省力 D．使用该滑轮可以省功 3．《中国居民膳食指南（2022）》中建议成年人每天要吃一个鸡蛋，以满足日常营养需求。小明将一个鸡蛋在竖直方向匀速举高了1m，则他对鸡蛋做的功约为（     ） A．0.5J B．5J C．25J D．50J 4．下列关于功率的说法中，正确的是（     ） A．做功越多的物体，其功率越大 B．时间相同，功率大的机器一定比功率小的机器做功多 C．物体做功所用的时间越短，功率越小 D．功率小的机器，做功一定快 5．关于功率的说法正确的是（　　） A．越省力的机械，则功率越小 B．做功越快的机械，功率越大 C．功率越大，则机械效率越大 D．物体做的功越多，则功率就越大 6．关于动能和重力势能，下列说法正确的是（     ） A．汽车的速度越大，具有的动能一定越大 B．物体的质量越大，具有的重力势能一定越大 C．正在下落的篮球，它的重力势能减小，动能增大 D．高山上静止的石头没有重力势能 7．大型央视节目《一馔千年》再现了《清明上河图》中做荔枝膏的过程，先用清水煮荔枝，煮到水剩一半时，去掉荔枝，陆续放入辅料，最后熬制成膏，清香扑鼻的荔枝膏就制作成功了，下列有关说法正确的是（     ） A．清水沸腾时由于清水的温度不变则其内能不变 B．刚熬的荔枝膏很烫，是因为其含有的热量很高 C．熬制成的荔枝膏很黏稠，说明分子间只存在引力 D．荔枝膏清香扑鼻，说明分子在不停地做无规则运动 8．如图为某一天中央电视台天气预报的截图。小颜发现西宁的温差要比厦门的温差大，造成这种差别的主要原因是（     ） A．水的内能比沙土的内能大 B．水的比热容比沙土的比热容大 C．水的密度比沙土的密度小 D．水的温度比沙土的温度低 9．如图所示，用酒精灯加热装有一定量水的试管，一段时间后，试管口的塞子被管内的水蒸气弹射出去。四冲程内燃机在工作的过程中，与上述现象的原理相同的是（     ） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 10．如下图所示，水平地面上有一块质量为100千克、底边为40厘米×50厘米、高1米的长方体木块。小明用水平推力F把木块向前推动，此过程中，推力F和木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况分别如图2甲、乙所示。下列说法正确的是（     ） A．0~1s内，物块受到的摩擦力为0N B．1~3s内物体所受摩擦力大小为300N C．3~5s内，物体移动的距离为2m D．3~5s内，推力对物块做功为200J 11．如图所示，质量不等的甲、乙两球（）从顶端由静止分别沿固定光滑斜面体的a、b两侧滚到各自底部，则在它们整个运动过程中有（     ） A．甲球的重力所做的功少一些 B．两球在斜面顶端时，乙的重力势能更大 C．斜面支持力对甲球做功大于对乙球做功 D．若它们统一沿b斜面自顶端滑到底部后速度大小相等 12．用相同规格的电加热器分别同时对质量相等的甲、乙两种液体加热（不计热量损失），如图所示是甲、乙两种液体的温度随加热时间变化的关系图像。下列说法正确的是（   ） A．1min内，乙吸收的热量比甲多 B．1min后，乙温度不变，内能不变 C．甲、乙的比热容都随着温度的升高不断增大 D．甲、乙的比热容之比为2∶1 二、填空题（此部分共7题，每空1分，共26分） 13．如图所示为前臂平伸用手掌托住铅球时的情形。我们可将图甲简化成如图乙所示的杠杆。不计杠杆自重，若铅球质量，，，则阻力为__________N，此时肱二头肌对前臂产生的拉力为__________N。（取） 14．如图所示，质量为50kg的同学在做仰卧起坐运动｡若该同学上半身的质量约为全身质量的，则她上半身的重力约为________N。她在1分钟内做了30个仰卧起坐，每次坐起上半身重心上升的距离均为0.3m，则她在这段时间克服重力做的功约为________J，功率为________W。 15．如图所示，中国研制的“鲲龙”AG600是目前世界上最大的水陆两栖飞机。 (1)在“鲲龙”AG600执行森林灭火的投水任务中，水平匀速飞行的“鲲龙”AG600投水位置应选在着火点的__________（选填“正上方”“前方”或“后方”）。 (2)“鲲龙”AG600投水前后，它的动能__________，机械能__________。（选填“增大”“减小”或“不变”） 16．用两个规格相同的电加热器，分别给质量相同的甲、乙两种液体同时加热，其温度随时间变化的关系如图所示。结合图像判断，甲液体的比热容________乙液体的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）。如果乙液体是水，则甲液体的比热容为________J/（kg·℃）。若乙中的水在前20min内吸收2.52×104J的热量，则吸收同样的热量可以使甲从0℃上升至________℃。（不计热量损失，c水=4.2×103J/（kg·℃）） 17．一款无人驾驶汽车以20m/s的速度在一段平直的公路上匀速行驶了7km时，消耗汽油1.4kg。若汽油机转速1800r/min，则每秒发动机完成___________个冲程；水箱里用水给汽车发动机降温，这是因为水的___________较大，这个过程是通过___________的方式使水的内能增大。假设汽油完全燃烧，汽油机的效率为30%，则在这段运动过程中，该汽车做的有用功是___________J，汽车行进过程中受到的阻力为___________N。（汽油的热值是）。 18．使用下列不同简单机械移动物体，已知物体重。 (1)用甲图的滑轮组提升，拉力F为，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。则反映绳子自由端运动的图线是______（选填“A”或“B”），动滑轮重为______N。（不计绳重和摩擦） (2)用丙图滑轮组匀速拉动物体时的机械效率为，如果物体受到水平地面的摩擦力为，拉力F的大小为______N。 (3)如丁图所示，用的推力沿斜面向上将物体从斜面底端匀速推至斜面顶端，已知斜面长高斜面的机械效率为______，物体受到的摩擦力为______N。 19．(1)如图所示，迅速下压活塞，使脱脂棉燃烧，此过程中的能量转化过程与汽油机中____________冲程相同，为了不让汽油机在工作时温度升得太高，在设计制造时，气缸外有一个水套，用水来冷却气缸是因为水的____________较大。若某单缸汽油机每1秒钟对外做功15次，那么该汽油机飞轮的转速为____________r/min。 (2)若甲、乙两种物质比热容之比是，质量之比是，升高的温度之比是，吸收的热量之比是____________。若甲、乙两个物体的体积相同；放出相同的热量后，它们降低的温度之比为，密度之比为，则它们的比热容之比为____________。 三、此部分共11小题，共50分，其中第28、29题需要写出解题步骤。 20．请在图中画出滑轮组最省力的绳子绕法。 21．杠杆OA可绕O点转动，受力情况如图所示。请作出阻力F2的力臂。 22．如图所示，物体处于静止状态，请画出该物体所受的重力G和杠杆A端所施加的最小动力F的示意图。 23．小明用如图所示装置做“探究杠杆的平衡条件”实验。 (1)安装好装置后，杠杆位置如图甲所示，为使其在水平位置平衡，应将平衡螺母向________调节。 (2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N，如果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，拉力最小时，大小为________N。 (3)得到实验结论后，利用图丙所示装置，轻质杠杆可绕O转动，A点悬挂一重物M，B点受到电子测力计竖直向上的拉力F，杠杆水平静止。保持F方向不变，F的力臂记为l，改变B点位置，F与________的关系图像为图丁中的①；将M从A移至P，再重复上述步骤，F与的关系图像为图丁中的________（选填“①”或“②”或“③”或“④”）。 24．某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。 实验次数 钩码重量G/N 钩码上升高度h/m 绳端拉力F/N 绳端移动距离s/m 机械效率η 1 4 0.1 2.7 0.2 74% 2 4 0.1 1.8 0.3 74% 3 8 0.1 3.1 0.3 86% 4 8 0.1 2.5 0.4 (1)实验中应沿竖直方向__________缓慢拉动弹簧测力计。 (2)小组同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法__________（选填“正确”或“不正确”），因为他没有考虑到__________对滑轮组机械效率的影响。 (3)通过比较__________两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高。（填实验次数的序号） (4)通过比较__________两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组机械效率与绳子段数无关。比较__________两次实验数据得出，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低。（填实验次数的序号） (5)测量绕法确定的滑轮组的机械效率，钩码上升的高度和绳端移动距离__________（填“可以不测量”或“一定要测量”）。 (6)有的同学认为：“机械越省力，它的机械效率越高”。分析表中数据，你认为这句话是__________（填“正确”或“错误”）的。 25．在研究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验中，装置如图所示： 实验次数 小车和钩码的总质量 小车释放的高度 木块滑行的距离 1 200 30 35 2 400 30 65 3 600 30 (1)让质量不同的小车，从同一斜面的相同高度处由静止释放，这样操作的目的是_____________________； (2)从表中数据可以看出，实验中是通过比较____________来比较动能的大小；本实验研究的“动能”是指________（填字母序号）； A．小车在斜面上时，小车的动能    B．小车撞击木块时，小车的动能 C．小车撞击木块后，木块的动能    D．小车在斜面上时，木块的动能 (3)由表格中的数据可得结论：____________________________________； (4)第3次实验时，木块被撞后滑出木板无法记录数据，需要重做第三次实验。甲同学建议换用同样较长的木板，乙同学建议换一个较大的木块，丙同学建议降低小车释放的初始高度，你认为应当采用________同学的建议。 26．某学习小组探究沙子和水的吸热能力 (1)学习小组同学用如图甲所示装置探究沙子和水的吸热能力。在完全相同两箱子中装入初温相同、质量相同的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，这是为了保证相同时间内水和沙子________相同； (2)依据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像如图乙所示，可知在质量，吸收热量相同时，沙子升高的温度比水升高的温度多，说明________的吸热能力强。 (3)该实验中除了用到控制变量法外，还用了________法。 (4)在受太阳照射的条件相同时，内陆地区昼夜温差比沿海地区大，这是因为水和沙土相比，水的比热容较大，下列事例中属于应用水的这种特性的是。 A．夏天给教室洒水，感觉凉 B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸 C．用水冷却汽车的发动机 D．冰熔化成水需要吸收热量 (5)水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则可以算出沙子的比热容为________J/（kg•℃）。 27．如图甲所示，小明在打篮球时，远投球总是够不到篮板。他想：远投时，篮球抛出的距离大小是否与篮球出手的速度和角度有关？ 为此，小明安装了如图乙所示的装置来进行探究：在水平桌面上放置一个长方形容器。容器左侧固定一条水管，水管末端连接一个带有阀门的喷水嘴，喷水嘴的喷水角度可调。请回答下列问题： (1)保持喷水嘴的喷水角度不变，用开关改变水喷出的速度，做了以下实验： 第一次让水的喷出速度较小，水喷出后落在容器的A点； 第二次让水的喷出速度稍大，水喷出后落在容器的B点； 第三次让水的喷出速度更大，水喷出后落在容器的C点；改变喷水角度重复实验。 经过分析得出如下结论：当喷出角度一定时，水喷出的速度越大，喷出的距离就越________。 (2)小明控制喷水速度一定，让水沿不同角度（与水平方向的夹角小于90°）喷出，当水喷出的角度由水平方向逐渐向上倾斜时，喷出距离越来越远，而随着倾斜角度的增加，喷出距离又越来越近了。通过对上述现象进行归纳分析，小明得出“当喷水速度一定时，水喷出距离随着喷出角度的增加先变大后变小”的结论，你认为该结论________（选填“可靠”或“不可靠”），理由是：________________________________________。 (3)小明感觉投球时风向对球抛出的距离大小有一定影响。若他逆风投球，球离开手时的机械能为，到最高点时的机械能为，则________（选填“＞”“＜”或“=”）。理由是：________________________________。 (4)根据上面的探究结论，小明为提升篮球抛出的距离，可采用的方法是：______________________________。 28．如图每个滑轮均重50N，拉着重600N的物体以0.1m/s的速度上升了4m，拉力F的功率是75W（不计绳重），求： (1)拉力做的功； (2)滑轮组的机械效率； (3)货物上升4m过程中，克服摩擦力做的功。 29．古蔺红汤羊肉是“古蔺郎乡佳宴”八道核心热菜之一，它以古蔺县特有马头羊肉为主料，配以豆腐、陈皮、五香草等辅料，经煸炒后加入泸州特产泡椒、泡姜等调味品烹制的麻辣汤锅热菜。如图所示，它的制作过程中需经历冷水浸泡、香料熬煮、煸炒提香等多道工序。若煮一锅羊肉汤需加水10kg，羊骨、羊肉、羊杂三者共5kg，设锅中水、羊骨、羊肉、羊杂初始温度都为20℃，然后用掉2kg木材将汤烧开（1个标准大气压下）。羊骨、羊肉、羊杂平均比热容为，，。求： (1)水吸收的热量是多少； (2)本次煮羊肉汤羊骨、羊肉、羊杂吸收的热量相当于完全燃烧多少千克的木材（结果保留两位小数）； (3)本次煮羊肉汤的加热效率为多少？ 30．阅读下面的短文，并回答问题。 龙骨水车 据史料记载，龙骨水车发明于东汉时期，因其结构形如长龙骨架而得名，是中国古代劳动人民发明的农业灌溉机械之一。如图甲所示，龙骨水车的主体由两部分组成：一是取水部分的车桶、大龙头轴、小龙头轴、刮水板等；二是人操作部分的扶手和脚踏板等。龙骨水车通体由木质板材构成，大部分采用榫接和链接结构，材料简单、技艺成熟，使龙骨水车很容易制作。 龙骨水车在工作时主要利用链轮传动原理，即当主动轴旋转时，链条与固定在主动轴上的链轮相咬合，从而带动固定在从动轴上的链轮旋转，使从动轴获得动力。如图乙所示，小龙头轴及刮水板浸入低处的水中，人握住扶手用脚踏动脚踏板，驱动大龙头轴（主动轴）转动，带动链条（由刮水板等组成）运动，进而带动小龙头轴（从动轴）转动，这一过程中刮水板将水带入车桶内，板叶刮水上行，将低处的水刮传至高处的农田中，实现连续提水灌溉。 这种古代先进大型农用机械，不仅提高了当时农业灌溉的效率，更彰显了我国古代劳动人民的智慧。请根据上述材料，回答下列问题： (1)龙骨水车在工作时主要是利用了___________原理。 (2)脚踏板、转轴和大轮组成了一个轮轴，它相当于一个___________（选填“省力”或“费力”）杠杆，刮水上行时水的___________能增大； (3)刮板的面积越大，水车旋转一周提升的水就越多，对水所做的功越___________（选填“多”或“少”），当工人踩动脚踏板的速度加快时，提升水的功率会变___________（选填“大”或“小”）。 (4)若农民伯伯踩动龙骨水车，驱动龙骨水车的机械效率为40%，平均功率为，那么它可以将___________的水提到高的农田处；（取） (5)如果需要提高驱动龙骨水车的机械效率，可以采用的方法有___________（写出一种即可）。 试卷第1页（共3页） 试卷第1页（共3页） 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B A B B C D B C C 题号 11 12 答案 D D 1．D 【知识点】杠杆的分类 【详解】AB．船桨和食品夹使用时动力臂均小于阻力臂，由可知，均属于费力杠杆，故AB不符合题意； C．托盘天平使用时动力臂等于阻力臂，由可知，属于等臂杠杆，故C不符合题意； D．瓶起子使用时动力臂大于阻力臂，由可知，属于省力杠杆，故D符合题意。 故选D。 2．B 【知识点】定滑轮的概念、实质及特点、动滑轮的概念、实质及特点、功的概念和单位 【详解】A．滑轮的轴固定不动，属于定滑轮，故A错误； BC．定滑轮实质为等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，所以使用定滑轮不能省力，但可以改变施力的方向，故B正确，故C错误； D．由功的原理可知，使用任何机械都不省功，故D错误。 故选B。 3．A 【知识点】功的计算和估算 【详解】一个鸡蛋的质量约为 一个鸡蛋的重力 将一个鸡蛋在竖直方向匀速举高了1m，对鸡蛋做功 故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 4．B 【知识点】比较功率的大小、功率的定义及意义、P=W/t、功和功率的区别和联系 【详解】A．功率定义式为，功率由做功和时间共同决定，仅大、不确定时，无法判断功率大小，故A错误； B．由，相同的情况下，越大则越大，因此时间相同，功率大的机器做功更多，故B正确； C．功率由、共同决定，仅小、不确定时，无法判断功率大小，且相同时越短功率越大，故C错误； D．功率是表示做功快慢的物理量，功率越小做功越慢，故D错误。 故选B。 5．B 【知识点】功率的定义及意义、P=W/t、功和功率的区别和联系、机械效率的定义 【详解】A．机械省力，但不省功。根据可知，功率只与做功的多少和做功的时间有关系，与机械的省力程度无关。故A错误； B．功率是表示做功快慢的物理量，所以做功越快的机械，功率越大。故B正确； C．根据可知，机械效率只与有用功和总功有关，与功率无关，故C错误； D．根据可知，功率与做功的多少和做功的时间都有关系，所以并不是物体做的功越多，则功率就越大。故D错误。 故选B。 6．C 【知识点】动能的概念、影响动能的因素、物体运动过程中各种机械能的变化情况、重力势能的概念及影响因素 【详解】A．动能由质量、速度共同决定，仅速度大、质量不确定时，动能不一定大，故A错误。 B．重力势能由质量、高度共同决定，仅质量大、高度不确定时，重力势能不一定大，故B错误。 C．下落的篮球质量不变，高度减小，则重力势能减小；速度增大，则动能增大，故C正确。 D．高山上静止的石头的高度不为0，可知其具有重力势能，故D错误。 故选C。 7．D 【知识点】扩散现象、温度、热量与内能的区别与联系、分子间作用力的现象 【详解】A．水沸腾时温度不变，但不断吸热，用于使水汽化（分子势能增大），所以内能增加，不能说内能不变。故A错误； B．刚熬的荔枝膏很烫，是因为其温度较高，热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故B错误； C．熬制成的荔枝膏很黏稠是因为分子间存在引力，但分子间的引力和斥力是同时存在的，故C错误； D．荔枝膏清香扑鼻属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。 故选D。 8．B 【知识点】水的比热容特点及应用、温度、热量与内能的区别与联系、影响物体内能大小的因素、密度的概念、定义式及单位 【详解】A．内能大小和物体质量、温度等多个因素有关，无法直接比较水和沙土的内能大小，且内能大小也不是温差不同的原因，故A不符合题意； B．厦门沿海所以水多，西宁地处内陆所以沙土多，水的比热容远大于沙土的比热容，在吸收或放出相同热量时，水的温度变化幅度远小于沙土，因此沿海城市昼夜温差更小，内陆城市温差更大，故B符合题意； C．密度大小和温度变化幅度没有直接关联，不是造成温差差异的原因，故C不符合题意； D．该选项描述的“水的温度比沙土温度低”是错误的，也无法解释两地的温差差异，故D不符合题意。 故选B。 9．C 【知识点】通过做功改变物体内能时，能量的转化、汽油机的构造与工作过程 【详解】加热过程中，试管内的水蒸气越来越多，导致水蒸气体积膨胀推动塞子对塞子做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能。 内燃机的做功冲程中，缸内气体对活塞做功，将气体的内能转化为活塞的机械能，与图中塞子冲出时的工作原理相同，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 10．C 【知识点】影响滑动摩擦力大小的因素、计算物体运动的速度、功的计算和估算、二力平衡条件的应用 【详解】A．由图乙可知0~1s内物体速度为0，处于静止状态，由图甲可知此时推力，根据二力平衡条件可知静摩擦力，故A错误； B．由图乙可知3~5s内物体做匀速直线运动，由图甲可知此时推力，根据二力平衡条件可知滑动摩擦力 1~3s内物体做加速运动，因压力和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力大小不变，仍为，故B错误； C．由图乙可知3~5s内物体速度，时间 移动距离，,故C正确； D．由图甲可知3~5s内推力，推力做功，故D错误。 故选C。 11．D 【知识点】比较功的大小、比较重力势能的大小、力做功的必要因素、物体运动过程中各种机械能的变化情况 【详解】A．重力做功 两球初始高度相同，已知，因此甲的重力更大，重力做功更多，，故A不符合题意； B．重力势能大小和质量、高度有关，两球在顶端高度相同，，所以甲的重力势能更大，故B不符合题意； C．斜面支持力方向垂直于斜面，小球运动方向沿斜面，支持力方向与运动方向垂直，支持力对两球做功均为0，故C不符合题意； D．小球沿光滑斜面下滑，重力势能全部转化为动能，即，解得，速度大小与质量无关，故它们沿b斜面自顶端滑到底部后速度大小相等，故D符合题意。 故选 D。 12．D 【知识点】温度、热量与内能的区别与联系、比热容的概念、单位和物理意义、不同物质的吸热本领、计算物体温度变化时的吸放热 【详解】A．加热甲、乙两种液体使用的是相同规格的电加热器，加热时间相同时，电加热器放出的热量相同，不计热量损失，甲、乙两液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，所以甲、乙液体吸收的热量相等，故A错误； B．1min后，虽然乙液体的温度不变，但是电加热器仍然在对乙液体加热，乙液体不断吸热，内能增加，故B错误； C．比热容是物质的一种特性，和物体吸收的热量多少、温度的高低、质量的大小都没有关系，故C错误； D．乙液体加热1min，电加热器放出热量，甲液体加热3min，电加热器放出热量为，甲液体加热时间是乙的3倍，所以两加热器放出的热量之比为 不计热量损失，，则 由热量公式，则 由题意，由图，，，，，则 所以甲、乙两液体的比热容比为2∶1，故D正确。 故选D。 13． 30 300 【知识点】运用杠杆平衡原理进行计算、重力的计算与估算、生活中常见的杠杆模型 【详解】本题中阻力是铅球对前臂的压力，大小等于铅球的重力，阻力 杠杆的平衡条件可得，整理得 14． 300/ 2700/ 45 【知识点】重力的计算与估算、P=W/t、功的计算和估算 【详解】该同学全身重力 已知上半身质量为全身质量的，因此上半身重力 每次仰卧起坐克服重力做功 1分钟做30个仰卧起坐，总功 已知总时间，功率 15．(1)后方 (2) 减小 减小 【知识点】动能的概念、影响动能的因素、生活中的惯性现象、辨析物体的机械能是否发生变化 【详解】（1）水平匀速飞行的飞机投水时，水离开飞机后由于惯性，会保持和飞机相同的水平向前速度的同时向下运动，因此飞机需要在着火点的后方提前投水，水才能刚好落到着火点。 （2）飞机水平匀速飞行时速度不变，投水后飞机总质量减小，因此动能减小；飞机飞行高度不变、质量减小，重力势能也减小。机械能是动能与重力势能的总和，因此机械能也减小。 16． 小于 【知识点】沸腾的条件、沸点、比热容的比例计算、不同物质的吸热本领、计算物体温度变化时的吸放热 【详解】相同规格的电加热器相同时间放出的热量相同，故甲、乙相同时间吸收的热量相等，且甲、乙质量相等；由图像可知，从0℃上升到60℃，甲用的时间比乙的少，说明甲吸收的热量比乙的少，即其吸收热量的本领较弱，比热容较小。 升高相同温度时，甲的加热时间为，乙的加热时间为，故吸收热量之比，而、，由可得 所以 在前20min中，甲、乙吸收的热量是相同的，如图像所示，甲物质在第10min已经达到沸点了，所以即使再加热也会保持沸点温度60℃，因此同样加热20min，甲会从0℃上升至60℃。 17． 60 比热容 热传递 2700 【知识点】水的比热容特点及应用、热机效率的计算、热传递改变物体的内能、热值的公式及相关计算 【详解】汽油机转速为即每秒转周。四冲程汽油机每转周完成个冲程，每秒完成冲程数为个。 水的比热容较大，相同质量的水和其他物质升高相同温度时，水能吸收更多热量，适合作为发动机冷却剂。 发动机与水之间存在温度差，热量从发动机传递给水，水通过热传递的方式吸收热量，内能增大。 汽油完全燃烧放出的热量为 汽车做的有用功为 汽车匀速行驶时，牵引力与阻力大小相等。功的计算公式为变形并代入数值可得 18．(1) A 200 (2) 100 (3) 60% 200 【知识点】有用功和额外功、滑轮组承重绳子段数与绳端拉力、移动距离的关系、滑轮、滑轮组机械效率的计算、斜面机械效率的计算 【详解】（1）甲图滑轮组绳子段数，绳子自由端移动速度为物体的3倍，则 由图乙相同时间比较路程方法可知 A的速度更大，故反映绳子自由端运动的图线是A。 不计绳重和摩擦，根据 可知动滑轮重力为 （2）丙图水平滑轮组承担物体与地面摩擦力的绳子段数 由机械效率公式 得拉力 （3）有用功为 总功为 斜面的机械效率为 额外功为 物体受到的摩擦力为 19．(1) 压缩 比热容 1800 (2) 2:3 4:3 【知识点】水的比热容特点及应用、比热容的比例计算、热机工作过程中的能量转化、汽油机的构造与工作过程 【详解】（1）下压活塞时，活塞对筒内空气做功，将机械能转化为内能，使空气温度升高点燃脱脂棉。汽油机的压缩冲程同样是活塞压缩气缸内气体，将机械能转化为内能。 水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时可以吸收更多热量，冷却效果更好，可用来作冷却剂。 汽油机每完成1个工作循环，飞轮转2圈，对外做功1次。1秒对外做功15次，说明1秒内飞轮转圈，换算为每分钟转速为 （2）甲、乙两种物质比热容之比是，质量之比是，升高的温度之比是，根据可知， 吸收的热量之比 甲、乙两个物体的体积相同，密度之比，则根据可知，甲、乙的质量之比是，降低的温度之比是，放出热量相同，则根据可知，甲、乙物质的比热容之比为 20． 【知识点】滑轮组的连线问题、按照要求设计滑轮组 【详解】题图是一个定滑轮和动滑轮组成的滑轮组，由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法。根据“偶定奇动”，先连接动滑轮的挂钩，依次绕过定滑轮和动滑轮，据此作图。 21． 【知识点】力和力臂的作图 【详解】力臂是支点到力的作用线的距离，反向延长阻力F2，过支点O作阻力F2作用线的垂线段，即为力臂。据此作图。 22． 【知识点】重力的示意图、力和力臂的作图 【详解】物体所受重力的作用点在物体的重心，方向竖直向下，因此从物体重心沿竖直向下方向画一条有向线段，标注G。 由杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变时，要使杠杆A端所施加的动力最小，应使动力臂最大。由图可知，OA就是最长动力臂。作法： 过A点作OA的垂线，由于阻力让杠杆绕O顺时针转动，动力F需要使杠杆逆时针转动，因此动力方向为垂直OA斜向左上方，画一条有向线段，标注F。 23．(1)右 (2)2 (3) ④ 【知识点】运用杠杆平衡原理进行计算、探究杠杆的平衡条件的实验装置和操作步骤、探究杠杆的平衡条件的实验结论和数据处理 【详解】（1）图甲杠杆左端低、右端高，平衡螺母向右调节。 （2）每个钩码 0.5N，A 处3个钩码总重力1.5N，设每格长度为L，A 点力臂 4L，B 点最大力臂3L，由杠杆平衡条件 则 解得拉力大小为 （3）根据杠杆平衡条件 变形得 其中为固定值，所以 与的关系图像应为一条过原点的直线，对应图丁中的①； 重物M从A移到P，阻力臂变小，重物M的重力不变，则变小，即图像斜率变小，F与的关系图像对应④。 24．(1)匀速 (2) 不正确 摩擦力 (3)2、3 (4) 1、2 3、4 (5)可以不测量 (6)错误 【知识点】测量滑轮组的机械效率、滑轮组承重绳子段数与绳端拉力、移动距离的关系、影响机械效率大小的因素、滑轮、滑轮组机械效率的计算 【详解】（1）实验时需沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时滑轮组处于平衡状态，弹簧测力计示数等于绳子自由端拉力。 （2）[1][2] 静止读数时，滑轮轴没有相对转动，没有摩擦力，测得拉力偏小；实际提升重物过程，需要克服摩擦力做额外功，静止读数忽略了摩擦力对机械效率的影响，所以想法不正确。 （3）探究同一滑轮组机械效率和物重关系，要控制动滑轮重力不变，改变钩码重力G。实验 2 中G=4N，η=74%；实验 3 中G=8N，η=86%，物重增大，机械效率升高，故选 2、3。 （4）[1]探究机械效率与绳子段数无关，控制物重G、动滑轮重力不变，改变绳子段数。实验 1、2 提升物重均为4N，绳子段数不同，机械效率都为74%，因此选 1、2。 [2]探究动滑轮越重，机械效率越低，应控制提升物重G不变，改变动滑轮重力。实验 3、4 钩码重力均为8N，动滑轮重力不同，对比可得出结论，因此选 3、4。 （5）因为机械效率，h被约去，只需知道G、F、n就可以计算η，所以钩码上升高度h、绳端移动距离s可以不测量。 （6）省力是指拉力F大小，机械效率η为有用功和总功的比值，二者没有必然联系。对比实验 1、2，实验 2 拉力更小更省力，但两次机械效率相等，所以证明 “机械越省力，它的机械效率越高” 是错误的。 25．(1)使小车到达水平面时的初速度相同 (2) 木块滑行的距离 B (3)当物体的速度一定时，物体的质量越大，动能越大 (4)甲 【知识点】探究影响动能因素的实验装置及作用、探究动能大小与质量的关系 【详解】（1）该实验用到控制变量法，让不同质量的小车从同一斜面同一高度由静止释放，目的是让小车滑到水平面时的初速度大小相等。 （2）实验利用转换法，将不易直接测量的动能大小，转换为容易观测的木块被撞击后滑行的距离，木块滑行越远，说明小车动能越大；本实验探究的是小车撞击木块瞬间小车自身的动能，通过小车对木块做功的多少反映该动能的大小。故选B。 （3）表格中三组实验小车释放高度相同，即小车到达水平面的速度相同，总质量越大，木块滑行距离越远、动能越大，因此得出结论：当物体的速度一定时，物体的质量越大，动能越大。 （4）第3次实验的变量是小车质量，必须保持小车到达水平面的速度、木块规格等其他条件不变，才能符合控制变量的要求：换更长的木板可以解决木块滑出的问题，同时不改变原有实验条件；换更大的木块会改变木块受到的摩擦力，降低释放高度会改变小车的初速度，都会破坏实验的控制变量条件，因此选甲的建议。 26．(1)吸收的热量 (2)水 (3)转换 (4)C (5) 【知识点】不同物质的吸热本领、计算物体温度变化时的吸放热、转换法 【详解】（1）用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，相同时间内白炽灯放出的热量相同，所以能保证相同时间内水和沙子吸收的热量相同。 （2）质量、吸收热量相同时，沙子升高的温度比水升高的温度多，根据比较吸热能力的方法，质量相同的不同物质吸收相同热量时，温度变化越小，吸热能力越强，所以水的吸热能力强。 （3）实验中通过加热时间的长短来反映吸收热量的多少，将不易测量的吸收热量的多少转换为容易测量的加热时间，这种方法是转换法。 （4）A．夏天给教室洒水，感觉凉，是因为水蒸发吸热，与水的比热容无关，故A不符合题意； B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸，这是扩散现象，与水的比热容无关，故B不符合题意； C．用水冷却汽车的发动机，是因为水的比热容大，相同质量的水升高相同温度能吸收更多热量，应用了水比热容大的特性，故C符合题意； D．冰熔化成水需要吸收热量，这是熔化现象，与水的比热容无关，故D不符合题意。 故选C。 （5）由图乙可知，加热相同时间，质量相同的水和沙子吸收相同热量。当加热8min时，水升高的温度 沙子升高的温度 根据，当和相同时，比热容与温度变化量成反比，则 已知 所以沙子的比热容 27．(1)远 (2) 不可靠 该实验仅进行了一次，未多次重复实验排除偶然性，得出的结论不具有普遍性 (3) > 逆风投球时，球在空中运动过程中受到空气阻力的作用，需要克服空气阻力做功，部分机械能转化为内能，机械能总量减少，因此 (4)选择合适的抛射角度 ，增大出手速度 【知识点】归纳法、控制变量法、通过做功改变物体内能时，能量的转化 【详解】（1）控制喷水角度不变时，水喷出速度从小到大，落点从近的A点逐渐到更远的B、C点，因此可得：喷出角度一定时，水喷出速度越大，喷出的距离就越远。 （2）略 （3）略 （4）根据（1）中结论可知，抛射角度一定时出手速度越大抛射距离越远，因此可采用的方法是选择合适的抛射角度，增大出手速度。 28．(1)3000J (2)80% (3)400J 【知识点】有用功和额外功、功的计算和估算、滑轮、滑轮组机械效率的计算 【详解】（1）提升物体所用的时间 拉力做的功 （2）提升物体所做的有用功 滑轮组的机械效率 （3）提升动滑轮做功 克服摩擦力做的功 29．(1) (2) (3) 【知识点】加热效率的计算、计算物体温度变化时的吸放热、热值的公式及相关计算 【详解】（1）1标准大气压下水的沸点为，水升高的温度 水吸收的热量 （2）羊骨、羊肉、羊杂升高温度与水相同，即 由 得， （3）2kg木材完全燃烧放出总热量 有用热量 本次煮羊汤的加热效率为 30．(1)链轮传动 (2) 省力 重力势 (3) 多 大 (4)4.8 (5)给转轴加润滑油（合理即可） 【知识点】P=W/t、影响机械效率大小的因素、杠杆的分类 【详解】（1）根据材料原文描述，龙骨水车工作时主要利用链轮传动原理。 （2）轮轴的实质是杠杆，动力作用在大轮上时，动力臂大于阻力臂，因此相当于省力杠杆；刮水上行时，水的质量不变，高度增加，重力势能随物体高度增大而增大，因此水的重力势能增大。 （3）提升水的高度相同，刮板面积越大，提升水的重力越大，根据，对水所做的功越多；踩动脚踏的速度加快时，单位时间内提升水的总重力更大，相同时间内做的有用功更多，根据，提升水的功率会变大。 （4）由可得，驱动的龙骨水车的总功 根据机械效率公式可得，有用功 而有用功是提升水的重力做功，即 解得水的质量 （5）提高机械效率可以通过减小额外功实现，例如给转轴加润滑油，减小转轴处的摩擦，减少额外功，从而提高机械效率，回答合理即可。 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $