河南周口市扶沟县高级中学2026-2027学年高二上学期开学考试物理试题

扶沟高中2026一2027学年度（上)高二开学考试 物理试卷 一.选择题（本题共10小题，17题只有一项符合题目要求，每小题4分，810题多项符合 题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0分。) 1.下列说法中，正确的是() F A.由p=卫可知，电场中某点的电势中与g成反比 q F B.由E=上可知，电场中某点的电场强度E与P成正比 q C.公式C= 中，电容器的电容C与电容器两极板间电势差U成反比 U D.公式Ub=Ed中，匀强电场中任意两点ab间的距离越大，两点间的电势差不一定越大 2.如图所示，绕过滑轮的轻绳一端固定在竖直墙上，站在地面上的人用手拉着绳的另一端，滑 轮下吊着一个小球，处于静止状态，不计滑轮摩擦。保持A点高度不变，手与绳无相对滑动且 球不碰地。在人缓慢向上移动一小段距离的过程中() A.绳上张力变大 B.人对地面的压力变大 C.滑轮受到绳的作用力变大 D.地面对人的摩擦力不变 3.如图所示，用跨过光滑定滑轮的缆绳将湖面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边。己知拖 动缆绳的电动机输出功率恒为P,小船的质量为m,小船受到的阻力大小恒为￡，经过A点时小 船的速度大小为，加速度为a,缆绳与水平方向夹角为9，不计缆绳和滑轮质量，则以下关 系正确的是() Pcose A. --f=a B. -f=ma P C. -f=a D. 1o'cose pcosef=ma 6 4.真空中AB、C为一等边三角形的三个顶点，在A、B两点分别放等量同种电荷后，三角形 中心O点的场强为B,电势为P；若再在C点放一等量同种电荷，取无穷远处电势为0，则O 点的场强大小和电势应分别为() A.2F,2 B.2E, P 2 c.0,- 3 2 D.0.29 5.在高速公路上，甲、乙两汽车在同一条平直的车道上行驶，甲车在前、乙车在后。仁0时刻， 发现前方有事故，两车同时开始刹车，两车刹车后的~t图像如图所示， 4v/(m's) 30k 下列说法正确的是() 乙 20 A.甲车的加速度大于乙车的加速度 甲 B.若左10s时两车未发生碰撞，则此时两车相距最远 0 5101520t/s C.为避免两车发生碰撞，开始刹车时两车之间的距离至少为25m D.为避免两车发生碰撞，开始刹车时两车之间的距离至少为50m 6.金星与地球半径接近，金星的质量约为地球质量的；，地球和金星各自的卫星公转半径倒数 4 上与公转速度平方的关系图像如图所示，下列判断正确的是〔） A.金星的第一宇宙速度较大 B.取相同公转速度，金星的卫星的周期较小 C.图线a表示的是地球的卫星，图线b表示的是金星的卫星 D.取相同公转半径，金星的卫星向心加速度较大 7.一轻质杆AB,初始时紧靠在光滑的竖直墙面上竖直静止放置，杆长为21，在其中点C处固 定一个质量为m的小球，现使A端不脱离墙面，B端沿着光滑地面以速度ⅴ向右匀速运动，当 杆与地面成角时，则() A.小球的速度大小为 2c0S0 B B.小球做匀速圆周运动 。,当u3心时，杆对小球的作用力大小为叫g2》 D.当a=30°时，杆对小球做的功为-mg 8.下列关于欧姆定律的说法中正确的是() U A.由R=二知道，一段导体的电阻跟它两端电压成正比，跟通过它的电流成反比 U B.由I=二知道，通过导体的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比 R C.欧姆定律适用于任何电路和任何元件，包括气体导电 U U D.比值一反映了导体阻碍电流的性质，即电阻R= I 9.长为L=3m与水平面成0=30°角的传送带以v=2m/s的速度顺时针运行，一物块以某一初速 度从底部滑上传送带，结果物块恰好到达传送带顶端而沿原路返回，如图所示。物块与传送带 回的动摩擦因数为49，取用力加速度8=10ms。( A.物块的初速度为2√3m/s B.物块的初速度为6m/s C.物块在传送带上运动时间为1.5+√3)s D.物块在传送带上留下的划痕长度为6m 10.巴蜀中学高中女篮勇夺2024年中国高中篮球联赛西区冠军，在篮球比赛中某同学以斜向上 的速度将篮球抛出，与篮板撞击后落入篮筐，可得到此次篮球运动轨迹的简易图如图所示。若 此次投篮中，篮球的初速度大小为”，与竖直方向夹角为日，篮球抛出后恰好垂直打在篮筐上 方然后被反向弹回并且从篮筐正中央落下。已知脱手点与撞击点的竖直距离为H,撞击点与篮 筐的竖直距离为，忽略空气阻力，不计篮球与篮板碰撞的时间，则() 3 A.篮球从脱手到进入篮筐的过程中水平方向做匀减速直线运动 B.篮球垂直打在篮板前一瞬间速度大小为，sinθ 2H. 2h C.篮球从脱手到进入篮筐过程所经历的时间为 2h D.篮球反向弹回到进入篮筐过程中满足L=?snO V 8 二、实验题（本题共2小题，共16分，每空2分） 11.“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示，已知打点计时器所用 电源频率为50Hz,试回答下列问题。 小车 打点计时器 B C D 砝码金 砝码盘 9.5011.0012.5514.0015.50 17.05单位：cm0 甲 乙 丙 (1)实验中在平衡小车与木板之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示，A、BCD B、F、G这些点的间距如图中标示，其中相邻两点间还有4个计时点未画出。根据测量结果计 算：小车运动的加速度大小为 m/s(结果保留三位有效数字) (2)平衡好摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上，挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个 砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度。根据小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实 验数据作出的aF图线如图丙所示，此图线不通过原点的主要原因 (3)在某次利用上述已调整好的装置进行实验时，保持砝码盘中砝码个数不变，小车自身的质量 保持不变（已知小车的质量远大于砝码盘和盘中砝码的质量)，在小车上加一个砝码，并测出此 时小车的加速度a,调整小车上的砝码，进行多次实验，得到多组数据，以小 车上砝码的质量m为横坐标，相应加速度的倒数为纵坐标，在坐标纸上作出 a 如图丁所示的三-m关系图线，实验结果验证了牛顿第二定律。如果图中纵轴上 6 的截距为b,图线的斜率为k,则小车受到的拉力大小为 小车的O 产m 丁 质量为 4 12.某同学依据系统机械能守恒定律，用如图所示的装置测量当地的重力加速度。主要实验步 骤如下： (1)将10个质量均为m的砝码放入质量为M的盒子A中，在盒子A上固定 一宽度为d的遮光片： (2)在铁架台上固定滑轮和光电门，用细绳跨过定滑轮连接装有砝码的盒子 A和质量为M的盒子B: (3)在铁架台上标记遮光片的初始位置O,测出O点与光电门之间的距离L; (4)将盒子A由静止释放，测得遮光片经过光电门的时间为。盒子A经过 光电门的速度大小v= (用d和t表示)。适当 (选填“增大”或 B “减小”)距离L可减小速度v的测量误差： (5)在盒子A中保留(n>5)个砝码，将其余10-m个砝码放入盒子B中， 重复步骤(4)，记录盒子A中有>)个砝码时遮光片经过光电门的时间。，则 (含d、g、L、Mm、n的表达式)： 1 (6)根据记录的数据作出交-”图像，若图像斜率为k,则当地的重力加速度8一（用小 k、L、Mm表示)。 三、解答题（本题共3小题，共38分。写出必要的文字说明） 13.(9分)如图所示，质量分别为2kg的物体静止放置在水平地面上A位置，在恒定外力F=1ON 的作用下向右运动，当物块运动到B处后撤掉外力F,物体滑行一段距离后停在了C处。已知 地面和物体之间的摩擦因数u=0.2,xB=5m,F与水平方向夹角0=37°，物块可看作质点， sin37°=0.6，c0s37°=0.8。求 (1)外力F对物体做了多少功？ (2)AB段物体克服摩擦力做了多少功？ )0 (3)BC两点间的距离为多大？ C 14.(13分)如图所示，水平轨道AB与竖直半圆形轨道BC在B点相切。质量m=1kg的小物块 (可视为质点)以'。=5m/s从水平轨道的A点向左运动，AB间动摩擦因数为4=0.8，距离为 x=lm,进入圆轨道后，沿圆轨道内侧做圆周运动，之后离开圆轨道，做平抛运动，落在圆 轨道上的D点。已知圆轨道半径，R=0.1m,重力加速度g=10m/s2,忽略空气阻力。求： (1)小物块从B点进入圆轨道瞬间对轨道压力的大小： C (2)小物块到达C点的瞬时速度'c的大小： R (3)小物块的落点D与B点的距离、在D点速度与水平方向 夹角正切值tan0。 ▣ B D A 15.(16分)光滑圆锥固定在水平地面上，其圆锥角为74°，圆锥底面的圆心为0。用一根长 为0.5m的轻绳一端系一质量为0.1kg的小球（可视为质点），另一端固定在光滑圆锥顶上0点， 0点距地面高度为0.75m,如图所示，如果使小球在光滑圆锥表面上做圆周运动。 (1)当小球的角速度不断增大，求小球恰离开圆锥表面时的角速度和此时细绳的拉力大小： (2)当小球的角速度为2rad/s时，求轻绳中的拉力大小： (3)逐渐增加小球的角速度，若轻绳受力为2N时会被拉断，求 当轻绳断裂后小球落地点与O点间的距离。（取g=10m/s2, sin37°=0.6，c0s37°=0.8) O 77777777777777777 6扶沟高中2026一2027学年度（上)高二开学考试 物理参考答案 1.D 【详解】AB.电场强度和电势只与电场本身有关，与其他无关，故AB错误； C.根据电容的决定式C=S 可知，电容与电容器两端电压和电容器电荷量无关，故C错误： 4πkd D.公式Ub=Ed中d为ab间沿电场线方向的距离，两点ab间的距离越大不代表沿电场线方向 的距离越大，即两点间的电势差不一定越大，故D正确。 2.D 【详解】A.因为同一根绳子上的拉力相等，所以两个绳子是对称的，与水平方向夹角是相等的。 设绳子的长度为，绳子与水平方向的夹角为日，根据几何关系可得，两杆之间的距离等于Lc0s日， 人缓慢向上移动一小段距离，绳子的长度不变，两杆之间的距离不变，则角度不变，由 2Tsi血8=（袋+）8解得T=(*+s)8 可知，日不变，绳上的张力T不变，故A错误； 2sine BD.对人分析，由平衡条件有N=g+Tsin0f=Tcose 由上述分析可知，T和日均不变，可知，地面对人的支持力不变，地面对人的摩擦力不变，由牛 顿第三定律可知，人对地面的压力不变，故B错误，D正确： C.对滑轮与小球整体分析可知，滑轮受到绳的作用力为F=(球+播)8 即滑轮受到绳的作用力不变，故C错误： 故选D。 3.A 【详解】小相线方向的分速度为号9，改妮了技力为P-。:正交分解绳子拉 P 力，由牛顿第二定律Fcos6-f=a,联立可得二-f=a,故选A。 4.D【详解】三个等量同种电荷在O点产生的场强大小相同，设为E,方向分别沿AO.BO.CO 或分别沿0A、0B0C,根据几何关系以及对称性可知O点的场强大小为E。=2E。cos60°-E。=0 1 3 根据电势的叠加法则可知，每个电荷在0点产生的电势为，所以0点的电势为P。 2 5.D 【详解】A.在t图像中，斜率绝对值表示加速度大小，由图像可知乙车的加速度大于甲车的加 速度，A错误： B.由于甲车在前，若未发生碰撞，在仁10s之前，乙车速度大于甲车速度，两车距离逐渐靠近， 在仁10s之后，乙车速度小于甲车速度，两车距离逐渐增大，因此t10s时，两车相距最近，B 错误； CD.有图像可知，在仁10s时，两车速度相等，大小为v=10m/s 若此时两车未相撞，则以后不可能相撞，在010s这段时间内，甲车的位移 -7=20+10 ×10m=150m 2 30+10 乙车的位移5=t= 3 ×10m=200m 因此，为避免两车发生碰撞，开始刹车时两车之间的距离至少为△s=52-5=50m C错误，D正确。 故选D。 6.B 【详解】A.根据G=》 GM R ,可得第一宇宙速度为v三 金星与地球半径接近，金星的 R 质：约为地球质：的，则金星的第一宁宙速度较小，故4错误： B. 根据G、…P 2加，可得 1 ,地球的质量较大，则二-v图像的斜率较小，则图线b表 r GM 示的是地球的卫星，图线a表示的是金星的卫星，取相同公转速度，则金星的卫星的轨道半径较 小，根据T=2,可知金星的卫星的周期较小，故B正确： 1 C.由上可知则图线b表示的是地球的卫星，图线a表示的是金星的卫星，故C错误； D.由于图线b表示的是地球的卫星，图线a表示的是金星的卫星，取相同公转半径，金星的卫星 的速度较小，根据a=”可知金星的卫星向心加速度较小，故D错误：故选B。 7.C 2 【详解】AB.轻杆AB上的所有点，沿杆方向的分速度大小相等，由于B点做匀速直线运动，所以 当杆与地面成a角时，杆上所有点沿着杆方向的分速度均为℃osα，对于小球，它与墙角O点间 距时刻保持1，所以运动轨迹为以O点为圆心的圆，速度方向与OC连线垂直，由图中几何关系得， 小球在C点速度方向与杆的夹角为2-90，沿杆方向的分速度为'ccos2a-90,则有 vcosa=Vc cos2a-90,解得'c= 一，可知则大小随α改变，并非匀速圆周运动，故AB 2sin 错误： CD.根据几何关系可知小球的水平速度等于ⅴ/2，那么小球水平速度不变，说明小球水平不受力， 那么杆对小球的力一定是竖直方向，由指向圆心的合外力提供向心力，即 mgsn2-Fsn(90-2a）=m2号，解得P=m 21y 对小球运用动能定理，可得 F+行msl-n8,解得P≠- 故C正确，D错误。故选C。 2 2 8.BD【详解】A.导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压电流无关，故A错误： B.欧姆定律的内容为：通过导体的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，故B正确： C.欧姆定律适用于纯电阻电路或电解质导电，不是适用于一切导电物质，故C错误； U U D.由R= 知道，比值一反映了导体阻碍电流的性质，故D正确。 9.BCD 【详解】AB.若物块初速度yo小于等于y,由牛顿第二定律可得gsin8-inig cos8=g 能上滑的最大距离为5=5≤ -=1m<L 2a2 无法到达传送带顶端，故物块初速度y应大于，前一阶段，物块减速上滑过程，由牛顿第二定 律可得gsin8+mg cos6= 当速度与传送带速度相等时，位移为5=5 2a2 后一阶段，物块继续减速上滑，到达顶端时速度恰好为零，该过程的加速度大小为a,该过程的 3 位移为52= ，总位移满足S1+52=L。联立解得=6m/s A错误，B正确： 2a C.物块上滑过程所用时间为t=-Y+”=1.5s 424 物块从最高点匀加速下滑过程的加速度大小为a,设到达底端的时间为t',由位移公式可得 4,解得1=V3s,则te=t+1=1.5+V5s 故物块在传送带上运动的总时间为1.5+√3)s,C正确： D.物块最终回到传送带底端，位移为零，故在整个过程中传送带的位移等于两者的相对位移，即 As=vig =(3+2v3)m>6m 而传送带总长为2L,即6m,故物块在传送带上留下的划痕长度为6m,D正确。 故选BCD。 10.BC 【详解】A.篮球从脱手到进入篮筐的过程中水平方向做匀速直线运动，故A错误： B.篮球抛出后恰好垂直打在篮筐上方，从脱手到与篮板碰撞前，篮球水平方向做匀速直线运动， 则篮球垂直打在篮板前一瞬间速度大小为v=Y,=sn8,故B正确： C篮球从脱手到篮板碰搔前过程，竖直方向根据逆向思维有H二，女，解得年 2H 8 1 2h 与篮板碰撞后到进入篮筐过程，竖直方向有h=。，解得5，= 则篮球从脱手到进入篮筐 2H 2h 过程所经历的时间为t=t+t2 故C正确： g g D.由篮球的运动轨迹可知，篮球与篮板碰撞后的水平速度小于碰撞前的水平速度，则篮球反向弹 2h 回到进入篮筐过程中满足L=',<V=ysim8, 故D错误。故选BC。 g b 11. 1.50 未计入砝码盘的重力 1 k 【详解】(1)[1]相邻两点间还有4个计时点未画出，则=0.1s,则 4 a=5+5+)-(4+5+2_Q7.05+15.50+14.00-12.55-11.00-9.50x10 m/s2=1.50m/s2 9T2 9x0.12 (2)[2]根据图象乙可知，平衡摩擦力后，当=0时，a≠0，这是由于F只是砝码盘中砝码总重力， 砝码盘的重力未计入其中。 (3)[3][4图丙中图线的函数关系式满足上=aL+b a 根据牛顿第二定律得：(mt0a 即1-1m+M M a F F 解得小车受到的拉力大小为F= k 小车的质量为M= b d 2mgL 10mgL 12. 增大 d2(M+5m) to dM+5m”-PM+5m 2mL 【详解】(4)[1]将盒子A由静止释放，测得遮光片经过光电门的时间为。盒子A经过光电门的 速度大小v to [2]适当增大距离L可减小速度v的测量误差： (5)[3]对A分析可知(M+mmg-T=(M+m)a 对B分析可知T-(M+10-m)8=(M+10L-mG d 1 由运动公式=2L,其中.无。 2ngL 10mgL 联立解得疗示0M+5m”d产M+5） - 1 2mgL (6)[根据记录的数据作出疗”图像，若图像斜率为，则k一 d2(M+5m) 当地的重力加速度g= kd2 (M+5m) 2mL 13.(1)40J:(214J:(3)6.5m 【详解】(1)外力F对物体做功为W=FX AR COS0,解得W=40J (2)由N+Fsin0=mg,f=uN可得 AB段物体克服摩擦力做功为W,=4(mg-Fsin0)xB,解得W=14J (3)全过程应用动能定理FX COS0-4(mg-Fsin0)xAB-mgc=0,解得xc=6.5m 14.(1)100N;(②V5m/s;3)5m,25 .m, 5 【详解】(1)根据牛顿第二定律有mg=ma 可得加速度a=g=8m/s2 根据运动学公式有-？=2ax 解得vg=3m/s 在B点，设轨道对小物块的支持力为N,根据牛顿第二定律N-mg=m 中 解得N=100N 根据牛顿第三定律可得小物块从B点进入圆轨道瞬间对轨道压力大小为100N (2)小物块到达C点，有-mg2R=m-}mm 21 2 2 可得瞬时速度ve=√5m/s (3)物块做平抛运动的水平位移为x='1 1 竖直方向有2R=二g 可得运动时间为t=0.2s,x= 可得小物块的落点D与B点的距离为x=5, 在D点速度的竖直分量为v,=gl=2m/s 可得在D点速度与水平方向夹角正切值an0=上=2_25 5=5 15.(1)5rad/s,1.25N;2)0.872m:(3 -m 【详解】(1)小球恰离开圆锥表面时，只受绳子拉力和重力，竖直方向Tcos37°=mg 水平方向，根据牛顿第二定律Tsin37°=mo'Lsin37° 联立解得o=5rad/s,T=l.25N (2)当小球的角速度为2rd/s时，小球在圆锥表面上运动，水平方向，根据牛顿第二定律 Tsin37°-Fcos37°=mw2Lsin37 竖直方向Tcos37°+F,sin37°=mg 6 解各T=0.872N (3)当轻绳断裂时，绳中的拉力为2N大于1.25N,故小球已经离开了圆锥表面，设绳子断裂前 v2 与竖直方向的夹角为0，水平方向，根据牛顿第二定律有T,sin0=m Lsin 竖直方向T,cos0=mg 轻绳断裂后，小球做平抛运动，此时距离地面的高度为h=H-Lcos0 竖直方向想据h= X 水平方向x=t 1 如图所示 抛出点与O0间的距离为y=Lsin0 O 轻绳断裂后小球落地点与O点间的距离d=√x2+y2 联立解得d= -m 4 >