四川成都市第七中学东部学校2025-2026学年高三下学期2月阶段检测物理试题

成都七中东部学校高2023级高三下期二月阶段性检测 物理 注意事项： 1.答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。 2答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后， 再选涂其它答案标号。 3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。 4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。 5.考试结束后，只将答题卡交回。 一、单选题（每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求） 1.2025年7月，我国科研人员在原子核的奇特衰变研究领域取得新进展，首次在实验上观测到新核素召A1的 自发衰变，衰变的核心方程为：Al→0Ne+3X。下列说法正确的是() A.衰变方程中的X是H B.增大压强可以加速召A1的衰变 C.Al的比结合能大于Ne的比结合能 D.BAl与Ne的质量差等于衰变的质量亏损 2.在一定条件下，水结成的冰晶呈六角形的片状晶体结构。一束太阳光照射在冰晶侧面，其中红光α和蓝光 b的光路可能正确的是() 冰晶 冰晶 冰晶 冰晶 A B D 太阳光 太阳光 太阳光 太阳光 3.公交卡是感应式芯片卡，其内部嵌有感应线圈，读卡设备同样内置驱动线圈，二者的位置关系可简化为： 读卡设备的线圈位于上方，芯片卡的线圈位于下方，两线圈平行正对。当芯片卡靠近读卡设备时，读卡设备 线圈中的电流会激发交变磁场，该磁场穿过芯片卡的线圈并产生感应电流，以此为芯片供电并触发信息交互。 在某次测试中保持两线圈静止，在读卡机线圈中通以如图所示的交流电，设从上往下观察，顺时针方向为电 流正方向，则在~t时间内，芯片线圈中的电流是() A.沿顺时针方向且大小逐渐增大 读卡机线圈 B.沿顺时针方向且大小逐渐减小 读卡机 C.沿逆时针方向且大小逐渐减小 芯片线圈 D.沿逆时针方向且大小保持不变 芯片 第1页共8页 4.我国正在研制的“高速飞车设计时速达1000kh。若“高速飞车”在相距L的甲、乙两城之间运行，加速和 减速的最大加速度大小均为α，安全运行的最大速度为v,则该车从甲城到乙城的最短时间为() A. v a s5+日 c.+2 y a D.52知 y a 5.如图所示，间距L=1m的足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ与水平面间的夹角0=30°，导轨上端接 有R=0.22的定值电阻，导轨电阻不计，导轨间存在着垂直导轨平面向上、磁感应强度大小B=1T的匀强磁 场。质量l=1kg、长度L=1m、电阻r=0.22的金属棒EF垂直放在导轨上。现将金属棒由静止释放，直到 金属棒的速度达到最大，该过程中金属棒产生的焦耳热为2J,己知重力加速度g=10m/s2，则下列说法正确 的是() A.金属棒的最大速度为3m/s B.金属棒整个加速过程中，下滑的位移为0.8m C.金属棒整个加速过程中，通过金属棒的电荷量为3C .-.BN D.金属棒整个加速过程用时0.8s 6.一个质量为的小球（视为质点）从空中某一高度的P点以大小为的初速度竖直向上抛出，己知小球 在空中受到水平向右的恒定风力，运动轨迹如图所示，忽略小球受到的空气阻力。已知小球在空中运动的最 高点到抛出点的竖直距离与水平距离相等，小球下落经过了与P点相同高度的Q点，重力加速度大小为g。 下列说法正确的是() A.小球受到的恒定风力大小为"g B.小球经过最高点时机械能最小 C.小球经过最高点时恒定风力的瞬时功率大小为2mg。 D.小球从P点到O点过程中机械能增加量为2， 7.如图所示，空间中存在着正交的匀强磁场和匀强电场，已知电场强度大小为E,方向竖直向下；磁感应强 度大小为B,方向垂直纸面。一电子由O点以一定初速度水平向右飞入其中，运动轨迹如图所示，其中O、 Q和P分别为轨迹在一个周期内的最高点和最低点，不计电子的重力。下列说法正确的是() A.磁感应强度方向垂直纸面向外 .E B.电子的初速度%大于B C.电子经过P点的速率大于在O点的速率 D.将电子的初速度调整至合适值可以使其做匀加速直线运动 第2页共8页 二、多选题（每小题4分，共20分。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 8。汽车以恒定功率P在平直公路上以速度。匀速行驶，某时刻换挡，其功率变为P并保持不变，经过时间 t后，汽车再次做匀速运动。己知汽车质量为m,该路段汽车所受阻力大小恒为f。则汽车() A.再次匀速的速度为% B.再次匀速的速度为。vo C.从换挡到再次匀速的过程中，通过的路程为4P+3md D.从换挡到再次匀速的过程中，通过的路程为8P+3mm 8f 9.x轴上两波源P、Q的平衡位置坐标分别为x1=-10m、x2=10m,形成的简谐横波在同种均匀介质中相向 传播，某时刻的波形如图所示。已知波的传播速度为2s,下列说法正确的是() ◆/cm 30 15 P -10-8 -4-20 2 10 x/m -15 -30 A.两波源的起振方向相反 B.从图示时刻经5s两列波相遇 C.各质点振动稳定后，在P、Q之间的连线上共有10个加强点 D.各质点振动稳定后，平衡位置在坐标原点的质点的振幅为45cm 10.某风力发电机的原理可简化为如图的装置，发电机的线圈固定，磁体在叶片驱动下绕线圈对称轴转动， 磁体间的磁场为匀强磁场，磁感应强度的大小为B,线圈的匝数为、面积为S,不计线圈电阻，磁体转动的 角速度为ω。发电机产生的交变电流经过升压变压器后向远处输电，再经降压变压器把电压有效值降为220V 输送给用户。下列说法正确的是() A.若在升压变压器原线圈端接入交流电压表，其示数是” √2 B.用户端交流电的频率与两个变压器的匝数比有关 C.将击穿电压为220V的电容器接入用户端，该电容器会被击穿 D.输送功率一定时，若只将升压变压器副线圈匝数变为之前的2倍，其他条件不变，输电线电阻损耗的 功率会变为之前的4倍 第3页共8页 11.嫦娥六号探测器的发射成功，开启了人类首次从月球背面采样返回先河。探测器着陆月球表面的过程示 意图如图所示，探测器先在半径为r轨道I做匀速圆周运动，周期为T。从A点变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达近 月点B点再次变轨到近月圆轨道Ⅲ，最后安全落在月球上。已知月球半径为R,引力常量为G,忽略近月点 离月球表面高度，下列说法正确的是() A.探测器在轨道上A和B两点加速度大小之比为 B.探测器在轨道上A和B两点线速度大小之比为 r B月 C.探测器在轨道Ⅱ上从A到B的最短时间为 21 (2r) D.月球的平均密度为3江 G72 12.如图所示，质量E3的滑块Q静止在光滑水平面上，其上表面的左侧部分AB段为长L的粗糙水平面、 右侧部分BC段为半径为R的光滑四分之一圆弧，AB与BC在B点相切，C点为圆弧最高点。一质量为m的 滑块P以水平初速度v0从滑块Q的A端滑入，能经B点滑上圆弧段。己知重力加速度为g,=2√8R,滑 块P与滑块Q上表面AB段的动摩擦因数恒定，空气阻力不计，则下列说法中正确的是() R A.若业<2汇，则滑块P能从Q的C端飞出 B。滑块P、Q之间的动摩擦因数可能为) Vo C若4，则最终P、Q组成的系统损失的机械能为0g父 2 77777777777777777777777777777777777777777777777 D.滑块Q在整个运动过程中速度的最大值不可能超过V及 3 三、实验题（本题共2小题，每空2分，共16分） 13.某同学用如图甲所示的装置“验证动量守恒定律”，水平气垫导轨上放置着带有遮光条的滑块P、Q: 光电门 弹簧和细线 光电门 遮光板 遮光板 40 35 0 30 甲 (1)用螺旋测微器测量遮光条宽度，测量结果如图乙所示，则d= mm (2)测得P、Q的质量分别为和m2,左、右遮光条的宽度分别为1和d,·实验中，用细线将两个滑块连接使 轻弹簧压缩且静止，然后烧断细线，轻弹簧将两个滑块弹开，测得它们通过光电门的时间分别为1、t,,则 第4页共8页 动量守恒应满足的关系式为 (用、t,、d、d、、m2表示) (3)若左、右遮光条的宽度相同，第(2)问中动量守恒应满足的关系式可简化为 (用题中字母表 示) 14.如图甲所示的多用电表是一种多功能仪表，可以用来测量电流、电压以及电阻。某同学将该多用电表的 选择开关旋至欧姆挡位置，并作出欧姆挡内部简化电路如图乙所示，虚线框中的阴影部分为正负极不确定的 电源，随后进行了以下的操作。 P /A 15.90 9.90 9.0R/2 甲 戊 3020150 TT TT 、05 A-V-O 丙 入 (1)为了测量如图丙所示晶体二极管的电阻，该同学先把选择开关旋至“×10挡，将两表笔A、B短接，调节R, 使表头G的指针达到满偏，再将表笔A与二极管的Q端连接，将表笔B与二极管的P端连接，观察到欧姆 表指针偏转角度很小，则表笔A应接内部电源的 (选填正极”或“负极”)。 (2)该同学随后将表笔A与二极管的P端连接，将表笔B与二极管的Q端连接，观察到欧姆表指针偏转角度 太大，为了减小测量误差，应将选择开关旋至 （选填“×1”或“×100”)挡，再次将两表笔A、B短接， 调节。，使表头⑥的指针达到满偏，之后进行测量，得到多用电表刻度盘上指针偏转情况如图丁所示，则此 时测得的二极管的正向电阻为 2(保留两位有效数字)。 (3)为了深入了解欧姆挡内部的情况，该同学设计了如图戊所示的电路图，用来测量(2)中换挡后欧姆表内 部电源的电动势及在该挡位下欧姆表的总电阻。 操作步骤如下： 第5页共8页 A.按图戊所示，正确连接好电路后，读取电流表的示数为，欧姆表的示数为R: B.仅调节R,得到多组I、R的数据； C. 利用记录的电流表示数I和相应的欧姆表示数R,作出}R图像如图己所示。 根据图己，可知欧姆表内部电源的电动势=V。该挡位下欧姆表的总电阻r= 2(结果 均保留三位有效数字) 四、解答题（本题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后 答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 15.(8分)如图所示，导热柱形气缸B位于倾角为日的斜面上，不可伸长的细绳连接着气缸中的活塞A,初 始状态活塞到气缸底部内侧的距离为2L,气缸底部外侧到斜面底端挡板的距离为L,气缸质量为m(不含活 塞)，内部底面积为S。若活塞与气缸间密封一定质量的理想气体，且该气体的内能U与温度T之间关系为 U=kr,k为已知常量，初始温度为T。不计一切摩擦，重力加速度为g,大气压强为。求： (1)初始状态下气缸内气体压强卫： (2)现对气缸进行缓慢加热，从初始状态到气缸底部恰好接触挡板的过程中（活塞未脱离气缸），气缸内气体 内能增加了多少。 挡板 第6页共8页 16.(12分)2025年11月14日，全球首艘电磁弹射两栖攻击舰“四川舰”正式启航。电磁弹射简化模型图如 17.(16分)如图所示，光滑水平地面上有一右侧带挡板的长木板，不同材料做成的物块A、B中间夹有微 图所示，有一质量为、长度为L的金属棒，垂直放置在足够长的水平固定导轨上，导轨处在方向竖直向上、 量炸药放置在木板上，物块B离挡板的距离为=5.5m,炸药具有的化学能E8J,物块A、B均视为质点。 磁感应强度大小为B的匀强磁场中。闭合开关S,电源控制回路电流大小恒为I,金属棒由静止做匀加速运动 引爆炸药，将两物块沿木板分开，炸药化学能的50%转化为两物块的动能，在以后的运动过程中两物块的碰 至达到“弹射速度。，即完成“弹射”。金属棒始终与导轨接触良好，不计一切摩擦。求： 撞以及物块与挡板间的碰撞均为弹性碰撞，两物块均未从木板上滑下。已知两物块及长木板的质量均为=1kg 物块A与长木板间的动摩擦因数为-0.1，物块B与长木板间无摩擦，重力加速度g=10s2,碰撞时间不计， (1)金属棒由静止匀加速到弹射”速度的时间； (2)金属棒由静止匀加速到“弹射”速度一半的过程中流过金属棒的电荷量。 米 (1)爆炸后瞬间，物块B的速度大小： 导封一 m (2)物块B从爆炸后瞬间到第一次与挡板相碰所经历的时间： (3)整个过程中，物块B与物块A、挡板之间发生碰撞的总次数记为n,发生第n次碰撞前系统损失的机械能 B 记为E,当心2时，写出E与n的关系。 导轨 A B 金属棒 777777777777777777777777777777777777777 第7页共8页 第8页共8页 成都七中东部学校高2023级高三下期二月阶段性检测物理答案 1.A【详解】A.根据题中衰变方程，由质量数守恒、电荷数守恒可知，X的质量数、电荷数分别为a=20,1 =1、 3 6-1310=1可知X为质子H,故A正确： 3 B.原子核衰变速率由半衰期决定，不受外部压强影响，故B错误； C.衰变产物更加稳定，故Al比Ne的比结合能较小，故C错误： D.衰变的质量亏损是反应前原子核总质量与反应后所有粒子总质量的差值，即m(智AI)-m(品Ne)+3u(H),故D错 误。故选A。 2.A【详解】由于蓝光b的频率高，冰晶对蓝光的折射率比对红光α的折射率大，蓝光和红光以相同入射角射入冰晶发 生折射时，蓝光的折射程度较大。故选A。 3,B【详解】由题图可知，从上往下观察，在~t,时间内，读卡机中的电流正在逆时针增大，且增大得越来越慢，则根 据安培定则可知，读卡机在芯片线圈处产生的磁场方向为竖直向上，且磁感应强度随电流的增大而增强，所以穿过芯片 线圈的磁通量正在向上增大，则根据楞次定律可知，芯片线圈中产生的感应磁场方向应为竖直向下。再根据安培定则可 判断，芯片线圈中的感应电流为顺时针方向。又因为读卡机中的电流增大得越来越慢，则根据法拉第电磁感应定律可知， 感应电流应越来越小。综上所述，芯片线圈中的电流为沿顺时针方向且大小逐渐减小。故选B。 4.B【详解】飞车从甲城静止出发，到乙城静止停止，运动过程分为加速、匀速和减速三个阶段。加速和减速阶段加速 度大小均为4，最大速度为v,两城距离为L。最短时间要求充分利用最大加速度和最大速度，且当工≥二时，能实现 a 匀速阶段。 加速阶段，初速度0，末速度v,加速度a,距离4=2a 2 时间为5=” :时间为5=y 减速阶段，初速度，末速度0，加速度-a,距离为S三。历 a 匀速阶段，速度，距离为=1发-乌=上一。时间为点=乙 a 则总时间T=2+5+4:任-》-日台名：故旅B. av a av a 5.C【详解】A.金属棒释放后，做加速度减小的加速运动，当a=0时速度最大，有mg sin0=BLBZ R+r 解得ym=2m/sA错误； B.设金属棒整个加速过程中沿导轨下滑的位移为x,定值电阻R产生的焦耳热等于金属棒产生的焦耳热，则由能量守恒 谁可得mgx sin6=20+号m解得x12mB错) C.金属棒整个加速过程中，通过金属棒的电荷量g=元=B不1=B=3CC正确： R+rR+r D.设金属棒整个加速过程中，下滑的时间为t,根据动量定理有gsin6.t-BLt=mm-O 答案第1 其中t=q=3C解得t=1sD错误。故选C。 6.D【详解】A.已知小球在空中运动的最高点到抛出点的竖直距离与水平距离相等，竖直方向利用逆向思维，则有 一8=x=专可知小球在水平方向的加速度4三 则小球受到的恒定风力大小为F=a=g,故A错误： B.小球在整个运动过程中，风力对小球一直做正功，小球的机械能一直在增加，所以小球经过最高点时机械能不是最小 的，故B错误； C.小球经过最高点时，水平方向的速度大小为Vx=t=t='o 则此时恒定风力的瞬时功率大小为P==g%,故C错误： D.小球运动到0点时的速度大小为v=+=√gx2)+后=V(2了+哈=V5, 可得小球从P点到Q点过程中机械能增加量为A2=A迟-5，-m=2m,放D正确。故选D。 2 7.B【详解】A.电子受电场力向上，但开始的轨迹向下弯曲，说明洛伦兹力向下，据左手定则得磁感应强度垂直向里， 故A错误； B.电子从O运动到P,合外力指向轨迹四侧，则有，>四解得5→吾故B正确： C.由O点至P点的运动过程中，电场力做负功，洛伦兹力不做功，电子的速度逐渐减小，故C错误： D.电子不可能做匀加速直线运动，因为速度变化洛伦兹力必然变化，合力不可能恒定，即电子不可能做匀加速直线运动， 故D错误。故选B。 8.BC【详解】AB.以恒定功率匀速行驶时满足P= P 为)P后，阻力不变，再次匀速的速度满足，=2№故A错误，B f2 21 CD.从换挡到再次匀速的过程中，设通过的路程为x,由动能定理可知P1-众=】m 2m 2 -2气22 解得r=4Pt+3nn 故C正确，D错误。故选BC。 8f 9.AD【详解】A.由图可知，某时刻，波源P产生的机械波刚好传到x二6处，根据上下坡法可知，x=-6m处的质点的 速度方向沿y轴负方向，即波源P的起振方向沿y轴负方向；同理，某时刻，波源Q产生的机械波刚好传到x=4处，根 据上下坡法可知，x-4m处的质点的速度方向沿y轴正方向，即波源Q的起振方向沿y轴正方向，故两波源的起振方向相 反，故A正确： B.由题知，在同种均匀介质中相向传播，则两列波的波速相等，为2s,设时间t两列波相遇，则有10=2t 解得t=2.5s故B错误； C.由图可知，两列波的波长相等，都为4m,又两列波的波速相等，则两列波的周期相等，所以两列波频率相等，因Q ,共3页 波早振动半个周期，两列波的起振方向相反，则某振动加强点到两波源的距离的路程差等于波长的整数倍，设某振动加 强点到P点的距离为x,到Q点的距离为20-x,则有x-(20-x)=n(n=0,1,2)其中0≤x≤20m 则的取值为-5,4,3，-2，-1,0,1,2,3,4,5，共11个值，排除P、9两点，则在P、9之间的连线上共有9个加 强点，故C错误： D.两列波频率相等，叠加后可发生稳定的干涉现象，当波源P振动形式传播到原点时，波源Q在x=6处质点的振动形 式传播到原点，且振动方向相同，则坐标原点的质点为振动加强点，质点振幅为A=15cm+30cm=45cm 故D正确。故选AD。 10。AC【详解】A、交流电压表显示的是有效值，而升压变压器原线园电压有效值是，故A正确： B.变压器只改变电压，不改变交流电的频率和周期，故B错误： C.用户端峰值电压为220√2V,超过了电容器的击穿电压，会将电容器击穿，故C正确： D.输送功率一定时，若输电电压变为之前的2倍，输电线电流变为之前的？，由P=PR可得电阻损耗的功率会变为之 前的子，故D错误。 故选AC。 l.BC【详解】A.根据牛顿第二定律有G-mm可得a= GM 2 则探测器在轨道上A和B两点加速度大小之比为%=R 7,A错误： B.设探测器在轨道上A和B两点线速度大小分别为y4y,取一小段时间△M,根据开普勒第三定律有，y⅓A1Ry 2 可得=R ,B正确： VR I R+r C.根据开普勒第三定律有r3 2 解得探测器在轨道Ⅱ上运行的周期T= R+r月 2 (2)P 故探测器在轨道Ⅱ上从A到B的最短时间t= 1R+T,c正确： 22(2r)3 D.探测器在半径为r轨道I做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有G=m4元， -3≥m 2- 可得M=4πr M3πr3 G72 月球的体积V=4 R则月球的平均密度p= VGrR,D错误。故选BC。 1 12.AC【详解】A.若滑块P恰好到达C瑞，有%=m+3W,26=2m+3网T+mgR+以，mgL 联立解得 以，若4<，则滑块P能从Q的C端飞出，故A1 B.若滑块P恰好到达B端，有，=m+30州，m nami-m+3m+ueL联立解得A-设 -2L 以，者上数，则滑块P不能滑上圆弧轨道，故B错误 答案第2 C.若= 则滑块将冲上圆弧轨道，但不会从C点飞出，假设滑块会返回A端，则m,=m,+3, 3R 2m6-2m+号n+g2江 1 1 2 解得3=⅓=V88 2 由此可知，假设成立，且滑块返回到A端时，二者恰好共速，之后一起做匀速直线运动，所以最终P、Q组成的系统损 失的机械能为△B=mg·2L=%,放C正确， D、由以上分析可知，当P冲上圆弧轨道上升到最高点时，二者共速，此时速度为-业=g风 故D错误。 4.2 3 13.(1)2.859/2.860/2.861 2m4-m4=06)44-m4=0 t th 【详解】（1)用螺旋测微器测量遮光条宽度-2.5mm+0.01m×36.0-2.860m。 (2)滑块经过两光电门时的速度分别为上= ,5=生若动量守恒则满足4-%=0即 d' 2=0 t t t 11 (3》若左、右遮光条的宽度相同，第(2)问中动显守恒应满足的关系式可简化为以有心方 =0 即2-4=0。 14.(1)负极(2) ×19.0(3) 1.50 14.9 【详解】(1)因欧姆表指针偏转角度很小，说明二极管电阻很大，又因其反向电阻很大，说明测量的是其反向电阻，表 笔A与二极管的Q端连接，二极管的Q端是其正极，应连接电源负极，即表笔A接里边电源的负极 (2)[1]欧姆表指针偏转角度太大，说明二极管正向电阻很小，应选择更低倍率的挡位，即将选择开关旋至×1挡位 [2]二极管正向电阻为9.0×12=9.02 《3)山2由闭合电路的欧姆定律满偏时有久是1：，8 得1=1R+1 R.+R 联立解得1Eg 结合图己有了 1=9.90,斜率k= L-15.90-9.90=F △R 9.0 电动势E=1.50V。该挡位下欧姆表的总电阻r≈14.92 15.(1)PoS-mg sine 、k红 S (22 【详解】(1)对气缸，由平衡条件得ngsin0+pS=po(2分)解得P=BS-mgsn0 (1分) S (2)分析可知，从初始状态到气缸底部恰好接触挡板的过程中，气体压强不变，则 S_2L+)S T (2分) 气体初末状态的内能U=k红，U=r(1分) 气缸内气体内能增加量△U=U-U,(1分) 联立解得AU= .(1分) 2 万，共3页 16.(1)t="a6 BIL (2)q=1a 2BL (1)设金属棒在水平方向匀加速运动的加速度为a,由静止匀加速到弹射”速度的时间为t,则BIL=a, 16=t(2分) 解得t=1 ·(2分) BIL (2)设金属棒由静止匀加速到弹射速度一半的时间为，流过金属棒的电荷量为4，则=，(2分) 2 9=此(2分) 解得q= 2BL 31 17.(1)2m/s (2)2s 3)4- 4- 【详解】(1)炸药爆炸瞬何，由能量守恒可得8×50%m+加 (2分) 2 对A、B组成的系统，规定向左为正方向，由动量守恒可得wa+'=0(2分) 解得=-2m/s(1分) 爆炸后瞬间，物块B的速度大小为2/s (2)两物块及长木板的质量均为=1kg,对物块A受力分析可得g=a(1分) 可得a=1m/s2 木板加速度大小与物块A的加速度大小相等，设A与木板共速后，B再与木板碰撞，规定方向向左为正方向， V共1=VA-t1=t1(1分) 可得v1=1m/s,t=ls 此时=5=2m,x=1,=05m（1分) 2 因为△x=xg+x板=2.5m<L=5.5m,故假设成立。 又L-△x=(+V板)4(1分) 解得(=ls 可得物块B从爆炸后瞬间到第一次与挡板相碰所经历的时间t=t+=2s(1分) (3)物块A与木板第一次共速前的相对位移x =A=lm(1分) 2 1 1 21 1 第一次B与木板发生碰撞1+加=m1+,2aa+乞G=21+乞ma(2分） 解得e1=v共1=1m/s,V板1=VB=-2m/s 可得V共2='共1-吨=板1+体 3 1 解得5=28，=之 m/s 此时5="，6=m1分) 9 2 (2分) 第二次B与物块A发生碰撞，同理可得2=V共2=-n/s,Va2=1=1m/s 3 1 可得V=va:-=V共+3，专=45，V妇=4m/s 此时=如，V起与= 9 之m(1分) 2 16 第三次B与木极发生碰提，同理可得如=m,:=-= 2m/s 3 1 可得V共4=V共3-t4=V榴+t4,t4 85,4=gm/s 此时'=m 9 2 发生第次碰撞前，物块A与木板的总相对位移为x总=，+为+为+..+ 、1、 1 9 解得xg=1m+4m+16m+。 0 9 干6am+.4a-m=lm+9×4 4-1） m)m 4 可得损失的机枝能5m-（+是(1分) 有 答案第3页，共3页