第3章 力与直线运动·多选题专练(课件PPT)-【新高考方案】2027年高考物理一轮总复习

该高中物理高考复习课件聚焦“力与直线运动”核心模块，依据高考评价体系梳理牛顿运动定律、受力分析、运动图像等关键考点。通过2025年山西吕梁三模、湖北襄阳模拟等真题，明确连接体问题、斜面模型、弹性绳运动等高频题型分布，构建系统复习框架。 课件亮点在于“真题情境+科学思维训练”，如湖北襄阳模拟题通过两次加速运动推导连接体细绳拉力，培养科学推理能力。解析运动图像时结合x/t²与1/t关系构建模型，强化运动和相互作用观念。设置易错点分析（如弹性绳平衡位置判断），帮助学生掌握答题技巧，教师可据此精准复习，提升备考效率。

力与直线运动阶段盘点与评价　 多选题专练——强化物理观念的 综合融会，提升多选题得分能力 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 1.滑梯如图1所示，为了研究方便， 可将其简化为图2。已知滑梯和裤 料之间的动摩擦因数为μ，某学生 质量为m，重力加速度为g，滑梯 与水平地面之间的夹角为θ。下列说法中正确的是 (　　) A.学生对滑梯的压力和滑梯对学生的支持力是一对作用力与反作用力 B.学生沿滑梯加速下滑时受力平衡 C.下滑过程中，学生受到的合力大小为mgsin θ D.下滑过程中，学生受到的摩擦力大小为μmgcos θ √ √ 6 7 8 9 10 11 1 2 3 4 5 解析：学生对滑梯的压力和滑梯对学生的支持力是一对作用力与反作用力，故A正确；学生沿滑梯加速下滑时具有沿滑梯向下的加速度，受力不平衡，故B错误；下滑过程中，学生受到的摩擦力大小为f=μFN= μmgcos θ，学生受到的合力大小为F合=mgsin θ-f=mgsin θ-μmgcos θ，故C错误，D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 2.(2025·山西吕梁三模)如图所示，将一光滑轻杆固定 在水平地面上，杆与地面间的夹角为θ，一光滑轻环 套在杆上，一个大小和质量都不计的滑轮用轻绳OP 悬挂在天花板上，用另一轻绳绕过滑轮系在轻环上， 轻绳另一端系一质量为m的小物块，用手扶住小物块 使OP恰好在竖直方向。现用手扶着小物块使其缓慢 向下运动，到达某位置时松手，小物块恰好可以保持静止，此时(已知重力加速度大小为g，小物块未碰杆或地面) (　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 A.绳PQ与水平方向的夹角为90°-θ B.绳PQ的张力大小为mg C.绳OP与水平方向的夹角为90°-θ D.绳OP的张力大小为2mgcos √ √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：再次平衡时，以轻环为研究对象，根据平衡条件可知，绳PQ与杆垂直，所以绳PQ与水平方向的夹角为90°-θ，故A正确；系统处于平衡状态，以小物块为研究对象，根据受力平衡可知，绳PQ的张力大小为mg，故B正确；绳OP在滑轮两侧绳夹角的角平分线上，所以绳OP与水平方向的夹角为90°-，故C错误；根据平衡条件可得绳OP的张力大小为TOP=2TPQcos =2mgcos ，故D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 3.(2025·湖北襄阳模拟)如图所示，斜面上的n个完全 相同的小物块由轻质细绳串联在一起排在一条直线 上，当用平行斜面向上的力拉着1号物块使整体以 大小为g的加速度向上加速运动时(g为重力加速度)， 测得图中A、B两物块间细绳的拉力大小为F；而当用平行斜面向下的力拉着n号物块使整体以大小为g的加速度向下加速运动时，测得图中A、B两物块间细绳的拉力大小仍为F。已知斜面倾角θ=37°，小物块与斜面间的动摩擦因数均为μ=0.5，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则物块的个数n可能为(　　) A.5　　 B.6 C.7 D.8 √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：设从1号物块到A总的物块数为n1，从B到n号物块总的物块数为n2，加速向上运动时有F-n2mgsin θ-μn2mgcos θ=n2m×g，加速向下运动时有F+n1mgsin θ-μn1mgcos θ=n1m×g，联立并代入数据解得n1=n2，故物块的个数可能为6或8个。故选B、D。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 4.如图所示，一根弹性轻绳的一端固定在O点，该轻绳自然下 垂时，其末端刚好位于P点。现在轻绳末端系一质量为m的小 球(可视为质点)，将小球从A点由静止释放，小球沿直线运动， 经P点后到达最低点B。整个过程中弹性轻绳始终在弹性限度 内，不计空气阻力。若小球从A点运动到B点的时间为t，下列 说法正确的是 (　　) A.小球在P点时速度最大 B.小球从P点到B点的过程中，弹性轻绳的弹性势能一直增大 C.小球从P点到B点的过程中，小球的加速度一直增大 D.小球从P点到B点的过程中，小球的加速度先减小后增大 √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：由题意可知，小球的平衡位置在P点下方，小球从P点到平衡位置过程中，小球加速度仍向下，仍会继续做加速运动，故小球在P点时的速度并非最大，故A错误；小球从P点到B点过程中，弹性轻绳被拉长，形变一直增大，则弹性势能增大，故B正确；小球从P点到B点的过程中，小球所受合力先向下减小后向上增大，加速度先减小后增大，故C错误，D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 5.赛龙舟是端午节的传统活动，如图所示为某龙舟比赛过程中的速度v与时间t的关系图像，则龙舟的位移x、加速度a与时间t的关系图像可能正确的是 (　　) √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：x⁃t图像斜率的物理意义是速度，由题图可知，在0~t1时间内，龙舟由静止开始做匀加速运动，则x⁃t图像的斜率应从零开始逐渐增大；t1~t2时间内，龙舟做匀速运动，则x⁃t图像斜率不变；t2~t3时间内，龙舟匀减速至速度为零，则x⁃t图像斜率变小直至为零，故A错误，B可能正确。v⁃t图像斜率的物理意义是加速度，在0~t1时间内，v⁃t图像的斜率不变且为正值，则加速度恒定为正；t1~t2时间内，v⁃t图像斜率为零，则加速度为零；t2~t3时间内，v⁃t图像斜率不变且为负值，则加速度恒定为负，故C可能正确，D错误。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 6.(2025·安徽合肥模拟)在某次新能源汽车安全测试中，汽车在平直公路上行驶，突然发现前方有障碍物，智能系统识别后紧急恒力制动。从制动开始计时，该汽车的位移和时间平方的比值与之间的关系图像如图所示。下列说法正确的是(　　) A.1 s末汽车的速度为10 m/s B.2 s内汽车的平均速度为12 m/s C.第2 s内汽车的位移为24 m D.经过3 s汽车的位移为25 m √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：根据题意，由运动学公式x=v0t+at2，整理可得=v0+a，结合图像可得v0= m/s=20 m/s，v0×0.2+a=0，解得a=-8 m/s2，故1 s末汽车的速度为v1=v0+at1=12 m/s，2 s末汽车的速度为v2=v0+at2=4 m/s，2 s内汽车的平均速度为==12 m/s，第2 s内汽车的位移为x12= t12=8 m，故A、C错误，B正确；汽车停下来的时间t0==2.5 s，经过3 s汽车的位移为x3=t0=25 m，故D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 7.汽车甲沿平直的公路行驶，汽车乙静止在同一平直的公路上，t=0时刻汽车甲和汽车乙第一次并排，同时汽车乙由静止开始运动。通过计算机描绘了两辆汽车的平均速度随时间t的变化规律如图所示，图线A、B分别为汽车甲、乙的⁃t图像，已知汽车乙的最大速度为vm=30 m/s。下列说法正确的是(　　) A.汽车甲、乙的加速度大小之比为1∶2 B.t=6 s时，两汽车的速度相等 C.汽车甲停止时，两汽车之间的距离为76.5 m D.汽车甲停止时，两汽车之间的距离为81 m √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：根据位移公式x=v0t+at2，整理得=at+v0，根据题图得a甲= m/s2，a乙= m/s2，解得a甲=-2 m/s2，a乙=4 m/s2，汽车甲、乙的加速度大小之比为1∶2，A正确；两汽车的初速度分别为v0甲=18 m/s，v0乙=0，t=6 s时，两汽车的速度分别为v甲=v0甲+a甲t=6 m/s，v乙=v0乙+a乙t=24 m/s，B错误；汽车甲停止运动的时间t0甲==9 s，汽车甲的位移x甲=t0甲=81 m，汽车乙达到最大速度的时间t0乙==7.5 s，汽车乙的位移x乙=t0乙+vm×1.5 s=157.5 m，两汽车之间的距离为Δx=x乙-x甲=76.5 m，C正确，D错误。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 √ 8.某同学将一条轻质柔软细绳两端分别固定在水平 直杆上的A、B两点，一个下端带挂钩的光滑轻质 圆环O穿过细绳，在挂钩下挂一个重力大小为G的 灯笼。该同学担心细绳断裂，下列做法一定能防 止细绳断裂的是 (　　) A.保持B点不动，将A点缓慢向左移动一段距离 B.保持A、B两点距离不变，将水平杆缓慢倾斜 C.保持A、B两点距离不变，对灯笼施加一个与水平方向成30°斜向左上方、大小为G的拉力 D.保持A、B两点距离不变，对灯笼施加一个水平向左、大小为G的拉力 √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：设A、B两点间水平距离为d，绳子长度为L，圆环两侧绳子与竖直方向夹角为θ，由几何关系有sin θ=，对灯笼，由平衡条件有2Fcos θ=G，解得绳子拉力大小F=，保持B点不动，将A点缓慢向左移动一段距离，则d增大，θ增大，可知cos θ减小，故F增大，绳子可能断裂，故A错误；保持A、B两点距离不变，将水平杆缓慢倾斜，则d减小，θ减小，可知cos θ增大，故F减小，绳子不断裂，故B正确； 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 对灯笼施加一个与水平方向成30°斜向左上方、大小为G的拉力，可知灯笼重力G与拉力等大且二者夹角为120°，故二者合力大小也为G，即等效重力G'=G，方向与水平方向成30°斜向左下方，由几何关系可知，A、B两点在等效水平方向(即与等效重力垂直的方向)的距离减小，圆环两侧绳子与等效重力方向的夹角θ'减小，可知cos θ'增大，故F减小，绳子不会断裂，故C正确；对灯笼施加一个水平向左、大小为G的拉力，可知灯笼重力与拉力等大且二者垂直，二者合力为G，即等效重力G″=G，方向与水平方向成45°斜向左下方，由几何关系可知，A、B两点在等效水平方向的距离减小，圆环两侧绳子与等效重力方向的夹角θ'减小，可知cos θ'增大，无法判断F的变化情况，故D错误。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 9.宣绩高铁改变了皖南地区的交通格局，让安徽南部地区真正拥有了“高铁大环线”。如图所示是列车在水平长直轨道上的模拟运行图，列车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动力车，其余为拖车。假设该列车组各车厢的质量均为m，动车的额定功率都为P，列车组在水平直轨道上运行过程中受到的阻力与车重成正比，比例系数为k。重力加速度为g。则该列车组 (　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 A.运行的最大速率为 B.若列车配置改成4节动力车和4节拖车，则最大速度将提高到原来的1.5倍 C.不管是做匀速运动还是匀加速运动，第4、5节车厢间的作用力一定都为0 D.列车组做匀加速运动时，第2、3节车厢与第5、6节车厢间的作用力之比为3∶2 √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：以最大速率行驶时，牵引力等于阻力F总=8kmg，而总功率为2P，故最大速率v=，选项A正确；若列车配置改成4节动力车和4节拖车，则有4P=8kmg·v'，可得v'=2v，选项B错误；当列车组做匀加速运动时，设加速度为a，每节动力车产生的牵引力为F，每节车厢所受的阻力为kmg，对整体有2F-8kmg=8ma，解得F=4ma+4kmg，对前四节车厢，由牛顿第二定律得F-4kmg+F45=4ma，解得F45=0，选项C正确；当列车组做匀加速运动时，设第2、3节车厢间的作用力为F23，5、6节车厢间的作用力为F56，将第6、7、8节车厢作为整体分析，由牛顿第二定律可得F56-3kmg=3ma，将第3、4、5、6、7、8节车厢作为整体分析，由牛顿第二定律可得F23+F-6kmg=6ma，对列车组整体，由牛顿第二定律可得2F-8kmg=8ma，联立解得F23∶F56=2∶3，选项D错误。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 10.(2025·山东淄博三模)如图所示，倾角为θ的斜面固定在水平地面上，以斜面上的O点为坐标原点，沿斜面向下建立x轴，从O点由静止释放一质量为m的小物块，物块与斜面间的动摩擦因数μ=kx，k为常数。物块在A点(图中未标出)达到最大速度并最终停在B点，重力加速度大小为g。下列说法正确的是 (　　) A.OA之间的距离为 B.物块下滑过程中的最大速度为 C.OB之间的距离为 D.物块在OA与AB之间运动所用的时间相等 √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：物块在A点时速度最大，则加速度为零，可得mgsin θ=μ1mgcos θ，其中μ1=kx1，解得OA之间的距离为x1=，选项A错误；从O到A过程中，由动能定理得mgx1sin θ-·mgx1cos θ=m，解得物块下滑过程中的最大速度为vm=，选项B正确；从O到B过程中，由动能定理得mgx2sin θ-·mgx2cos θ=0，解得OB之间的距离为x2=，选项C错误； 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 从O到B的过程中，f⁃x、F合⁃x及a⁃x的关系图像分别如图所示，可知物块受到的合外力以及加速度都是随x线性变化，且在关于A对称的位置合力及加速度大小相等、方向相反，所以速度大小也关于A点对称，因此从O到A与从A到B所用时间相等，故D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 11.如图所示，一轻质竖直挡板AB固定在光滑斜面顶端，一根长2 m的轻绳一端系在挡板AB上，另一端系一重50 N的小球，已知轻绳与竖直方向的夹角为45°，斜面倾角为37°，整个装置处于静止状态，重力加速度g=10 m/s2，sin 37° =0.6，cos 37°=0.8，下列说法正确的是 (　　) A.轻绳对小球的拉力大小为 N B.斜面对小球的支持力大小为 N C.若斜面向右做加速度大小为5 m/s2的匀加速直线运动， 则轻绳的拉力为0 D.若斜面以AB所在的竖直边为轴做角速度为 rad/s 的匀速圆周运动，则球 对斜面的压力为0 √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 解析：对小球进行受力分析，如图所示，根据正弦定理有== ，解得N= N，T= N，故A错误，B正确； 1 5 6 7 8 9 10 11 2 3 4 若斜面向右做匀加速直线运动且轻绳的拉力恰好为0，对小球进行分析，根据牛顿第二定律有mgtan 37°=ma，解得a=7.5 m/s2>5 m/s2，可知若斜面向右做加速度大小为5 m/s2的匀加速直线运动，轻绳的拉力不为0，故C错误；若斜面以AB所在的竖直边为轴做匀速圆周运动且斜面的支持力恰好为0，对小球进行分析，根据牛顿第二定律有mgtan 45°=mω2Lsin 45°，解得ω= rad/s，可知若斜面以AB所在的竖直边为轴做角速度为 rad/s的匀速圆周运动，球对斜面的压力为0，故D正确。 本课结束 更多精彩内容请登录：www.zghkt.cn $