物理 -【轮轮清·齐鲁名校教育测评】2026年9月高三学业质量检测

绝密★启用前 齐鲁名校教育测评 2026年9月高三年级学业质量检测 物 理 本试卷总分100分，考试时间90分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。 写在本试卷上无效。 识 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 当 1.下列说法正确的是 A.某种金属在发生光电效应时，逸出光电子的能量随入射光强度的增大而增大 B.衰变方程Th→1Pa十_9e十Y中的Y射线是21Pa核释放的 C.只有原子序数大于83的原子核才具有放射性 数 D.α粒子散射实验现象说明原子核内部有复杂结构 2.下列关于分子动理论的说法正确的是 A.一定质量的晶体在熔化的过程中分子的平均动能不变、分子势能增大 B.气体压强产生的原因是气体分子间有斥力 C.一定质量的气体在温度升高时各个速率区间的分子数均增加 D.质量一定的物体，其分子间作用力增大的过程，分子势能一定增大 3.如图所示为真空中的平行板电容器，两极板上电荷量的绝对值均为Q,两极板的间距为d, 正对面积为S,其电容可表示为C= 二（其中a为常量）。不计极板的边缘效应，下列说法正 确的是 A.极板间的电场强度大小为，Q。 ZaS B.两极板间的电势差为QS ad C.电容器贮存的电场能为，S 2。电荷量为9的点电荷在两极板向受的静电力大小为 4.自同一位置先后将两个小石子A、B以相同的初速度v。竖直向上抛出，时间间隔为△ (△t>O)。忽略空气阻力的影响，重力加速度为g,下列说法正确的是 A.若△t>”,则两石子在落地前不会相遇 8 $ B.只有<△t g 200时，两石子才会在落地前相遇 g C.两石子在落地前相遇时的速度相同 D.若仅减小△t,则两石子在落地前相遇的位置会升高 物理试题第1页（共8页） 5.如图所示，竖直平面内的轨道PA是直轨道，轨道PQB由两段直轨道在Q点平滑连接而 成，轨道PA和轨道PQB的长度相等且起点均在P点，末端点在同一水平地面上。一个 可视为质点的小物块先后两次分别从两轨道的P点由静止滑下，物块与轨道PA和轨道 PQB间的动摩擦因数相等，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。设物块沿轨道PA、轨道 PQB滑到地面时的动能分别为EkA、EkB,所用时间分别为tA、tB,下列关系式正确的是 7777777777777777777 A.EkA<EkB,tA>tB B.EKA<EkB,tA<tB C.EkA>EkB,tA>tB D.EkA>EkB,tA<tB 6.如图甲所示，同种均匀介质中两波源S1和S2分别位于x轴上的x=一5m与x=6m 处，t=0时刻两波源同时开始沿y轴方向做简谐运动，产生两列沿x轴传播的简谐横波， 两波源的振动图像分别如图乙、丙所示。两列波在介质中的波速均为0.5m/s。下列说法 正确的是 ◆y/cm Ay/cm S, x/m 分 乙 丙 A.两列波不会发生干涉 B.t=11s时，x=0处质点的纵坐标y=8cm C.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动加强点 D.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动减弱点 7.电磁流量计是应用电磁感应原理，根据导电流体通过外加磁场时产生的电动势来测量导 电流体流量的一种仪器。如图所示，电磁流量计的圆形管道由非磁性材料制成，空间中有 垂直于圆管轴线的匀强磁场。当管中含有正、负离子的导电液体流过磁场区域时，测量管 壁上M、N两点间的电势差U,就可以知道管中液体的流量Q(单位时间内流过管道横截 面的液体体积)。已知圆管的直径为，匀强磁场的磁感应强度大小为B,假设管中各处 液体的流速均相同，方向如图所示。下列说法正确的是 ××B×MX d ××××××↓ A.导电液体中的正离子会向上偏转 B.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随液体流速的增大而减小 C.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随磁感应强度B的增大而减小 D.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随导电液体流量Q的增大而增大 物理试题第2页（共8页） 8.汽车给人们带来很大的交通便利，但交通安全问题不容忽视。在汽车碰到障碍物时迅速 减速至停车的过程中，系了安全带的乘员内脏仍然可能会受伤，其中一个原因是加速度过 大时不同密度的内脏会沿汽车运动方向发生不同的偏移，导致连接内脏的系膜、血管被过 度牵拉而撕裂，引起大出血或器官缺血，即便器官表面无破裂也可能危及生命。有人为了研 究这个问题，用装满水的小车代替人的身体，并将人体内密度不同的内脏简化为小车内用轻 绳悬挂的两个大小相同的小球A、B,小球A的密度大于水的密度，小球B的密度小于水的 密度，装置静止时，如图所示。当小车以较大的初速度水平向左做直线运动，在紧急刹车做 匀减速运动的过程中，下列说法正确的是 A.两小球都向左偏 B.两小球都向右偏 C.两根细线与竖直方向的夹角相等 D.小球B所连的细线与竖直方向的夹角大 777777777 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.一细束激光垂直于半圆柱体玻璃砖的平面从A点射人，直射在半圆周上的B点（图中未 画出)，如图所示。已知半圆柱体玻璃砖对该激光的折射率为号(6+2)，0点为圆心， ∠AOB=15°，半圆柱体玻璃砖的半径R=0.5m,sin75°=5+2 c0975°=62，真 4 空中的光速c=3.0×108m/s。下列说法正确的是 A.光会从玻璃砖的半圆周上射出 B.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为6个 0 C.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为5个 D.光在玻璃砖中传播的时间为8×10一9s 10.我国首个专业化商业航天基地一海南发射基地的十几次航天发射全部成功，其中地球 卫星P、Q的轨道如图所示，O为地心。卫星P沿圆轨道I运行，轨道半径为r,运行周 期为TP;卫星Q沿椭圆轨道Ⅱ运行，运行周期为T。,A为近地点，B为远地点，OA= 3r ,0B=Q经过A点和B点时的速度大小分别为A,UB。下列说法正确自 A.Tp=To B.3vA<5UB C.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积与卫星Q 与O点的连线扫过的面积相等 D.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积大于卫星 Q与O点的连线扫过的面积 PO 11.如图所示，一根粗细均匀、质量为m且均匀分布的硬杆AB的一端用轻绳悬挂在天花板 上，另一端施加拉力F。杆保持静止状态时，轻绳与竖直方向的夹角为α，杆与竖直方向 的夹角为B,下列说法正确的是 A.拉力F的最小值为mg sin a B.拉力F的最大值为mg C.当拉力F沿水平方向时，一定有sin3=2sina D.当拉力F沿水平方向时，一定有tanB=2tana 物理试题第3页（共8页） 12.如图甲所示，两根金属导轨固定在同一水平面内，其中bc段、d段与x坐标轴平行，间 距L=4m,abef为等腰梯形，a、f的x坐标为0，b、e的x坐标为2m,导轨左端点a、f 之间的距离为2，导轨右端点c,d之间接有阻值R=2Q的定值电阻。质量m=1kg长 度略大于L的金属棒垂直于x轴置于导轨上，整个装置处于竖直向下、磁感应强度大小 B=0.5T的匀强磁场中。金属棒与导轨间的动摩擦因数4=0.05。金属棒以沿x轴正 方向的某一初速度，在外力F的作用下从af位置开始运动，其在导轨的ab、fe之间运 动时速度的倒数1与位移x的关系图像如图乙所示，金属棒运动到b处时撤去外力F, 最终金属棒恰能运动到x2处，金属棒从x=0处运动x2处共用时t=2.5s,运动过程中 金属棒始终与x轴垂直且与导轨接触良好。除定值电阻外其他电阻均忽略不计，取g= 10m/s2。下列说法正确的是 ×b R 号s·m 1.00 + xB x 0.50 xe× × 2x2 x/m 2 x/m 多 乙 A.外力F的作用时间为1.5s B.x2=2.5m C.x2=2.25m D.外力F对金属棒做了2.5J的功 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)用如图甲所示的装置可以探究弹簧的弹力与其形变量的关系。 w7异线 甲 乙 (1)关于该实验，下列说法正确的是 。(填正确答案标号) A.弹簧下挂的钩码个数越多越好 B.用直尺测量弹簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量 C.用悬挂钩码法给弹簧施加拉力，应保证弹簧竖直 (2)根据该实验数据，可得弹簧弹力的增量△F、对应的弹簧长度的变化量△x及弹簧的 劲度系数及，他们应满足的关系式为 (用△F、△x及k表示)。 (3)实验小组为了探究如图乙所示的减振器的原理，将其简化为如 轻质板 图丙所示的示意图。图中两个弹簧的原长分别为L01、L2,劲度系数 分别为1、k2,轻质板固定在弹簧1的上端，且压缩弹簧的过程中能 始终保持水平。当弹簧的压缩量大于L1一L2时，由两弹簧组成的减 77777577 振器的劲度系数k= (用k1、k2表示)。 物理试题第4页（共8页） 14.(8分)在“探究影响感应电流方向的因素”的实验中，当电流从“+”接线柱流人灵敏电流 计时，指针向右偏，当电流从“一”接线柱流入灵敏电流计时，指针向左偏。如图所示是某 次实验中电流计指针的偏转情况。 级 (1)此时磁铁的运动状态和电流计指针的偏转方向如图所示，则从上往下看线圈中的电 流方向为 (填“顺时针”或“逆时针”)，永久磁铁的下端是 (填“N”或“S”)极。 (2)某同学在学习完电磁感应的所有高中内容后，再回头看这个实验时，又想到： ①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是从线圈中向上抽出，磁铁与线圈之间会出现 (填“引力”或“斥力”)； ②线圈中产生电流的过程 (填“符合”或“不符合”)能量守恒定律。 15.(8分)历史上，伽利略最早利用气体的热胀冷缩原理制作了温度计，其简化后的模型如 图所示。容器A的容积为V。,导热性良好，其内部封闭了一定质量的理想气体。均匀细 管B的上端到容器C中的液面的高度差为L并保持不变，横截面积为S,其上端与容器 数 A相连，下端浸没在盛有某种液体且水平截面积足够大的容器C中。稳定时细管B中 液面比容器C中液面高出的距离为h。当环境温度发生变化时，h的值也会随之变化， 从而可以用不同的五值表示不同的温度。当A中气体的热力学温度为T。时，细管B内 外的液面商度差h片：已知大气压强恒为，液体的将度为，重力加速度为名，忽略 毛细现象及液体的热胀冷缩的影响。 (1)若忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是否 相等？请列式证明； (2)若不忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是 否相等？请列式证明。 物理试题 第5页（共8页） 16.(8分)如图所示，高速公路上考虑车辆的安全一般会在长陡坡路段上设置避险车道，以 供发生紧急情况的车辆避险使用。一辆载有长方体货物的平板货车在行驶过程中出现 故障，以v。=90km/h的速度进入避险车道。已知避险车道与水平面的夹角0=11.6°， 车厢底板与避险车道平行，货车的质量M=5000kg,货物的质量m=25000kg,正常行 驶时位于车厢的正中间，货物与车厢前挡板的距离为3，货车进入避险车道瞬间速度 10 大小不变，之后的牵引力一直为零，货车与路面间的动摩擦因数1一21，货物与车厢底 板间的动摩擦因数42一9取g=10m/5,sin1.6°=0.20，cos1.6°=0.98，最大静摩擦 力等于滑动摩擦力，货车的运动视为滑动。 (1)如果货车上的货物被牢牢固定，求货车沿避险车道运动的距离； (2)如果货车上的货物未被固定，试通过计算分析货物与车厢的前端是否会发生碰撞。 货物3 物理试题第6页（共8页） 17.(14分)如图所示，一段水平放置、两端之间距离L=14m的传送带以恒定速率v=8m/s 顺时针转动，其上表面与右侧光滑的地面（足够大）在同一水平面上且平滑连接。三个物 块A、B、C依次静止放置在右侧水平地面上且与传送带在同一直线上。已知物块A、B、 C的质量分别为mA=1kg、mB=4kg、mc=16kg,物块与传送带之间的动摩擦因数均 为以=0.4，物块间的碰撞视为弹性碰撞且时间极短，物块A、B、C均可视为质点，取g= 10/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现使物块B瞬时获得一个水平向左的初速度 vo=10m/s,求： (1)物块A与传送带间因摩擦产生的热量； (2)物块B第二次碰撞前瞬间的速度大小； (3)物块C最终的速度大小。 A B 物理试题第7页（共8页） 18.(16分)空间直角坐标系Oxyz如图所示，在xOy坐标系的第二、三象限内充满沿x轴正 方向、电场强度大小为E1(未知)的匀强电场；第三象限内充满磁感应强度大小和方向均 未知的匀强磁场；y0之平面右侧空间内充满沿y轴负方向、电场强度大小为E2(未知)的 匀强电场和沿y轴正方向、磁感应强度大小为B的匀强磁场。现从空间中坐标为（一d, 一d,0)处发射一质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子，粒子的初速度沿y轴正方向，匀速 直线运动一段时间后，进人xOy坐标系的第二象限，又经一段时间粒子经过y轴上的P 点进人xOy坐标系的第一象限，此时的速度大小为o,速度方向与y轴正方向的夹角为 45°，之后粒子再次经过yOz平面时速度方向恰好垂直于yOz平面，不计粒子的重 力。求： (1)P点的y坐标； (2)第三象限内匀强磁场的磁感应强度大小和方向； (3)粒子经过P点后再次经过yOz平面时的位置坐标和y0x平面右侧空间内匀强电场 的电场强度大小。 y E B↑E E B↑↓E 物理试题第8页（共8页） 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 叁专答亲及解折 2026年9月高三年级学业质量检测·物理 题号 2 3 5 6 8 9 10 11 12 答案 B A C D D D C BD AD AD ACD 一、单项选择题 个U 1.B【解析】在发生光电效应时，对于同一种金 属，逸出光电子的能量只与入射光的频率有 关，而与入射光的强度无关，A错误；该核反应 △Q0 中产生的新原子核1Pa处于高能级，在向低能 4.D【解析】先抛出的石子A落回到抛出点的 级跃迁时释放了Y射线，B正确；原子序数小 2v 于83的有些原子核也具有放射性，C错误； 时间为t1= ,只要0<△t<t1,即只要0< g α粒子散射实验现象说明原子内部有复杂结 构，天然放射性现象说明原子核内部有复杂结 42 ,两石子就会在落地前相遇，A、B错 构，D错误。 误；两石子在落地前相遇时的速度大小相等， 2.A【解析】一定质量的晶体在熔化的过程中 方向相反，C错误；若仅减小△t,在石子A到 的温度不变，则分子的平均动能不变，吸收的 达最高点时，石子B的位置会越高，则在落地 热量增加了分子势能，A正确；气体压强产生 前相遇的位置也会升高，D正确。 的原因是气体分子不断撞击器壁，B错误；一 5.A【解析】小物块克服摩擦力做的功W:= 定质量的气体在温度升高时，低速率区间的分 子数减少，C错误；质量一定的物体，在分子间 mgcos0·coS9=mgs,其中s为水平方向 的距离略大于平衡距离时，分子间距增大 的位移，可知物体两次沿斜面下滑的过程中克 时，分子间力增大，但分子势能减小，D错误。 服摩擦力做的功WA>WB,而重力做功相等， 3.C【解析】电容器两极板间的电势差U= 由mgh一W:=Ek可知，EkA<EkB;物体两次 8-9,B结误：两极板间的电场强度大小 到达地面的速度大小vA<)B,而路程相等，由 两次的速度一时间图像可知，到达地面的时间 E-号-号A错误：电荷量为g的点电荷在 tA>tB,A正确。 AU B UR 两极板间受的静电力的大小F=qE= Qq as, D错误；电容器充电时两极板间的电势差与极 板的电荷量的关系如图所示，则由微元法可得 图线与横轴所围成的三角形面积表示电容器 贮存的电场能，电场能E=2Q0=的 6.D【解析】由题图乙、丙可知，两列波的周期 2as 均为T=4s且相位差恒定，可以发生干涉， C正确。 A错误；t=11s时，波源S1产生的波已经传 。1 ·物理· 参考答案及解析 到x=0处，而波源S2产生的波未传到x=0二、多项选择题 处，由t=0.5×11m=5.5m可知x=0处质9.BD【解析】由题意可知，激光在玻璃砖的圆 点的纵坐标与t=1s时波源S1的纵坐标值相 周内表面上的人射角为75，因如75°>7，光 同，为y=一5cm,B错误；由题图乙、丙知，两 束发生全反射，不会从圆周射出，A错误；因 列波的波长均为入=vT=0.5×4m=2m,两 180°-15° 波源相位相反，可以将波源S1等效成x= 15°×2 =5.5,则玻璃砖的半圆周上有光束 一6m处与波源S2同相位的波源S,,干涉图 到达的点的个数为6个，B正确，C错误；由 样稳定后，x=0处质点到两波源S1、S2的距 Rsin15°X12=t,解得t=8×109s,D正确。 离相等，故为振动加强点，向两侧每增2=1m 10.AD【解析】卫星Q运行的椭圆轨道的半长 就是1个振动加强点，则在两波源S1和S2之 3r 5r 间（不含两波源）有10个振动加强点，C错误； 轴a= 44 2 =r,卫星Q运行的椭圆轨道的 同理，在两波源S1和S2之间（不含两波源）有 半长轴和卫星P的轨道半径相等，根据开普 11个振动减弱点，D正确。 7.D【解析】由左手定则可知正离子向下偏转， 勒第三定律号-，可知卫星P和卫显Q运 负离子向上偏转，A错误；由离子受力平衡，有 行的周期相等，A正确；根据开普勒第二定律 ga=gB,可知U-Bdo,即M、N两点间的 可知，卫星Q沿椭圆轨道运行时，单位时间内 卫星与地心的连线扫过的面积相等，对于椭 电势差U随液体流速的增大而增大，B错误； 圆轨道的近地点A和远地点B,取极短时间 流量Q=-,联立解得U-4 ,即 4,可得号·0Aa·A= 1 ·OB·0B· t πd 在其他条件不变时，M、N两点间的电势差U 4,将OA-和OB-7代入解得3 随导电液体流量Q的增大而增大，随磁感应强 5vB,B错误；因为卫星P的圆轨道围成的面 度B的增大而增大，C错误，D正确。 积比卫星Q的椭圆轨道围成的面积大，卫星 8.C【解析】以地面为参考系，设小球A向左偏 P和卫星Q的周期相等，所以卫星P与地心 角为0，小球B向右偏角为α，小球的体积为 的连线比卫星Q与地心的连线在相等时间内 V,对小球A和小球B受力分析如图所示。对 扫过的面积大，C错误，D正确。 小球A,沿竖直方向有Fr1cos0+P水gV= 11.AD【解析】对杆受力分析如图甲所示，当拉 m1g,水平方向有Fn sin0十p水aV=m1a;对 力F与F1垂直时，拉力F取最小值mg sin a, 小球B,沿竖直方向有一F2cosa十P水gV A正确，B错误；另对杆受力分析如图乙所 m2g,水平方向有-Fr2sina十p水aV=m2a, 示，杆的重心在杆的中点C,则D点为OB的 联立解得tan0=a、tana=a,所以0=a,假 中点，由tanB= OA:tan a=OD OB A,得tan月- g 设成立，小球A向左偏，小球B向右偏，A、B、 2tana,C错误，D正确。 D错误，C正确。 pgVFi P水8V P水QV P水a 0 B 甲 2· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 12.ACD【解析】由题意知，af与be的距离为 14.(1)顺时针(2分)S(2分)(2)①引力 2m,。x图像与横轴所围面积代表金属棒 (2分)②符合(2分) 【解析】(1)由题图可知，电表指针右偏，则感 从af到be的时间，即，=(0.50+1.00)X2 S. 应电流从“十”接线柱流入，从上往下看线圈 2 解得t1=1.5s,A正确；金属棒从be到停止 中的感应电流沿顺时针方向；根据楞次定律 所用的时间为t2=t一t1=2.5s一1.5s 可知，磁铁向下插入线圈时，穿过线圈的磁通 1s。从be到停止，由动量定理有-mgt2 量增大，线圈中电流产生的磁场方向与磁铁的 BLd 磁场方向相反，所以永久磁铁的下端为S极。 BLBY=0-mu1,即mg2十BLR (2)①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是向 mv1,另由题图乙可知金属棒到达be位置时 上抽出磁铁，根据楞次定律可知，感应电流的 的速度大小为1m/s,解得d=0.25m,则 磁场总是会阻碍引起感应电流的磁通量的减 x2=x1十d=2.25m,B错误，C正确；金属棒 在af、be间运动时，设金属棒的位移为x时， 少，即磁铁与线圈之间会出现引力；②线圈中 所受安培力F一B,而电流I一是，产生 产生电流的过程符合能量守恒定律。 15.(1)相等 电动势E=BLxv,金属棒切割磁感线的有效 (2)不相等 长度L:=(2+2×2)m=(2+x)m,结合题 【解析】(1)若忽略细管中气体体积的影响， 温度变化时，气体做等容变化，根据查理定 图乙，联立得F安=（1+)N,金属棒在af、 律有 e间运动的过程中有F类=P十E2-15N,所 2 p。一pg2 po一Pgh ① To T 以W克安=F安x1=3J,由动能定理有Wr一 1 2pgTo 2PoTo mgx1-W克安=2mi-2mo,解得Wr= 整理得T= 2po-pgLht ② 2po-pgL 2.5J,D正确。 因为热力学温度T与h是一次函数关系，所 三、非选择题 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 13.(1)BC(2分)(2)△F=△x(2分)(3)k1+ 距相等③ k2(2分) (2)如果细管B中气体体积不可忽略，根据理 【解析】（1)弹簧下挂的钩码个数过多时，弹 想气体状态方程有 簧可能超过弹性限度，A错误；用直尺测量弹 簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量，可以 ,-s台w,+号 消除弹簧自身重力的影响，B正确；用悬挂钩 To 码法给弹簧施加拉力时，只有保证弹簧竖直状 (p。-pgh)(V。+LS-Sh) 态，才能把弹簧的形变量测量准确，C正确。 ④ T (2)将F1=x1、F2=kx2两式作差，可得 F2-F1=k(x2-x1),即△F=k△x。 解得T= 4T(p。-pgh)(V。+LS-Sh) ⑤ (2p,-PgL)(2V。+LS) (3)从弹簧的压缩量等于L1一L2再继续增 因为热力学温度T与h是二次函数关系，所 大压力，有△F1=k1△x、F2=k2△x,两式相 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 加，可得△F1十F2=(k1十2)△x,则由两弹 簧组成的减振器的劲度系数=△F十F:」 距不相等⑥ △x 评分标准：本题共8分，①④式各2分，②③ k1十k2。 ⑤⑥式各1分. ·3· ·物理· 参考答案及解析 16.3m 【解析】(1)物块A、B发生碰撞的过程，以水 平向左为正方向，由动量守恒定律有 (2)不会 mBV0=mAVA十mBVB 【解析】（1)如果货车上的货物固定，对货车 由机械能守恒定律有 和货物整体，垂直于车道方向上有 gme时-名moi+7m,ed① 1 (M+m)gcos0-FN=0① 沿车道方向上有 联立解得 (M+m)gsin 0+uFN=(M+m)a 2 vA=16m/s,vB=6m/s② 联立解得a=20 设物块A滑上传送带后不会从左端离开，向 3 m/s2 左运动的位移大小为xA,由 由v=2a.x vh=2ugxa 解得货车沿避险车道运动的距离x=375m 8m③ 解得xA=32m>L=14m③ 则物块A滑上传送带后从左端离开，由 (2)如果货车上的货物未被固定，对货物分 1 析，垂直于车道方向上有 L=UAtA一24gt货 ④ mg cos 0-F N2=0 得物块A在传送带上的运动时间 沿车道方向上有 tA=1 s mg sin 0+u2 F Ne=ma2 此段时间内传送带向右的位移大小 联立解得a2=6.6m/s2④ x=tA=8m⑤ 由v=2a2x2 则物块A与传送带间因摩擦产生的热量 解得货物若沿车厢一直减速到停止，运动的 Q=mAg(x+L)=88J⑥ 距离x2=3125 (2)设物块B滑上传送带后不会从左端离开， 66m⑤ 向左运动的位移大小为xB,由 对货车分析，垂直于车道方向上有 08=2μgxB⑦ Mg cosθ+F2-FNm=O 解得xB=4.5m<L=14m 沿车道方向上有 则物块B在传送带上向左减速后又向右加速 Mg sin 0+u F-u2 F N2=Ma 并从传送带的右端离开，由运动过程的对称 联立解得a1=7m/s2⑥ 性可知，物块B以大小为6m/s的速度离开 由v=2a1x1 传送带，匀速运动一段时间后与物块C发生 得货车沿避险车道运动的距离x1 625 碰撞，则物块B第二次碰撞前瞬间的速度大 14m⑦ 小为6m/s⑧ 3125625 因为x2-x1=(66 (3)物块B、C发生碰撞的过程，以水平向右 14 m≈2.7m<3m 为正方向，由动量守恒定律有 则货物不会与车厢前端相撞 ⑧ mBVB=mBVB1十mcVc1⑨ 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式 由机械能守恒定律有 各1分。 1 1 17.(1)88J 2m员=2mi1+2mc80 (2)6m/s 联立解得 (3)2.88m/s vB1=-3.6m/s,vc1=2.4m/s① 。4· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 此后物块B向左冲上传送带后，又以B1= √2mwo 联立解得B1= ⑦ 3.6m/s的速度水平向右与物块C发生第二 4qd 次碰撞，由动量守恒定律有 由电场力沿x轴正方向和左手定则可知，磁 mBUBI+mcvcI=mBUB2+mcUcz ② 场方向沿之轴负方向⑧ 由机械能守恒定律有 (3)粒子经过P点后在平行于xOz平面内， 2m咖2+2mc6= 1 2mav原+ 1 2 mcvez B 只受洛伦兹力，经过半个周期的匀速圆周运 动后再次经过yOz平面，由牛顿第二定律有 联立解得 vB2=1.68m/s,vc2=2.88m/s q0osin45°×B=m (vosin 45)2 ⑨ 则此后物块不会再相碰，则物块C最终的速 度大小为2.88m/s④ 解得，=2mu。 2gB 评分标准：本题共14分，①②③④⑤⑥⑦⑧ 2πr 周期T= 2πm ⑨⑩①②③④式各1分。 vosin 45= 9B ⑩ 18.(1)2d Tπm 用时t?=2=gB ① (2)2m0,沿之轴负方向 Agd 粒子在yOz平面右侧的空间内，受到的电场 (3)(0,2d+V2mm0,V2m √2ooB 力沿y轴负方向，沿y轴正方向做匀减速运 4qB’ gB 2π 动，直到速度为零时再次经过yOz平面，则 【解析】(1)粒子在xOy坐标系的第二象限 h=0c0s45°+0、 内做类平抛运动，沿x轴方向有 2 d=0vosin 45 Xt1① 解得h= √2xmvo ⑧ 4gB 沿y轴方向有 则粒子再次经过yOz平面时的位置坐标为 yp=voc0s45°Xt1② 0,2d+V2xmv √2mvo gB ④ 解得yp=2d③ 4gB (2)粒子沿x轴正方向做匀加速直线运动，有 沿y轴正方向有 (-2ad ④ -(,c0s45°y=-29Eh。 ⑤ 对粒子由牛顿第二定律，有 解得E2= 2voB 2π ⑥ qE1=ma⑤ 粒子在xOy坐标系的第三象限内受力平衡，则 评分标准：本题共16分，①②③④⑤⑥⑦⑧ qE1=qvocos45°XB1⑥ ⑨⑩①@⑧④⑤⑥式各1分。 ·5·2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 叁专含案及解折 2026年9月高三年级学业质量检测·物理 题 都 1 2 3 5 6 > 8 9 10 11 12 答案 B D D C BD AD AD ACD 一、单项选择题 ◆UU 1.B【解析】在发生光电效应时，对于同一种金 属，逸出光电子的能量只与入射光的频率有 关，而与入射光的强度无关，A错误；该核反应 △QQ 中产生的新原子核1Pa处于高能级，在向低能 4.D【解析】先抛出的石子A落回到抛出点的 级跃迁时释放了Y射线，B正确；原子序数小 于83的有些原子核也具有放射性，C错误； 时间为t1= 2w0 ,只要0<△t<t1,即只要0< g α粒子散射实验现象说明原子内部有复杂结 20 △t<,两石子就会在落地前相遇，A、B错 构，天然放射性现象说明原子核内部有复杂结 构，D错误。 误；两石子在落地前相遇时的速度大小相等， 2.A【解析】一定质量的晶体在熔化的过程中 方向相反，C错误；若仅减小△t,在石子A到 的温度不变，则分子的平均动能不变，吸收的 达最高点时，石子B的位置会越高，则在落地 热量增加了分子势能，A正确，气体压强产生 前相遇的位置也会升高，D正确。 的原因是气体分子不断撞击器壁，B错误；一 5.A【解析】小物块克服摩擦力做的功W:= 定质量的气体在温度升高时，低速率区间的分 子数减少，C错误；质量一定的物体，在分子间 mg cos0·coS9=mgs,其中s为水平方向 的距离略大于平衡距离时，分子间距增大 的位移，可知物体两次沿斜面下滑的过程中克 时，分子间力增大，但分子势能减小，D错误。 服摩擦力做的功WA>WB,而重力做功相等， 3.C【解析】电容器两极板间的电势差U= 由mgh一W:=Ek可知，EkA<EkB;物体两次 到达地面的速度大小A<vB,而路程相等，由 名-9B循误：两极板间的电场强度大小 两次的速度一时间图像可知，到达地面的时间 E-号-号A错误：电荷量为g的点电荷在 tA>tB,A正确。 B 两极板间受的静电力的大小下=E= as' D错误；电容器充电时两极板间的电势差与极 板的电荷量的关系如图所示，则由微元法可得 图线与横轴所围成的三角形面积表示电容器 贮存的电场能，电场能E=号Q0- 6.D【解析】由题图乙、丙可知，两列波的周期 2as 均为T=4s且相位差恒定，可以发生干涉， C正确。 A错误；t=11s时，波源S1产生的波已经传 ·物理· 参考答案及解析 到x=0处，而波源S2产生的波未传到x=0 二、多项选择题 处，由t=0.5×11m=5.5m可知x=0处质 9. BD【解析】由题意可知，激光在玻璃砖的圆 点的纵坐标与t=1s时波源S1的纵坐标值相 周内表面上的入射角为75，因sim75>,光 同，为y=一5cm,B错误；由题图乙、丙知，两 束发生全反射，不会从圆周射出，A错误；因 列波的波长均为入=vT=0.5×4m=2m,两 180°-15 波源相位相反，可以将波源S1等效成x= 15°×2 =5.5,则玻璃砖的半圆周上有光束 一6m处与波源S2同相位的波源S1,干涉图 到达的点的个数为6个，B正确，C错误；由 样稳定后，x=0处质点到两波源S1、S2的距 Rsin15X12=Ct,解得1=8×109s,D正确。 离相等，放为振动加强点，向两侧每增之 =1m 10.AD【解析】卫星Q运行的椭圆轨道的半长 就是1个振动加强点，则在两波源S1和S2之 间（不含两波源）有10个振动加强点，C错误； 轴a= 2 -=r,卫星Q运行的椭圆轨道的 同理，在两波源S1和S2之间（不含两波源）有 半长轴和卫星P的轨道半径相等，根据开普 11个振动减弱点，D正确。 7.D【解析】由左手定则可知正离子向下偏转， 勒第三定律=k,可知卫星P和卫尾Q运 负离子向上偏转，A错误；由离子受力平衡，有 行的周期相等，A正确；根据开普勒第二定律 U 9a-gB,可知U=Bdo,即M、N两点间的 可知，卫星Q沿椭圆轨道运行时，单位时间内 卫星与地心的连线扫过的面积相等，对于椭 电势差U随液体流速的增大而增大，B错误； 圆轨道的近地点A和远地点B,取极短时间 流量Q-=子，联立解得U-4 ,即 1 ·OB·VB· t 4,可得7·0A·0A·4= 2 在其他条件不变时，M、N两点间的电势差U ,将OA-和OB-代人解得30，= 随导电液体流量Q的增大而增大，随磁感应强 5vB,B错误；因为卫星P的圆轨道围成的面 度B的增大而增大，C错误，D正确。 积比卫星Q的椭圆轨道围成的面积大，卫星 8.C【解析】以地面为参考系，设小球A向左偏 P和卫星Q的周期相等，所以卫星P与地心 角为0，小球B向右偏角为α，小球的体积为 的连线比卫星Q与地心的连线在相等时间内 V,对小球A和小球B受力分析如图所示。对 扫过的面积大，C错误，D正确。 小球A,沿竖直方向有F1cos0+P水gV= 11.AD【解析】对杆受力分析如图甲所示，当拉 m1g,水平方向有Fr1sin0十p水aV=m1a;对 力F与F1垂直时，拉力F取最小值mng sin a, 小球B,沿竖直方向有一F2cosa十P水gV A正确，B错误；另对杆受力分析如图乙所 m2g,水平方向有-Fr2sina十p水aV=m2a, 示，杆的重心在杆的中点C,则D点为OB的 联立解得tan日=a、tana=a,所以0=a,假 中点，由tanB= OB OA”tan&二号次，得tanB= g 设成立，小球A向左偏，小球B向右偏，A、B、 2tana,C错误，D正确。 D错误，C正确。 P陈gVf, P水8V A⊙ P水aV P水a B Ymg ● 甲 2· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 12.ACD【解析】由题意知，af与be的距离为 14.(1)顺时针(2分)S(2分)(2)①引力 2m,。x图像与横轴所围面积代表金属棒 (2分)②符合(2分) 【解析】(1)由题图可知，电表指针右偏，则感 从af到be的时间，即t,=0.50+1.00)×2 S 应电流从“十”接线柱流入，从上往下看线圈 2 解得t1=1.5s,A正确；金属棒从be到停止 中的感应电流沿顺时针方向；根据楞次定律 所用的时间为t2=t-t1=2.5s-1.5s= 可知，磁铁向下插入线圈时，穿过线圈的磁通 1s。从be到停止，由动量定理有-mgt2 量增大，线圈中电流产生的磁场方向与磁铁的 BLd 磁场方向相反，所以永久磁铁的下端为S极。 ②BLRA4=0-m4,即g,+BLR (2)①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是向 mv1,另由题图乙可知金属棒到达be位置时 上抽出磁铁，根据楞次定律可知，感应电流的 的速度大小为1m/s,解得d=0.25m,则 磁场总是会阻碍引起感应电流的磁通量的减 x2=x1十d=2.25m,B错误，C正确；金属棒 在af、be间运动时，设金属棒的位移为x时， 少，即磁铁与线圈之间会出现引力；②线圈中 产生电流的过程符合能量守恒定律。 所受安培力F安=BIL,而电流1三？，产生 15.(1)相等 电动势E=BLzv,金属棒切割磁感线的有效 (2)不相等 长度L.-(2+2×2)m=(2+x)m,结合题 【解析】(1)若忽略细管中气体体积的影响， 温度变化时，气体做等容变化，根据查理定 图乙，联立得F安=(1+)N,金属棒在af、 律有 e间运动的过程中有F=F十E=1,5N,所 L p,一g2 o-pgh ① To T 以W克安=F安x1=3J,由动能定理有W: 2PoTo gx1一W克=mwi-2moi,解得w- 整理得T= 2pgTo 2po-pgLh+ ② po-pgL 2.5J,D正确。 因为热力学温度T与h是一次函数关系，所 三、非选择题 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 13.(1)BC(2分)(2)△F=△x(2分)(3)k1+ 距相等③ k2(2分) (2)如果细管B中气体体积不可忽略，根据理 【解析】(1)弹簧下挂的钩码个数过多时，弹 想气体状态方程有 簧可能超过弹性限度，A错误；用直尺测量弹 (p0一pg21 )W+2S) L 簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量，可以 消除弹簧自身重力的影响，B正确；用悬挂钩 To 码法给弹簧施加拉力时，只有保证弹簧竖直状 (p。-Pgh)(V+LS-Sh) 态，才能把弹簧的形变量测量准确，C正确。 ④ T (2)将F1=x1、F2=x2两式作差，可得 4T(p。-pgh)(V。+LS-Sh) F2-F1=k(x2-x1),即△F=k△x。 解得T= ⑤ (2p。-PgL)(2V。+LS) (3)从弹簧的压缩量等于L1一L2再继续增 因为热力学温度T与h是二次函数关系，所 大压力，有△F1=k1△x、F2=k2△x,两式相 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 加，可得△F1十F2=(k1十k2)△x,则由两弹 簧组成的减振器的劲度系数A=△F十F 距不相等⑥ △.x 评分标准：本题共8分，①④式各2分，②③ k1十k2。 ⑤⑥式各1分。 3· ·物理· 参考答案及解析 16.(1)375 【解析】(1)物块A、B发生碰撞的过程，以水 8 m 平向左为正方向，由动量守恒定律有 (2)不会 mBV0=mAVA十mBVB 【解析】(1)如果货车上的货物固定，对货车 由机械能守恒定律有 和货物整体，垂直于车道方向上有 me=7a,暖+2me呢 1 1 ① (M+m)gcos0-FN=0① 沿车道方向上有 联立解得 (M+m)gsin 0+uFx=(M+m)a 2 va=16m/s,vB=6m/s② 20 设物块A滑上传送带后不会从左端离开，向 联立解得a= 3m/s2 左运动的位移大小为xA,由 由v=2ax v2=2μgxA 解得货车沿避险车道运动的距离工=375， 8m③ 解得xA=32m>L=14m③ 则物块A滑上传送带后从左端离开，由 (2)如果货车上的货物未被固定，对货物分 析，垂直于车道方向上有 L=UAtA-24g员 1 ④ mg cos 0-FN2=0 得物块A在传送带上的运动时间 沿车道方向上有 tA=1s mg sin 0+u2 FN2=ma2 此段时间内传送带向右的位移大小 联立解得a2=6.6m/s2 ④ x=tA=8m⑤ 由v6-2a2x2 则物块A与传送带间因摩擦产生的热量 解得货物若沿车厢一直减速到停止，运动的 Q=umAg(x+L)=88J⑥ 距离x2=3125 (2)设物块B滑上传送带后不会从左端离开， 66m⑤ 向左运动的位移大小为xB,由 对货车分析，垂直于车道方向上有 v2=2μgxB⑦ Mg cos 0+F N2-FNI=0 解得xB=4.5m<L=14m 沿车道方向上有 则物块B在传送带上向左减速后又向右加速 Mg sin 0++uFN-u2F N2=Ma 并从传送带的右端离开，由运动过程的对称 联立解得a1=7m/s2⑥ 性可知，物块B以大小为6m/s的速度离开 由v8=2a1x1 传送带，匀速运动一段时间后与物块C发生 625 碰撞，则物块B第二次碰撞前瞬间的速度大 得货车沿避险车道运动的距离x=m⑦ 小为6m/s⑧ /3125625 因为x2一x1=(66 14 m≈2.7m<3m (3)物块B、C发生碰撞的过程，以水平向右 为正方向，由动量守恒定律有 则货物不会与车厢前端相撞⑧ mBVB=mBVB1十mcvc1⑨ 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式 由机械能守恒定律有 各1分。 1 17.(1)88J ,2一上2B乙名1士272C之1夏0 (2)6m/s 联立解得 (3)2.88m/s vB1=-3.6m/s,vc1=2.4m/s① 4· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 此后物块B向左冲上传送带后，又以v'1= √2mwo 联立解得B1= ⑦ 3.6m/s的速度水平向右与物块C发生第二 4qd 次碰撞，由动量守恒定律有 由电场力沿x轴正方向和左手定则可知，磁 mBUBI+mcvcI=mBUB2+mcUcz ② 场方向沿之轴负方向⑧ 由机械能守恒定律有 (3)粒子经过P点后在平行于xOz平面内， 2msvai2+2mc6 1 2 mavie+1 1 2 mcvez 只受洛伦兹力，经过半个周期的匀速圆周运 动后再次经过yOz平面，由牛顿第二定律有 联立解得 vB2=1.68m/s,vc2=2.88m/s qvosin45°XB=m (vosin 45)2 ⑨ 则此后物块不会再相碰，则物块C最终的速 解得r= √2mvo 度大小为2.88m/s④ 2gB 评分标准：本题共14分，①②③④⑤⑥⑦⑧ 2πr 2πm 周期T= ⑨⑩①②③④式各1分。 vosin 45= 9B ⑩ 18.(1)2d Tπm 用时t2=2一qB ① (2)2m,沿之轴负方向 4gd 粒子在yOz平面右侧的空间内，受到的电场 (3)(0,2d+V2mmu,V2m √2ooB 力沿y轴负方向，沿y轴正方向做匀减速运 4qB’ gB 2π 动，直到速度为零时再次经过yO2平面，则 【解析】(1)粒子在xOy坐标系的第二象限 h=c0s45°+0 Xt2@ 内做类平抛运动，沿x轴方向有 d=0vosin 45 Xt1① 解得h= √2xmvo ⑧ 4gB 沿y轴方向有 则粒子再次经过yOz平面时的位置坐标为 yp=Vocos45°Xt1② (0,2d+2m。 √2mo ④ 解得yr=2d③ 4qB gB (2)粒子沿x轴正方向做匀加速直线运动，有 沿y轴正方向有 (-2ad ④ -(,c0s45°y=-29Eh ⑤ 对粒子由牛顿第二定律，有 解得E2= 2v0B qE1=ma⑤ 2π G 粒子在xOy坐标系的第三象限内受力平衡，则 评分标准：本题共16分，①②③④⑤⑥⑦⑧ qE1=qvocos45°XB1⑥ ⑨⑩①②③④⑤⑥式各1分。 ·5绝密★启用前 齐鲁名校教育测评 2026年9月高三年级学业质量检测 物 理 本试卷总分100分，考试时间90分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。 写在本试卷上无效。 的 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.下列说法正确的是 A.某种金属在发生光电效应时，逸出光电子的能量随入射光强度的增大而增大 B.衰变方程Th→1Pa十-9e+y中的Y射线是21Pa核释放的 C.只有原子序数大于83的原子核才具有放射性 数 D.α粒子散射实验现象说明原子核内部有复杂结构 2.下列关于分子动理论的说法正确的是 A.一定质量的晶体在熔化的过程中分子的平均动能不变、分子势能增大 B.气体压强产生的原因是气体分子间有斥力 C.一定质量的气体在温度升高时各个速率区间的分子数均增加 D.质量一定的物体，其分子间作用力增大的过程，分子势能一定增大 3.如图所示为真空中的平行板电容器，两极板上电荷量的绝对值均为Q,两极板的间距为d, 正对面积为S,其电容可表示为C=≤ (其中a为常量)。不计极板的边缘效应，下列说法正 确的是 4极板间的电场强度大小为， B.两极板间的电势差为 QS ad C电容器贮存的电场能为？S D.电荷量为q的点电荷在两极板间受的静电力大小为4如Qg d2 4.自同一位置先后将两个小石子A、B以相同的初速度v。竖直向上抛出，时间间隔为△ (△t>O)。忽略空气阻力的影响，重力加速度为g,下列说法正确的是 A.若△t>,则两石子在落地前不会相遇 8 $ B.只有<△ g 200时，两石子才会在落地前相遇 C.两石子在落地前相遇时的速度相同 D.若仅减小△t,则两石子在落地前相遇的位置会升高 物理试题第1页（共8页） 5.如图所示，竖直平面内的轨道PA是直轨道，轨道PQB由两段直轨道在Q点平滑连接而 成，轨道PA和轨道PQB的长度相等且起点均在P点，末端点在同一水平地面上。一个 可视为质点的小物块先后两次分别从两轨道的P点由静止滑下，物块与轨道PA和轨道 PQB间的动摩擦因数相等，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。设物块沿轨道PA、轨道 PQB滑到地面时的动能分别为EkA、EkB,所用时间分别为tA、tB,下列关系式正确的是 Q 77777777777777777 A.EkA<EkB,tA>tB B.EkA<EkB,tA<tB C.EkA>EkB,tA>tB D.EkA>EkB,tA<tB 6.如图甲所示，同种均匀介质中两波源S1和S2分别位于x轴上的x=一5m与x=6m 处，t=0时刻两波源同时开始沿y轴方向做简谐运动，产生两列沿x轴传播的简谐横波， 两波源的振动图像分别如图乙、丙所示。两列波在介质中的波速均为0.5/s。下列说法 正确的是 ◆y/cm Ay/cm 5 S2 6 x/m 甲 乙 丙 A.两列波不会发生干涉 B.t=11s时，x=0处质点的纵坐标y=8cm C.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动加强点 D.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动减弱点 7.电磁流量计是应用电磁感应原理，根据导电流体通过外加磁场时产生的电动势来测量导 电流体流量的一种仪器。如图所示，电磁流量计的圆形管道由非磁性材料制成，空间中有 垂直于圆管轴线的匀强磁场。当管中含有正、负离子的导电液体流过磁场区域时，测量管 壁上M、N两点间的电势差U,就可以知道管中液体的流量Q(单位时间内流过管道横截 面的液体体积)。已知圆管的直径为d,匀强磁场的磁感应强度大小为B,假设管中各处 液体的流速均相同，方向如图所示。下列说法正确的是 ××××××↓ A.导电液体中的正离子会向上偏转 B.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随液体流速的增大而减小 C.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随磁感应强度B的增大而减小 D.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随导电液体流量Q的增大而增大 物理试题第2页（共8页） 8.汽车给人们带来很大的交通便利，但交通安全问题不容忽视。在汽车碰到障碍物时迅速 减速至停车的过程中，系了安全带的乘员内脏仍然可能会受伤，其中一个原因是加速度过 大时不同密度的内脏会沿汽车运动方向发生不同的偏移，导致连接内脏的系膜、血管被过 度牵拉而撕裂，引起大出血或器官缺血，即便器官表面无破裂也可能危及生命。有人为了研 究这个问题，用装满水的小车代替人的身体，并将人体内密度不同的内脏简化为小车内用轻 绳悬挂的两个大小相同的小球A、B,小球A的密度大于水的密度，小球B的密度小于水的 密度，装置静止时，如图所示。当小车以较大的初速度水平向左做直线运动，在紧急刹车做 匀减速运动的过程中，下列说法正确的是 A.两小球都向左偏 B.两小球都向右偏 C.两根细线与竖直方向的夹角相等 D.小球B所连的细线与竖直方向的夹角大 77777777777 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.一细束激光垂直于半圆柱体玻璃砖的平面从A点射人，直射在半圆周上的B点（图中未 画出)，如图所示。已知半圆柱体玻璃砖对该激光的折射率为2(5十2)，0点为圆心， ∠AOB=15,半圆柱体玻璃砖的半径R=0.5m,sin75°=6十 ,c0s75°=6-2 4 4 真 空中的光速c=3.0×108m/s。下列说法正确的是 A.光会从玻璃砖的半圆周上射出 B.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为6个 C.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为5个 D.光在玻璃砖中传播的时间为8×10-9s 10.我国首个专业化商业航天基地一海南发射基地的十几次航天发射全部成功，其中地球 卫星P、Q的轨道如图所示，O为地心。卫星P沿圆轨道I运行，轨道半径为x,运行周 期为Tp;卫星Q沿椭圆轨道Ⅱ运行，运行周期为T。,A为近地点，B为远地点，OA= ,0B-”,Q经过A点和B点时的速度大小分别为4、·下列说法正确的是 3 A.Tp=To B.3vA<5UB C.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积与卫星Q B 与O点的连线扫过的面积相等 D.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积大于卫星 Q与O点的连线扫过的面积 11.如图所示，一根粗细均匀、质量为m且均匀分布的硬杆AB的一端用轻绳悬挂在天花板 上，另一端施加拉力F。杆保持静止状态时，轻绳与竖直方向的夹角为α，杆与竖直方向 的夹角为3，下列说法正确的是 A.拉力F的最小值为mg sin a ∠LLLL∠LLL∠ B.拉力F的最大值为mg C.当拉力F沿水平方向时，一定有sinB=2sina D.当拉力F沿水平方向时，一定有tan3=2tana 物理试题第3页（共8页）】 12.如图甲所示，两根金属导轨固定在同一水平面内，其中bc段、ed段与x坐标轴平行，间 距L=4m,abef为等腰梯形，a、f的x坐标为0，b、e的x坐标为2m,导轨左端点a、f 之间的距离为5，导轨右端点c,d之间接有阻值R=2n的定值电阻。质量m=1kg,长 度略大于L的金属棒垂直于x轴置于导轨上，整个装置处于竖直向下、磁感应强度大小 B=0.5T的匀强磁场中。金属棒与导轨间的动摩擦因数4=0.05。金属棒以沿x轴正 方向的某一初速度，在外力F的作用下从af位置开始运动，其在导轨的ab、fe之间运 动时速度的倒数士与位移x的关系图像如图乙所示，金属棒运动到b处时撤去外力F, 最终金属棒恰能运动到x2处，金属棒从x=0处运动x2处共用时t=2.5S,运动过程中 金属棒始终与x轴垂直且与导轨接触良好。除定值电阻外其他电阻均忽略不计，取g= 10m/s2。下列说法正确的是 + ×b× s·m) 1.00 + xB 0.50 2x2 x/m 2 x/m 甲 乙 A.外力F的作用时间为1.5s B.x2=2.5m C.x2=2.25m D.外力F对金属棒做了2.5J的功 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)用如图甲所示的装置可以探究弹簧的弹力与其形变量的关系。 异线线， 分 (1)关于该实验，下列说法正确的是 。(填正确答案标号) A.弹簧下挂的钩码个数越多越好 B.用直尺测量弹簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量 C.用悬挂钩码法给弹簧施加拉力，应保证弹簧竖直 (2)根据该实验数据，可得弹簧弹力的增量△F、对应的弹簧长度的变化量△x及弹簧的 劲度系数，他们应满足的关系式为 (用△F、△x及k表示)。 (3)实验小组为了探究如图乙所示的减振器的原理，将其简化为如 轻质板k 图丙所示的示意图。图中两个弹簧的原长分别为L01、L2,劲度系数 分别为1、k2,轻质板固定在弹簧1的上端，且压缩弹簧的过程中能 始终保持水平。当弹簧的压缩量大于Lo1一L2时，由两弹簧组成的减 777777 丙 振器的劲度系数k= (用k1、k2表示)。 物理试题第4页（共8页） 14.(8分)在“探究影响感应电流方向的因素”的实验中，当电流从“十”接线柱流入灵敏电流 计时，指针向右偏，当电流从“一”接线柱流入灵敏电流计时，指针向左偏。如图所示是某 次实验中电流计指针的偏转情况。 圜 (1)此时磁铁的运动状态和电流计指针的偏转方向如图所示，则从上往下看线圈中的电 流方向为 (填“顺时针”或“逆时针”)，永久磁铁的下端是 (填“N”或“S”)极。 (2)某同学在学习完电磁感应的所有高中内容后，再回头看这个实验时，又想到： 物 ①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是从线圈中向上抽出，磁铁与线圈之间会出现 (填“引力”或“斥力”)； ②线圈中产生电流的过程 (填“符合”或“不符合”)能量守恒定律 15.(8分)历史上，伽利略最早利用气体的热胀冷缩原理制作了温度计，其简化后的模型如 图所示。容器A的容积为V。,导热性良好，其内部封闭了一定质量的理想气体。均匀细 管B的上端到容器C中的液面的高度差为L并保持不变，横截面积为S,其上端与容器 数 A相连，下端浸没在盛有某种液体且水平截面积足够大的容器C中。稳定时细管B中 液面比容器C中液面高出的距离为h。当环境温度发生变化时，h的值也会随之变化， 从而可以用不同的五值表示不同的温度。当A中气体的热力学温度为T。时，细管B内 外的液面高度差A-。已知大气压强恒为P,液体的密度为P,重力加速度为8，忽略 毛细现象及液体的热胀冷缩的影响。 (1)若忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是否 相等？请列式证明； (2)若不忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是 否相等？请列式证明。 物理试题第5页（共8页） 16.(8分)如图所示，高速公路上考虑车辆的安全一般会在长陡坡路段上设置避险车道，以 供发生紧急情况的车辆避险使用。一辆载有长方体货物的平板货车在行驶过程中出现 故障，以vo=90km/h的速度进入避险车道。已知避险车道与水平面的夹角0=11.6°， 车厢底板与避险车道平行，货车的质量M=5000kg,货物的质量m=25000kg,正常行 驶时位于车厢的正中间，货物与车厢前挡板的距离为3，货车进入避险车道瞬间速度 10 大小不变，之后的牵引力一直为零，货车与路面间的动摩擦因数以1一2引，货物与车厢底 间的动摩擦因数2二49，取g=10m/S2,sin11.6°=0.20，cos11.6°=0.98，最大静摩 力等于滑动摩擦力，货车的运动视为滑动。 (1)如果货车上的货物被牢牢固定，求货车沿避险车道运动的距离； (2)如果货车上的货物未被固定，试通过计算分析货物与车厢的前端是否会发生碰撞。 货物巴 物理试题第6页（共8页） 17.(14分)如图所示，一段水平放置、两端之间距离L=14m的传送带以恒定速率v=8m/s 顺时针转动，其上表面与右侧光滑的地面（足够大）在同一水平面上且平滑连接。三个物 块A、B、C依次静止放置在右侧水平地面上且与传送带在同一直线上。已知物块A、B、 C的质量分别为mA=1kg、mB=4kg、mc=16kg,物块与传送带之间的动摩擦因数均 为4=0.4，物块间的碰撞视为弹性碰撞且时间极短，物块A、B、C均可视为质点，取g= 10m/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现使物块B瞬时获得一个水平向左的初速度 v0=10m/s,求： (1)物块A与传送带间因摩擦产生的热量； (2)物块B第二次碰撞前瞬间的速度大小； (3)物块C最终的速度大小。 A C 物理试题 第7页（共8页）】 18.(16分)空间直角坐标系Oxyz如图所示，在xOy坐标系的第二、三象限内充满沿x轴正 方向、电场强度大小为E,(未知)的匀强电场；第三象限内充满磁感应强度大小和方向均 未知的匀强磁场；y0之平面右侧空间内充满沿y轴负方向、电场强度大小为E2(未知)的 匀强电场和沿y轴正方向、磁感应强度大小为B的匀强磁场。现从空间中坐标为（一， d,0)处发射一质量为m、电荷量为q(g>0)的粒子，粒子的初速度沿y轴正方向，匀速 直线运动一段时间后，进人xOy坐标系的第二象限，又经一段时间粒子经过y轴上的P 点进入xOy坐标系的第一象限，此时的速度大小为vo,速度方向与y轴正方向的夹角为 45°，之后粒子再次经过yOx平面时速度方向恰好垂直于yO2平面，不计粒子的重 力。求： (1)P点的y坐标； (2)第三象限内匀强磁场的磁感应强度大小和方向； (3)粒子经过P点后再次经过yOz平面时的位置坐标和y0z平面右侧空间内匀强电场 的电场强度大小。 y E B↑E, E B↑E 物理试题第8页（共8页）绝密★启用前 齐鲁名校教育测评 2026年9月高三年级学业质量检测 物 理 本试卷总分100分，考试时间90分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。 写在本试卷上无效。 识 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 当 1.下列说法正确的是 A.某种金属在发生光电效应时，逸出光电子的能量随入射光强度的增大而增大 B.衰变方程Th→1Pa十_9e十Y中的Y射线是21Pa核释放的 C.只有原子序数大于83的原子核才具有放射性 数 D.α粒子散射实验现象说明原子核内部有复杂结构 2.下列关于分子动理论的说法正确的是 A.一定质量的晶体在熔化的过程中分子的平均动能不变、分子势能增大 B.气体压强产生的原因是气体分子间有斥力 C.一定质量的气体在温度升高时各个速率区间的分子数均增加 D.质量一定的物体，其分子间作用力增大的过程，分子势能一定增大 3.如图所示为真空中的平行板电容器，两极板上电荷量的绝对值均为Q,两极板的间距为d, 正对面积为S,其电容可表示为C= 二（其中a为常量）。不计极板的边缘效应，下列说法正 确的是 A.极板间的电场强度大小为，Q。 ZaS B.两极板间的电势差为QS ad C.电容器贮存的电场能为，S 2。电荷量为9的点电荷在两极板向受的静电力大小为 4.自同一位置先后将两个小石子A、B以相同的初速度v。竖直向上抛出，时间间隔为△ (△t>O)。忽略空气阻力的影响，重力加速度为g,下列说法正确的是 A.若△t>”,则两石子在落地前不会相遇 8 $ B.只有<△t g 200时，两石子才会在落地前相遇 g C.两石子在落地前相遇时的速度相同 D.若仅减小△t,则两石子在落地前相遇的位置会升高 物理试题第1页（共8页） 5.如图所示，竖直平面内的轨道PA是直轨道，轨道PQB由两段直轨道在Q点平滑连接而 成，轨道PA和轨道PQB的长度相等且起点均在P点，末端点在同一水平地面上。一个 可视为质点的小物块先后两次分别从两轨道的P点由静止滑下，物块与轨道PA和轨道 PQB间的动摩擦因数相等，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。设物块沿轨道PA、轨道 PQB滑到地面时的动能分别为EkA、EkB,所用时间分别为tA、tB,下列关系式正确的是 7777777777777777777 A.EkA<EkB,tA>tB B.EKA<EkB,tA<tB C.EkA>EkB,tA>tB D.EkA>EkB,tA<tB 6.如图甲所示，同种均匀介质中两波源S1和S2分别位于x轴上的x=一5m与x=6m 处，t=0时刻两波源同时开始沿y轴方向做简谐运动，产生两列沿x轴传播的简谐横波， 两波源的振动图像分别如图乙、丙所示。两列波在介质中的波速均为0.5m/s。下列说法 正确的是 ◆y/cm Ay/cm S, x/m 分 乙 丙 A.两列波不会发生干涉 B.t=11s时，x=0处质点的纵坐标y=8cm C.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动加强点 D.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动减弱点 7.电磁流量计是应用电磁感应原理，根据导电流体通过外加磁场时产生的电动势来测量导 电流体流量的一种仪器。如图所示，电磁流量计的圆形管道由非磁性材料制成，空间中有 垂直于圆管轴线的匀强磁场。当管中含有正、负离子的导电液体流过磁场区域时，测量管 壁上M、N两点间的电势差U,就可以知道管中液体的流量Q(单位时间内流过管道横截 面的液体体积)。已知圆管的直径为，匀强磁场的磁感应强度大小为B,假设管中各处 液体的流速均相同，方向如图所示。下列说法正确的是 ××B×MX d ××××××↓ A.导电液体中的正离子会向上偏转 B.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随液体流速的增大而减小 C.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随磁感应强度B的增大而减小 D.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随导电液体流量Q的增大而增大 物理试题第2页（共8页） 8.汽车给人们带来很大的交通便利，但交通安全问题不容忽视。在汽车碰到障碍物时迅速 减速至停车的过程中，系了安全带的乘员内脏仍然可能会受伤，其中一个原因是加速度过 大时不同密度的内脏会沿汽车运动方向发生不同的偏移，导致连接内脏的系膜、血管被过 度牵拉而撕裂，引起大出血或器官缺血，即便器官表面无破裂也可能危及生命。有人为了研 究这个问题，用装满水的小车代替人的身体，并将人体内密度不同的内脏简化为小车内用轻 绳悬挂的两个大小相同的小球A、B,小球A的密度大于水的密度，小球B的密度小于水的 密度，装置静止时，如图所示。当小车以较大的初速度水平向左做直线运动，在紧急刹车做 匀减速运动的过程中，下列说法正确的是 A.两小球都向左偏 B.两小球都向右偏 C.两根细线与竖直方向的夹角相等 D.小球B所连的细线与竖直方向的夹角大 777777777 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.一细束激光垂直于半圆柱体玻璃砖的平面从A点射人，直射在半圆周上的B点（图中未 画出)，如图所示。已知半圆柱体玻璃砖对该激光的折射率为号(6+2)，0点为圆心， ∠AOB=15°，半圆柱体玻璃砖的半径R=0.5m,sin75°=5+2 c0975°=62，真 4 空中的光速c=3.0×108m/s。下列说法正确的是 A.光会从玻璃砖的半圆周上射出 B.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为6个 0 C.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为5个 D.光在玻璃砖中传播的时间为8×10一9s 10.我国首个专业化商业航天基地一海南发射基地的十几次航天发射全部成功，其中地球 卫星P、Q的轨道如图所示，O为地心。卫星P沿圆轨道I运行，轨道半径为r,运行周 期为TP;卫星Q沿椭圆轨道Ⅱ运行，运行周期为T。,A为近地点，B为远地点，OA= 3r ,0B=Q经过A点和B点时的速度大小分别为A,UB。下列说法正确自 A.Tp=To B.3vA<5UB C.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积与卫星Q 与O点的连线扫过的面积相等 D.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积大于卫星 Q与O点的连线扫过的面积 PO 11.如图所示，一根粗细均匀、质量为m且均匀分布的硬杆AB的一端用轻绳悬挂在天花板 上，另一端施加拉力F。杆保持静止状态时，轻绳与竖直方向的夹角为α，杆与竖直方向 的夹角为B,下列说法正确的是 A.拉力F的最小值为mg sin a B.拉力F的最大值为mg C.当拉力F沿水平方向时，一定有sin3=2sina D.当拉力F沿水平方向时，一定有tanB=2tana 物理试题第3页（共8页） 12.如图甲所示，两根金属导轨固定在同一水平面内，其中bc段、d段与x坐标轴平行，间 距L=4m,abef为等腰梯形，a、f的x坐标为0，b、e的x坐标为2m,导轨左端点a、f 之间的距离为2，导轨右端点c,d之间接有阻值R=2Q的定值电阻。质量m=1kg长 度略大于L的金属棒垂直于x轴置于导轨上，整个装置处于竖直向下、磁感应强度大小 B=0.5T的匀强磁场中。金属棒与导轨间的动摩擦因数4=0.05。金属棒以沿x轴正 方向的某一初速度，在外力F的作用下从af位置开始运动，其在导轨的ab、fe之间运 动时速度的倒数1与位移x的关系图像如图乙所示，金属棒运动到b处时撤去外力F, 最终金属棒恰能运动到x2处，金属棒从x=0处运动x2处共用时t=2.5s,运动过程中 金属棒始终与x轴垂直且与导轨接触良好。除定值电阻外其他电阻均忽略不计，取g= 10m/s2。下列说法正确的是 ×b R 号s·m 1.00 + xB x 0.50 xe× × 2x2 x/m 2 x/m 多 乙 A.外力F的作用时间为1.5s B.x2=2.5m C.x2=2.25m D.外力F对金属棒做了2.5J的功 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)用如图甲所示的装置可以探究弹簧的弹力与其形变量的关系。 w7异线 甲 乙 (1)关于该实验，下列说法正确的是 。(填正确答案标号) A.弹簧下挂的钩码个数越多越好 B.用直尺测量弹簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量 C.用悬挂钩码法给弹簧施加拉力，应保证弹簧竖直 (2)根据该实验数据，可得弹簧弹力的增量△F、对应的弹簧长度的变化量△x及弹簧的 劲度系数及，他们应满足的关系式为 (用△F、△x及k表示)。 (3)实验小组为了探究如图乙所示的减振器的原理，将其简化为如 轻质板 图丙所示的示意图。图中两个弹簧的原长分别为L01、L2,劲度系数 分别为1、k2,轻质板固定在弹簧1的上端，且压缩弹簧的过程中能 始终保持水平。当弹簧的压缩量大于L1一L2时，由两弹簧组成的减 77777577 振器的劲度系数k= (用k1、k2表示)。 物理试题第4页（共8页） 14.(8分)在“探究影响感应电流方向的因素”的实验中，当电流从“+”接线柱流人灵敏电流 计时，指针向右偏，当电流从“一”接线柱流入灵敏电流计时，指针向左偏。如图所示是某 次实验中电流计指针的偏转情况。 级 (1)此时磁铁的运动状态和电流计指针的偏转方向如图所示，则从上往下看线圈中的电 流方向为 (填“顺时针”或“逆时针”)，永久磁铁的下端是 (填“N”或“S”)极。 (2)某同学在学习完电磁感应的所有高中内容后，再回头看这个实验时，又想到： ①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是从线圈中向上抽出，磁铁与线圈之间会出现 (填“引力”或“斥力”)； ②线圈中产生电流的过程 (填“符合”或“不符合”)能量守恒定律。 15.(8分)历史上，伽利略最早利用气体的热胀冷缩原理制作了温度计，其简化后的模型如 图所示。容器A的容积为V。,导热性良好，其内部封闭了一定质量的理想气体。均匀细 管B的上端到容器C中的液面的高度差为L并保持不变，横截面积为S,其上端与容器 数 A相连，下端浸没在盛有某种液体且水平截面积足够大的容器C中。稳定时细管B中 液面比容器C中液面高出的距离为h。当环境温度发生变化时，h的值也会随之变化， 从而可以用不同的五值表示不同的温度。当A中气体的热力学温度为T。时，细管B内 外的液面商度差h片：已知大气压强恒为，液体的将度为，重力加速度为名，忽略 毛细现象及液体的热胀冷缩的影响。 (1)若忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是否 相等？请列式证明； (2)若不忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是 否相等？请列式证明。 物理试题 第5页（共8页） 16.(8分)如图所示，高速公路上考虑车辆的安全一般会在长陡坡路段上设置避险车道，以 供发生紧急情况的车辆避险使用。一辆载有长方体货物的平板货车在行驶过程中出现 故障，以v。=90km/h的速度进入避险车道。已知避险车道与水平面的夹角0=11.6°， 车厢底板与避险车道平行，货车的质量M=5000kg,货物的质量m=25000kg,正常行 驶时位于车厢的正中间，货物与车厢前挡板的距离为3，货车进入避险车道瞬间速度 10 大小不变，之后的牵引力一直为零，货车与路面间的动摩擦因数1一21，货物与车厢底 板间的动摩擦因数42一9取g=10m/5,sin1.6°=0.20，cos1.6°=0.98，最大静摩擦 力等于滑动摩擦力，货车的运动视为滑动。 (1)如果货车上的货物被牢牢固定，求货车沿避险车道运动的距离； (2)如果货车上的货物未被固定，试通过计算分析货物与车厢的前端是否会发生碰撞。 货物3 物理试题第6页（共8页） 17.(14分)如图所示，一段水平放置、两端之间距离L=14m的传送带以恒定速率v=8m/s 顺时针转动，其上表面与右侧光滑的地面（足够大）在同一水平面上且平滑连接。三个物 块A、B、C依次静止放置在右侧水平地面上且与传送带在同一直线上。已知物块A、B、 C的质量分别为mA=1kg、mB=4kg、mc=16kg,物块与传送带之间的动摩擦因数均 为以=0.4，物块间的碰撞视为弹性碰撞且时间极短，物块A、B、C均可视为质点，取g= 10/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现使物块B瞬时获得一个水平向左的初速度 vo=10m/s,求： (1)物块A与传送带间因摩擦产生的热量； (2)物块B第二次碰撞前瞬间的速度大小； (3)物块C最终的速度大小。 A B 物理试题第7页（共8页） 18.(16分)空间直角坐标系Oxyz如图所示，在xOy坐标系的第二、三象限内充满沿x轴正 方向、电场强度大小为E1(未知)的匀强电场；第三象限内充满磁感应强度大小和方向均 未知的匀强磁场；y0之平面右侧空间内充满沿y轴负方向、电场强度大小为E2(未知)的 匀强电场和沿y轴正方向、磁感应强度大小为B的匀强磁场。现从空间中坐标为（一d, 一d,0)处发射一质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子，粒子的初速度沿y轴正方向，匀速 直线运动一段时间后，进人xOy坐标系的第二象限，又经一段时间粒子经过y轴上的P 点进人xOy坐标系的第一象限，此时的速度大小为o,速度方向与y轴正方向的夹角为 45°，之后粒子再次经过yOz平面时速度方向恰好垂直于yOz平面，不计粒子的重 力。求： (1)P点的y坐标； (2)第三象限内匀强磁场的磁感应强度大小和方向； (3)粒子经过P点后再次经过yOz平面时的位置坐标和y0x平面右侧空间内匀强电场 的电场强度大小。 y E B↑E E B↑↓E 物理试题第8页（共8页）绝密★启用前 齐鲁名校教育测评 2026年9月高三年级学业质量检测 物 理 本试卷总分100分，考试时间90分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。 写在本试卷上无效。 的 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.下列说法正确的是 A.某种金属在发生光电效应时，逸出光电子的能量随入射光强度的增大而增大 B.衰变方程Th→1Pa十-9e+y中的Y射线是21Pa核释放的 C.只有原子序数大于83的原子核才具有放射性 数 D.α粒子散射实验现象说明原子核内部有复杂结构 2.下列关于分子动理论的说法正确的是 A.一定质量的晶体在熔化的过程中分子的平均动能不变、分子势能增大 B.气体压强产生的原因是气体分子间有斥力 C.一定质量的气体在温度升高时各个速率区间的分子数均增加 D.质量一定的物体，其分子间作用力增大的过程，分子势能一定增大 3.如图所示为真空中的平行板电容器，两极板上电荷量的绝对值均为Q,两极板的间距为d, 正对面积为S,其电容可表示为C=≤ (其中a为常量)。不计极板的边缘效应，下列说法正 确的是 4极板间的电场强度大小为， B.两极板间的电势差为 QS ad C电容器贮存的电场能为？S D.电荷量为q的点电荷在两极板间受的静电力大小为4如Qg d2 4.自同一位置先后将两个小石子A、B以相同的初速度v。竖直向上抛出，时间间隔为△ (△t>O)。忽略空气阻力的影响，重力加速度为g,下列说法正确的是 A.若△t>,则两石子在落地前不会相遇 8 $ B.只有<△ g 200时，两石子才会在落地前相遇 C.两石子在落地前相遇时的速度相同 D.若仅减小△t,则两石子在落地前相遇的位置会升高 物理试题第1页（共8页） 5.如图所示，竖直平面内的轨道PA是直轨道，轨道PQB由两段直轨道在Q点平滑连接而 成，轨道PA和轨道PQB的长度相等且起点均在P点，末端点在同一水平地面上。一个 可视为质点的小物块先后两次分别从两轨道的P点由静止滑下，物块与轨道PA和轨道 PQB间的动摩擦因数相等，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。设物块沿轨道PA、轨道 PQB滑到地面时的动能分别为EkA、EkB,所用时间分别为tA、tB,下列关系式正确的是 Q 77777777777777777 A.EkA<EkB,tA>tB B.EkA<EkB,tA<tB C.EkA>EkB,tA>tB D.EkA>EkB,tA<tB 6.如图甲所示，同种均匀介质中两波源S1和S2分别位于x轴上的x=一5m与x=6m 处，t=0时刻两波源同时开始沿y轴方向做简谐运动，产生两列沿x轴传播的简谐横波， 两波源的振动图像分别如图乙、丙所示。两列波在介质中的波速均为0.5/s。下列说法 正确的是 ◆y/cm Ay/cm 5 S2 6 x/m 甲 乙 丙 A.两列波不会发生干涉 B.t=11s时，x=0处质点的纵坐标y=8cm C.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动加强点 D.两列波叠加稳定后，两波源S1和S2之间（不含两波源）有11个振动减弱点 7.电磁流量计是应用电磁感应原理，根据导电流体通过外加磁场时产生的电动势来测量导 电流体流量的一种仪器。如图所示，电磁流量计的圆形管道由非磁性材料制成，空间中有 垂直于圆管轴线的匀强磁场。当管中含有正、负离子的导电液体流过磁场区域时，测量管 壁上M、N两点间的电势差U,就可以知道管中液体的流量Q(单位时间内流过管道横截 面的液体体积)。已知圆管的直径为d,匀强磁场的磁感应强度大小为B,假设管中各处 液体的流速均相同，方向如图所示。下列说法正确的是 ××××××↓ A.导电液体中的正离子会向上偏转 B.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随液体流速的增大而减小 C.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随磁感应强度B的增大而减小 D.其他条件不变，M、N两点间的电势差U随导电液体流量Q的增大而增大 物理试题第2页（共8页） 8.汽车给人们带来很大的交通便利，但交通安全问题不容忽视。在汽车碰到障碍物时迅速 减速至停车的过程中，系了安全带的乘员内脏仍然可能会受伤，其中一个原因是加速度过 大时不同密度的内脏会沿汽车运动方向发生不同的偏移，导致连接内脏的系膜、血管被过 度牵拉而撕裂，引起大出血或器官缺血，即便器官表面无破裂也可能危及生命。有人为了研 究这个问题，用装满水的小车代替人的身体，并将人体内密度不同的内脏简化为小车内用轻 绳悬挂的两个大小相同的小球A、B,小球A的密度大于水的密度，小球B的密度小于水的 密度，装置静止时，如图所示。当小车以较大的初速度水平向左做直线运动，在紧急刹车做 匀减速运动的过程中，下列说法正确的是 A.两小球都向左偏 B.两小球都向右偏 C.两根细线与竖直方向的夹角相等 D.小球B所连的细线与竖直方向的夹角大 77777777777 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.一细束激光垂直于半圆柱体玻璃砖的平面从A点射人，直射在半圆周上的B点（图中未 画出)，如图所示。已知半圆柱体玻璃砖对该激光的折射率为2(5十2)，0点为圆心， ∠AOB=15,半圆柱体玻璃砖的半径R=0.5m,sin75°=6十 ,c0s75°=6-2 4 4 真 空中的光速c=3.0×108m/s。下列说法正确的是 A.光会从玻璃砖的半圆周上射出 B.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为6个 C.玻璃砖的半圆周上有光束到达的点的个数为5个 D.光在玻璃砖中传播的时间为8×10-9s 10.我国首个专业化商业航天基地一海南发射基地的十几次航天发射全部成功，其中地球 卫星P、Q的轨道如图所示，O为地心。卫星P沿圆轨道I运行，轨道半径为x,运行周 期为Tp;卫星Q沿椭圆轨道Ⅱ运行，运行周期为T。,A为近地点，B为远地点，OA= ,0B-”,Q经过A点和B点时的速度大小分别为4、·下列说法正确的是 3 A.Tp=To B.3vA<5UB C.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积与卫星Q B 与O点的连线扫过的面积相等 D.在相等时间内，卫星P与O点的连线扫过的面积大于卫星 Q与O点的连线扫过的面积 11.如图所示，一根粗细均匀、质量为m且均匀分布的硬杆AB的一端用轻绳悬挂在天花板 上，另一端施加拉力F。杆保持静止状态时，轻绳与竖直方向的夹角为α，杆与竖直方向 的夹角为3，下列说法正确的是 A.拉力F的最小值为mg sin a ∠LLLL∠LLL∠ B.拉力F的最大值为mg C.当拉力F沿水平方向时，一定有sinB=2sina D.当拉力F沿水平方向时，一定有tan3=2tana 物理试题第3页（共8页）】 12.如图甲所示，两根金属导轨固定在同一水平面内，其中bc段、ed段与x坐标轴平行，间 距L=4m,abef为等腰梯形，a、f的x坐标为0，b、e的x坐标为2m,导轨左端点a、f 之间的距离为5，导轨右端点c,d之间接有阻值R=2n的定值电阻。质量m=1kg,长 度略大于L的金属棒垂直于x轴置于导轨上，整个装置处于竖直向下、磁感应强度大小 B=0.5T的匀强磁场中。金属棒与导轨间的动摩擦因数4=0.05。金属棒以沿x轴正 方向的某一初速度，在外力F的作用下从af位置开始运动，其在导轨的ab、fe之间运 动时速度的倒数士与位移x的关系图像如图乙所示，金属棒运动到b处时撤去外力F, 最终金属棒恰能运动到x2处，金属棒从x=0处运动x2处共用时t=2.5S,运动过程中 金属棒始终与x轴垂直且与导轨接触良好。除定值电阻外其他电阻均忽略不计，取g= 10m/s2。下列说法正确的是 + ×b× s·m) 1.00 + xB 0.50 2x2 x/m 2 x/m 甲 乙 A.外力F的作用时间为1.5s B.x2=2.5m C.x2=2.25m D.外力F对金属棒做了2.5J的功 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)用如图甲所示的装置可以探究弹簧的弹力与其形变量的关系。 异线线， 分 (1)关于该实验，下列说法正确的是 。(填正确答案标号) A.弹簧下挂的钩码个数越多越好 B.用直尺测量弹簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量 C.用悬挂钩码法给弹簧施加拉力，应保证弹簧竖直 (2)根据该实验数据，可得弹簧弹力的增量△F、对应的弹簧长度的变化量△x及弹簧的 劲度系数，他们应满足的关系式为 (用△F、△x及k表示)。 (3)实验小组为了探究如图乙所示的减振器的原理，将其简化为如 轻质板k 图丙所示的示意图。图中两个弹簧的原长分别为L01、L2,劲度系数 分别为1、k2,轻质板固定在弹簧1的上端，且压缩弹簧的过程中能 始终保持水平。当弹簧的压缩量大于Lo1一L2时，由两弹簧组成的减 777777 丙 振器的劲度系数k= (用k1、k2表示)。 物理试题第4页（共8页） 14.(8分)在“探究影响感应电流方向的因素”的实验中，当电流从“十”接线柱流入灵敏电流 计时，指针向右偏，当电流从“一”接线柱流入灵敏电流计时，指针向左偏。如图所示是某 次实验中电流计指针的偏转情况。 圜 (1)此时磁铁的运动状态和电流计指针的偏转方向如图所示，则从上往下看线圈中的电 流方向为 (填“顺时针”或“逆时针”)，永久磁铁的下端是 (填“N”或“S”)极。 (2)某同学在学习完电磁感应的所有高中内容后，再回头看这个实验时，又想到： 物 ①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是从线圈中向上抽出，磁铁与线圈之间会出现 (填“引力”或“斥力”)； ②线圈中产生电流的过程 (填“符合”或“不符合”)能量守恒定律 15.(8分)历史上，伽利略最早利用气体的热胀冷缩原理制作了温度计，其简化后的模型如 图所示。容器A的容积为V。,导热性良好，其内部封闭了一定质量的理想气体。均匀细 管B的上端到容器C中的液面的高度差为L并保持不变，横截面积为S,其上端与容器 数 A相连，下端浸没在盛有某种液体且水平截面积足够大的容器C中。稳定时细管B中 液面比容器C中液面高出的距离为h。当环境温度发生变化时，h的值也会随之变化， 从而可以用不同的五值表示不同的温度。当A中气体的热力学温度为T。时，细管B内 外的液面高度差A-。已知大气压强恒为P,液体的密度为P,重力加速度为8，忽略 毛细现象及液体的热胀冷缩的影响。 (1)若忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是否 相等？请列式证明； (2)若不忽略细管B中气体体积的影响，细管B上表示热力学温度T的刻线的间距是 否相等？请列式证明。 物理试题第5页（共8页） 16.(8分)如图所示，高速公路上考虑车辆的安全一般会在长陡坡路段上设置避险车道，以 供发生紧急情况的车辆避险使用。一辆载有长方体货物的平板货车在行驶过程中出现 故障，以vo=90km/h的速度进入避险车道。已知避险车道与水平面的夹角0=11.6°， 车厢底板与避险车道平行，货车的质量M=5000kg,货物的质量m=25000kg,正常行 驶时位于车厢的正中间，货物与车厢前挡板的距离为3，货车进入避险车道瞬间速度 10 大小不变，之后的牵引力一直为零，货车与路面间的动摩擦因数以1一2引，货物与车厢底 间的动摩擦因数2二49，取g=10m/S2,sin11.6°=0.20，cos11.6°=0.98，最大静摩 力等于滑动摩擦力，货车的运动视为滑动。 (1)如果货车上的货物被牢牢固定，求货车沿避险车道运动的距离； (2)如果货车上的货物未被固定，试通过计算分析货物与车厢的前端是否会发生碰撞。 货物巴 物理试题第6页（共8页） 17.(14分)如图所示，一段水平放置、两端之间距离L=14m的传送带以恒定速率v=8m/s 顺时针转动，其上表面与右侧光滑的地面（足够大）在同一水平面上且平滑连接。三个物 块A、B、C依次静止放置在右侧水平地面上且与传送带在同一直线上。已知物块A、B、 C的质量分别为mA=1kg、mB=4kg、mc=16kg,物块与传送带之间的动摩擦因数均 为4=0.4，物块间的碰撞视为弹性碰撞且时间极短，物块A、B、C均可视为质点，取g= 10m/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现使物块B瞬时获得一个水平向左的初速度 v0=10m/s,求： (1)物块A与传送带间因摩擦产生的热量； (2)物块B第二次碰撞前瞬间的速度大小； (3)物块C最终的速度大小。 A C 物理试题 第7页（共8页）】 18.(16分)空间直角坐标系Oxyz如图所示，在xOy坐标系的第二、三象限内充满沿x轴正 方向、电场强度大小为E,(未知)的匀强电场；第三象限内充满磁感应强度大小和方向均 未知的匀强磁场；y0之平面右侧空间内充满沿y轴负方向、电场强度大小为E2(未知)的 匀强电场和沿y轴正方向、磁感应强度大小为B的匀强磁场。现从空间中坐标为（一， d,0)处发射一质量为m、电荷量为q(g>0)的粒子，粒子的初速度沿y轴正方向，匀速 直线运动一段时间后，进人xOy坐标系的第二象限，又经一段时间粒子经过y轴上的P 点进入xOy坐标系的第一象限，此时的速度大小为vo,速度方向与y轴正方向的夹角为 45°，之后粒子再次经过yOx平面时速度方向恰好垂直于yO2平面，不计粒子的重 力。求： (1)P点的y坐标； (2)第三象限内匀强磁场的磁感应强度大小和方向； (3)粒子经过P点后再次经过yOz平面时的位置坐标和y0z平面右侧空间内匀强电场 的电场强度大小。 y E B↑E, E B↑E 物理试题第8页（共8页） 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 叁专含案及解折 2026年9月高三年级学业质量检测·物理 题 都 1 2 3 5 6 > 8 9 10 11 12 答案 B D D C BD AD AD ACD 一、单项选择题 ◆UU 1.B【解析】在发生光电效应时，对于同一种金 属，逸出光电子的能量只与入射光的频率有 关，而与入射光的强度无关，A错误；该核反应 △QQ 中产生的新原子核1Pa处于高能级，在向低能 4.D【解析】先抛出的石子A落回到抛出点的 级跃迁时释放了Y射线，B正确；原子序数小 于83的有些原子核也具有放射性，C错误； 时间为t1= 2w0 ,只要0<△t<t1,即只要0< g α粒子散射实验现象说明原子内部有复杂结 20 △t<,两石子就会在落地前相遇，A、B错 构，天然放射性现象说明原子核内部有复杂结 构，D错误。 误；两石子在落地前相遇时的速度大小相等， 2.A【解析】一定质量的晶体在熔化的过程中 方向相反，C错误；若仅减小△t,在石子A到 的温度不变，则分子的平均动能不变，吸收的 达最高点时，石子B的位置会越高，则在落地 热量增加了分子势能，A正确，气体压强产生 前相遇的位置也会升高，D正确。 的原因是气体分子不断撞击器壁，B错误；一 5.A【解析】小物块克服摩擦力做的功W:= 定质量的气体在温度升高时，低速率区间的分 子数减少，C错误；质量一定的物体，在分子间 mg cos0·coS9=mgs,其中s为水平方向 的距离略大于平衡距离时，分子间距增大 的位移，可知物体两次沿斜面下滑的过程中克 时，分子间力增大，但分子势能减小，D错误。 服摩擦力做的功WA>WB,而重力做功相等， 3.C【解析】电容器两极板间的电势差U= 由mgh一W:=Ek可知，EkA<EkB;物体两次 到达地面的速度大小A<vB,而路程相等，由 名-9B循误：两极板间的电场强度大小 两次的速度一时间图像可知，到达地面的时间 E-号-号A错误：电荷量为g的点电荷在 tA>tB,A正确。 B 两极板间受的静电力的大小下=E= as' D错误；电容器充电时两极板间的电势差与极 板的电荷量的关系如图所示，则由微元法可得 图线与横轴所围成的三角形面积表示电容器 贮存的电场能，电场能E=号Q0- 6.D【解析】由题图乙、丙可知，两列波的周期 2as 均为T=4s且相位差恒定，可以发生干涉， C正确。 A错误；t=11s时，波源S1产生的波已经传 ·物理· 参考答案及解析 到x=0处，而波源S2产生的波未传到x=0 二、多项选择题 处，由t=0.5×11m=5.5m可知x=0处质 9. BD【解析】由题意可知，激光在玻璃砖的圆 点的纵坐标与t=1s时波源S1的纵坐标值相 周内表面上的入射角为75，因sim75>,光 同，为y=一5cm,B错误；由题图乙、丙知，两 束发生全反射，不会从圆周射出，A错误；因 列波的波长均为入=vT=0.5×4m=2m,两 180°-15 波源相位相反，可以将波源S1等效成x= 15°×2 =5.5,则玻璃砖的半圆周上有光束 一6m处与波源S2同相位的波源S1,干涉图 到达的点的个数为6个，B正确，C错误；由 样稳定后，x=0处质点到两波源S1、S2的距 Rsin15X12=Ct,解得1=8×109s,D正确。 离相等，放为振动加强点，向两侧每增之 =1m 10.AD【解析】卫星Q运行的椭圆轨道的半长 就是1个振动加强点，则在两波源S1和S2之 间（不含两波源）有10个振动加强点，C错误； 轴a= 2 -=r,卫星Q运行的椭圆轨道的 同理，在两波源S1和S2之间（不含两波源）有 半长轴和卫星P的轨道半径相等，根据开普 11个振动减弱点，D正确。 7.D【解析】由左手定则可知正离子向下偏转， 勒第三定律=k,可知卫星P和卫尾Q运 负离子向上偏转，A错误；由离子受力平衡，有 行的周期相等，A正确；根据开普勒第二定律 U 9a-gB,可知U=Bdo,即M、N两点间的 可知，卫星Q沿椭圆轨道运行时，单位时间内 卫星与地心的连线扫过的面积相等，对于椭 电势差U随液体流速的增大而增大，B错误； 圆轨道的近地点A和远地点B,取极短时间 流量Q-=子，联立解得U-4 ,即 1 ·OB·VB· t 4,可得7·0A·0A·4= 2 在其他条件不变时，M、N两点间的电势差U ,将OA-和OB-代人解得30，= 随导电液体流量Q的增大而增大，随磁感应强 5vB,B错误；因为卫星P的圆轨道围成的面 度B的增大而增大，C错误，D正确。 积比卫星Q的椭圆轨道围成的面积大，卫星 8.C【解析】以地面为参考系，设小球A向左偏 P和卫星Q的周期相等，所以卫星P与地心 角为0，小球B向右偏角为α，小球的体积为 的连线比卫星Q与地心的连线在相等时间内 V,对小球A和小球B受力分析如图所示。对 扫过的面积大，C错误，D正确。 小球A,沿竖直方向有F1cos0+P水gV= 11.AD【解析】对杆受力分析如图甲所示，当拉 m1g,水平方向有Fr1sin0十p水aV=m1a;对 力F与F1垂直时，拉力F取最小值mng sin a, 小球B,沿竖直方向有一F2cosa十P水gV A正确，B错误；另对杆受力分析如图乙所 m2g,水平方向有-Fr2sina十p水aV=m2a, 示，杆的重心在杆的中点C,则D点为OB的 联立解得tan日=a、tana=a,所以0=a,假 中点，由tanB= OB OA”tan&二号次，得tanB= g 设成立，小球A向左偏，小球B向右偏，A、B、 2tana,C错误，D正确。 D错误，C正确。 P陈gVf, P水8V A⊙ P水aV P水a B Ymg ● 甲 2· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 12.ACD【解析】由题意知，af与be的距离为 14.(1)顺时针(2分)S(2分)(2)①引力 2m,。x图像与横轴所围面积代表金属棒 (2分)②符合(2分) 【解析】(1)由题图可知，电表指针右偏，则感 从af到be的时间，即t,=0.50+1.00)×2 S 应电流从“十”接线柱流入，从上往下看线圈 2 解得t1=1.5s,A正确；金属棒从be到停止 中的感应电流沿顺时针方向；根据楞次定律 所用的时间为t2=t-t1=2.5s-1.5s= 可知，磁铁向下插入线圈时，穿过线圈的磁通 1s。从be到停止，由动量定理有-mgt2 量增大，线圈中电流产生的磁场方向与磁铁的 BLd 磁场方向相反，所以永久磁铁的下端为S极。 ②BLRA4=0-m4,即g,+BLR (2)①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是向 mv1,另由题图乙可知金属棒到达be位置时 上抽出磁铁，根据楞次定律可知，感应电流的 的速度大小为1m/s,解得d=0.25m,则 磁场总是会阻碍引起感应电流的磁通量的减 x2=x1十d=2.25m,B错误，C正确；金属棒 在af、be间运动时，设金属棒的位移为x时， 少，即磁铁与线圈之间会出现引力；②线圈中 产生电流的过程符合能量守恒定律。 所受安培力F安=BIL,而电流1三？，产生 15.(1)相等 电动势E=BLzv,金属棒切割磁感线的有效 (2)不相等 长度L.-(2+2×2)m=(2+x)m,结合题 【解析】(1)若忽略细管中气体体积的影响， 温度变化时，气体做等容变化，根据查理定 图乙，联立得F安=(1+)N,金属棒在af、 律有 e间运动的过程中有F=F十E=1,5N,所 L p,一g2 o-pgh ① To T 以W克安=F安x1=3J,由动能定理有W: 2PoTo gx1一W克=mwi-2moi,解得w- 整理得T= 2pgTo 2po-pgLh+ ② po-pgL 2.5J,D正确。 因为热力学温度T与h是一次函数关系，所 三、非选择题 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 13.(1)BC(2分)(2)△F=△x(2分)(3)k1+ 距相等③ k2(2分) (2)如果细管B中气体体积不可忽略，根据理 【解析】(1)弹簧下挂的钩码个数过多时，弹 想气体状态方程有 簧可能超过弹性限度，A错误；用直尺测量弹 (p0一pg21 )W+2S) L 簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量，可以 消除弹簧自身重力的影响，B正确；用悬挂钩 To 码法给弹簧施加拉力时，只有保证弹簧竖直状 (p。-Pgh)(V+LS-Sh) 态，才能把弹簧的形变量测量准确，C正确。 ④ T (2)将F1=x1、F2=x2两式作差，可得 4T(p。-pgh)(V。+LS-Sh) F2-F1=k(x2-x1),即△F=k△x。 解得T= ⑤ (2p。-PgL)(2V。+LS) (3)从弹簧的压缩量等于L1一L2再继续增 因为热力学温度T与h是二次函数关系，所 大压力，有△F1=k1△x、F2=k2△x,两式相 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 加，可得△F1十F2=(k1十k2)△x,则由两弹 簧组成的减振器的劲度系数A=△F十F 距不相等⑥ △.x 评分标准：本题共8分，①④式各2分，②③ k1十k2。 ⑤⑥式各1分。 3· ·物理· 参考答案及解析 16.(1)375 【解析】(1)物块A、B发生碰撞的过程，以水 8 m 平向左为正方向，由动量守恒定律有 (2)不会 mBV0=mAVA十mBVB 【解析】(1)如果货车上的货物固定，对货车 由机械能守恒定律有 和货物整体，垂直于车道方向上有 me=7a,暖+2me呢 1 1 ① (M+m)gcos0-FN=0① 沿车道方向上有 联立解得 (M+m)gsin 0+uFx=(M+m)a 2 va=16m/s,vB=6m/s② 20 设物块A滑上传送带后不会从左端离开，向 联立解得a= 3m/s2 左运动的位移大小为xA,由 由v=2ax v2=2μgxA 解得货车沿避险车道运动的距离工=375， 8m③ 解得xA=32m>L=14m③ 则物块A滑上传送带后从左端离开，由 (2)如果货车上的货物未被固定，对货物分 析，垂直于车道方向上有 L=UAtA-24g员 1 ④ mg cos 0-FN2=0 得物块A在传送带上的运动时间 沿车道方向上有 tA=1s mg sin 0+u2 FN2=ma2 此段时间内传送带向右的位移大小 联立解得a2=6.6m/s2 ④ x=tA=8m⑤ 由v6-2a2x2 则物块A与传送带间因摩擦产生的热量 解得货物若沿车厢一直减速到停止，运动的 Q=umAg(x+L)=88J⑥ 距离x2=3125 (2)设物块B滑上传送带后不会从左端离开， 66m⑤ 向左运动的位移大小为xB,由 对货车分析，垂直于车道方向上有 v2=2μgxB⑦ Mg cos 0+F N2-FNI=0 解得xB=4.5m<L=14m 沿车道方向上有 则物块B在传送带上向左减速后又向右加速 Mg sin 0++uFN-u2F N2=Ma 并从传送带的右端离开，由运动过程的对称 联立解得a1=7m/s2⑥ 性可知，物块B以大小为6m/s的速度离开 由v8=2a1x1 传送带，匀速运动一段时间后与物块C发生 625 碰撞，则物块B第二次碰撞前瞬间的速度大 得货车沿避险车道运动的距离x=m⑦ 小为6m/s⑧ /3125625 因为x2一x1=(66 14 m≈2.7m<3m (3)物块B、C发生碰撞的过程，以水平向右 为正方向，由动量守恒定律有 则货物不会与车厢前端相撞⑧ mBVB=mBVB1十mcvc1⑨ 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式 由机械能守恒定律有 各1分。 1 17.(1)88J ,2一上2B乙名1士272C之1夏0 (2)6m/s 联立解得 (3)2.88m/s vB1=-3.6m/s,vc1=2.4m/s① 4· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 此后物块B向左冲上传送带后，又以v'1= √2mwo 联立解得B1= ⑦ 3.6m/s的速度水平向右与物块C发生第二 4qd 次碰撞，由动量守恒定律有 由电场力沿x轴正方向和左手定则可知，磁 mBUBI+mcvcI=mBUB2+mcUcz ② 场方向沿之轴负方向⑧ 由机械能守恒定律有 (3)粒子经过P点后在平行于xOz平面内， 2msvai2+2mc6 1 2 mavie+1 1 2 mcvez 只受洛伦兹力，经过半个周期的匀速圆周运 动后再次经过yOz平面，由牛顿第二定律有 联立解得 vB2=1.68m/s,vc2=2.88m/s qvosin45°XB=m (vosin 45)2 ⑨ 则此后物块不会再相碰，则物块C最终的速 解得r= √2mvo 度大小为2.88m/s④ 2gB 评分标准：本题共14分，①②③④⑤⑥⑦⑧ 2πr 2πm 周期T= ⑨⑩①②③④式各1分。 vosin 45= 9B ⑩ 18.(1)2d Tπm 用时t2=2一qB ① (2)2m,沿之轴负方向 4gd 粒子在yOz平面右侧的空间内，受到的电场 (3)(0,2d+V2mmu,V2m √2ooB 力沿y轴负方向，沿y轴正方向做匀减速运 4qB’ gB 2π 动，直到速度为零时再次经过yO2平面，则 【解析】(1)粒子在xOy坐标系的第二象限 h=c0s45°+0 Xt2@ 内做类平抛运动，沿x轴方向有 d=0vosin 45 Xt1① 解得h= √2xmvo ⑧ 4gB 沿y轴方向有 则粒子再次经过yOz平面时的位置坐标为 yp=Vocos45°Xt1② (0,2d+2m。 √2mo ④ 解得yr=2d③ 4qB gB (2)粒子沿x轴正方向做匀加速直线运动，有 沿y轴正方向有 (-2ad ④ -(,c0s45°y=-29Eh ⑤ 对粒子由牛顿第二定律，有 解得E2= 2v0B qE1=ma⑤ 2π G 粒子在xOy坐标系的第三象限内受力平衡，则 评分标准：本题共16分，①②③④⑤⑥⑦⑧ qE1=qvocos45°XB1⑥ ⑨⑩①②③④⑤⑥式各1分。 ·52026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 叁专答亲及解折 2026年9月高三年级学业质量检测·物理 题号 2 3 5 6 8 9 10 11 12 答案 B A C D D D C BD AD AD ACD 一、单项选择题 个U 1.B【解析】在发生光电效应时，对于同一种金 属，逸出光电子的能量只与入射光的频率有 关，而与入射光的强度无关，A错误；该核反应 △Q0 中产生的新原子核1Pa处于高能级，在向低能 4.D【解析】先抛出的石子A落回到抛出点的 级跃迁时释放了Y射线，B正确；原子序数小 2v 于83的有些原子核也具有放射性，C错误； 时间为t1= ,只要0<△t<t1,即只要0< g α粒子散射实验现象说明原子内部有复杂结 构，天然放射性现象说明原子核内部有复杂结 42 ,两石子就会在落地前相遇，A、B错 构，D错误。 误；两石子在落地前相遇时的速度大小相等， 2.A【解析】一定质量的晶体在熔化的过程中 方向相反，C错误；若仅减小△t,在石子A到 的温度不变，则分子的平均动能不变，吸收的 达最高点时，石子B的位置会越高，则在落地 热量增加了分子势能，A正确；气体压强产生 前相遇的位置也会升高，D正确。 的原因是气体分子不断撞击器壁，B错误；一 5.A【解析】小物块克服摩擦力做的功W:= 定质量的气体在温度升高时，低速率区间的分 子数减少，C错误；质量一定的物体，在分子间 mgcos0·coS9=mgs,其中s为水平方向 的距离略大于平衡距离时，分子间距增大 的位移，可知物体两次沿斜面下滑的过程中克 时，分子间力增大，但分子势能减小，D错误。 服摩擦力做的功WA>WB,而重力做功相等， 3.C【解析】电容器两极板间的电势差U= 由mgh一W:=Ek可知，EkA<EkB;物体两次 8-9,B结误：两极板间的电场强度大小 到达地面的速度大小vA<)B,而路程相等，由 两次的速度一时间图像可知，到达地面的时间 E-号-号A错误：电荷量为g的点电荷在 tA>tB,A正确。 AU B UR 两极板间受的静电力的大小F=qE= Qq as, D错误；电容器充电时两极板间的电势差与极 板的电荷量的关系如图所示，则由微元法可得 图线与横轴所围成的三角形面积表示电容器 贮存的电场能，电场能E=2Q0=的 6.D【解析】由题图乙、丙可知，两列波的周期 2as 均为T=4s且相位差恒定，可以发生干涉， C正确。 A错误；t=11s时，波源S1产生的波已经传 。1 ·物理· 参考答案及解析 到x=0处，而波源S2产生的波未传到x=0二、多项选择题 处，由t=0.5×11m=5.5m可知x=0处质9.BD【解析】由题意可知，激光在玻璃砖的圆 点的纵坐标与t=1s时波源S1的纵坐标值相 周内表面上的人射角为75，因如75°>7，光 同，为y=一5cm,B错误；由题图乙、丙知，两 束发生全反射，不会从圆周射出，A错误；因 列波的波长均为入=vT=0.5×4m=2m,两 180°-15° 波源相位相反，可以将波源S1等效成x= 15°×2 =5.5,则玻璃砖的半圆周上有光束 一6m处与波源S2同相位的波源S,,干涉图 到达的点的个数为6个，B正确，C错误；由 样稳定后，x=0处质点到两波源S1、S2的距 Rsin15°X12=t,解得t=8×109s,D正确。 离相等，故为振动加强点，向两侧每增2=1m 10.AD【解析】卫星Q运行的椭圆轨道的半长 就是1个振动加强点，则在两波源S1和S2之 3r 5r 间（不含两波源）有10个振动加强点，C错误； 轴a= 44 2 =r,卫星Q运行的椭圆轨道的 同理，在两波源S1和S2之间（不含两波源）有 半长轴和卫星P的轨道半径相等，根据开普 11个振动减弱点，D正确。 7.D【解析】由左手定则可知正离子向下偏转， 勒第三定律号-，可知卫星P和卫显Q运 负离子向上偏转，A错误；由离子受力平衡，有 行的周期相等，A正确；根据开普勒第二定律 ga=gB,可知U-Bdo,即M、N两点间的 可知，卫星Q沿椭圆轨道运行时，单位时间内 卫星与地心的连线扫过的面积相等，对于椭 电势差U随液体流速的增大而增大，B错误； 圆轨道的近地点A和远地点B,取极短时间 流量Q=-,联立解得U-4 ,即 4,可得号·0Aa·A= 1 ·OB·0B· t πd 在其他条件不变时，M、N两点间的电势差U 4,将OA-和OB-7代入解得3 随导电液体流量Q的增大而增大，随磁感应强 5vB,B错误；因为卫星P的圆轨道围成的面 度B的增大而增大，C错误，D正确。 积比卫星Q的椭圆轨道围成的面积大，卫星 8.C【解析】以地面为参考系，设小球A向左偏 P和卫星Q的周期相等，所以卫星P与地心 角为0，小球B向右偏角为α，小球的体积为 的连线比卫星Q与地心的连线在相等时间内 V,对小球A和小球B受力分析如图所示。对 扫过的面积大，C错误，D正确。 小球A,沿竖直方向有Fr1cos0+P水gV= 11.AD【解析】对杆受力分析如图甲所示，当拉 m1g,水平方向有Fn sin0十p水aV=m1a;对 力F与F1垂直时，拉力F取最小值mg sin a, 小球B,沿竖直方向有一F2cosa十P水gV A正确，B错误；另对杆受力分析如图乙所 m2g,水平方向有-Fr2sina十p水aV=m2a, 示，杆的重心在杆的中点C,则D点为OB的 联立解得tan0=a、tana=a,所以0=a,假 中点，由tanB= OA:tan a=OD OB A,得tan月- g 设成立，小球A向左偏，小球B向右偏，A、B、 2tana,C错误，D正确。 D错误，C正确。 pgVFi P水8V P水QV P水a 0 B 甲 2· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 12.ACD【解析】由题意知，af与be的距离为 14.(1)顺时针(2分)S(2分)(2)①引力 2m,。x图像与横轴所围面积代表金属棒 (2分)②符合(2分) 【解析】(1)由题图可知，电表指针右偏，则感 从af到be的时间，即，=(0.50+1.00)X2 S. 应电流从“十”接线柱流入，从上往下看线圈 2 解得t1=1.5s,A正确；金属棒从be到停止 中的感应电流沿顺时针方向；根据楞次定律 所用的时间为t2=t一t1=2.5s一1.5s 可知，磁铁向下插入线圈时，穿过线圈的磁通 1s。从be到停止，由动量定理有-mgt2 量增大，线圈中电流产生的磁场方向与磁铁的 BLd 磁场方向相反，所以永久磁铁的下端为S极。 BLBY=0-mu1,即mg2十BLR (2)①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是向 mv1,另由题图乙可知金属棒到达be位置时 上抽出磁铁，根据楞次定律可知，感应电流的 的速度大小为1m/s,解得d=0.25m,则 磁场总是会阻碍引起感应电流的磁通量的减 x2=x1十d=2.25m,B错误，C正确；金属棒 在af、be间运动时，设金属棒的位移为x时， 少，即磁铁与线圈之间会出现引力；②线圈中 所受安培力F一B,而电流I一是，产生 产生电流的过程符合能量守恒定律。 15.(1)相等 电动势E=BLxv,金属棒切割磁感线的有效 (2)不相等 长度L:=(2+2×2)m=(2+x)m,结合题 【解析】(1)若忽略细管中气体体积的影响， 温度变化时，气体做等容变化，根据查理定 图乙，联立得F安=（1+)N,金属棒在af、 律有 e间运动的过程中有F类=P十E2-15N,所 2 p。一pg2 po一Pgh ① To T 以W克安=F安x1=3J,由动能定理有Wr一 1 2pgTo 2PoTo mgx1-W克安=2mi-2mo,解得Wr= 整理得T= 2po-pgLht ② 2po-pgL 2.5J,D正确。 因为热力学温度T与h是一次函数关系，所 三、非选择题 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 13.(1)BC(2分)(2)△F=△x(2分)(3)k1+ 距相等③ k2(2分) (2)如果细管B中气体体积不可忽略，根据理 【解析】（1)弹簧下挂的钩码个数过多时，弹 想气体状态方程有 簧可能超过弹性限度，A错误；用直尺测量弹 簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量，可以 ,-s台w,+号 消除弹簧自身重力的影响，B正确；用悬挂钩 To 码法给弹簧施加拉力时，只有保证弹簧竖直状 (p。-pgh)(V。+LS-Sh) 态，才能把弹簧的形变量测量准确，C正确。 ④ T (2)将F1=x1、F2=kx2两式作差，可得 F2-F1=k(x2-x1),即△F=k△x。 解得T= 4T(p。-pgh)(V。+LS-Sh) ⑤ (2p,-PgL)(2V。+LS) (3)从弹簧的压缩量等于L1一L2再继续增 因为热力学温度T与h是二次函数关系，所 大压力，有△F1=k1△x、F2=k2△x,两式相 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 加，可得△F1十F2=(k1十2)△x,则由两弹 簧组成的减振器的劲度系数=△F十F:」 距不相等⑥ △x 评分标准：本题共8分，①④式各2分，②③ k1十k2。 ⑤⑥式各1分. ·3· ·物理· 参考答案及解析 16.3m 【解析】(1)物块A、B发生碰撞的过程，以水 平向左为正方向，由动量守恒定律有 (2)不会 mBV0=mAVA十mBVB 【解析】（1)如果货车上的货物固定，对货车 由机械能守恒定律有 和货物整体，垂直于车道方向上有 gme时-名moi+7m,ed① 1 (M+m)gcos0-FN=0① 沿车道方向上有 联立解得 (M+m)gsin 0+uFN=(M+m)a 2 vA=16m/s,vB=6m/s② 联立解得a=20 设物块A滑上传送带后不会从左端离开，向 3 m/s2 左运动的位移大小为xA,由 由v=2a.x vh=2ugxa 解得货车沿避险车道运动的距离x=375m 8m③ 解得xA=32m>L=14m③ 则物块A滑上传送带后从左端离开，由 (2)如果货车上的货物未被固定，对货物分 1 析，垂直于车道方向上有 L=UAtA一24gt货 ④ mg cos 0-F N2=0 得物块A在传送带上的运动时间 沿车道方向上有 tA=1 s mg sin 0+u2 F Ne=ma2 此段时间内传送带向右的位移大小 联立解得a2=6.6m/s2④ x=tA=8m⑤ 由v=2a2x2 则物块A与传送带间因摩擦产生的热量 解得货物若沿车厢一直减速到停止，运动的 Q=mAg(x+L)=88J⑥ 距离x2=3125 (2)设物块B滑上传送带后不会从左端离开， 66m⑤ 向左运动的位移大小为xB,由 对货车分析，垂直于车道方向上有 08=2μgxB⑦ Mg cosθ+F2-FNm=O 解得xB=4.5m<L=14m 沿车道方向上有 则物块B在传送带上向左减速后又向右加速 Mg sin 0+u F-u2 F N2=Ma 并从传送带的右端离开，由运动过程的对称 联立解得a1=7m/s2⑥ 性可知，物块B以大小为6m/s的速度离开 由v=2a1x1 传送带，匀速运动一段时间后与物块C发生 得货车沿避险车道运动的距离x1 625 碰撞，则物块B第二次碰撞前瞬间的速度大 14m⑦ 小为6m/s⑧ 3125625 因为x2-x1=(66 (3)物块B、C发生碰撞的过程，以水平向右 14 m≈2.7m<3m 为正方向，由动量守恒定律有 则货物不会与车厢前端相撞 ⑧ mBVB=mBVB1十mcVc1⑨ 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式 由机械能守恒定律有 各1分。 1 1 17.(1)88J 2m员=2mi1+2mc80 (2)6m/s 联立解得 (3)2.88m/s vB1=-3.6m/s,vc1=2.4m/s① 。4· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 此后物块B向左冲上传送带后，又以B1= √2mwo 联立解得B1= ⑦ 3.6m/s的速度水平向右与物块C发生第二 4qd 次碰撞，由动量守恒定律有 由电场力沿x轴正方向和左手定则可知，磁 mBUBI+mcvcI=mBUB2+mcUcz ② 场方向沿之轴负方向⑧ 由机械能守恒定律有 (3)粒子经过P点后在平行于xOz平面内， 2m咖2+2mc6= 1 2mav原+ 1 2 mcvez B 只受洛伦兹力，经过半个周期的匀速圆周运 动后再次经过yOz平面，由牛顿第二定律有 联立解得 vB2=1.68m/s,vc2=2.88m/s q0osin45°×B=m (vosin 45)2 ⑨ 则此后物块不会再相碰，则物块C最终的速 度大小为2.88m/s④ 解得，=2mu。 2gB 评分标准：本题共14分，①②③④⑤⑥⑦⑧ 2πr 周期T= 2πm ⑨⑩①②③④式各1分。 vosin 45= 9B ⑩ 18.(1)2d Tπm 用时t?=2=gB ① (2)2m0,沿之轴负方向 Agd 粒子在yOz平面右侧的空间内，受到的电场 (3)(0,2d+V2mm0,V2m √2ooB 力沿y轴负方向，沿y轴正方向做匀减速运 4qB’ gB 2π 动，直到速度为零时再次经过yOz平面，则 【解析】(1)粒子在xOy坐标系的第二象限 h=0c0s45°+0、 内做类平抛运动，沿x轴方向有 2 d=0vosin 45 Xt1① 解得h= √2xmvo ⑧ 4gB 沿y轴方向有 则粒子再次经过yOz平面时的位置坐标为 yp=voc0s45°Xt1② 0,2d+V2xmv √2mvo gB ④ 解得yp=2d③ 4gB (2)粒子沿x轴正方向做匀加速直线运动，有 沿y轴正方向有 (-2ad ④ -(,c0s45°y=-29Eh。 ⑤ 对粒子由牛顿第二定律，有 解得E2= 2voB 2π ⑥ qE1=ma⑤ 粒子在xOy坐标系的第三象限内受力平衡，则 评分标准：本题共16分，①②③④⑤⑥⑦⑧ qE1=qvocos45°XB1⑥ ⑨⑩①@⑧④⑤⑥式各1分。 ·5·2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 叁专答亲及解折 2026年9月高三年级学业质量检测·物理 题号 2 3 5 6 8 9 10 11 12 答案 B A C D D D C BD AD AD ACD 一、单项选择题 个U 1.B【解析】在发生光电效应时，对于同一种金 属，逸出光电子的能量只与入射光的频率有 关，而与入射光的强度无关，A错误；该核反应 △Q0 中产生的新原子核1Pa处于高能级，在向低能 4.D【解析】先抛出的石子A落回到抛出点的 级跃迁时释放了Y射线，B正确；原子序数小 2v 于83的有些原子核也具有放射性，C错误； 时间为t1= ,只要0<△t<t1,即只要0< g α粒子散射实验现象说明原子内部有复杂结 构，天然放射性现象说明原子核内部有复杂结 42 ,两石子就会在落地前相遇，A、B错 构，D错误。 误；两石子在落地前相遇时的速度大小相等， 2.A【解析】一定质量的晶体在熔化的过程中 方向相反，C错误；若仅减小△t,在石子A到 的温度不变，则分子的平均动能不变，吸收的 达最高点时，石子B的位置会越高，则在落地 热量增加了分子势能，A正确；气体压强产生 前相遇的位置也会升高，D正确。 的原因是气体分子不断撞击器壁，B错误；一 5.A【解析】小物块克服摩擦力做的功W:= 定质量的气体在温度升高时，低速率区间的分 子数减少，C错误；质量一定的物体，在分子间 mgcos0·coS9=mgs,其中s为水平方向 的距离略大于平衡距离时，分子间距增大 的位移，可知物体两次沿斜面下滑的过程中克 时，分子间力增大，但分子势能减小，D错误。 服摩擦力做的功WA>WB,而重力做功相等， 3.C【解析】电容器两极板间的电势差U= 由mgh一W:=Ek可知，EkA<EkB;物体两次 8-9,B结误：两极板间的电场强度大小 到达地面的速度大小vA<)B,而路程相等，由 两次的速度一时间图像可知，到达地面的时间 E-号-号A错误：电荷量为g的点电荷在 tA>tB,A正确。 AU B UR 两极板间受的静电力的大小F=qE= Qq as, D错误；电容器充电时两极板间的电势差与极 板的电荷量的关系如图所示，则由微元法可得 图线与横轴所围成的三角形面积表示电容器 贮存的电场能，电场能E=2Q0=的 6.D【解析】由题图乙、丙可知，两列波的周期 2as 均为T=4s且相位差恒定，可以发生干涉， C正确。 A错误；t=11s时，波源S1产生的波已经传 。1 ·物理· 参考答案及解析 到x=0处，而波源S2产生的波未传到x=0二、多项选择题 处，由t=0.5×11m=5.5m可知x=0处质9.BD【解析】由题意可知，激光在玻璃砖的圆 点的纵坐标与t=1s时波源S1的纵坐标值相 周内表面上的人射角为75，因如75°>7，光 同，为y=一5cm,B错误；由题图乙、丙知，两 束发生全反射，不会从圆周射出，A错误；因 列波的波长均为入=vT=0.5×4m=2m,两 180°-15° 波源相位相反，可以将波源S1等效成x= 15°×2 =5.5,则玻璃砖的半圆周上有光束 一6m处与波源S2同相位的波源S,,干涉图 到达的点的个数为6个，B正确，C错误；由 样稳定后，x=0处质点到两波源S1、S2的距 Rsin15°X12=t,解得t=8×109s,D正确。 离相等，故为振动加强点，向两侧每增2=1m 10.AD【解析】卫星Q运行的椭圆轨道的半长 就是1个振动加强点，则在两波源S1和S2之 3r 5r 间（不含两波源）有10个振动加强点，C错误； 轴a= 44 2 =r,卫星Q运行的椭圆轨道的 同理，在两波源S1和S2之间（不含两波源）有 半长轴和卫星P的轨道半径相等，根据开普 11个振动减弱点，D正确。 7.D【解析】由左手定则可知正离子向下偏转， 勒第三定律号-，可知卫星P和卫显Q运 负离子向上偏转，A错误；由离子受力平衡，有 行的周期相等，A正确；根据开普勒第二定律 ga=gB,可知U-Bdo,即M、N两点间的 可知，卫星Q沿椭圆轨道运行时，单位时间内 卫星与地心的连线扫过的面积相等，对于椭 电势差U随液体流速的增大而增大，B错误； 圆轨道的近地点A和远地点B,取极短时间 流量Q=-,联立解得U-4 ,即 4,可得号·0Aa·A= 1 ·OB·0B· t πd 在其他条件不变时，M、N两点间的电势差U 4,将OA-和OB-7代入解得3 随导电液体流量Q的增大而增大，随磁感应强 5vB,B错误；因为卫星P的圆轨道围成的面 度B的增大而增大，C错误，D正确。 积比卫星Q的椭圆轨道围成的面积大，卫星 8.C【解析】以地面为参考系，设小球A向左偏 P和卫星Q的周期相等，所以卫星P与地心 角为0，小球B向右偏角为α，小球的体积为 的连线比卫星Q与地心的连线在相等时间内 V,对小球A和小球B受力分析如图所示。对 扫过的面积大，C错误，D正确。 小球A,沿竖直方向有Fr1cos0+P水gV= 11.AD【解析】对杆受力分析如图甲所示，当拉 m1g,水平方向有Fn sin0十p水aV=m1a;对 力F与F1垂直时，拉力F取最小值mg sin a, 小球B,沿竖直方向有一F2cosa十P水gV A正确，B错误；另对杆受力分析如图乙所 m2g,水平方向有-Fr2sina十p水aV=m2a, 示，杆的重心在杆的中点C,则D点为OB的 联立解得tan0=a、tana=a,所以0=a,假 中点，由tanB= OA:tan a=OD OB A,得tan月- g 设成立，小球A向左偏，小球B向右偏，A、B、 2tana,C错误，D正确。 D错误，C正确。 pgVFi P水8V P水QV P水a 0 B 甲 2· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 12.ACD【解析】由题意知，af与be的距离为 14.(1)顺时针(2分)S(2分)(2)①引力 2m,。x图像与横轴所围面积代表金属棒 (2分)②符合(2分) 【解析】(1)由题图可知，电表指针右偏，则感 从af到be的时间，即，=(0.50+1.00)X2 S. 应电流从“十”接线柱流入，从上往下看线圈 2 解得t1=1.5s,A正确；金属棒从be到停止 中的感应电流沿顺时针方向；根据楞次定律 所用的时间为t2=t一t1=2.5s一1.5s 可知，磁铁向下插入线圈时，穿过线圈的磁通 1s。从be到停止，由动量定理有-mgt2 量增大，线圈中电流产生的磁场方向与磁铁的 BLd 磁场方向相反，所以永久磁铁的下端为S极。 BLBY=0-mu1,即mg2十BLR (2)①无论永久磁铁的哪一极向下，只要是向 mv1,另由题图乙可知金属棒到达be位置时 上抽出磁铁，根据楞次定律可知，感应电流的 的速度大小为1m/s,解得d=0.25m,则 磁场总是会阻碍引起感应电流的磁通量的减 x2=x1十d=2.25m,B错误，C正确；金属棒 在af、be间运动时，设金属棒的位移为x时， 少，即磁铁与线圈之间会出现引力；②线圈中 所受安培力F一B,而电流I一是，产生 产生电流的过程符合能量守恒定律。 15.(1)相等 电动势E=BLxv,金属棒切割磁感线的有效 (2)不相等 长度L:=(2+2×2)m=(2+x)m,结合题 【解析】(1)若忽略细管中气体体积的影响， 温度变化时，气体做等容变化，根据查理定 图乙，联立得F安=（1+)N,金属棒在af、 律有 e间运动的过程中有F类=P十E2-15N,所 2 p。一pg2 po一Pgh ① To T 以W克安=F安x1=3J,由动能定理有Wr一 1 2pgTo 2PoTo mgx1-W克安=2mi-2mo,解得Wr= 整理得T= 2po-pgLht ② 2po-pgL 2.5J,D正确。 因为热力学温度T与h是一次函数关系，所 三、非选择题 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 13.(1)BC(2分)(2)△F=△x(2分)(3)k1+ 距相等③ k2(2分) (2)如果细管B中气体体积不可忽略，根据理 【解析】（1)弹簧下挂的钩码个数过多时，弹 想气体状态方程有 簧可能超过弹性限度，A错误；用直尺测量弹 簧原长时应该将弹簧竖直挂起后测量，可以 ,-s台w,+号 消除弹簧自身重力的影响，B正确；用悬挂钩 To 码法给弹簧施加拉力时，只有保证弹簧竖直状 (p。-pgh)(V。+LS-Sh) 态，才能把弹簧的形变量测量准确，C正确。 ④ T (2)将F1=x1、F2=kx2两式作差，可得 F2-F1=k(x2-x1),即△F=k△x。 解得T= 4T(p。-pgh)(V。+LS-Sh) ⑤ (2p,-PgL)(2V。+LS) (3)从弹簧的压缩量等于L1一L2再继续增 因为热力学温度T与h是二次函数关系，所 大压力，有△F1=k1△x、F2=k2△x,两式相 以细管B上表示热力学温度T的刻线的间 加，可得△F1十F2=(k1十2)△x,则由两弹 簧组成的减振器的劲度系数=△F十F:」 距不相等⑥ △x 评分标准：本题共8分，①④式各2分，②③ k1十k2。 ⑤⑥式各1分. ·3· ·物理· 参考答案及解析 16.3m 【解析】(1)物块A、B发生碰撞的过程，以水 平向左为正方向，由动量守恒定律有 (2)不会 mBV0=mAVA十mBVB 【解析】（1)如果货车上的货物固定，对货车 由机械能守恒定律有 和货物整体，垂直于车道方向上有 gme时-名moi+7m,ed① 1 (M+m)gcos0-FN=0① 沿车道方向上有 联立解得 (M+m)gsin 0+uFN=(M+m)a 2 vA=16m/s,vB=6m/s② 联立解得a=20 设物块A滑上传送带后不会从左端离开，向 3 m/s2 左运动的位移大小为xA,由 由v=2a.x vh=2ugxa 解得货车沿避险车道运动的距离x=375m 8m③ 解得xA=32m>L=14m③ 则物块A滑上传送带后从左端离开，由 (2)如果货车上的货物未被固定，对货物分 1 析，垂直于车道方向上有 L=UAtA一24gt货 ④ mg cos 0-F N2=0 得物块A在传送带上的运动时间 沿车道方向上有 tA=1 s mg sin 0+u2 F Ne=ma2 此段时间内传送带向右的位移大小 联立解得a2=6.6m/s2④ x=tA=8m⑤ 由v=2a2x2 则物块A与传送带间因摩擦产生的热量 解得货物若沿车厢一直减速到停止，运动的 Q=mAg(x+L)=88J⑥ 距离x2=3125 (2)设物块B滑上传送带后不会从左端离开， 66m⑤ 向左运动的位移大小为xB,由 对货车分析，垂直于车道方向上有 08=2μgxB⑦ Mg cosθ+F2-FNm=O 解得xB=4.5m<L=14m 沿车道方向上有 则物块B在传送带上向左减速后又向右加速 Mg sin 0+u F-u2 F N2=Ma 并从传送带的右端离开，由运动过程的对称 联立解得a1=7m/s2⑥ 性可知，物块B以大小为6m/s的速度离开 由v=2a1x1 传送带，匀速运动一段时间后与物块C发生 得货车沿避险车道运动的距离x1 625 碰撞，则物块B第二次碰撞前瞬间的速度大 14m⑦ 小为6m/s⑧ 3125625 因为x2-x1=(66 (3)物块B、C发生碰撞的过程，以水平向右 14 m≈2.7m<3m 为正方向，由动量守恒定律有 则货物不会与车厢前端相撞 ⑧ mBVB=mBVB1十mcVc1⑨ 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式 由机械能守恒定律有 各1分。 1 1 17.(1)88J 2m员=2mi1+2mc80 (2)6m/s 联立解得 (3)2.88m/s vB1=-3.6m/s,vc1=2.4m/s① 。4· 2026年9月高三年级学业质量检测 ·物理· 此后物块B向左冲上传送带后，又以B1= √2mwo 联立解得B1= ⑦ 3.6m/s的速度水平向右与物块C发生第二 4qd 次碰撞，由动量守恒定律有 由电场力沿x轴正方向和左手定则可知，磁 mBUBI+mcvcI=mBUB2+mcUcz ② 场方向沿之轴负方向⑧ 由机械能守恒定律有 (3)粒子经过P点后在平行于xOz平面内， 2m咖2+2mc6= 1 2mav原+ 1 2 mcvez B 只受洛伦兹力，经过半个周期的匀速圆周运 动后再次经过yOz平面，由牛顿第二定律有 联立解得 vB2=1.68m/s,vc2=2.88m/s q0osin45°×B=m (vosin 45)2 ⑨ 则此后物块不会再相碰，则物块C最终的速 度大小为2.88m/s④ 解得，=2mu。 2gB 评分标准：本题共14分，①②③④⑤⑥⑦⑧ 2πr 周期T= 2πm ⑨⑩①②③④式各1分。 vosin 45= 9B ⑩ 18.(1)2d Tπm 用时t?=2=gB ① (2)2m0,沿之轴负方向 Agd 粒子在yOz平面右侧的空间内，受到的电场 (3)(0,2d+V2mm0,V2m √2ooB 力沿y轴负方向，沿y轴正方向做匀减速运 4qB’ gB 2π 动，直到速度为零时再次经过yOz平面，则 【解析】(1)粒子在xOy坐标系的第二象限 h=0c0s45°+0、 内做类平抛运动，沿x轴方向有 2 d=0vosin 45 Xt1① 解得h= √2xmvo ⑧ 4gB 沿y轴方向有 则粒子再次经过yOz平面时的位置坐标为 yp=voc0s45°Xt1② 0,2d+V2xmv √2mvo gB ④ 解得yp=2d③ 4gB (2)粒子沿x轴正方向做匀加速直线运动，有 沿y轴正方向有 (-2ad ④ -(,c0s45°y=-29Eh。 ⑤ 对粒子由牛顿第二定律，有 解得E2= 2voB 2π ⑥ qE1=ma⑤ 粒子在xOy坐标系的第三象限内受力平衡，则 评分标准：本题共16分，①②③④⑤⑥⑦⑧ qE1=qvocos45°XB1⑥ ⑨⑩①@⑧④⑤⑥式各1分。 ·5·