专题强化2 静电场力的性质(课件PPT)-【学霸笔记·同步精讲】2026-2027学年高中物理必修第三册（人教版）

该高中物理课件聚焦静电场力的性质，涵盖非点电荷场强计算（对称法、补偿法、微元法）、粒子运动轨迹分析及带电体平衡与加速问题。通过互动探究（如轨迹切线方向与加速度方向分析）衔接电场线、场强等基础概念，为复杂问题提供方法支架。 其亮点在于以科学思维为核心，通过对称法解薄板电场、补偿法补全半球面、微元法分析圆环场强等实例，强化模型建构与科学推理能力。采用例题解析与强化训练结合的方式，帮助学生掌握解题方法，教师可直接用于专题教学提升效率。

专题强化2　静电场力的性质 第九章　静电场及其应用 1 1.掌握非点电荷的电场强度的几种计算方法。（科学思维） 2.掌握带电粒子运动轨迹类问题的分析思路和方法。（科学思维） 3.会分析带电体在静电场内的平衡和加速问题。（科学思维） 素养目标 2 目 录 CONTENTS 强化点一 非点电荷的电场强度的计算方法 强化点二 电场线与带电粒子的运动轨迹的综合 强化点三 带电体在电场中的平衡与加速 课时作业 3 强化点一　非点电荷的电场强度的计算方法 目 录 4 角度1　对称法 （1）对称法实际上就是根据某些物理现象、物理规律、物理过程或几何 图形的对称性进行解题的一种方法。 （2）在电场中，应用对称性解题可将问题大大简化。 目 录 物 理·必修第三册 （2026·安徽合肥六中期中）如图所示，电荷量为＋q的点电荷与均匀 带负电的薄板相距2d，点电荷处在过带电薄板几何中心的垂线上。垂线上 A、B两点分别位于薄板两侧，与薄板距离均为d。已知A点的电场强度为 E，方向从A指向B，则图中B点的电场强度大小为（　D　） D A. B. ＋E C. －E D. ＋E 目 录 物 理·必修第三册 解析：由于薄板带负电，该薄板在A点形成的电场强度方向由A指向B，设 该电场强度大小为E'，根据平行四边形定则可知，A点的合电场强度为E'－ ＝E，解得E'＝＋E，根据对称性可知，薄板在B点产生的电场强度和 薄板在A点产生的电场强度大小相等，方向相反，故B点的电场强度大小为 E″＝E'＋k＝＋E，故选D。 目 录 物 理·必修第三册 角度2　补偿法 　由题给条件建立的模型不完整，这时需要给原来的问题补充一些条件， 组成一个完整的新模型。这样，求解原模型的问题就变为求解新模型与补 充条件的差值问题。如采用补偿法将有缺口的带电圆环补全为圆环，或将 半球面补全为球面，从而将问题化难为易。 目 录 物 理·必修第三册 如图所示，正电荷均匀分布在半球面ACB上，电荷量为q，球面半径 为R，CD为通过半球面顶点C和球心O的轴线。P、M为轴线上的两点，距 球心O的距离均为。在M右侧轴线上O'点固定一带正电的点电荷，所带电 荷量为Q，O'、M两点间的距离为R，已知P点的电场强度为零，静电力常 量为k，若均匀带电的封闭球壳内部电场强度处处为零，则M点的电场强度 大小为（　C　） C A. 0 B. C. D. － 目 录 物 理·必修第三册 解析：因P点的电场强度为零，所以半球面上的正电荷在P 点产生的电场强度和点电荷Q在P点产生的电场强度等大反 向，即半球面上的正电荷在P点产生的电场强度大小为E1＝ ，方向沿轴线向右。 现补全右侧半球面，如图所示，根据均匀带电的封闭球壳内部电场强度处处为零知，均匀带电的封闭球面在M点产生的电场强度为零，即左半球面在M点产生的电场强度和右半球面在M点产生的电场强度等大反向，又由对称性知左半球面在P点产生的电场强度和右半球面在M点产生的电场强度等大反向，则左半球面在M点产生的电场强度大小为E2＝，方向沿轴线向右，点电荷Q在M点产生的电场强度大小为E3＝，方向沿轴线向左，故M点的合电场强度大小为EM＝－＝，方向沿轴线向左，故选项C正确。 目 录 物 理·必修第三册 角度3　微元法 　若一个带电体不能视为点电荷，求这个带电体产生的电场在某处的电场 强度时，可用微元法的思想把带电体分成很多小块，每块都可以看成点电 荷，用点电荷电场叠加的方法计算。 目 录 物 理·必修第三册 如图所示，均匀带正电圆环带电荷量为Q，半径为R，圆心为O，P为 过圆心且垂直于圆环平面的直线上的一点，OP＝l，求P点的电场强度大小 和方向。 答案：，方向由O指向P 目 录 物 理·必修第三册 解析：若将圆环分成n小段，则每一小段可视为点 电荷，其电荷量为q＝，每一个点电荷在P处产生 的电场强度大小为E＝＝。如图所示，根据对称性可知，每一个点电荷在P处产生的电场强度在垂直于OP方向的分量Ey会被抵消，Ex＝Ecos θ＝cos θ＝·＝，所以P点的电场强度EP＝nEx＝，方向由O指向P。 目 录 物 理·必修第三册 强化点二　电场线与带电粒子的运动轨迹的综合 目 录 14 如图所示，实线为电场线，虚线为带电粒子的运动轨迹，带电粒子只受静 电力的作用从A点向B点运动。 （1）画出粒子在A点的运动方向和加速度方向； 提示： 粒子在A点运动方向沿轨迹切线方向；根据合 力总是指向轨迹的凹侧，可判断所受合力（即静电力）的 方向，即加速度方向（沿电场线标注），如图所示； 目 录 物 理·必修第三册 （2）判断粒子的电性； 提示： 粒子受到的静电力方向为沿着电场线向左，此 粒子带负电； （3）判断粒子从A到B过程中，加速度大小的变化情况； 提示： 电场线的疏密表示电场强度的大小，从A到B电场线越来越稀 疏，说明电场强度越来越弱，静电力越来越小，加速度也越来越小； （4）判断粒子从A到B过程中，速度大小的变化情况。 提示： 由粒子运动情况知，速度方向与静电力方向夹 角为钝角，静电力做负功，故A到B粒子的速度越来越小。 目 录 物 理·必修第三册 1. 运动轨迹与静电力方向关系 （1）静电力指向曲线的内侧； （2）静电力沿电场线方向或电场线的切线方向； （3）粒子速度方向沿轨迹的切线方向。 目 录 物 理·必修第三册 2. 分析方法 （1）由轨迹的弯曲情况，结合电场线确定静电力的方向； （2）由静电力和电场线的方向可判断电荷的正负； （3）由电场线的疏密程度可确定静电力的大小，再根据牛顿第二定律， 可判断带电粒子加速度的大小； （4）根据力和速度的夹角，由静电力做功的正负，可以判断动能的增 大还是减小，进而判断速度变大还是变小，从而确定不同位置的速度 大小关系。 目 录 物 理·必修第三册 〔多选〕（2026·山东临沂月考）如图所示，实线为不知方向的三条电 场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒 子，仅在静电力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则（　CD　） A. a一定带正电，b一定带负电 B. a的速度将减小，b的速度将增大 C. a的加速度将减小，b的加速度将增大 D. 两个粒子的动能均增大 CD 目 录 物 理·必修第三册 解析：由曲线轨迹只能判断出a、b受力方向相反，带异种电荷，无法判断 哪个带正电，哪个带负电，A错误；由粒子的运动轨迹和电场线的关系可 知a、b所受静电力与速度方向的夹角为锐角，a、b做加速运动，动能均增 大，B错误，D正确；由电场线的疏密可判定，a所受静电力逐渐减小，加 速度减小，b正好相反，C正确。 目 录 物 理·必修第三册 　（2026·江西景德镇期末）某电场的电场线分布如图所示，虚线为某带电 粒子只在静电力作用下的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，则 （　　） A. 粒子一定带负电 B. 粒子一定是从a点运动到b点 C. 粒子在c点的加速度一定大于在b点的加速度 D. 粒子在电场中c点的速度一定大于在a点的速度 √ 目 录 物 理·必修第三册 解析：　做曲线运动的物体，所受合力指向运动轨迹的内侧，由此可 知，带电粒子受到的静电力的方向为沿着电场线向左，所以粒子带正电， A错误；粒子不一定是从a点沿轨迹运动到b点，也可能是从b点沿轨迹运动 到a点，B错误；由电场线的分布可知，粒子在c点处所受静电力较大，其 加速度一定大于在b点的加速度，C正确；粒子从a点或b点运动到c点时， 静电力与速度方向成钝角，所以粒子做减速运动，故粒子在c点的速度一定 小于在a点的速度，D错误。 目 录 物 理·必修第三册 强化点三　带电体在电场中的平衡与加速 目 录 23 　　 1. 带电体在多个力作用下处于平衡状态，带电体所受合外力为零，因此可 用共点力平衡的知识分析，常用的方法有正交分解法、合成法等。 2. 带电体在电场中的加速问题仍然满足牛顿第二定律，在进行受力分析时 不要漏掉静电力。 目 录 物 理·必修第三册 角度1　电场中的平衡问题 （2026·山西大同高二上期末）如图所示，一半圆形光滑绝缘固定轨道 处在方向水平向右的匀强电场中，一质量为m、所带电荷量为q的带电小球 放置在轨道上。平衡时小球与轨道圆心O的连线与竖直方向的夹角为 60°，重力加速度为g，求带电小球所带电性及电场强度的大小。 目 录 物 理·必修第三册 答案：E＝，正电荷 解析：小球的受力示意图如图所示。 根据平衡条件可得qE＝mgtan 60° 解得电场强度的大小为E＝ 由小球在电场中受力方向判断可知小球带正电荷。 目 录 物 理·必修第三册 〔多选〕（2026·天津红桥区期中）如图所示，用两段长度相同的绝缘细绳 顺次连接质量相同的A、B两小球，悬挂于天花板的O点。现在让A、B两 小球分别带上电荷，电性和电荷量均未知，并且加上一水平向左的匀强电 场。不考虑两小球之间的相互作用，装置平衡时A、B两小球的位置如图所 示，B球刚好在O点的正下方，则下列说法中正确的是（　　） A. 小球A、B所带电性一定是相反的 B. 小球A与小球B的电荷量之比一定是2∶1（不考虑电性的 正负号） C. 细绳OA的拉力大小是细绳AB的拉力大小的2倍 D. 若只增加小球A的带电量，装置平衡后小球B仍能位于O点正下方 √ √ 目 录 物 理·必修第三册 解析：　小球A、B所带电性如果相同，则受力方向一致，B球不可能在 O点正下方，故A正确；结合A项分析可知，B带负电，受到的静电力水平 向右，A带正电，受到的静电力水平向左。以整体为研究对象，设绳子OA 与竖直方向的夹角为α，则绳子AB与竖直方向的夹角也为α，对A、B整体 受力分析，则tan α＝，对B受力分析tan α＝，则可知qA＝3qB， 小球A与小球B的电荷量之比一定是3∶1，故B错误；细绳OA的拉力F1＝ ，细绳AB的拉力F2＝，所以细绳OA的拉力大小是细绳AB的拉力大 小的2倍，故C正确；若只增加小球A的带电荷量，A球受到静电力变大， 根据以上分析可知，绳子OA与竖直方向的夹角变大，绳子AB与竖直方向 的夹角不变，则装置平衡后小球B不可能位于O点正下方，故D错误。 目 录 物 理·必修第三册 角度2　电场中的加速问题 （10分）如图所示，①光滑固定斜面（足够长）倾角为37°，一带正 电的小物块质量为m、电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示 的匀强电场时，②带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，③电场 强度变化为原来的，重力加速度为g（sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝ 10 m/s2）。求： （1）原来的电场强度大小（用字母表示）； （2）小物块运动的加速度； （3）小物块第2 s末的速度大小和前2 s内的位移大小。 目 录 物 理·必修第三册 【教您审题】 信息提取 信息加工 ① 小物块不受摩擦力作用，小物块不会滑出斜面 ② 带电小物块受合力恰好为零 ③ 带电小物块受合力不为零，做初速度为零的匀加速直线 运动 答案：（1）　 （2）3 m/s2，方向沿斜面向下　 （3）6 m/s　6 m 目 录 物 理·必修第三册 规范解答：（1）小物块的受力示意图如图所示，小物块静止于斜面上，则 mgsin 37°＝qEcos 37°，（2分） 可得E＝＝。（1分） （2）当电场强度变为原来的时，小物块受到的合力 F合＝mgsin 37°－qEcos 37°＝0.3mg，（2分） 由牛顿第二定律有F合＝ma，（2分） 可得a＝3 m/s2，方向沿斜面向下。（1分） （3）由运动学公式，知v＝at＝3×2 m/s＝6 m/s x＝at2＝×3×22 m＝6 m。（2分） 目 录 物 理·必修第三册 课时作业 目 录 32 1. （2026·广东深圳期中）如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒 子运动的轨迹。带电粒子只受静电力的作用，运动过程中速度逐渐增大， 它运动到b处时的运动方向与受力方向可能的是（　　） √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：　带电粒子只受静电力的作用，运动过程中速度逐渐增大，则静 电力做正功，静电力方向与粒子速度方向夹角为锐角，静电力方向沿着电 场线，同时指向曲线运动轨迹凹侧，可知D符合要求。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 2. 〔多选〕某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力 作用，由M运动到N，其运动轨迹如图中虚线所示，以下说法正确的是 （　　） A. 粒子带正电荷 B. 粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度 C. 粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度 D. 粒子在M点的动能小于它在N点的动能 √ √ √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析： 　根据粒子运动轨迹弯曲的情况，粒子所受电场力应指向运动 轨迹的凹侧，又粒子所受电场力的方向沿电场线切线方向，可知此粒子带 正电，选项A正确；由于电场线越密，电场强度越大，粒子所受电场力越 大，根据牛顿第二定律可知加速度也越大，因此粒子在N点的加速度大于 它在M点的加速度，选项B错误，C正确；粒子从M点运动到N点，电场力 做正功，根据动能定理知此粒子在N点的动能大于它在M点的动能，选项D 正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 3. 如图所示，用金属线AB弯成半径为r的圆弧，但在A、B之间留出宽度为 d的小间隙（d≪r）。通过接触起电的方式将电荷量为Q的正电荷均匀分布 在金属丝上，静电力常量为k，则圆心O处的电场强度为（　　） A. k，方向由圆心指向间隙 B. k，方向由间隙指向圆心 C. k，方向由间隙指向圆心 D. k，方向由圆心指向间隙 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：　相对圆弧来说间隙是很小的，若间隙处有正电荷可视为点电 荷，其在圆心处产生的电场强度大小为E＝＝，电场强 度方向由圆心向右，由对称性知，完整的带电圆弧在圆心O处的合电场强 度为0，所以间隙处正电荷在圆心处产生的电场强度与圆弧其余部分在圆 心处的合电场强度大小相等、方向相反，即圆心处的电场强度大小为 k，方向由圆心指向间隙，故D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 4. （2026·安徽黄山期中）如图甲、乙所示，半径相同的半圆环和四分之 三的圆环带有同种电荷，电荷量比为1∶3，环上电荷分布均匀且环的粗细 可忽略不计。图甲中圆心处的电场强度大小为E，图乙中圆心处的电场强 度大小为（　　） A. E B. E C. E D. E √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：　题图甲可以分成两个四分之一的圆环在圆心产生的电场强度的 合电场强度为E，而这两个四分之一圆环分别产生的电场强度成90°夹 角，根据平行四边形定则，单个四分之一圆环产生的电场强度为E，图 乙在圆心产生的电场强度可以等效为三个四分之一的圆环在圆心产生的电 场强度的合电场强度，而关于圆心对称的两个四分之一圆环在圆心的合电 场强度为零，所以剩余的四分之一的圆环在圆心产生的电场强度，就是图 乙中圆心处的电场强度，但图乙圆环的电荷线密度是图甲的2倍，故四分 之一的圆环在圆心产生的电场强度为E，故选A。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 5. （2026·河南开封期中）如图所示，用粗细均匀的绝缘线制成半径为R的 圆环，O为圆环的圆心，圆环上均匀分布着负电荷。现在圆环上的E处取下 足够短的带电荷量为－q的一小段，将其沿O、E连线向左移动到F点处，且 EF＝R。设圆环其他部分的带电荷量与电荷分布保持不变，静电力常量为 k，若此时在O点放一个带电荷量为＋Q的试探电荷，则该试探电荷受到的 静电力为（　　） A. ，水平向左 B. ，水平向右 C. ，水平向左 D. ，水平向右 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：　圆环上的剩余电荷在O点产生的电场等效为E、O连线向右， 距 离O点的距离为R的电荷量为－q的点电荷在O点产生的电场，其电场强度 大小为E1＝，方向水平右，在F点电荷量为－q的点电荷在O点产生的电 场强度大小为E2＝＝，方向水平向左，则O点的合电场强度大小为 E＝E1－E2＝，方向水平向右，带电荷量为＋Q的试探电荷受到的静电 力大小为F＝QE＝，方向水平向右，故选B。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 6. （2026·河北石家庄期中）把一段细玻璃丝与丝绸摩擦，玻璃丝上就带 上了正电荷，然后用绝缘工具把这段玻璃丝弯曲成一个半径为R的闭合圆 环，如图所示，O是圆环的圆心，A与O的距离为R，O、A连线与圆环平 面垂直，已知静电力常量为k，A点电场强度大小为E，则玻璃丝因摩擦所 带的电荷量为（　　） A. E B. E C. E D. E √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：　圆环上各点到A点的距离为r＝＝2R，圆环上各 点与A点的连线与竖直方向的夹角满足sin θ＝＝ 根据平行四边形定则可知E＝cos θ 联立解得Q＝E，故选D。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 7. （人教版必修第三册P17·T6改编）如图所示，轻绳一端固定在O点，另 一端系一个质量为m，电荷量为q的带正电小球，当整个空间存在水平向右 的匀强电场，平衡时细绳与竖直方向夹角为θ，重力加速度为g，则该匀强 电场的电场强度大小为（　　） A. B. C. D. √ 解析：　以带电小球为对象，根据平衡条件可得tan θ＝，解得该匀强 电场的电场强度大小为E＝，故选D。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 8. （2026·安徽合肥期中）如图所示，12个带电荷量均为＋q的点电荷，均 匀对称地分布在半径为r的圆周上，某时刻，P、Q两处的点电荷电荷量突 然减为零，则O点的电场强度大小为（静电力常量为k）（　　） A. B. C. D. √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：　P、Q两处的点电荷在O点产生的电场强度大小相等，均为E＝ ，根据几何关系P、Q两处的点电荷在O点的合电场强度大小为E合＝ 2Ecos 60°＝，P、Q两处的点电荷电荷量突然减为零时，O点的电场强 度大小为E合'＝E合＝，故A正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 9. （2026·河北保定期末）两个带电小球A、B，分别用等长的绝缘细线悬 挂在天花板下方，平衡时如图甲所示，细线与竖直方向夹角均为α，此时 细线对A的拉力大小为T1。施加一水平向左的匀强电场后，两小球再次平 衡时如图乙所示，细线与竖直方向夹角均为β，且α＜β，此时细线对A的拉 力大小为T2。下列说法正确的是（　　） A. A带负电， B带正电 B. A的电荷量小于B的电荷量 C. A的质量大于B的质量 D. T1＜T2 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：　根据图乙可知，小球A所受匀强电场的静电力方向向左，与匀强 电场的电场强度方向相同，则A带正电，同理可知B带负电，故A错误；图 甲中，对小球A进行受力分析，根据平衡条件有F库1＝mAgtan α，T1＝ ，对小球B进行受力分析，根据平衡条件有F库1＝mBgtan α，T3＝， 解得mA＝mB，T1＝T3＝＝，故C错误；图乙中，对小球A进行受力 分析，根据平衡条件有qAE＝F库2＋T2sin β，T2cos β＝mAg，对小球B进行受 力分析，根据平衡条件有qBE＝F库2＋T4sin β，T4cos β＝mBg，解得T2＝T4＝ ＝，qA＝qB，故B错误；T1＝，T2＝，由于α＜β，则有T1＜ T2，故D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 10. 如图所示，一质量为m＝1.0×10－2 kg、带电荷量大小为q＝ 1.0×10－6 C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设 电场足够大，静止时悬线向左偏离与竖直方向夹角为θ＝37°。小球在 运动过程中电荷量保持不变，重力加速度g取10 m/s2，sin 37°＝ 0.6，cos 37°＝0.8，求： （1）电场强度E的大小； 答案： 7.5×104 N/C　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 解析：由平衡条件得小球所受静电力大小 F＝mgtan θ 所以电场强度的大小 E＝＝＝ N/C ＝7.5×104 N/C。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 （2）若在某时刻将细线突然剪断，经过1 s时小球的速度大小v及方向。 答案：12.5 m/s　与竖直方向夹角为37°斜向左下方 解析： 剪断细线后，小球所受合力大小 F合＝＝1.25mg 根据牛顿第二定律知，小球的加速度大小 a＝＝1.25g＝12.5 m/s2 所以经过1 s时小球的速度大小v＝at＝12.5 m/s，方向与竖直方向夹角为 37°斜向左下方。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 目 录 物 理·必修第三册 $