10 第二章 微点突破二 “活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题-【名师导航】2027年高考物理一轮总复习课件

该高中物理高考复习课件聚焦“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”核心模型，依据高考评价体系明确其在相互作用模块的高频考点地位，通过对比模型结构与受力特点，归纳平衡条件应用等常考题型，体现备考的针对性和实用性。 课件亮点在于结合2024浙江选考等真题进行微点训练，通过模型建构（科学思维）和受力分析（物理观念）突破考点，如典例中利用“活结”张力相等和“动杆”弹力沿杆特点求解平衡问题，帮助学生掌握答题技巧，助力高考冲刺，为教师复习教学提供精准指导。

第二章 相互作用 微点突破二　 “活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 [学习目标]　1．知道“活结”和“死结”、“动杆”和“定杆”的区别。2．能够掌握各自的受力特点并解决相关问题。 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 1．“活结”与“死结” 模型结构 模型解读 模型特点 “活结”模型 “活结”把绳子分为两段，且可沿绳移动，“活结”一般由绳跨过滑轮或绳上挂一光滑挂钩而形成，绳子因“活结”而弯曲，但实际为同一根绳 “活结”两侧的绳子上的张力大小处处相等 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 模型结构 模型解读 模型特点 “死结”模型 “死结”把绳子分为两段，且不可沿绳移动，“死结”两侧的绳因结而变成两根独立的绳 “死结”两侧的绳子上张力不一定相等 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 [典例1]　如图所示，三根细轻绳系于O点，其中OA绳另一端固定于A点，OB绳的另一端与放在粗糙水平地面上质量为60 kg的物体乙相连，乙与水平地面的动摩擦因数为0.2，OC绳的另一端悬挂物体甲，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，OB绳水平。欲使乙物体静止，则甲物体的质量最大为(已知重力加速度 g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8；最大静摩擦力等于滑动摩擦力)(　　) A．24 kg B．20 kg C．16 kg D．12 kg √ 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 C　[根据题意可知，甲对绳子的拉力大小等于甲的重力，对结点O受力分析如图所示，则当乙与地面的静摩擦力达到最大时，有TB＝μm乙g＝m甲g tan 37°，解得m甲＝16 kg，故A、B、D错误，C正确。] 广东财经大学毕业答辩 厚德·励学·笃行·拓新 GuangDong University of Finance & Economics [典例2]　在如图所示装置中，两物体质量分别为m1和m2，滑轮直径大小可忽略。设动滑轮P两侧的绳与竖直方向的夹角分别为α和β。整个装置能保持静止。不计动滑轮P的质量和一切摩擦。则下列说法正确的有(　　) A．α一定等于β B．m1一定大于m2 C．m1一定小于m2 D．m1可能大于2m2 √ 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 A　[绳子连续通过定滑轮和动滑轮，绳子上的拉力相同，整个装置能保持静止，则绳子上的拉力大小与m2的重力大小相同，即T＝m2g，对滑轮P进行受力分析可得T sin α＝T sin β，T cos α＋T cos β＝m1g，解得α＝β，m1＝2m2cos α，故m1一定小于2m2，当α＝β＝60°时，有T＝m1g＝m2g，故选A。] 广东财经大学毕业答辩 厚德·励学·笃行·拓新 GuangDong University of Finance & Economics 2．“动杆”与“定杆” 模型结构 模型解读 模型特点 “动杆”模型 轻杆用光滑的转轴或铰链连接，轻杆可围绕转轴或铰链自由转动 当杆处于平衡状态时，杆所受的弹力方向一定沿杆 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 模型结构 模型解读 模型特点 “定杆”模型 轻杆被固定在接触面上，不能发生转动 杆所受的弹力方向不一定沿杆，可沿任意方向 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 [典例3]　(多选)(2025·山东济南外国语学校期末)图甲中，轻杆AB一端与墙上的光滑的铰链连接，另一端用轻绳系住，绳、杆之间夹角为30°，在B点下方悬挂质量为m的重物。图乙中，轻杆CD一端插入墙内，另一端装有小滑轮，现用轻绳绕过滑轮挂住质量为m的重物，绳、杆之间夹角也为30°。已知重力加速度大小为g，甲、乙中杆都垂直于墙，两图中重物都静止，则下列说法正确的是(　　) 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 A．与轻杆AB连接的铰链受到杆的弹力大小为mg B．轻杆CD上的小滑轮受到杆的弹力大小为mg C．两根杆中弹力方向均沿杆方向 D．若甲、乙中轻绳能承受的最大拉力相同，则重物的质量增加时，甲中轻绳更容易断裂 √ √ 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 AD　[题图甲中B点受力如图1，杆对B点的作用力方向沿杆，由平行四边形定则可知，FN1＝＝mg，FT1＝＝2mg，则与轻杆AB连接的铰链受到杆的弹力大小为mg，故A正确；题图乙中D点受力如图2，D点滑轮受到杆的作用力方向不沿杆，绳中两个拉力大小相同，可知轻杆CD上的小滑轮受到杆的弹力大小为FN2＝FT1′＝FT2′＝mg，故B、C错误；若甲、乙中轻绳能承受的最大拉力相同，但甲、乙中绳子拉力大小关系为FT1＞FT1′，则重物的质量增加时，甲中轻绳更容易断裂，故D正确。] 1．如图所示，站在水平地面上的人通过轻绳绕过定滑轮A和轻质动滑轮B将一重物吊起。若系统在图示位置静止时B两侧轻绳的夹角为120°，A右侧轻绳沿竖直方向，不计一切摩擦，此时人对地面恰好无压力，则人与重物的质量之比为(　　) √ A．1∶1 B．1∶2 C．2∶1 D．2∶3 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 A　[人对地面恰好无压力，则绳子的张力大小为F＝m人g，对重物分析有2F cos 60°＝m物g，解得人与重物的质量之比为m人∶m物＝1∶1，故选A。] 2．水平横梁一端A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B，一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一重为100 N的重物，∠CBA＝30°。如图所示，则滑轮受到轻绳的作用力的大小为(　　) A．100 N B．50 N C．50 N D．20 N √ 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 A　[受力分析图如图，由于两个力的夹角为120°，用平行四边形定则求合力，得合力大小与重力等大，为100 N。] 3．如图(a)、(b)、(c)所示为三种形式的吊车的示意图，OA为杆，AB为缆绳，杆和缆绳重力不计，当它们吊起相同重物时，杆OA受力分别为Fa、Fb、Fc，下列关系正确的是(　　) √ A．Fa>Fb>Fc B．Fa>Fc＝Fb C．Fa＝Fb>Fc D．Fa＝Fb＝Fc 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 C　[分别对三种形式的结点进行受力分析，各图中FT＝mg。在图(a)中，Fa＝2FT cos 30°＝mg，在图(b)中，Fb＝FTtan 60°＝mg，在图(c)中，Fc＝FT cos 30°＝mg，故选C。] 4．(2024·浙江1月选考)如图所示，在同一竖直平面内，小球A、B上系有不可伸长的细线a、b、c和d，其中a的上端悬挂于竖直固定的支架上，d跨过左侧定滑轮、c跨过右侧定滑轮分别与相同配重P、Q相连，调节左、右两侧定滑轮高度达到平衡。已知小球A、B和配重P、Q质量均为50 g，细线c、d平行且与水平成θ＝30°(不计摩擦)，重力加速度g取10 m/s2，则细线a、b的拉力分别为 (　　) √ A．2 N，1 N B．2 N，0.5 N C．1 N，1 N D．1 N，0.5 N 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 D　[由题意可知细线c对A的拉力和细线d对B的拉力大小相等、方向相反，对A、B整体分析可知细线a的拉力大小为Ta＝(mA＋mB)g＝ 1 N，设细线b与水平方向夹角为α，分别对A、B分析有 Tb sin α＋Tc sin θ＝mAg，Tb cos α＝Td cos θ，解得Tb＝0.5 N，故选D。] 5．弹跳能力是职业篮球运动员重要的身体素质指标之一，许多著名的篮球运动员因为具有惊人的弹跳能力而被球迷称为“弹簧人”。弹跳过程是身体肌肉、骨骼关节等部位一系列相关动作的过程，屈膝是其中的一个关键动作。如图所示，人屈膝下蹲时，膝关节弯曲的角度为θ，设此时大、小腿部的肌群对膝关节的作用力F的方向水平向后，且大腿骨、小腿骨对膝关节的作用力大致相等，那么脚掌所受地面竖直向上的弹力约为(　　) √ A．tan B． C． D． 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 A　[受力如图所示，设大腿骨和小腿骨对膝关节的作用力大小均为F1，已知它们之间的夹角为θ，F即为它们的合力的大小，作出平行四边形如图所示，有F1cos ＝，则脚掌对地面竖直向下的压力为FN＝F1sin ，由牛顿第三定律可知脚掌所受地面竖直向上的弹力为F′N＝·tan 。故选A。] 6．(2025·山东济南一模)如图所示，光滑定滑轮固定在天花板上，轻绳绕过定滑轮，一端竖直悬挂质量为2m的小球P，另一端连接质量为m的圆环Q，圆环Q套在粗糙水平杆上。一水平向左的力F作用在圆环上，使轻绳和杆之间夹角为30°，整个系统保持静止状态。已知重力加速度为g，下列说法正确的是(　　) √ A．杆对圆环Q摩擦力的方向一定向右 B．杆对圆环Q摩擦力的方向可能向左 C．定滑轮对轻绳作用力的方向竖直向上 D．定滑轮对轻绳作用力的大小为2 mg 微点突破二　“活结”与“死结”、“动杆”与“定杆”问题 D　[小球P静止，由平衡条件知，绳子拉力大小为T＝2mg，由于 T sin θ＝mg，则圆环Q不受杆的支持力作用，可见杆对圆环Q没有摩擦力，由力的合成知，轻绳对动滑轮的作用力大小F1＝2T cos ＝2mg，方向与竖直方向成30°角斜向左下方，由牛顿第三定律知，定滑轮对轻绳作用力的方向与竖直方向成30°角斜向右上方，大小为F′1＝F1＝2mg，故选D。] $