10.1 电势能和电势-【经纶学霸】2026-2027学年高二物理必修第三册4星学霸黑白题（人教版）

3.B解析：由题意可知设O和P两球之间的库仑力为F,绳子 的拉力分别为T,、T2,质量分别为m1、m2;与竖直方向夹角 为0，对于小球Q有9，E+T,sin0=F,T1cos0=m1g;对于小球 P有g2E+F=T2sin0,T2cos0=m2g,联立有91E=F-T1sin0> ,可 0,9gE=7im0-f>0,所以可得，>7，又因为元；m 知m2>m1,即P的质量一定大于Q的质量；两小球的电荷量 则无法判断.故选B. 4.A解析：三小球间距r均相等，对C球受力分析可知C球 带正电，根据平衡条件：Mgsin a+6-60对B小球 2 受力分析，根据平衡条件：Mgsin+k9o9c- -公两式联立解 得=号90√7Mn。故A正确，D错误对AA 三小球整体受力分析，根据平衡条件：3 Mgsin a=kox.弹簧伸 长量x-3Mgsn“,故B错误：对A球受力分析，根据平衡条 件：Mgsin+F库=kox,解得A球受到的库仑力为：F库= 2 Mgsin,故C错误故选A 5.D解析：B点、C点的电荷在M的场强的合场强为E= 2- ,c0s60°=3站，因M点的合场强为零，因此带电细 杆在M点的场强EM=E,由对称性可知带电细杆在A点的场 强为E4=EM=E,方向竖直向上，因此A点合场强为E合= E+2m0-g(5+3),放选D 6.B解析：根据题意可知，两电荷为异种电荷，假设q4为正电 荷，9为负电荷，两电荷在C点的场强如下图，设圆的半径 为r,根据几何知识可得r4c=T,rc=√3r,tan60°= ,同时有 EA= 8产，B联立解得。=3，故选B. 309 302LB 7.D解析：AB.选项AB的电荷均为正和均为负，则根据电场 第十章静月 第1节电势能和电势 白题基础过关 1.B解析：根据W=gU可知，因为电场力做功只与初、末位置 有关，而与电荷运动路径无关，故沿三条路径将点电荷由A 移动到D的过程中，做功相等，即W1=W2=W故选B. 2.B解析：A.静电力做功与电荷运动路径无关，只与初、末位 置有关，电荷从电场中的A点运动到B点，路径不同，静电 参考答案与解析 强度的叠加法则可知，P点的场强不可能为零，AB错误； C.设P、Q间的距离为r,则Q、Q在P点产生的合场强大小 2 -E2 E满足关系c08120°= 2g2 -,解得E= 2. 4r4 @,而Q产生的场强大小为E2=,则P点的场强 不可能为零，C错误；D.设P、Q,间的距离为r,则Q1、Q3在P 点产生的合场强大小E满足关系cos120°= 停（）广 ,解得E=√39，而Q,产生的场强大小 4k2g2 2 2· 4r4 3,则P点的场强可能为零，D正确故选D, 为E2=2 8.C解析：取走A、B处两段弧长均为△L的小圆弧上的电荷， 根据对称性可知，圆环在O点产生的电场强度为与A在同 一直径上的A,和与B在同一直径上的B,产生的电场强度的 矢量和，如图所示，因为两段弧长非常小，故可看成点电荷， Q△L 则有E,=k =kQ△，由图可知，两场强的夹角为120°， R2 则两者的合场强为E=E,=kQ 2R,根据0点的合场强为0， 致在D点的点电商带负电，天小为E=B=4,,根玉 22联立解得g=20A,放选C E'=k 9 πR B 9.A解析：电子在电场中只受电场力，电场力沿电场线的切 线方向，与电场线方向相反，指向电子运动轨迹的凹侧.电子 做曲线运动过程中力的方向与轨迹切线不平行.A选项电子 各处的运动轨迹和受的电场力相符合，故A正确.故选A. 10.A解析：由于在球壳内场强处处为0，因此从0向A运动 的过程中电荷不受电场力，做匀速直线运动，动能不发生变 化，图像为一条水平直线，C、D错误：通过A点后，电荷做 加速运动，但场强逐渐减小，通过相同的位移，电场力做 功逐渐减小，根据动能定理，试探电荷的动能的增量逐渐减 小，即图像的斜率逐渐减小，A正确，B错误. 旦场中的能量 力做功的大小相同，故A正确，不符合题意；B.沿着电场线 电势降低，则B点电势低于A点电势，负电荷在B点的电势 能一定比在A点的电势能大，故B错误，符合题意；C.B点 电势低于A点电势，正电荷从A运动到B,静电力对正电荷 做正功：负电荷从A运动到B,静电力对负电荷做负功，故 C正确，不符合题意：D.无论是正电荷还是负电荷，电场力 做负功时其电势能一定增加，故D正确，不符合题意.故 选B. 黑白题09 3.BD解析：A.根据电势能的公式E。=qp可知：电场中电势 越高的地方，正电荷在该点具有的电势能越大，负电荷在该 点具有的电势能越小，故A错误；B.沿电场线的方向电势降 低，电场线的方向是电势降低最快的方向，故B正确：C.电 势的高低由电场本身决定，与电荷的电势能与电荷量无关， 故C错误；D.根据公式E。=gP,同一电荷在电势相同的两 点，电势能相同，故D正确故选BD 4.A解析：由于图中没有电场线的方向，所以电场线的方向 可能向左，也可能向右：①若电场线的方向向右，则正电荷在 α的左侧，所以a点的电场强度大，即E,>E,;沿电场线方向 电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知P。>P6; ②若电场线的方向向左，则正电荷在b的右侧，所以b点的 电场强度大，即E。>E。;沿电场线方向电势降低，可以比较电 势高低，根据电场线方向可知P。>p。;由以上分析可知 A正确. 5,C解析：正电荷从无限远处移向电场中M点，电势能减小8.0x 109J,电场力做正功为8.0×109J,则M点的电势低于无限 远处的电势，即PM<O.负电荷从无限远处移人电场中的N 点，电势能增加，电场力做负功为9.8×10J,则N点的电势 低于无限远处的电势，即P、<0.由于两电荷电量相等，根据 U=”知，从无限远处移入电场中的N点，电场力做功较 大，N点与无限远处间的电势差较大，则N点的电势低于M 点的电势，即得到Pw<PM<0. 6.AD解析：AB.由题意可知，带电小球在M、N两点间做往复 运动，故带电小球在从左向右运动的过程中，一定先做加速 运动后做诚速运动，故电场力对带电小球先做正功后做负 功，所以带电小球的电势能一定先减小后增大，M、N两点固 定的点电荷一定都带正电，故A正确，B错误：C.带电小球 在Q点时的速度达到最大，说明带电小球在Q点受到的电 场力为零，故Q点的场强为零，由于无穷远处的电势为零， 故Q点的电势大于零，故C错误；D.当带电小球在Q点时， 有aw9B=223,解得=4：1，故D正确.故选AD. 黑题 应用提优 1.C解析：设匀强电场的电场强度为E,∠BAC=0,则将电荷q 从A点移到B点，电场力做功为W1=qgE·ABcos0=qE·AC 将电荷q从A点移到C点，电场力做功为W2=qE·AC,将电 荷q从C点移到B点，电场力做功为W=0,则有W1=W2, W,=W,+W,故选C. 2.B解析：A.从图像上看出电荷的电势能随位移x均匀变 化，说明电荷在移动过程中所受电场力一定，由此可判断该 电场一定是匀强电场，选项A错误：B.沿x轴正方向移动A 电荷，电势能增大，说明电场力对电荷A做负功，电场线方向 沿x轴负方向，选项B正确：C.从图中可以看出移动A、B电 荷相同的位移，电势能变化量之比为2：1，说明电场力做功 之比为2：1，即电场力大小之比为2：1，所以A、B的电荷量 之比为2：1，选项C错误：D.沿x轴正向移动点电荷B,电 势能诚小，电场力做正功，选项D错误故选B 3.D解析：A.c点与∫点关于AB对称，则两点电荷在连线中 垂线的电势为0，故AB连线的电势由e点电荷决定，则从A 点到O点电势逐渐增大，将一个负电荷由A点沿AO移动到 0点，根据E。=qP可知，电势能减小，故A错误；B.同理正电 荷由O点沿OB移动到B点，电势降低，电势能减小，故B错 误；CD.相比于b点，a、d点更接近e点正电荷，则a、d点电 必修第三册·RJ 势高于b点电势，故C错误，D正确.故选D. 4.BC解析：A.由图乙可知，e点处电场线分布比f点电场 线分布稀疏，点的电场强度大小小于f点的电场强度大小 故A错误；B.根据沿电场线方向电势降低可知，e点的电势 高于∫点的电势，故B正确；C.带电的烟尘颗粒向A运动的 过程，电场力做正功，速度增加，电势能减小，故C正确： D.由于电场不是匀强电场，越靠近A电场强度越小，根据牛 顿第二定律，带电的烟尘颗粒向A运动的过程，加速度逐渐 减小，做加速度减小的加速运动，故D错误.故选BC 5.C解析：AC.从P到0的过程中，电场力和重力都做正功， 电势能一直减小，机械能一直增大，从O到M的过程中，电 场力做负功，小球机械能减小，故从P到M的过程中，小球 的机械能先增大后减小，故A错误，C正确；B.O点的场强 为零，从P到0小球的加速度一直减小，由于P0间电场线 的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷 所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不能确 定，加速度可能先增大后减小，也可能一直减小，不可能一直 增大，故B错误：D.根据电场的对称性原理可知，P与M两 点的电势相等，则小球在这两点的电势能相等，电场力做功 为零，故小球从P到M的过程中，由动能定理得mg×2h= 2m,解得u=2Vg,故D错误故选C. 6.B解析：A.由于带电小球能静止 于A点，受力分析可知小球应带正 电，A错误；B.如图所示，对小球受 力分析（只画了点电荷对小球的力） 可知两根棒和点电荷对小球的静电 D 力大小相等，由几何关系可得 、P c0s02 .--0 -C 3 ，根据共点力的平衡条件 B 可得3Fcos0=mg,点电荷对小球的库仑力大小为F= k Qg ,解得小球的电荷量为Q= 32mg 二，B正确； 312 16kg (2a C.将带电小球从A点移至无穷远处，电场力做功为W,则带 电小球电势能减少量为W,即小球在A点的电势能为W,所 以A点电势为P4 Q3mg,C错误；D.由于小球运动的 W 8/2kgW 路径不确定，因此无法判断小球电势能的具体变化情况， D错误.故选B. 7.CD解析：带电粒子在电场中只受电场力作用，电势能和动 能之和不变，由图可知，在a、b连线的中点3L处，动能最大， 电势能最小，因为粒子带负电荷，所以α、b连线的中点3L处 电势最高，故A错误：根据A选项分析可知，α点动能比b点 小，电势能比b点大，所以a点的电势比b点低，故B错误； 在3L点前做加速运动，3L点后做减速运动，可见3L点的加 速度为0，则x=3L处场强为0，故C正确：由于在x=3L点前 做加速运动，所以Q,带负电，3L点的场强为0，由点电荷的 场强公式和电场叠加原理可知，Q1带正电，Q2带负电且电 荷量小于Q1,故D正确.故选CD. 8.A解析：C.a由N到P的过程中，重力竖直向下，而库仑力 一直沿二者的连线方向，根据F体=，2可知库仑力大小增 大，故C正确：B.在整个过程中合力先与运动方向的夹角为 锐角，合力做正功：而后过程中合力与运动方向夹角为钝角， 黑白题10 合力做负功：故从N到P的过程中，速率先增大后减小，即 动能先增大后减小，故B正确；A.从N到P的过程中，库仑 力一直与运动方向夹角大于90°，故库仑力一直做负功，电 势能一直增加，故A错误：D.从N到P的过程中，动能的变 化量为零，根据能量守恒可知，重力势能的减少量等于电势 能增加量，故D正确.故选A, 压轴挑战 9.(1)3.2m/s2(2)-96J 解析：(1)由牛顿第二定律对A有9，E-T=m1a, 对B有T-m2g-q2E=m2a, 由以上二式可解得a=3.2m/s2. (2)△=2s后，A发生的位移大小为x=2△2=64m,因 为A向左运动，电场力做功为W=q1Ex=96J,所以A的电势 能变化量为△E。=-96J,即减小了96J. 第2节电势差 白题 基础过关 1.B解析：AB.电场中某两点间的电势差是由电场及两点的 位置决定的，与移动电荷的电荷量、零电势面的选取以及电 场力做功均无关，A、B两点间的电势差是恒定的，但有正负 之分UAB=-UM,故A错误，B正确；C.把负电荷从A点移动 到B点电场力做正功，则A点电势较低，有UB<0,故C错 误；D.电场中A、B两点间的电势差UAB等于把单位正电荷q 从A点移动到B点时静电力所做的功，故D错误.故选B. 2.C解析：A、B两点间的电势差UAB=60V,可知A点的电势 比B点的电势高60V,B、C两点间的电势差Uc=-50V,可 知B点的电势比C点的电势低50V,则A点的电势比C点 的电势高10V,所以P4>pc>pg故选C. 3.CD解析：AD.将电荷量为4×108C的正电荷从A点移到 B点，静电力做的功为WAB=gE·AB=1.2×10?J,再从B点 移到C点，静电力做的功为Wc=qE·BCcos60°=1.2× 107J,则静电力做的总功为WAc=WB+Wc=2.4×107J,因 电场力做功与路径无关，若将该电荷沿直线由A点移到C 点，静电力做的功仍为W4c=2.4×107J,故A错误，D正确； BC.根据WAc=gUAc,代入数据解得Ac=6V,故B错误， C正确.故选CD. 4.C解析：A.同一等势面上电势处处相同，A、B是同一等势 面上的两点，因此A、B两点的电势相同，故A错误；BC.该电 场为正的点电荷形成的电场，因此离场源电荷越近电势越 高，B点比C点离场源电荷更近，所以B点的电势高于C点 的电势，而正电荷在电势高的地方电势能大，将正电荷从B 点移到C点，其电势能减小，故B错误，C正确；D.在同一等 势面上移动电荷，电场力不做功，A、B是同一等势面上的两 点，因此将正电荷从A点沿虚线移到B点，静电力不做功，故 D错误故选C. 5.C解析：A.带电导体处于静电平衡状态，导体内部的场强 处处为0，所以导体内部不同的位置电势一定相等，故A错 误；B.电场线的疏密程度表示电场强度的强弱，B点的电场 线比A或C点的电场线疏，所以B点的电场强度小于A点 的电场强度，故B错误：C.沿电场线方向电势降低，所以A、 C两点的电势高于B点的电势，故C正确：D.负电荷的受力 方向与电场线方向相反，所以负电荷从C点沿虚线移到B 点的过程中电场力做负功，电势能增大，故D错误.故选C. 6.C解析：A.根据粒子的运动轨迹可知，粒子所受电场力指 向运动轨迹的凹侧，即电场力方向斜向右下，因带电粒子 带正电，则电场线方向垂直于等势面斜向右下，根据沿电场 参考答案与解析 线方向电势逐渐降低可知，等势面c的电势最高，等势面a 的电势最低，故A错误：BC.因为P点电势高于O点电势， 根据E。=qP,由于带电粒子带正电，可知粒子在电势较高的 P点时的电势能比在Q点时大，根据能量守恒可知粒子在Q 点时的动能比在P点时大，故B错误，C正确；D.若图中 三个等势面为等差等势面，则由于P点处的等势面较密，所 以P点的电场强度较大，粒子在P点受到的电场力较大，故 粒子在Q点时的加速度比在P点时的小，故D错误故选C. 黑题应用提优 1.C解析：AC.小球从a点运动到b点的过程中，根据动能定 理得mgLsin37°+qU=0,代人数据解得a、b两点的电势差 为Ub= 3mg,即p。≠，所以ab连线一定不是一条等势 5g 线，故A错误，C正确：B.若电场是匀强电场，则电场力恒定， 因小球到达b点时的速度仍为。，故小球做匀速直线运动， 电场力与重力、支持力的合力为零：由于小球的重力沿斜面 向下的分力mgsin37°一定，则当电场力沿斜面向上，大小为 F=mgsin37时，电场力最小，场强最小，又电场力F=Eg,则 该电场场强的最小值一定是E-"m心血37°-33，故B错 5g 误：D.小球从a运动到b的过程中，根据动能定理得 mgLsin37°+W=0,解得静电力对小球做功为W=- 5mgL,故 D错误.故选C. 2.B解析：A.若图中实线是电场线，则粒子受到的电场力水 平向右，电子带负电，所以场强的方向水平向左，而沿着电场 线方向电势逐渐降低，所以b点的电势高于α点的电势 故A错误：B.若图中实线是等势线，则电子受到的电场力方 向竖直向下，电子的速度方向和电场力方向成钝角，从a点 到b点的过程中电子做减速运动，所以电子在α点的速率大 于在b点的速率，故B正确；C.根据上述分析可知，若电子 在a点的速率较大，则图中的实线是等势线，故C错误； D.若实线是电场线，则电子受到的电场力方向水平向右，若 实线是等势线，则电子受到的电场力方向竖直向下，前者速 度和电场力的夹角为锐角，后者速度和电场力的方向为钝 角，前者电子在a点的电势能大于在b点的电势能，后者电 子在α点的电势能小于在b点的电势能，故D错误.故选B. 3.D解析：A.从b点移到d点，电势升高，负电荷电势能减 小，故A错误；B.d、a两点的电势差为U=Pa-p。=0- 1.5mV=-1.5mV,故B错误：C.根据电势的分布情况可知， 此电场电势的分布情况相当于等量异种电荷，左侧为负电 荷，右侧为正电荷，由对称性可知，α、b两点的电场强度等 大、同向，故C错误；D.c、d两点的电场强度相同，从c到d 的直线上，等差等势面先密集后稀疏，电场强度先变大后变 小，故D正确.故选D. 4.B解析：A.以c点研究，根据曲线运动的合力方向位于轨 迹的凹侧，可知粒子在c点受到的电场力向上，根据沿电场 方向电势降低结合电场方向与等势面垂直，可知c点处的电 场方向向下，则该粒子受到的电场力方向与电场方向相反， 所以该粒子带负电，故A错误：B.若粒子经过d点时的动能 为12eV,该粒子在d点的电势能为Ea=-2e×(-5V)= 10eV,则该粒子的动能与电势能之和为E=E+E。=12eV+ 10eV=22eV,由于粒子只受电场力作用，则该粒子的动能 与电势能之和保持不变，该粒子经过a点时的电势能为0， 则该粒子经过a点时的动能为22eV,故B正确；C.该粒子 经过∫点时，该处的电场强度不为0，则该粒子经过∫点时的 加速度不为0，故C错误：D.该粒子在c点的电势能为 黑白题11第十章 静电场中的能量 第1节 电势能和电势 白题 基础过关 限时：13min 题型1 静电力做功的特点 题型4电势高低的判断方法 1.如图所示是以点电荷+Q为圆心的一组同心圆 4.如图，a、b是正点电荷电场中的一条电场线上 (虚线)，电场中有A、B、C、D四点.现将一带正 的两个点，这两个点的电势和电场强度分别 电荷的点电荷由A点沿不同的路径移动到D 为P。P。和E。、E6,则下列关于二者大小关系 点，沿路径①做功为W1,沿路径②做功为W2, 的表述正确的是 沿路径③做功为W3,则 6 A.W2<W3<W A.Pa>p6,E。>E。 B.Pa>P,Ea<E B.W=W2=W3 C.p。=Pb,Ea=E。 D.p.<p6,Ea>E。 C.W>>W3>Wj 5.将一正电荷从无限远处移入电场中M点，电 D.因不知道+Q的具体 势能减少了8.0×10-9J,若将另一等量的负电 数值，故无法判断 荷从无限远处移入电场中的N点，电势能增 题型2电场力做功与电势能的关系 加了9.8×109J.则下列判断正确的是( 2.如图所示，下列说法错误的是 A.Pu<eN<O B.N>y>0 A.同一电荷从电场中的A C.v<Py<0 D.y>ON>0 点分别沿路径1、2、3运动 易错聚焦川 到B点，静电力做功相同 易错题型 运动带电粒子电势能的判断 B.电荷在A点的电势能一定比在B点的电势 6.(多选)如图所示，光滑绝缘水平 能大 面上相距6a的M、N两点处各固 C.正电荷从A运动到B,静电力对正电荷做正 定一个点电荷，现让一可视为质点的带止电 功；负电荷从A运动到B,静电力对负电荷 小球从距M点为2a的P点处由静止释放， 做负功 则带电小球将沿M、N两点的连线做往复运 D.无论是正电荷还是负电荷，电场力做负功 动（不与点电荷接触），且当带电小球运动到 时其电势能一定增加 距M点为4a的Q点时速度最大，规定无穷 题型3对电势和电势能的理解 远处电势为零，则 3.(多选)关于电势和电势能，下列说法中正确 的是 A.电荷在电势越高的地方电势能越大 A.在带电小球从左向右运动的过程中，其电 B.电场强度的方向是电势降低最快的方向 势能一定先减小后增大 B.M、N两点固定的点电荷一定都带负电 C.根据电势公式-，电势与电荷的电荷量 C.Q点的电场强度和电势一定都等于零 有关 D.M、N两点固定的点电荷的电荷量之比为 D.同一电荷在电势相同的两点，电势能一定相同 4:1 第十章黑白题019 黑题 应用提优 限时：35min 1.如图所示，直角三角形ABC的边AC与匀强电 管A接地，A、B之间产生如图乙所示的强电 场的电场方向平行.将电荷g从A点移到B 场，ef是电场中两点.导线B附近的气体分 点，电场力做功为W1,从A点移到C点、从C 子被强电场电离，电子在向正极A运动的过 点移到B点，电场力做功分别为W2、W,则 程中，使烟尘中的颗粒带上负电，烟尘颗粒在 静电力作用下，被吸附到正极A上.不计烟尘 A.W<W2 颗粒的重力，在除尘装置工作过程中，下列说 B.Wj>W2 法正确的是 C.Wj=W2+W3 D.W1<W2+W3 2.(2025·云南昭通期中)如图所示为在同一电 场中A、B两个点电荷的电势能E。随电荷位 置x变化的图像，已知点电荷A带正电，电场 线方向平行于x轴，不考虑电荷A、B电场的 相互影响，则 A.沿x轴正向电场强度逐渐 A.e点的电场强度大小大于∫点的电场强度 增大 大小 B.电场线方向沿x轴负方向 B.e点的电势高于f点的电势 C.带电的烟尘颗粒向A运动的过程中，电势 C.电荷A的电荷量是电荷B 的4倍 能减小 D.沿x轴正向移动点电荷B,电场力做负功 D.带电的烟尘颗粒向A运动的过程中，做匀 3.(2025·云南昆明期中)如图，圆心为0的水 加速直线运动 平圆面上有a、b、c、d、ef6个点，6个点将圆 5.(2024·福建福州期中)如图所示，空间中有 周等分，AB是圆面的中垂线，AO=B0.现将 两个固定的等量正点电荷，两电荷的连线处 个带电量为Q的负电荷固定于c点，将两个带 于水平方向，0为连线的中点，P、M为连线的 电量均为Q的正电荷固定于e、f两点.下列说 中垂线上的两点且在竖直方向，且P0= 法正确的是 OM=h.现将一带负电的小球从P点静止释放， A.将一个负电荷由A点沿AO 重力加速度大小为g,下列说法正确的是( )》 移动到0点，其电势能 增大 B.将一个正电荷由O点沿 ·M OB移动到B点，其电势能增大 A.从P到O的过程中，小球的电势能一直增大 C.b点电势高于d点电势 B.从P到O的过程中，小球的加速度一直 D.a点电势高于b点电势 增大 4.(2025·江西期中)（多选）静电除尘是工业生 C.从P到M的过程中，小球的机械能先增大 产中处理烟尘的常用方法之一.如图甲，除尘 后减小 装置工作时，中心的金属导线B带负电，金属 D.到达M点时，小球的速度为0 必修第三册：RJ黑白题020 6.(2025·云南红河质检)如图所示，有一棱长 MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球 为a的正四面体A-BCD,其在绝缘水平面上 (视为点电荷)，b固定在M点，a从N点静止 的两条底边BC、BD是两根完全相同的均匀带 释放，沿半圆槽运动经过P点时速度为零，则 正电的导体棒，底边CD中点P放置一电荷量 下列说法错误的是 ( 为q(g>0)的点电荷.一质量为m的带电小 球（可视为，点电荷）恰好可以静止在A点.在 外力作用下将带电小球从A点移至无穷远 处，电场力做功为W.规定无穷远处为零势能 A.小球a从N到P的过程中，电势能一直 点，静电力常量为k,重力加速度大小为g.下 减小 列说法正确的是 B.小球a从N到P的过程中，动能先增大后 A.小球带负电 减小 B.小球所带电荷量为 C.小球a从N到P的过程中，库仑力增大 D.小球a从N到P的过程中，重力势能减少 3/2mga2 16kg 量等于电势能增加量 压轴挑战 C.A点电势为 23 kg W mga2 9.如图所示，用轻绳连接的 D.移动小球的过程中，小球的电势能一直 体质量分别为m1=2 减小 0.5kg,电荷量分别为( 7.（多选)如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在 +2×105C.B与所接触的平台竖直面间的 x轴上，其中Q1位于原点0，a、b是它们连线 动摩擦因数为4=0.2，A为光滑物体.现锁 延长线上的两点.现有一带负电的粒子g以 定A、B使二者静止，再加上水平向左的匀 一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远 处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过 强电场E=5×103N/C,同时解除锁定.设平 a、b两点时的速度分别为v.、6,其速度随坐 台足够长，物体B不会碰到滑轮，不计滑轮 标x变化的图像如图乙所示，则以下判断正 质量以及与转轴之间摩擦，重力加速度g取 确的是 10m/s2.求： (1)加上电场后，A、B两物体的加速度 大小； (2)加上电场△t=2s后，物体A电势能的 0 a b x 2L3L4 变化量. 7777777777777777777 A.ab连线的中点电势最低 B.a点的电势比b点的电势高 B C.x=3L处场强一定为0 D.Q,带负电且电荷量小于Q1 8.(2024·陕西西安期中)如图所示，半圆槽光 滑、绝缘、固定，圆心是0，最低点是P,直径 进阶突破拔高练P04 第十章黑白题021