1.1 动量-【经纶学霸】2026-2027学年高二物理选择性必修第一册4星学霸黑白题（人教版）江苏专版

第一章 动量守恒定律 第1节动量 白题 基础过关 限时：15min 题型1动量和动量的变化 C.-5kg·m/s,10kg·m/s 1.关于动量，下列说法正确的是 ( D.-5kg·m/s,-10kg·m/s A.物体的速度大小不变时，动量的变化量 题型2动量与动能的关系 定为零 B.动量为零时，物体一定处于平衡状态 4.对于任何一个质量不变的物体，下列说法正确 C.动量与动量的变化量可以反向 的是 ( D.物体所受合外力大小不变时，其动量大小 A.物体的速度变化，动能和动量一定都发生 一定要发生改变 变化 2.(2024·贵州遵义月考)在某次模拟投弹演习 中，在同一位置向山下“敌方工事”先后水平 B.物体的动量发生变化，其动能不一定变化 投出甲、乙两颗仿制手榴弹，初速度分别为 C.物体的动能不变，其动量一定不变 v甲、v乙，手榴弹在空中的运动轨迹如图所示， D.物体的动能发生变化，其动量不一定变化 则抛出时甲、乙的初动量P甲Pz的大小关系是 5.一物体做直线运动，其动量随时间变化的p-t 图像如图所示.下列描述此物体动能一时间 (E-t)图像中可能正确的是 由工事 w777777mm A.P甲<P乙 B.P甲>Pz T 2T 3T\4T C.P甲=Pz D.以上都有可能 3.(2025·江苏苏州期中)在光滑平面上，一质 量为1kg的小球以5m/s的水平初速度垂直 撞向竖直墙壁后原速率反弹，取初速度方向 37 为正方向，则在该过程中小球的初动量和动 -EK 量变化量分别为 7777777777 A.5kg·m/s,10kg·m/s 3T47 B.5kg·m/s,-10kg·m/s 第一章黑白题001 黑题应用提优 限时：20min 1.（2024·辽宁沈阳二中月考)铅球被掷出后， B.小球在竖直方向的动量变化量大小为 在空中运动的轨迹如图所示.a、b、c、d、e为轨 5kg·m/s 迹上5个点，c为轨迹的最高点，ab与bc的高 C.小球总动量的变化量大小为1kg·m/s 度差相同.cd与de的水平距离相同.不计空气 D.小球总动量的变化量大小为7kg·m/s 阻力，下列说法正确的是 4.（2025·陕西西安联考)如图所示，质量为m 的足球在离地高h处时速度刚好水平向左，大 小为，守门员在此时用手握拳击球，使球以 大小为2的速度水平向右飞出，手和球作用的 A.铅球从a点到b点和从b点到c点，速率的 时间极短，则 变化量相同 B.铅球从a点到b点和从b点到c点，速度的 平方变化量相同 C.铅球从c点到d点动量的变化量小于从d 点到e点动量的变化量 A.击球前后，球的动量改变量的方向水平向左 D.铅球从c点到d点动量的变化量大于从d B.击球前后，球的动量改变量的大小是 点到e点动量的变化量 mv2-mv 2.一只小球沿光滑水平面运动，垂直于墙面撞到 C.击球前后，球的动量改变量的大小是 竖直墙上.小球撞墙前后的动量变化量为△p, mv,+mv. 动能变化量为△E.关于△p和△E,下列说法 D.球离开手时的机械能不可能是mgh+ 中正确的是 ( 1 A.若△p最大，则△E也最大 2m,2 B.若△p最大，则△E一定最小 压轴挑战川 C.若△p最小，则△E也最小 5.动量p随位置x变化的p-A D.以上关于△p与△E的说法都不正确 称为相轨.相轨在近代数学 3.一个质量为0.2kg的小球，以大小为= 和理论物理的发展中扮演丁以y 20m/s的速度斜射到坚硬的粗糙平面上，入射 重要的角色.一物体从x=0处以初速度。 方向与竖直方向的夹角为37°，碰撞后被斜着 沿+x方向开始运动，运动过程中只受一方向 弹出，弹出的方向与竖直方向的夹角为53°，速 与速度v相反、大小为(k>0且为常量)的 度大小变为v,=15m/s.关于该碰撞过程，下列 力.其相轨应为图中的 说法正确的是(sin37°=0.6，cos37°=0.8) 533 A.小球在竖直方向的动量变化量大小为 1.4kg·m/s 进阶突破拔高练P01 选择性必修第一册黑白题002参考答引 第一章动 第1节动量 白题基础过关 1.C2.D 3.B解析：小球初速度的方向为正方向，则小球与墙壁碰撞 过程的初末速度分别为v,=5m/s,v2=-5m/s,则初动量为 p=m,=1×5kg·m/s=5kg·m/s,该过程中小球的动量变化 量为△p=mm2-mw1=m(v2-u1)=1×(-5-5)kg·m/s= -10kg·m/s.故选B. 4.B 6,C解析：根据E三}mp=m,可得E当D不变时 E,是一条直线；当p与t为一次函数关系时，E,-t为开口向 上的抛物线，故选C. 黑题应用提优 1.B2.B 3.B解析：AB.以竖直向上为正方向，小球竖直方向的初速度 为v,0=-ocos37°=-16m/s,小球竖直方向的末速度为v,n= ,cos53°=9m/s,则小球在竖直方向的动量变化量为 △p,=mw:-mw,o=5kg·m/s,方向竖直向上，A错误，B正确； CD.根据三角形定则，动量的变化如图所示，由几何关系可 得△p=√(mo)2+(mm,)2=5kg·m/s,即小球总动量的变化 量大小为5kg·m/s,CD错误故选B. 4.C解析：A.选取向右为正方向，在击球前足球的动量： P1=-mw1,击球后：P2=m2,所以动量的改变量：△p=P2 P1=m2-(-m1)=mw2+m1,故AB错误，C正确；D.由于机 械能的大小与零势能点的选取有关，选取合适的重力势能的 零点，可以使球离开手时的机械能为mgh+之mu,故D错误 故选C. 压轴挑战 5.D解析：根据牛顿第二定律得-=ma,两边同乘以△t,得 -hb·△t=ma·△t,-k△x=m△v=△p,所以p-x图线的斜率为 Ap=-k,由题可知，斜率为定值故选D. △x 第2节动量定理 白题基础过关 1.B2.C3.B4.B 5.B解析：A.根据冲量的计算公式解得“铁拳”所受合力的冲 量I==600×3×103N·s=1.8N·s,故A错误；BC.根据动 量定理可知1=△p=mw=1.8kg·m/s,其中v=80km/h≈ 22.2m/s,可得m≈0.081kg=81g,故B正确，C错误；D.根据 加速度公式可知a=片品m=740mg,故D错误 参考答案与解析 秦与解析 量守恒定律 故选B. 6.D解析：A.手机下落过程做自由落体运动，由运动学公式 2=2gh,解得手机接触头部之前的速度约为v=√2gh= √2×10x0.2m/s=2m/s,故A错误：BCD.取竖直向上为正 方向，头部对手机的作用力为F,冲量为1，则手机与头部作 用过程中由动量定理可得：I-mg△t=△p=0-（-mw)=mw= 0.12×2kg·m/s=0.24kg·m/s,解得1=0.264N·s,由于I= F△，则F=13.2N,根据牛顿第三定律可知手机对头部的作 用力大小约为13.2N,故BC错误，D正确.故选D. 黑题应用提优 1.C2.D3.B4.C5.C 6.B解析：A.由图像可知，在t2时刻，由牛顿第二定律可得加 速度大小a-F一-B,故A错误；BCD.由动量定理和图像面积 m 可得，-)-)-m,则。-，-P,)-,根据动量 2 2m (F.-F)2(t2-t1)2 和动能的关系得E,= ，故B正确，CD错误 8m 故选B. 7.D解析：由矢量的减法可得出动量的变化方向，因为<o, 画出矢量合成图，如图所示： X B 根据动量定理得Ft=mw,-o,F的方向即为速度改变量的 方向，则合力的方向可能沿OD方向，故D正确，ABC错误 8.B解析：A.上升过程，阻力向下，根据牛顿第二定律，有mg+ ma1,根据运动学公式=2a,么，2=24·冬，解得小球上 升至0点时的速度-经>0.5，则o>050,放A错误， B.下降过程，阻力向上，根据牛顿第二定律，有：mg-f=ma2; 1 故a>a,根据h=2a可知，4<，；重力的冲量1=mg,知小 球在上升过程中重力的冲量小于下降过程中重力的冲量，故 B正确；C根据动量定理知I会=△p,上升过程动量变化量比 下降过程动量变化量大，所以小球在上升过程中合力的冲量 大于下降过程中合力的冲量，故C错误：D.由于运动的整个 过程中，重力做功为零，阻力做负功，重新回到A点后速度减 小，故小球在上升过程中动量的减少量大于下降过程中动量 的增加量，故D错误.故选B. 9.A解析：AB.设下潜的总时间为T,由于下潜的位移大小和 上升的位移大小相等，而v-t图像与时间轴围成的面积表示 位移，且由题意知加速和减速过程中加速度大小相等，而v- 图像的斜率的绝对值表示加速度的大小，则根据图像可得 T+T-20 2 _。+M。-4.2o,解得T=2M,-3,由此可 2 得最大下潜深度H= T+T2.=,(2g-4),故A错误， 2 黑白题01