2027届四川省成都市石室中学高三生物一轮复习课件：分离定律（第3课时）

该高中生物学高考复习课件聚焦基因分离定律专题，依据高考评价体系梳理了显隐性性状判断、纯合子与杂合子判定、基因型表现型推导及概率计算等核心考点，通过2025年云南真题及合肥模拟、武汉期末等试题分析，明确“3∶1分离比分析”“测交实验设计”等高频考点权重，归纳五大类常考题型，构建系统备考框架。 课件亮点在于“真题情境渗透+科学思维培育+应试技巧提炼”，如结合2025云南冬瓜蜡粉遗传真题，用科学思维解析F2性状分离比推导基因传递规律，通过探究实践设计测交实验验证遗传方式，总结显隐性判断“性状分离法”、概率计算“配子频率法”等实用技巧。特设“易错陷阱警示”和“答题模板”，助力学生提升得分率，教师可据此精准把握高考命题趋势，实现高效复习教学。

1 (3)(4分)用表中材料设计实验，验证(1)中得到的结论，写出所选材料及遗传图解。 14．(14分)(2025·云南，18)冬瓜果面有蜡粉可提高果实抗病、耐日灼和耐储性。为探究冬瓜果面蜡粉的遗传方式并对蜡粉基因(用“A”“a”表示)进行定位，科研人员进行了一系列杂交实验，结果如表。回答下列问题： 群体 植株总数/株 果面有蜡粉株数/株 果面无蜡粉株数/株 P1 30 30 0 P2 30 0 30 F1 523 523 0 F2 574 430 144   (1)根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的)分离定律，依据是F1自交所得F2中，果面有蜡粉与果面无蜡粉的株数比约为3∶1 注：F1为P1和P2杂交后代，F2为F1自交后代。 用测交法 Aa×aa AA aa Aa aa AA Aa 2 14．(14分)(2025·云南，18)冬瓜果面有蜡粉可提高果实抗病、耐日灼和耐储性。为探究冬瓜果面蜡粉的遗传方式并对蜡粉基因(用“A”“a”表示)进行定位，科研人员进行了一系列杂交实验，结果如表。回答下列问题： 群体 植株总数/株 果面有蜡粉株数/株 果面无蜡粉株数/株 P1 30 30 0 P2 30 0 30 F1 523 523 0 F2 574 430 144 注：F1为P1和P2杂交后代，F2为F1自交后代。 AA aa Aa AA Aa (2)实验证明蜡粉性状的改变是由基因突变引起的，突变基因上出现了一个限制酶H的切割位点，据此设计引物后进行植株基因型鉴定的步骤为：提取基因组DNA→PCR扩增目的DNA片段→限制酶H切割扩增产物→电泳。结果显示P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，则F2中有蜡粉的植株为1或3条条带，限制酶H的切割位点位于a上。 aa 基因分离定律重点题型突破 1.显隐性性状的判断 2.纯合子与杂合子的判断 3.基因型和表现型推导及概率计算 4.自交和自由交配 5.致死等其他异常情况的分析 一、显隐性性状的判断 1.相同性状的个体交配： ①若有性状分离，则说明亲本是杂合子，且F1中新出现的性状是隐性 ①若子代只表现为1种性状，则说明亲本是纯合子，且F1是显性性状 ②若无性状分离，则说明亲本是纯合子，通过F1无法判断显隐性 ②若子代表现为2种性状，则说明亲本是杂合子，通过F1无法判断显隐性 如果不能自交，可以让子代和相同性状的亲本进行回交，若有性状分离，新出现的为隐性；若无性状分离，新该性状就是隐性 2.不同性状的个体交配： 如果可以自交，就让子代再分别自交，有性状分离的，新出现的是隐性，无性状分离的，该性状就是隐性 测交是已经知道显隐性了哦，不用来判断显隐性 （2019.全国卷）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。 ①植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 ②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶 ③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1 ④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1 其中能够判定植株甲为杂合子的实验是（ ） A．①或②　　　　B．①或④　　　　 C．②或③　　　　D．③或④ B 一、显隐性性状的判断 甲是Aa 甲是AA或Aa 甲是Aa(全缘是显)或aa（全缘是隐) 甲是Aa 一、显隐性性状的判断 3．根据遗传系谱图进行判断 实质：性状分离，新出现的为隐性 9.对某家庭内成员进行调查发现，有耳垂和无耳垂是由单基因决定的，图中Ⅲ－1、Ⅲ－3两位成员都无耳垂，其他成员都有耳垂。下列叙述正确的是(　　) A．Ⅲ－1与有耳垂女性结婚，所生女孩一定是无耳垂 B．Ⅲ－2与无耳垂女性结婚，后代有耳垂的概率为2/3 C．Ⅲ－3与有耳垂男性结婚，所生后代会出现无耳垂的概率是1/2 D．Ⅲ－4与无耳垂男性结婚，生了一对龙凤胎，女儿无耳垂，则女儿基因型纯合的概率是1/4 一、显隐性性状的判断 aa aa Aa Aa Aa Aa 1/3AA 2/3Aa 1/3AA 2/3Aa aa × A- 1-2/3×1/2 aa × A- 后代概率无法推算 B Aa×aa 1 二、纯合子与杂合子的判定 二、纯合子与杂合子的判定 亲本组合类型 子代基因型及比例 子代表现型及比例 AA×AA AA×Aa AA×aa Aa×Aa Aa×aa aa×aa AA:Aa:aa=1：2：1 全AA 显∶隐= 3∶1 全显 AA:Aa=1：1 全显 全Aa 全显 Aa:aa=1：1 显:隐=1：1 全aa 全隐 三、基因型和表现型推导及概率计算 子代表现型及比例 亲本组合 亲本性状表现 全显 AA×AA AA×Aa AA×aa 亲本中一定有一个是显性纯合子 全隐 aa×aa 双亲均为隐性纯合子 显∶隐＝1∶1 Aa×aa 亲本一方为杂合子，一方为隐性纯合子 显∶隐＝3∶1 Aa×Aa 双亲均为杂合子 三、基因型和表现型推导及概率计算 典例5　某植物的红花与白花是一对相对性状，且是由单基因(A、a)控制的完全显性遗传，现有一株红花植株和一株白花植株作实验材料，设计如表所示实验方案以鉴别两植株的基因型。下列有关叙述错误的是(　　) 选择的亲本及杂交方式 预测子代表型 推测亲代基因型 第一组∶ 红花自交 出现性状分离 ③ ① ④ 第二组∶ 红花×白花 全为红花 AA×aa ② ⑤   A.根据第一组中的①和④可以判断红花对白花为显性 B．③的含义是Aa C．②的含义是红花∶白花＝1∶1，⑤为aa×Aa D．①的含义是全为红花，④可能为AA 三、基因型和表现型推导及概率计算 Aa×Aa AA×AA 均红花 红花：白花=1：1 Aa×aa A 大蓝120 据表格可知，第一组中的①应为不发生性状分离(全为红花)，红花植株可能是显性纯合子(AA)也可能是隐性纯合子(aa)，故根据第一组中的①和④不可以判断红花对白花为显性，A错误，D正确； 红花自交后代出现性状分离，说明红花对白花为显性，且亲本红花③为杂合子Aa，B正确； ②应为红花∶白花＝1∶1，为测交比例，故⑤为Aa×aa，C正确。 某植物的红花和白花由一对遗传因子Aa控制，让多个红花植株自交，F1出现红花：白花=11：1的性状分离比.（不考虑其他特殊情况）,错误的是 A.红花为显性性状，由遗传因子A控制 B.亲本遗传因子组成有AA、Aa两种，比例为1：2 C.F1植株中纯合子占5/6 D.花色的遗传遵循分离定律 aa Aa AA AA和Aa 设Aa的比例为x 三、基因型和表现型推导及概率计算 9．(2025·合肥模拟)已知玉米的抗锈病(R)与易感锈病(r)受一对等位基因控制。现有一群抗锈病玉米植株(Rr∶RR＝2∶1)随机传粉产生F1，某同学利用甲、乙两个小桶及若干大小相同的红球(R)和白球(r)模拟该过程，下列叙述正确的是D A．玉米为两性花植物，自然繁殖时既有自交又有杂交 B．甲、乙两个小桶中均需放入 10个红球和10个白球 C．若每次抓取小球后都未放回，则rr出现的概率将偏高 D．分别从甲、乙小桶各抓取一个小球，这两个小球颜色不同的概率为4/9 单 R:r=2:1 8．(2025·武汉期末)一对相对性状的纯合子杂交，F1自交，F2中显性性状与隐性性状的分离比为3∶1。下列不是出现3∶1的条件是A A．各性状只由基因型决定，而不受环境影响 B．F1形成的不同基因型雌(雄)配子数目相等 C．F2个体中不同基因型的个体的存活率相同 D．性状只由一对等位基因控制，且为完全显性遗传 11．(2025·湖北省新八校协作体联考)在模拟孟德尔杂交实验中：用4个大信封，按照如表所示分别装入一定量的卡片，然后从每个信封内各随机取出1张卡片，记录组合后放回原信封，重复多次，下列关于该模拟结果的叙述中，正确的是(　　) A．四个信封内卡片总数需保证相等，保证同一个体产生的配子的种类及比例一致 B．可模拟孟德尔杂交实验中F1自交产生F2的过程 C．可模拟子代基因型，记录的卡片组合方式有9种 D．从雌1和雄2取出的卡片组合可以模拟非同源染色体上的非等位基因自由组合 B $