精品解析：四川省仁寿县铧强中学2025-2026学年高二上学期第一次教学质量检测物理试题

铧强中学2024级高二（上）第一次教学质量检测 物理试题 考试时间：75分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下面关于静电现象正确的是（ ） A. 只要带电物体足够小，它就可以视为点电荷 B. 所有物体带电量一定是元电荷的整数倍 C. 处于静电平衡的导体，其内部场强和电势处处为零 D. 摩擦起电其实质是产生了电荷，而感应起电是电荷发生了转移 【答案】B 【解析】 【详解】A．只有当带电体的形状、体积和电荷分布对所研究问题的影响可以忽略时，才能视为点电荷，并非带电体足够小就可视为点电荷，故A错误； B．元电荷是自然界已知的最小电荷量，所有物体的带电量一定是元电荷的整数倍，故B正确； C．处于静电平衡的导体，内部场强处处为零，整个导体是等势体，但电势是相对物理量，取值和零电势点的选取有关，不一定为零，故C错误； D．根据电荷守恒定律，电荷既不能被创造也不能被消灭，摩擦起电和感应起电的实质都是电荷的转移，摩擦起电并没有产生新电荷，故D错误。 故选B。 2. 如图甲、乙、丙、丁是课本内的几幅插图，下列说法正确的是（ ） A. 甲图是演示静电屏蔽现象的装置，带电小球的电场不能进入金属网罩内部 B. 乙图是一种可变电容器，其原理是通过改变铝片之间距离从而达到改变电容的目的 C. 丙图是库仑扭秤，库仑通过它测量出两带电小球之间的静电力从而得出了电子电荷量 D. 丁图是避雷针，其通过尖端放电中和空气中的电荷达到避免建筑物遭雷击的目的 【答案】D 【解析】 【详解】A．甲图是演示静电屏蔽现象的装置，带电小球的电场能进入金属网罩内部，但金属网罩上的感应电荷产生的电场与带电小球在金属网罩内产生的电场处处相互抵消，使得金属网罩内场强处处为零，故A错误； B．乙图是一种可变电容器，其原理是通过改变铝片之间的正对面积从而达到改变电容的目的，故B错误； C．丙图是库仑扭秤，但库仑并未通过它测量出两带电小球之间的静电力，也并未由此得出电子电荷量，故C错误； D．丁图是避雷针，其原理是通过尖端放电中和空气中的电荷达到避免建筑物遭雷击的目的，故D正确。 故选D。 3. 如图所示的是某电场中的一条电场线的直线部分，M、N为这条电场线上的两点，则（　　） A. 若该电场是单个负点电荷产生的电场，则 B. 若该电场是单个正点电荷产生的电场，则 C. M、N两点的电场强度方向一定相同 D. M、N两点的电场强度大小一定相同 【答案】C 【解析】 【详解】AB．根据沿电场方向电势逐渐降低可知，M、N两点的电势关系一定为，故AB错误； C．由图可知M、N两点的电场强度方向一定相同，故C正确； D．由于只有一条电场线，所以不能确定M、N两点的电场强度大小关系，故D错误。 故选C。 4. 如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（ ） A. a一定带正电，b一定带负电 B. a的速度将减小，b的速度将增加 C. a的加速度将增加，b的加速度将减小 D. 两个粒子的电势能都减小 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】A．由图可知，b粒子的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，a的轨迹向左弯曲，a粒子受到的电场力方向向左，由于电场线未知，无法确定两个粒子的电性，但是一定带异种电荷，故A错误； C．由图看出，向左电场线越来越疏，场强越来越小，则a所受电场力减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大，故C错误； BD．由图判断电场力对两个粒子都做正功，电势能都减小，动能都增大，速度均增加，故B错误，D正确。 故选D。 5. 如图所示，在x轴上坐标原点O左右两侧对称固定安放等量的同种电荷+Q，t=0时刻在原点O左侧离O较近的A点（）静止释放+q点电荷，以下关于点电荷的加速度a、速度v随时间t以及点电荷所经过位置的电势电势能随坐标x变化的关系图像中，可能正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】根据对称性可知，点电荷+q运动到A点关于O的对称点时，速度减小到零，然后再返回到A点，做往复运动。 A．从A向O运动的过程中，加速度由最大值逐渐减小，到达O点时恰好减小到零，再向右运动是，由零增加到反向向最大值，如规定向右为正方向，如图所示 A错误； B．从A到O的过程中，做加速度减小的加速运动，到达O点时速度恰好达到最大值，然后再做减速运动，速度减小到零后再反向加速运动，B正确； C．由于AO之间不是匀强电场，因此图像不是直线而是曲线，C错误； D． 图像的斜率表示电场力，由等量同种电荷的场强分布可知从A点向O点运动的过程场强变小电场力变小，，即斜率应该逐渐变小，而选项的斜率逐渐变大，且点电荷运动到O点时，电势能最小，但为电势能大于零而不是零，D错误。 故选B。 6. 一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）。小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并恰好在下极板处（未与极板接触）返回。下列说法正确的是（ ） A. 若保持开关闭合，将下极板向上平移，粒子将会从下极穿出而不能返回 B. 若保持开关闭合，将下极板向上平移，粒子将会在距上极板处返回 C. 若断开开关，将上极板向上平移，粒子将会在距上极板处返回 D. 若断开开关，将上极板向上平移，粒子将会从下极穿出而不能返回 【答案】C 【解析】 【详解】AB．极板未移动前，根据动能定理 若保持开关闭合，板间电压保持不变；将下极板向上平移，设粒子从距离上极板处返回，根据动能定理得 联立解得 可知粒子将会在距上极板处返回，故AB错误； CD．若断开开关，电荷量保持不变，根据 可知电场强度保持不变；断开前根据动能定理可得 断开后，将上极板向上平移，设粒子从距离上极板处返回，根据动能定理可得 解得 可知粒子将会在距上极板处返回，故C正确，D错误。 故选C。 7. 经过探究，某同学发现：点电荷和无限大的接地金属平板间的电场（如图甲所示）与等量异种点电荷之间的电场分布（如图乙所示）完全相同.图丙中点电荷+q到金属板MN的距离OA为L，AB是以点电荷＋q为圆心.L为半径的圆上的一条直径，则下列说法正确的是（ ） A. B点电场强度的大小为 B. A、B两点场强大小相等，方向相反 C. 圆上关于直径AB对称的两点C、D处的场强相同 D. 若将一表面绝缘的带正电的小球（可看成点电荷、不影响原电场）沿MN右侧边缘自上向下移动，小球所受电场力先变小后变大 【答案】A 【解析】 【详解】A．根据点电荷场强公式和场强叠加原理.，故A正确； B．电场线疏密表示电场强弱，A点电场线比B点密，因此A点场强大，两点场强方向相反，故B错误； C．C、D处的场强方向不相同，故C错误； D．沿MN右侧边缘自上向下电场线先变密后变疏，移动小球，电场力先变大后变小，故D错误. 二、多项选择题：本题共3小题，每题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 对电源、电流的理解，下列说法中正确的是（ ） A. 根据电流的微观表达式，电子运动速率越大，电流越大 B. 单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流越大 C. 在电源内部正电荷由负极流向正极，负电荷由正极流向负极 D. 因为电流有方向，所以电流是矢量 【答案】BC 【解析】 【详解】A．由可知，对于一给定导体，电子定向移动速率越大，电流越大，故A错误； B．由可知单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流越大，故B正确； C．在电源内部正电荷靠非静电力由负极流向正极，负电荷靠非静电力由正极流向负极，故C正确； D．电流有方向，但电流不能按照平行四边形规则进行运算，故电流是标量，故D错误。 故选BC 9. 某同学探究接触带电现象，所用的实验装置如图所示。两个完全相同、有绝缘底座的带电金属小球A、B（均可看成点电荷），分别带有和的电荷量，两球间的静电力大小为。现用一个不带电的相同金属小球（有绝缘手柄）分别与A、B接触（先后接触顺序未知）。然后移开，则它们间的静电力大小可能为（ ） A. 0 B. C. D. 【答案】AD 【解析】 【详解】带电金属小球A、B间的静电力大小为 若不带电的相同金属小球先与金属小球A接触，接触后两小球带电量均为 再与金属小球B接触，接触后两小球带电量为 此时它们间的静电力大小为 若不带电的相同金属小球先与金属小球B接触，接触后两小球带电量均为 再与金属小球A接触，接触后两小球带电量为 此时它们间的静电力大小为 故选AD。 10. 如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t＝0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是(　　) A. 带电粒子将始终向同一个方向运动 B. 2 s末带电粒子离出发点最远 C. 3 s末带电粒子的速度为零 D. 0～3 s内，电场力做的总功为零 【答案】CD 【解析】 【分析】由图象可知，电场强度的大小与方向的变化，当带电粒子由静止释放仅在电场力作用下，根据运动与力的关系可确定运动情况． 【详解】由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为，第2s内加速度因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示： A项：带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误； B项：根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点不是最远，故B错误； C项：由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C正确； D项：因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零．故D正确． 故应选CD． 【点睛】本题带电粒子在周期性变化的电场中运动，关键之处是电场强度大小不一，导致加速度不一，所以失去对称性．若电场强度大小相同，则带电粒子一直同一个方向运动． 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11. 如图所示是观察电容器的充、放电现象的实验装置。电源输出电压恒为，S是单刀双掷开关，G为灵敏电流计，为平行板电容器。 （1）当开关S接1时，平行板电容器充电。随着极板上电荷的增多，电流逐渐_____（选填“增大”或“减小”）。 （2）电容器充电完毕，断开开关，此时如图甲所示电路图中电容器上极板_____（填“带正电”、“带负电”或“不带电”）； （3）开关S接2时，电容器放电，流经表的电流方向为_____（填“向左”或“向右”）； （4）然后将开关S接2，电容器放电。在放电过程中，电路中的电流大小为i，电容器所带电荷量为，电容器两极板电势差为，电容器的电容为。下面关于i、Q、U、C随时间的变化的图像，正确的是_____。 A. B. C. D. 【答案】（1）减小 （2）带正电 （3）向左 （4）B 【解析】 【小问1详解】 平行板电容器充电时要与电源相连，故开关接“1”，刚开始充电时电流较大，随着极板上电荷的增多，电流逐渐减小。 【小问2详解】 与电源正极相连的极板带正电，故上极板带正电。 【小问3详解】 平行板电容器放电时，电流从正极板流向负极板，故流过G表的电流方向向左。 【小问4详解】 ABC．放电过程中，电容器所带电荷量逐渐减小，根据电容定义式 可知电容器极板间电压逐渐减小，则放电电流逐渐减小，根据 可知图像的切线斜率绝对值逐渐减小，故B正确，AC错误； D．放电过程中，电容与电容器所带电荷量和电容器极板间电压没有关系，可知电容器电容保持不变，故D错误。 故选B。 12. 伏安法测电阻，可采用甲、乙两种接法。若电压表内阻约5000Ω，电流表内阻约2Ω。 （1）若测量阻值约为2000Ω的电阻，优选_____接法（选填“甲”或“乙”），且测量值_____真实值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 （2）已知电流表内阻为2Ω，某同学实验过程中发现电流表量程不足，现需要对电流表进行改装，使得改装后的新表量程为原来的3倍，则应将原电流表_____（选填“串联”或“并联”）电阻_____Ω。 【答案】（1） ①. 甲 ②. 大于 （2） ①. 并联 ②. 1 【解析】 【小问1详解】 [1]由于 即待测电阻阻值较大，所以电流表应采用内接法，故选甲电路； [2]由于电流表分压，使得电压表所测待测电阻两端的电压偏大，根据欧姆定律可知，电阻的测量值大于真实值。 【小问2详解】 [1][2]根据电表改装原理可知，若将小量程的电流表改装成大量程的电流表需要并联电阻，由于改装后的新表量程为原来的3倍，则 解得 四、计算题：本题共3小题，共38分。 13. 把质量为m的带负电的小球A用绝缘细绳吊起来，带电量QA。若将带电量QB小球B靠近A，当A静止时细绳与竖直方向间夹角为θ，两个带电体恰在同一高度。已知静电力常量k，求： （1）B球带何种电荷； （2）A球所受的静电力； （3）A、B两球之间的距离是多少。 【答案】（1）B球带正电 （2），方向水平向右 （3） 【解析】 【小问1详解】 AB两球相互吸引，A带负电，故B球带正电； 【小问2详解】 对A受力分析可知，A受重力、拉力、静电力，则有 静电力的方向水平向右； 【小问3详解】 根据库仑定律有 解得 14. 如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e，质量为m，不计重力)无初速度地放入电场E1中的A点，A点到MN的距离为，最后电子打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O，求： （1）电子射入电场E2时的速度V0大小； （2）电子从释放到打到屏上所用的时间t； （3）电子在整个过程变化的电势能是多少？ 【答案】（1） (2) 3 (3)电势能减少 【解析】 【分析】（1）根据动能定理求解射入电场E2时的速度； （2）电子在中做类平抛运动，处电场后做匀速直线运动； （3）根据功能关系求解电势能的变化； 【详解】（1）在左侧电场中根据动能定理可以得到： 则电子射入电场E2时的速度为：； (2)电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律得： 电子进入电场E2时的速度为：，则 进入电场E2到PQ水平方向做匀速直线运动，时间为： 出电场后到光屏的时间为： 电子从释放到打到屏上所用的时间为： 联立求解得：； (3)电子在电场E1中电场力做功为： 进入电场E2后，电场力做功为： 根据牛顿第二定律可知： 侧移： 根据功能关系可知电势能的变化量为： 联立可以得到： 即电势能减小． 【点睛】本题考查带电粒子在电场中的加速和偏转，明确受力情况，根据力与运动关系找出运动规律即可求解． 15. 如图所示，一个光滑斜面与一个光滑的竖直圆轨道在A点相切，B点为圆轨道的最低点，C点为圆轨道的最高点，整个空间存在水平向左的匀强电场。一质量为m=1kg，电荷量为-q的带电小球从斜面上静止释放，小球始终能沿轨道运动。已知电场强度E=，=53°，圆轨道半径R=1m，（g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）。求： （1）刚释放小球时小球的加速度a的大小； （2）若小球恰能到达C点，求释放点距A的距离s， （3）若小球恰能到达C点，此运动过程中小球对轨道的最大压力。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 小球受到的重力，电场力 由于小球带负电，电场力方向与电场方向相反，即水平向右。小球在光滑斜面上由静止释放，对其进行受力分析，沿斜面向下方向，重力的分力为，电场力的分力为 根据牛顿第二定律得 代入解得刚释放时小球的加速度大小为 【小问2详解】 将重力与电场力合成为等效重力 设与竖直方向夹角为，则，即。等效重力方向斜向右下方。 由于圆轨道与斜面在A点相切，且斜面倾角为，则半径OA与竖直方向的夹角也为。以轨道圆心为原点建立直角坐标系，A点的坐标为，即 设释放点距A的距离为，则释放点的坐标为， C点为圆轨道最高点，其坐标为 从小球释放到抵达C点的过程中，根据动能定理得 化简得 小球恰能到达C点，即小球刚好在C点脱轨，说明此时轨道对小球的支持力为0。在C点沿半径方向有 代入前述动能定理方程计算解得 【小问3详解】 小球在圆轨道上运动时，在等效最低点Q处速度最大，此时轨道对小球的支持力最大，即小球对轨道的压力最大。 等效最低点Q位于圆心右下方，与竖直方向夹角为，其坐标为，即 从小球释放到等效最低点Q，根据动能定理得 化简得 在等效最低点Q，沿等效重力方向运用牛顿第二定律有 代入解得最大支持力 根据牛顿第三定律，此运动过程中小球对轨道的最大压力大小为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 铧强中学2024级高二（上）第一次教学质量检测 物理试题 考试时间：75分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下面关于静电现象正确的是（ ） A. 只要带电物体足够小，它就可以视为点电荷 B. 所有物体带电量一定是元电荷的整数倍 C. 处于静电平衡的导体，其内部场强和电势处处为零 D. 摩擦起电其实质是产生了电荷，而感应起电是电荷发生了转移 2. 如图甲、乙、丙、丁是课本内的几幅插图，下列说法正确的是（ ） A. 甲图是演示静电屏蔽现象的装置，带电小球的电场不能进入金属网罩内部 B. 乙图是一种可变电容器，其原理是通过改变铝片之间距离从而达到改变电容的目的 C. 丙图是库仑扭秤，库仑通过它测量出两带电小球之间的静电力从而得出了电子电荷量 D. 丁图是避雷针，其通过尖端放电中和空气中的电荷达到避免建筑物遭雷击的目的 3. 如图所示的是某电场中的一条电场线的直线部分，M、N为这条电场线上的两点，则（　　） A. 若该电场是单个负点电荷产生的电场，则 B. 若该电场是单个正点电荷产生的电场，则 C. M、N两点的电场强度方向一定相同 D. M、N两点的电场强度大小一定相同 4. 如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（ ） A. a一定带正电，b一定带负电 B. a的速度将减小，b的速度将增加 C. a的加速度将增加，b的加速度将减小 D. 两个粒子的电势能都减小 5. 如图所示，在x轴上坐标原点O左右两侧对称固定安放等量的同种电荷+Q，t=0时刻在原点O左侧离O较近的A点（）静止释放+q点电荷，以下关于点电荷的加速度a、速度v随时间t以及点电荷所经过位置的电势电势能随坐标x变化的关系图像中，可能正确的是（　　） A. B. C. D. 6. 一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）。小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并恰好在下极板处（未与极板接触）返回。下列说法正确的是（ ） A. 若保持开关闭合，将下极板向上平移，粒子将会从下极穿出而不能返回 B. 若保持开关闭合，将下极板向上平移，粒子将会在距上极板处返回 C. 若断开开关，将上极板向上平移，粒子将会在距上极板处返回 D. 若断开开关，将上极板向上平移，粒子将会从下极穿出而不能返回 7. 经过探究，某同学发现：点电荷和无限大的接地金属平板间的电场（如图甲所示）与等量异种点电荷之间的电场分布（如图乙所示）完全相同.图丙中点电荷+q到金属板MN的距离OA为L，AB是以点电荷＋q为圆心.L为半径的圆上的一条直径，则下列说法正确的是（ ） A. B点电场强度的大小为 B. A、B两点场强大小相等，方向相反 C. 圆上关于直径AB对称的两点C、D处的场强相同 D. 若将一表面绝缘的带正电的小球（可看成点电荷、不影响原电场）沿MN右侧边缘自上向下移动，小球所受电场力先变小后变大 二、多项选择题：本题共3小题，每题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 对电源、电流的理解，下列说法中正确的是（ ） A. 根据电流的微观表达式，电子运动速率越大，电流越大 B. 单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流越大 C. 在电源内部正电荷由负极流向正极，负电荷由正极流向负极 D. 因为电流有方向，所以电流是矢量 9. 某同学探究接触带电现象，所用的实验装置如图所示。两个完全相同、有绝缘底座的带电金属小球A、B（均可看成点电荷），分别带有和的电荷量，两球间的静电力大小为。现用一个不带电的相同金属小球（有绝缘手柄）分别与A、B接触（先后接触顺序未知）。然后移开，则它们间的静电力大小可能为（ ） A. 0 B. C. D. 10. 如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t＝0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是(　　) A. 带电粒子将始终向同一个方向运动 B. 2 s末带电粒子离出发点最远 C. 3 s末带电粒子的速度为零 D. 0～3 s内，电场力做的总功为零 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11. 如图所示是观察电容器的充、放电现象的实验装置。电源输出电压恒为，S是单刀双掷开关，G为灵敏电流计，为平行板电容器。 （1）当开关S接1时，平行板电容器充电。随着极板上电荷的增多，电流逐渐_____（选填“增大”或“减小”）。 （2）电容器充电完毕，断开开关，此时如图甲所示电路图中电容器上极板_____（填“带正电”、“带负电”或“不带电”）； （3）开关S接2时，电容器放电，流经表的电流方向为_____（填“向左”或“向右”）； （4）然后将开关S接2，电容器放电。在放电过程中，电路中的电流大小为i，电容器所带电荷量为，电容器两极板电势差为，电容器的电容为。下面关于i、Q、U、C随时间的变化的图像，正确的是_____。 A. B. C. D. 12. 伏安法测电阻，可采用甲、乙两种接法。若电压表内阻约5000Ω，电流表内阻约2Ω。 （1）若测量阻值约为2000Ω的电阻，优选_____接法（选填“甲”或“乙”），且测量值_____真实值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 （2）已知电流表内阻为2Ω，某同学实验过程中发现电流表量程不足，现需要对电流表进行改装，使得改装后的新表量程为原来的3倍，则应将原电流表_____（选填“串联”或“并联”）电阻_____Ω。 四、计算题：本题共3小题，共38分。 13. 把质量为m的带负电的小球A用绝缘细绳吊起来，带电量QA。若将带电量QB小球B靠近A，当A静止时细绳与竖直方向间夹角为θ，两个带电体恰在同一高度。已知静电力常量k，求： （1）B球带何种电荷； （2）A球所受的静电力； （3）A、B两球之间的距离是多少。 14. 如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e，质量为m，不计重力)无初速度地放入电场E1中的A点，A点到MN的距离为，最后电子打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O，求： （1）电子射入电场E2时的速度V0大小； （2）电子从释放到打到屏上所用的时间t； （3）电子在整个过程变化的电势能是多少？ 15. 如图所示，一个光滑斜面与一个光滑的竖直圆轨道在A点相切，B点为圆轨道的最低点，C点为圆轨道的最高点，整个空间存在水平向左的匀强电场。一质量为m=1kg，电荷量为-q的带电小球从斜面上静止释放，小球始终能沿轨道运动。已知电场强度E=，=53°，圆轨道半径R=1m，（g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）。求： （1）刚释放小球时小球的加速度a的大小； （2）若小球恰能到达C点，求释放点距A的距离s， （3）若小球恰能到达C点，此运动过程中小球对轨道的最大压力。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $