精品解析：福建厦门市同安第一中学2025-2026学年高二上学期第二次（12月）阶段检测物理试题

同安一中2025~2026学年上学期月考（二） 高二物理试卷 本卷满分100分，考试时间75分钟 第Ⅰ卷 选择题 一、单项选择题（每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。） 1. 下列关于电场和磁场的说法正确的是（　　） A. 一小段通电导线在磁场中的受力方向就是该处磁感应强度的方向 B. 一电荷在电场中所受电场力的方向就是该处电场强度的方向 C. 小磁针静止时N极指向该处磁感线的切线方向 D. 磁感线从N极出发，到S极终止 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据左手定则，通电导线所受安培力方向垂直于电流方向与磁感应强度方向共同决定的平面，即安培力方向与磁感应强度方向垂直，二者方向不同，故A错误； B．电场强度的方向规定为正电荷所受电场力的方向，若为负电荷，其所受电场力方向与电场强度方向相反，选项未说明电荷电性，故B错误； C．磁感线的切线方向为该点的磁场方向，而磁场方向的定义就是小磁针静止时N极的指向，二者完全一致，故C正确； D．磁感线是闭合曲线，在磁体外部从N极指向S极，在磁体内部从S极指向N极，不存在终止的情况，故D错误。 故选C。 2. 据报道，我国合肥工业大学科研团队成功研制出兼具自修复性、高导电性等优点的弹性导体材料。如图所示的电路中，电压表和电流表视为理想电表，、两点之间连接一段上述的弹性导体。在弹性导体中点处悬挂一重物后，弹性导体被拉伸。下列说法正确的是（　　） A. 弹性导体的阻值变小 B. 弹性导体消耗的功率一定变小 C. 电流表的示数变大 D. 电压表的示数变大 【答案】D 【解析】 【详解】A．弹性导体受拉力作用，长度变大，横截面积减小，根据电阻定律可得可知，弹性导体的阻值变大，故A错误； CD．弹性导体的阻值变大，则电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流减小，路端电压增大；则电流表的示数变小，定值电阻两端电压变小，所以弹性导体两端电压变大，则电压表的示数变大，故C错误，D正确； B．将定值电阻等效为电源的内阻，可知当弹性导体电阻与等效内阻相等时，弹性导体消耗的功率最大；由于弹性导体电阻与等效内阻阻值大小关系未知，则弹性导体消耗的功率不一定变小，故B错误。 故选D。 3. 如图所示，纸面内固定有四条长直绝缘导线、、、，组成“井”字正方形，O为中心。每条导线中通以图示方向、大小均为I的电流。整个系统处于垂直纸面向外、磁感应强度大小为的匀强磁场中（磁场未画出），O点磁感应强度为零。现将撤去，其他条件不变，则O点的磁感应强度（ ） A. 大小为，方向垂直纸面向外 B. 大小为，方向垂直纸面向里 C. 大小为，方向垂直纸面向里 D. 大小为，方向垂直纸面向外 【答案】D 【解析】 【详解】四条导线中电流相同，每条导线在中心O产生的磁感应强度大小相同设为B，由右手螺旋定则知，每条导线在O点产生的磁场均垂直纸面向里，又O点的磁感应强度为零，有 解得 撤去，其他条件不变，由磁感应强度的叠加原理，知O点磁感应强度大小，方向垂直纸面向外。 故选D。 4. 如图所示，光滑地面上静置着一个质量为的光滑斜面体，斜面长度为，倾角为，质量为的滑块（滑块大小不计）从斜面体顶端由静止释放，经时间滑到了斜面底端，下列说法正确的是（　　） A. 运动过程中，斜面体和滑块组成的系统机械能守恒、动量守恒 B. 当滑块滑到斜面底端时，若滑块速度方向与水平方向夹角为，此时滑块与斜面体的速度大小之比为 C. 当滑块滑到斜面底端时，斜面体的位移为 D. 运动过程中，滑块重力的冲量是 【答案】B 【解析】 【详解】A．滑块滑下后做加速运动，滑块有竖直向下的分加速度，滑块处于失重状态，斜面体和滑块构成的系统所受外力的合力不为0，系统动量不守恒，但系统的机械能守恒，故A错误； B．斜面体和滑块组成的系统竖直方向受到的合力不为零，竖直方向动量不守恒。系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒。当滑块滑到斜面底端时，滑块与斜面体的速度大小分别为、，则 得，故B正确； C．当滑块滑到斜面底端时，设滑块向右的位移为x1，斜面体向左的位移为x2，根据水平方向动量守恒，有 由几何关系知 解得斜面体对地的水平位移为，故C错误； D．根据冲量的定义式可知，运动过程中，滑块重力的冲量是，故D错误。 故选B。 二、多项选择题（每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。） 5. 如图甲所示，列车车头底部安装强磁铁，线圈及电流测量仪埋设在轨道地面（测量仪未画出），、为接测量仪器的端口，磁铁的匀强磁场垂直地面向下、宽度与线圈宽度相同，俯视图如图乙。当列车经过线圈的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 线圈的磁通量一直增加 B. 线圈的磁通量先增大后减小 C. 列车匀速运动时，线圈有感应电流 D. 列车加速运动时，线圈没有感应电流 【答案】BC 【解析】 【详解】AB．列车携带磁铁向右运动经过线圈时，磁铁靠近线圈过程中，穿过线圈的向下磁通量逐渐增大；磁铁远离线圈过程中，穿过线圈的向下磁通量逐渐减小，因此整个过程线圈的磁通量先增大后减小。A错误，B正确； CD．感应电流的产生条件是：闭合回路的磁通量发生变化。无论列车匀速运动还是加速运动，经过线圈的过程中，线圈内磁通量都会发生变化（先增后减），因此线圈中都会产生感应电流。C正确，D错误。 故选BC。 6. 如图所示为快速击打羽毛球时将固定的西瓜打爆的情形，已知羽毛球的质量为，打到西瓜前的瞬间速度大小为，方向水平向右，与西瓜作用后速度减为0，忽略空气阻力，重力加速度，则关于羽毛球击打西瓜过程，下列说法正确的是（　　） A. 羽毛球与西瓜组成的系统水平方向动量守恒 B. 羽毛球对西瓜的平均作用力大小约为 C. 若羽毛球动量变化率越大，羽毛球对西瓜的平均作用力就越大 D. 羽毛球动量变化量的方向与初速度方向相反 【答案】CD 【解析】 【详解】A．动量守恒的条件是系统所受合外力为零。本题中西瓜是固定的，会受到外界对它的水平外力，因此羽毛球与西瓜组成的系统水平方向合外力不为零，动量不守恒，A错误； B．取向右为正方向，对羽毛球应用动量定理 代入已知量得  即西瓜对羽毛球的平均作用力大小为，根据牛顿第三定律，羽毛球对西瓜的平均作用力大小也为， B错误； C．根据动量定理，物体动量的变化率等于物体所受的合外力。羽毛球竖直方向重力与支持力平衡，水平方向合外力等于西瓜对羽毛球的平均作用力，因此羽毛球动量变化率越大，西瓜对羽毛球的平均作用力越大；由牛顿第三定律可知，羽毛球对西瓜的平均作用力也越大，C正确； D．动量变化量 方向与初动量（即初速度）方向相反，D正确。 故选CD。 7. 将一电源与电阻箱、定值电阻连接成闭合回路（甲），并且，测得电阻箱所消耗功率与电阻箱读数变化的曲线如图（乙）所示，由此可知（　　） A. 电阻箱时，定值电阻消耗的功率最大 B. 电源内阻为2Ω C. 电源电动势为30V D. 电阻箱消耗的功率最大时，电源效率等于50% 【答案】BC 【解析】 【详解】BC．电阻箱所消耗功率为 结合图乙可知，当时，电阻箱消耗的功率最大，可得电源内阻为 此时有 解得电源电动势为，故BC正确； A．为定值电阻，所以当电阻箱时，通过的电流最大，定值电阻消耗的功率最大，故A错误； D．电阻箱消耗的功率最大时，电源的效率为，故D错误。 故选BC。 8. 将质量为m的小球以大小为的初速度竖直向上抛出，小球受到的空气阻力大小与速率成正比，小球的速度随时间变化的关系如图所示，在时刻速度为零，时刻落回抛出点，速率为。已知重力加速度为g，小球从抛出至返回抛出点的过程中，下列说法正确的是（ ） A. B. 小球受到的合外力冲量为0 C. 小球重力的冲量大小为mgt2 D. 小球上升过程比下降过程所受空气阻力的冲量大 【答案】AC 【解析】 【详解】D．已知小球受到的空气阻力大小与速率成正比，即 设小球上升的高度为，则根据冲量的定义式可得，小球上升过程所受空气阻力的冲量大小为 同理可得小球下降过程所受空气阻力的冲量大小为 即小球上升和下落过程所受空气阻力的冲量大小相等，故D错误； A．以向上为正方向，小球上升过程，根据动量定理有 解得 同理小球下降过程，根据动量定理有 解得，故A正确； B．根据动量定理可知，合外力的冲量等于动量的变化量。以向上为正方向，对小球从抛出至返回抛出点的过程中列动量定理方程有 即小球受到的合外力的冲量大小为，方向竖直向下，故B错误； C．以向上为正方向，根据冲量的定义式可得小球重力的冲量为 即小球重力冲量的大小为，方向竖直向下，故C正确。 故选AC。 第Ⅱ卷 三、非选择题：共60分，考生根据要求作答。 9. 如图所示，电子在电势差为的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行。整个装置处在真空中，电子的重力不计。在满足电子能射出平行板区的条件下，若想使电子的偏转位移变大，则可以将加速电场的电势差__________，或将平行极板间的电势差_________（均填“增大”或“减小”）。 【答案】 ①. 减小 ②. 增大 【解析】 【详解】[1][2]设电子的电荷量为，质量为；电子在中加速，根据动能定理可得 解得 电子在平行极板间做类平抛运动，设平行极板长为，板间距离为，水平方向有 竖直方向有， 联立解得 若想使电子的偏转位移变大，则可以将加速电场的电势差减小，或将平行极板间的电势差增大。 10. 如图所示，灯泡A、B都能正常发光，后来由于电路中某个电阻发生了故障（短路或断路），导致两个灯泡都变亮，则发生的故障可能是_________断路或_________短路。 【答案】 ①. ②. 【解析】 【详解】[1]根据“串反并同”可知，元件断路即可理解成电阻增大，该电阻应与两灯泡均并联关系，则可判断该电阻是，若断路，则外电路总电阻增大，路端电压增大，总电流减小，两端电压和内电压减小，两灯泡的电压均增大，两个灯泡都变亮； [2] 根据“串反并同”可知，元件短路即可理解成电阻减小，该电阻应与两灯泡均串联关系，则可判断该电阻是，若短路，则外电阻减小，总电流增大，由于除之外其它电阻的串并联情况不变，则各支路的电流均变大，即流过两灯泡的电流均变大，则两个灯泡都变亮。 11. 如图所示，在水平向右的匀强电场中，一电子在外力作用下由点运动到点。其轨迹为一半径为的圆弧，已知、两点间的电势差为，则该粒子的电势能_________（选填“增大”或“减小”），该匀强电场的电场强度为_______V/m。（图中竖直虚线与电场线垂直） 【答案】 ①. 增大 ②. 【解析】 【详解】[1]电子带负电，匀强电场方向水平向右，因此电子受到的电场力方向水平向左。电子从到，水平位移向右，电场力与位移分量方向相反，电场力做负功，可知电子电势能增大 [2]由于轨迹为一半径为的圆弧，则两点沿电场线方向的距离 已知、两点间的电势差为 联立解得 12. 某实验小组的同学在实验室找到了一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，设计了如图甲所示的电路进行了实验探究，其中MN为电阻丝，R0是阻值为0.40Ω的定值电阻。正确接线后，闭合开关S，调节滑片P，记录多组U、I的值。     （1）本实验中该同学选用0.6A挡。实验过程中，测得某次电流表的示数如图乙所示，则此时电流大小为________A； （2）根据实验数据绘出的图像如图丙所示，由图丙可得电池的电动势______V，内阻______。（结果均保留两位有效数字）；由于电表内阻的影响，通过图像法得到的电动势的测量值________其真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”） 【答案】 ①. 0.30 ②. 1.5 ③. 0.60 ④. 小于 【解析】 【详解】（1）[1]电流表选用0.6A挡，其最小分度为0.02A，由图可知，此时电流大小为0.30A； （2）[2]由闭合电路欧姆定律可知 由图丙所示可知，图像与纵坐标间的交点表示电动势，故有 [3]图像的斜率为 其中 联立解得 [4]由图甲可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图像如图所示 由图像可知，电动势测量值小于真实值，故填小于。 13. 把一量程为3mA、内阻为100Ω的电流表改装成欧姆表，线路如图所示，现备有如下器材： A.电源（内阻不计）；B.变阻器0~100Ω；C.变阻器0~500Ω；D.红表笔；E.黑表笔； （1）变阻器选用_________。 （2）根据电路图，电表的红表笔应接_______端（填“M”或“N”）。 （3）将电流表表盘电流刻度换成电阻刻度，则1.5mA刻度处应标度为_______Ω。 （4）欧姆表使用一段时间后，电池的电动势不变、内阻变大，但此表仍能调零，R测量结果与原结果相比将__________（填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】（1）C （2）N （3）500 （4）不变 【解析】 【小问1详解】 当电流表达到满偏时，根据闭合电路欧姆定律可得 解得此时滑动变阻器接入电路阻值为 所以变阻器选用C。 【小问2详解】 欧姆表内部，黑表笔连接内部电源的正极，故电表的红表笔接N端，黑表笔接M端。 【小问3详解】 当电流表满偏时，根据闭合电路欧姆定律可得 解得欧姆调零时，欧姆内阻为 当电流表示数为1.5mA，即半偏时，有 解得 所以将电流表表盘电流刻度换成电阻刻度，则1.5mA刻度处应标度为500Ω。 【小问4详解】 若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势不变，内阻变大，但此表仍能调零，，由于满偏电流不变，由公式可知，欧姆表内阻不变，则R测量结果与原结果相比将不变。 14. 原地起跳摸高是同学们经常进行的一项体育活动。如图所示，一质量为的同学弯曲两腿向下蹲，然后用力蹬地起跳摸高。该同学离开地面跳起的过程中，他的重心沿竖直方向上升的最大高度，取重力加速度大小，不计空气阻力。 （1）求该同学跳起瞬间的动量大小； （2）该同学起跳蹬地过程中所用时间，求起跳蹬地过程地面对该同学的平均作用力大小。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 该同学从地面跳起后由速度位移公式有 跳起瞬间的动量为 解得 【小问2详解】 设竖直向上为正方向，该同学起跳蹬地过程中由动量定理可得 解得 15. 如图所示，电源电动势，定值电阻，电动机线圈电阻，电容器电容。开关S闭合后电路稳定时，电流表的示数，电动机的输出功率。求： （1）电源路端电压和内电压； （2）通过电动机的电流和电源内阻； （3）电容器所带电荷量。 【答案】（1）8V，4V （2）， （3） 【解析】 【小问1详解】 由欧姆定律得 解得 又 解得 【小问2详解】 对电动机有 又 解得 由 解得 【小问3详解】 电容器两端的电压 电容器所带电荷量 解得 16. 某多米诺骨牌游戏爱好者设计的游戏启动装置，如图所示。整个装置由粗糙水平直轨道、与相切于点的光滑竖直半圆固定轨道、粗糙水平桌面、平台四部分组成。滑块P和Q分别放置于点和点，与平台等高的木板静置于上且其右端与恰好在一条竖直线上，多米诺游戏启动牌静置于平台的右端。现用的水平恒力向右拉动滑块P，运动后撤去，P运动到点与Q发生弹性碰撞，Q经过点后恰好水平滑上木板，木板左端运动到平台右端时木板被锁定，待Q与启动牌碰撞后游戏启动。已知的长度，的半径，木板的长度，木板左端到平台右端的距离，P的质量，Q与木板的质量均为。P与间、Q与木板间的动摩擦因数均为，木板与间的动摩擦因数，重力加速度大小取10m/s2。求： （1）P与Q碰撞前瞬间的速度大小； （2）Q运动到点时受到半圆轨道的支持力大小； （3）Q与启动牌碰撞前瞬间的速度大小。 【答案】（1）3m/s （2） （3）0.1m/s 【解析】 【小问1详解】 P从到，根据动能定理有 解得 【小问2详解】 P与Q在点发生弹性碰撞，以向右为正方向，根据动量守恒定律有 根据能量守恒定律有 解得， 碰撞后，Q从点运动到点，根据动能定理有 Q在点，根据圆周运动规律有 解得 【小问3详解】 Q以滑上长木板后，Q向左做减速运动，木板向左做加速运动，对Q有 对木板有 解得， 假设经时间，两者有共同的速度，此时Q运动的位移为，木板运动的位移为，对Q有， 对木板有， 解得，，， 因为，，所以Q与木板达到共速后，再一起向左做减速运动至平台右端。设两者一起减速的过程中，加速度大小为，末速度大小为，对木板和Q有， 解得 木板到达平台右端时被锁定，此时Q在木板上继续向左减速至平台右端，设该过程Q的加速度为，其运动的位移为，末速度大小为，对Q有， 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 同安一中2025~2026学年上学期月考（二） 高二物理试卷 本卷满分100分，考试时间75分钟 第Ⅰ卷 选择题 一、单项选择题（每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。） 1. 下列关于电场和磁场的说法正确的是（　　） A. 一小段通电导线在磁场中的受力方向就是该处磁感应强度的方向 B. 一电荷在电场中所受电场力的方向就是该处电场强度的方向 C. 小磁针静止时N极指向该处磁感线的切线方向 D. 磁感线从N极出发，到S极终止 2. 据报道，我国合肥工业大学科研团队成功研制出兼具自修复性、高导电性等优点的弹性导体材料。如图所示的电路中，电压表和电流表视为理想电表，、两点之间连接一段上述的弹性导体。在弹性导体中点处悬挂一重物后，弹性导体被拉伸。下列说法正确的是（　　） A. 弹性导体的阻值变小 B. 弹性导体消耗的功率一定变小 C. 电流表的示数变大 D. 电压表的示数变大 3. 如图所示，纸面内固定有四条长直绝缘导线、、、，组成“井”字正方形，O为中心。每条导线中通以图示方向、大小均为I的电流。整个系统处于垂直纸面向外、磁感应强度大小为的匀强磁场中（磁场未画出），O点磁感应强度为零。现将撤去，其他条件不变，则O点的磁感应强度（ ） A. 大小为，方向垂直纸面向外 B. 大小为，方向垂直纸面向里 C. 大小为，方向垂直纸面向里 D. 大小为，方向垂直纸面向外 4. 如图所示，光滑地面上静置着一个质量为的光滑斜面体，斜面长度为，倾角为，质量为的滑块（滑块大小不计）从斜面体顶端由静止释放，经时间滑到了斜面底端，下列说法正确的是（　　） A. 运动过程中，斜面体和滑块组成的系统机械能守恒、动量守恒 B. 当滑块滑到斜面底端时，若滑块速度方向与水平方向夹角为，此时滑块与斜面体的速度大小之比为 C. 当滑块滑到斜面底端时，斜面体的位移为 D. 运动过程中，滑块重力的冲量是 二、多项选择题（每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。） 5. 如图甲所示，列车车头底部安装强磁铁，线圈及电流测量仪埋设在轨道地面（测量仪未画出），、为接测量仪器的端口，磁铁的匀强磁场垂直地面向下、宽度与线圈宽度相同，俯视图如图乙。当列车经过线圈的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 线圈的磁通量一直增加 B. 线圈的磁通量先增大后减小 C. 列车匀速运动时，线圈有感应电流 D. 列车加速运动时，线圈没有感应电流 6. 如图所示为快速击打羽毛球时将固定的西瓜打爆的情形，已知羽毛球的质量为，打到西瓜前的瞬间速度大小为，方向水平向右，与西瓜作用后速度减为0，忽略空气阻力，重力加速度，则关于羽毛球击打西瓜过程，下列说法正确的是（　　） A. 羽毛球与西瓜组成的系统水平方向动量守恒 B. 羽毛球对西瓜的平均作用力大小约为 C. 若羽毛球动量变化率越大，羽毛球对西瓜的平均作用力就越大 D. 羽毛球动量变化量的方向与初速度方向相反 7. 将一电源与电阻箱、定值电阻连接成闭合回路（甲），并且，测得电阻箱所消耗功率与电阻箱读数变化的曲线如图（乙）所示，由此可知（　　） A. 电阻箱时，定值电阻消耗的功率最大 B. 电源内阻为2Ω C. 电源电动势为30V D. 电阻箱消耗的功率最大时，电源效率等于50% 8. 将质量为m的小球以大小为的初速度竖直向上抛出，小球受到的空气阻力大小与速率成正比，小球的速度随时间变化的关系如图所示，在时刻速度为零，时刻落回抛出点，速率为。已知重力加速度为g，小球从抛出至返回抛出点的过程中，下列说法正确的是（ ） A. B. 小球受到的合外力冲量为0 C. 小球重力的冲量大小为mgt2 D. 小球上升过程比下降过程所受空气阻力的冲量大 第Ⅱ卷 三、非选择题：共60分，考生根据要求作答。 9. 如图所示，电子在电势差为的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行。整个装置处在真空中，电子的重力不计。在满足电子能射出平行板区的条件下，若想使电子的偏转位移变大，则可以将加速电场的电势差__________，或将平行极板间的电势差_________（均填“增大”或“减小”）。 10. 如图所示，灯泡A、B都能正常发光，后来由于电路中某个电阻发生了故障（短路或断路），导致两个灯泡都变亮，则发生的故障可能是_________断路或_________短路。 11. 如图所示，在水平向右的匀强电场中，一电子在外力作用下由点运动到点。其轨迹为一半径为的圆弧，已知、两点间的电势差为，则该粒子的电势能_________（选填“增大”或“减小”），该匀强电场的电场强度为_______V/m。（图中竖直虚线与电场线垂直） 12. 某实验小组的同学在实验室找到了一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，设计了如图甲所示的电路进行了实验探究，其中MN为电阻丝，R0是阻值为0.40Ω的定值电阻。正确接线后，闭合开关S，调节滑片P，记录多组U、I的值。     （1）本实验中该同学选用0.6A挡。实验过程中，测得某次电流表的示数如图乙所示，则此时电流大小为________A； （2）根据实验数据绘出的图像如图丙所示，由图丙可得电池的电动势______V，内阻______。（结果均保留两位有效数字）；由于电表内阻的影响，通过图像法得到的电动势的测量值________其真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”） 13. 把一量程为3mA、内阻为100Ω的电流表改装成欧姆表，线路如图所示，现备有如下器材： A.电源（内阻不计）；B.变阻器0~100Ω；C.变阻器0~500Ω；D.红表笔；E.黑表笔； （1）变阻器选用_________。 （2）根据电路图，电表的红表笔应接_______端（填“M”或“N”）。 （3）将电流表表盘电流刻度换成电阻刻度，则1.5mA刻度处应标度为_______Ω。 （4）欧姆表使用一段时间后，电池的电动势不变、内阻变大，但此表仍能调零，R测量结果与原结果相比将__________（填“变大”、“变小”或“不变”）。 14. 原地起跳摸高是同学们经常进行的一项体育活动。如图所示，一质量为的同学弯曲两腿向下蹲，然后用力蹬地起跳摸高。该同学离开地面跳起的过程中，他的重心沿竖直方向上升的最大高度，取重力加速度大小，不计空气阻力。 （1）求该同学跳起瞬间的动量大小； （2）该同学起跳蹬地过程中所用时间，求起跳蹬地过程地面对该同学的平均作用力大小。 15. 如图所示，电源电动势，定值电阻，电动机线圈电阻，电容器电容。开关S闭合后电路稳定时，电流表的示数，电动机的输出功率。求： （1）电源路端电压和内电压； （2）通过电动机的电流和电源内阻； （3）电容器所带电荷量。 16. 某多米诺骨牌游戏爱好者设计的游戏启动装置，如图所示。整个装置由粗糙水平直轨道、与相切于点的光滑竖直半圆固定轨道、粗糙水平桌面、平台四部分组成。滑块P和Q分别放置于点和点，与平台等高的木板静置于上且其右端与恰好在一条竖直线上，多米诺游戏启动牌静置于平台的右端。现用的水平恒力向右拉动滑块P，运动后撤去，P运动到点与Q发生弹性碰撞，Q经过点后恰好水平滑上木板，木板左端运动到平台右端时木板被锁定，待Q与启动牌碰撞后游戏启动。已知的长度，的半径，木板的长度，木板左端到平台右端的距离，P的质量，Q与木板的质量均为。P与间、Q与木板间的动摩擦因数均为，木板与间的动摩擦因数，重力加速度大小取10m/s2。求： （1）P与Q碰撞前瞬间的速度大小； （2）Q运动到点时受到半圆轨道的支持力大小； （3）Q与启动牌碰撞前瞬间的速度大小。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $