精品解析：福建省宁德市柘荣县第一中学2025-2026学年高二上学期第三次月考物理试题

柘荣一中2025—2026学年（上）高二第三次月考 物理试题 （满分：100分 考试时间：75分钟） 注意： 1、在本试卷上作答无效，应在答题卡各题指定的答题区域内作答。 2、本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题），共6页。 第Ⅰ卷（选择题 共40分） 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。 1. 下列各图中，已标出电流及电流的磁场方向，图表示通电环形导线产生的磁场，“”表示导线中电流I的方向垂直于纸面向里，“”表示导线中电流I的方向垂直于纸面向外其中正确的是（　　） A. B. C. D. 2. 在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V 6W”字样，电动机线圈的电阻RM=1Ω。若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（　　） A. 流过电动机的电流是5A B. 整个电路消耗的电功率是10W C. 电动机的输出功率6W D. 电动机的效率是80% 3. 如图所示，图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（　　） A. 粒子带负电 B. M点的电势低于N点的电势 C. 粒子在M点的加速度大于在N点的加速度 D. 粒子在M点的电势能大于在N点的电势能 4. 真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势随x变化的关系如图所示，则根据图象可知（ ） A. R处的电场强度E＝0 B. x1处与x2处的电场强度方向相同 C. 若正的试探电荷从x1处移到x2处，电场力不一定做正功 D. 该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5. 某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是（　　） A. 加电压时，导体的电阻是 B. 加电压时，导体的电功率为 C. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大 D. 该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻 6. 如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点分别有等量同种点电荷＋Q，在x轴上C点有点电荷－Q，且CO＝OD，∠ADO＝60°。下列判断正确的是（　　） A. O点的电场强度为零 B. D点的电场强度为零 C. 若将点电荷＋q从O点移向C点，电势能增加 D. 若将点电荷－q从O点移向C点，电势能增加 7. 如图所示，在与纸面平行的匀强电场中有矩形区域，且三点的电势分别为、6V、8V，ab长为，长为，是矩形ab边的中点。下列说法正确的是（　　） A. d点的电势为6V B. 该匀强电场的场强方向为由c指向a C. 该匀强电场的场强大小为 D. 将点电荷从d位置沿任意路径移动到I位置时电场力做功为零 8. 如图所示，M、N为水平平行金属板，上板有一孔a，两板相距为d，分别与电源两极相连，开关S闭合。一带电荷量为q、质量为m的液滴自a孔正上方距离为d的P点由静止自由下落，到达距离上板的Q点时速度恰好变为零，重力加速度为g，则以下判断正确的是（ ） A. 两板间电势差为 B. N板上移一小段距离，液滴仍能到达Q点 C. 若S断开，N板上移一小段距离，液滴仍能到达Q点 D. 若S断开，N板右移一小段距离，液滴仍能到达Q点 第Ⅱ卷（非选择题 共60分） 三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。 9. 如图所示，面积为10m2的正方形导线框处于磁感应强度为的匀强磁场中。在线框平面以ad边为轴转过180°的过程中，线圈中________感应电流产生（选填“有”或“无”），整个过程中，磁通量变化量为________Wb。 10. 两个完全相同的金属小球A、B所带电荷量分别为－q、＋7q，相距一定距离时（两球均可视为点电荷）两球间的库仑力大小为F。若将A、B两球相互接触后再放回原处，则此时A、B间的库仑力大小为______；若A、B不动，用不带电的相同金属小球C与A、B反复多次接触后移去C，则此时A、B间的库仑力大小变为______。 11. 电子束焊接机中的电场线如图中虚线所示。K为阴极，A为阳极，两极之间的距离为d，在两极之间加上高压U，就会有电子在K极由静止被加速。电子带电荷量的值为e，不考虑电子重力，则电子由K运动到A，其电势能减小了________；由K沿直线运动到A，电势________（选填“升高”“不变”或“降低”）。 12. 某实验小组要测量某一未知金属丝的电阻率。 （1）用游标卡尺测量金属丝直径，示数如图所示，则金属丝的直径为________mm； （2）该小组选用伏安法测量金属丝的电阻，实验室现有器材：电源（3V，内阻不计）、电流表（量程为0~0.3A，内阻为）、电压表（量程为0~3V，内阻约为），滑动变阻器（0~），要求电压可以从0开始调节，则下列电路图最合适的为________； A. B. C. D. （3）选用合适的电路图后，求出金属电阻和电阻率。已知金属丝接入电路的长度为l，半径为r，电流表阻值为。电流表示数为I时，电压表示数为U，由此可计算得出金属丝的电阻率的表达式为________（用题中所给的字母表示）。 13. 某课外兴趣小组利用图甲电路测量某电池的电动势和内阻，定值电阻，实验的主要操作如下： （1）按图甲接好电路进行实验，记下电阻箱和电压表对应的一系列读数R、U，获取了多组数据，作出的图像如图乙所示，若把流过电阻箱的电流视为干路电流，则可得该电池组的电动势E=________V；内阻，r=________。（结果均保留到小数点后一位） （2）若考虑电压表的分流作用，则该实验中电动势的测量值与真实值相比________（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。 14. 如图所示，长为的轻质绝缘细线上端固定在点，下端拴一带电小球，小球质量为，所带电荷量为。系统处于水平向右的匀强电场中，小球静止在点时，细线与竖直方向的夹角为。现将小球拉至与点等高的点，由静止释放。重力加速度为，求： （1）电场强度大小； （2）小球运动到最低点时的动能 （3）小球运动到点时，细绳对小球拉力的大小。 15. 如图所示，带电粒子（不计重力）从A点以速度进入辐射状的电场，做半径为R的匀速圆周运动，圆弧轨迹处的电场强度的大小处处为E，经过半个圆周运动粒子从B点射出辐射状的电场，紧接着垂直进入电场强度为E的匀强电场，然后到达C点，已知粒子在C点的速度与在B点的速度之间的夹角为30°。求 （1）粒子的比荷； （2）B、C两点间的电势差； （3）粒子从A到C的运动时间。 16. 粗糙水平面上方存在水平向左的匀强电场，电场强度大小E=2.0×103N/C。带正电的滑块（可视为质点）置于绝缘长木板左端，与长木板保持相对静止共同向右运动，当长木板右端距墙时，滑块与长木板的速度v0=2.0m/s，长木板与墙碰撞时间极短，速度大小不变，方向反向，滑块没有从长木板右端滑出。已知长木板质量M=2.0kg，滑块带电量q=1.5×10-3C、质量m=1.0kg，长木板与地面之间的动摩擦因数1=0.1，滑块与长木板之间的动摩擦因数2=0.2，重力加速度g取10m/s2。求： （1）长木板与墙碰撞前瞬间的速度大小； （2）长木板的长度应满足的条件； （3）长木板最后静止时的位置。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 柘荣一中2025—2026学年（上）高二第三次月考 物理试题 （满分：100分 考试时间：75分钟） 注意： 1、在本试卷上作答无效，应在答题卡各题指定的答题区域内作答。 2、本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题），共6页。 第Ⅰ卷（选择题 共40分） 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。 1. 下列各图中，已标出电流及电流的磁场方向，图表示通电环形导线产生的磁场，“”表示导线中电流I的方向垂直于纸面向里，“”表示导线中电流I的方向垂直于纸面向外其中正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】A.根据安培定则，螺线管内部的磁场方向向右．故A错误． B.从上往下看，线框的电流方向为逆时针方向，根据安培定则知，磁场的方向向上．故B正确． C.直线电流的方向竖直向上，根据安培定则知，直线电流右边的磁场方向（从上向下看）逆时针方向．故C错误． D.由于电流的方向竖直向上，根据安培定则知，磁场方向应该逆时针．故D错误． 故选B． 2. 在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V 6W”字样，电动机线圈的电阻RM=1Ω。若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（　　） A. 流过电动机的电流是5A B. 整个电路消耗的电功率是10W C. 电动机的输出功率6W D. 电动机的效率是80% 【答案】C 【解析】 【详解】A．灯泡正常发光，则电路中的电流为 由于电路串联，因此流过电动机的电流是2A，故A错误； B．整个电路消耗的功率为 故B错误； C．灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，故电动机的输入电压为 电动机的热功率为 所以电动机的输出功率为 故C正确； D．电动机的效率为 故D错误。 故选C。 3. 如图所示，图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（　　） A. 粒子带负电 B. M点的电势低于N点的电势 C. 粒子在M点的加速度大于在N点的加速度 D. 粒子在M点的电势能大于在N点的电势能 【答案】D 【解析】 【详解】A．电场力沿电场线切线方向指向轨迹凹侧，根据粒子的弯曲方向可知，电场力方向与场强方向一致，故粒子带正电，A错误； B．沿电场线方向电势降低，故M点的电势高于N点的电势，B错误； C．由图看出，M点处电场线比N点处电场线疏，则M点的电场强度小于N点的电场强度，则粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力，根据牛顿第二定律得知，粒子在M点受到的加速度小于在N点受到的加速度，C错误； D．由上述分析可知，运动过程中电场力与速度夹角是锐角，电场力对粒子做正功，电势能减小，动能增加，则粒子在M点的电势能大于它在N点的电势能，D正确。 故选D。 4. 真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势随x变化的关系如图所示，则根据图象可知（ ） A. R处的电场强度E＝0 B. x1处与x2处的电场强度方向相同 C. 若正的试探电荷从x1处移到x2处，电场力不一定做正功 D. 该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的 【答案】B 【解析】 【详解】A．图像中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；R处切线的斜率不为零，故R处的电场强度不为零，故A错误； B．x1处与x2处的切线斜率同为负值，故x1处与x2处的电场强度方向相同，故B正确； C．从x1处移到x2处，电势降低，若移动的是正电荷，则电场力做正功，故C错误； D．离电荷越近,电场强度越大，图像的斜率应越大，而图中离O点越近，图像切线的斜率变小，故该电场不可能在O点的正电荷产生的，故D错误。 故选B。 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5. 某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是（　　） A. 加电压时，导体的电阻是 B. 加电压时，导体的电功率为 C. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大 D. 该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】A．加电压时，电流为1.0A，由欧姆定律可知导体的电阻是，A正确； B．加电压时，电流为1.5A，导体的电功率为 B错误； C．由图可知，图线斜率的倒数表示电阻，故随着电压的增大，图线斜率减小，导体的电阻不断增大，C正确； D．该元件是非线性元件，仍可以用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻，D错误。 故选AC。 6. 如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点分别有等量同种点电荷＋Q，在x轴上C点有点电荷－Q，且CO＝OD，∠ADO＝60°。下列判断正确的是（　　） A. O点的电场强度为零 B. D点的电场强度为零 C. 若将点电荷＋q从O点移向C点，电势能增加 D. 若将点电荷－q从O点移向C点，电势能增加 【答案】BD 【解析】 【详解】A．根据电场的叠加原理可知，A、B两点的点电荷在O点的合场强为零，因此O点的场强大小等于C点的点电荷在O点形成的场强大小，不为零，故A错误； B．设，则， 根据矢量的合成可得，A、B两点的点电荷在D点的合场强大小为 方向沿x轴向右，C点的点电荷在D点的场强大小为 方向沿x轴向左，可见C点的点电荷在D点的场强大小与A、B两点的点电荷在D点的合场强大小相等，方向相反，因此D点场强为零，故B正确； CD．对于A、B两点的点电荷，OC是其等势面，因此只需考虑C处点电荷沿OC方向的电势变化即可，若将点电荷＋q从O点移向C点，电场力做正功，电势能减小，若将点电荷－q从O点移向C点，电场力做负功，电势能增加，故C错误，D正确。 故选BD。 7. 如图所示，在与纸面平行的匀强电场中有矩形区域，且三点的电势分别为、6V、8V，ab长为，长为，是矩形ab边的中点。下列说法正确的是（　　） A. d点的电势为6V B. 该匀强电场的场强方向为由c指向a C. 该匀强电场的场强大小为 D. 将点电荷从d位置沿任意路径移动到I位置时电场力做功为零 【答案】CD 【解析】 【详解】A．根据匀强电场中平行且相等的线段间电势差相等，可得 解得 故A错误； B．连接I、d为等势面，如图， 由几何关系可得 解得 根据电场线与等势线垂直且由高电势指向电动势，可知场强方向垂直d、I连线指向左上方。故B错误； C．由 又 ， 联立，解得 故C正确； D．由B选项分析可知， 根据 可知将点电荷从d位置沿任意路径移动到I位置电场力做功为零。故D正确。 故选CD。 8. 如图所示，M、N为水平平行金属板，上板有一孔a，两板相距为d，分别与电源两极相连，开关S闭合。一带电荷量为q、质量为m的液滴自a孔正上方距离为d的P点由静止自由下落，到达距离上板的Q点时速度恰好变为零，重力加速度为g，则以下判断正确的是（ ） A. 两板间电势差为 B. N板上移一小段距离，液滴仍能到达Q点 C. 若S断开，N板上移一小段距离，液滴仍能到达Q点 D. 若S断开，N板右移一小段距离，液滴仍能到达Q点 【答案】AC 【解析】 【详解】A．根据动能定理 解得 故A正确； B．N板上移一小段距离，若液滴仍能到达Q点，则 所以液滴不能到达Q点，故B错误 C．根据电容的定义式及决定式有 根据电场的计算公式有 解得 若S断开，N板上移一小段距离，电场强度不变，根据动能定理 由上式可知，若S断开，N板上移一小段距离，电场强度不变，等式仍然成立，液滴仍然能到达Q点，故C正确； D．根据若S断开，N板右移一小段距离，S减小，E增大，若粒子仍能到达Q点，则 所以液滴不能到达Q点，故D错误。 故选AC。 第Ⅱ卷（非选择题 共60分） 三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。 9. 如图所示，面积为10m2的正方形导线框处于磁感应强度为的匀强磁场中。在线框平面以ad边为轴转过180°的过程中，线圈中________感应电流产生（选填“有”或“无”），整个过程中，磁通量变化量为________Wb。 【答案】 ①. 有 ②. 5 【解析】 【详解】[1]在线框平面以ad边为轴转过180°的过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中有感应电流产生； [2]整个过程中，磁通量变化量为 10. 两个完全相同的金属小球A、B所带电荷量分别为－q、＋7q，相距一定距离时（两球均可视为点电荷）两球间的库仑力大小为F。若将A、B两球相互接触后再放回原处，则此时A、B间的库仑力大小为______；若A、B不动，用不带电的相同金属小球C与A、B反复多次接触后移去C，则此时A、B间的库仑力大小变为______。 【答案】 ①. ②. 【解析】 【详解】[1]设AB球间距为r，由库仑定律有 两相同小球接触后，电荷先中和后均分，带电量均为，则库仑力 [2]三球反复接触后，则电量三者平分，均为，则此时两球间的库仑力大小为 11. 电子束焊接机中的电场线如图中虚线所示。K为阴极，A为阳极，两极之间的距离为d，在两极之间加上高压U，就会有电子在K极由静止被加速。电子带电荷量的值为e，不考虑电子重力，则电子由K运动到A，其电势能减小了________；由K沿直线运动到A，电势________（选填“升高”“不变”或“降低”）。 【答案】 ①. ②. 升高 【解析】 【详解】[1]在两极之间加上高压U，则电子从K到A的过程电场力做功为 可知其电势能减小了。 [2]根据沿着电场线方向电势逐渐降低，可知由K沿直线运动到A，电势升高。 12. 某实验小组要测量某一未知金属丝的电阻率。 （1）用游标卡尺测量金属丝直径，示数如图所示，则金属丝的直径为________mm； （2）该小组选用伏安法测量金属丝的电阻，实验室现有器材：电源（3V，内阻不计）、电流表（量程为0~0.3A，内阻为）、电压表（量程为0~3V，内阻约为），滑动变阻器（0~），要求电压可以从0开始调节，则下列电路图最合适的为________； A. B. C. D. （3）选用合适的电路图后，求出金属电阻和电阻率。已知金属丝接入电路的长度为l，半径为r，电流表阻值为。电流表示数为I时，电压表示数为U，由此可计算得出金属丝的电阻率的表达式为________（用题中所给的字母表示）。 【答案】（1）3.6 （2）D （3） 【解析】 【小问1详解】 10分度游标卡尺的精确值为，由图可知金属丝的直径为 【小问2详解】 要求电压可以从0开始调节，则滑动变阻器应采用分压接法；由于电流表的内阻已知，所以电流表应采用内接法。 故选D。 【小问3详解】 由电路图根据欧姆定律可得 根据电阻定律可得 联立解得 13. 某课外兴趣小组利用图甲电路测量某电池的电动势和内阻，定值电阻，实验的主要操作如下： （1）按图甲接好电路进行实验，记下电阻箱和电压表对应的一系列读数R、U，获取了多组数据，作出的图像如图乙所示，若把流过电阻箱的电流视为干路电流，则可得该电池组的电动势E=________V；内阻，r=________。（结果均保留到小数点后一位） （2）若考虑电压表的分流作用，则该实验中电动势的测量值与真实值相比________（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。 【答案】（1） ①. 2.7 ②. 0.7 （2）偏小 【解析】 【小问1详解】 [1][2]根据闭合电路欧姆定律 整理可得 可知图线纵截距为，斜率为 由图像可知， 解得， 【小问2详解】 若考虑电压表分流作用，闭合电路欧姆定律为 整理可得 则图像的纵轴截距为 整理可得 故电动势的测量值与真实值相比偏小。 14. 如图所示，长为的轻质绝缘细线上端固定在点，下端拴一带电小球，小球质量为，所带电荷量为。系统处于水平向右的匀强电场中，小球静止在点时，细线与竖直方向的夹角为。现将小球拉至与点等高的点，由静止释放。重力加速度为，求： （1）电场强度大小； （2）小球运动到最低点时的动能 （3）小球运动到点时，细绳对小球拉力的大小。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 对带电小球受力分析，如图所示 小球在A点受力平衡，则， 解得 【小问2详解】 根据动能定理 【小问3详解】 到点时，根据牛顿第二定律， 解得 15. 如图所示，带电粒子（不计重力）从A点以速度进入辐射状的电场，做半径为R的匀速圆周运动，圆弧轨迹处的电场强度的大小处处为E，经过半个圆周运动粒子从B点射出辐射状的电场，紧接着垂直进入电场强度为E的匀强电场，然后到达C点，已知粒子在C点的速度与在B点的速度之间的夹角为30°。求 （1）粒子的比荷； （2）B、C两点间的电势差； （3）粒子从A到C的运动时间。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 粒子在辐射状的电场中运动，辐射状的电场力提供粒子做匀速圆周运动的向心力，则有 解得粒子的比荷为 【小问2详解】 粒子从B到C做类平抛运动，粒子在C点的速度与在B点的速度之间的夹角为30°，把粒子在C点的速度分别沿着电场线和垂直电场线分解，则有 粒子从B到C，由动能定理可得 解得 【小问3详解】 粒子在辐射状的电场中做匀速圆周运动的周期 由匀速圆周运动的规律可得粒子从A到B的运动时间为 解得 粒子从B到C做类平抛运动，则有 又因为， 联立可得 故粒子从A到C的运动时间为 16. 粗糙水平面上方存在水平向左的匀强电场，电场强度大小E=2.0×103N/C。带正电的滑块（可视为质点）置于绝缘长木板左端，与长木板保持相对静止共同向右运动，当长木板右端距墙时，滑块与长木板的速度v0=2.0m/s，长木板与墙碰撞时间极短，速度大小不变，方向反向，滑块没有从长木板右端滑出。已知长木板质量M=2.0kg，滑块带电量q=1.5×10-3C、质量m=1.0kg，长木板与地面之间的动摩擦因数1=0.1，滑块与长木板之间的动摩擦因数2=0.2，重力加速度g取10m/s2。求： （1）长木板与墙碰撞前瞬间的速度大小； （2）长木板的长度应满足的条件； （3）长木板最后静止时的位置。 【答案】（1）；（2）；（3）长木板最后静止时的位置距离墙的距离为 【解析】 【详解】（1）由题意知滑块与长木板保持相对静止共同向右运动，则把两者作为整体可得 解得 所以长木板与墙碰撞前瞬间的速度大小满足 解得 （2）长木板与墙碰后对滑块和木板分别受力分析，由牛顿第二定律得 解得 因为滑块没有从长木板右端滑出，所以满足当两者共速时，是恰好滑不下去的条件，设经过时间t两者共速，设向左为正，则有 解得 此时间内两者的对地位移为 则木板长度为 即长木板的长度应满足 （3）两者共速时，木板离开墙的距离为 共速的速度为 之后对木板受力分析得 解得 则共速后减为零的位移为 故长木板最后静止时的位置距离墙的距离为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $