精品解析：河北衡水中学2025-2026学年高一上学期1月月考物理试题

2025-2026学年度高一年级上学期综合素质评价四 物理学科 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。共100分。考试时间75分钟。 第Ⅰ卷（选择题共46分） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 一、单项选择题：（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。） 1. 2024年珠海航展上，“八一”飞行表演队带来了精彩的空中表演。如图所示为飞机做曲线运动的精彩画面。关于图中的飞机，下列说法正确的是（　　） A. 速度时刻改变 B. 所受合外力始终沿轨迹切线方向 C. 一定做匀变速曲线运动 D. 所受合外力方向一定始终与速度方向垂直 【答案】A 【解析】 【详解】A．飞机做曲线运动，速度方向不断变化，则速度时刻改变，选项A正确； B．飞机的速度方向始终沿轨迹切线方向，所受合外力方向指向轨迹的凹向，选项B错误； C．飞机的加速度不一定恒定不变，则飞机不一定做匀变速曲线运动，选项C错误； D．飞机不一定做匀速圆周运动，则所受合外力方向不一定始终与速度方向垂直，选项D错误。 故选A。 2. 如图，一同学将乒乓球以的速度水平击出，另一个同学在比击出点低0.45m处接住该球，忽略空气阻力，重力加速度大小取，则乒乓球被接住前瞬间速度大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】乒乓球做平抛运动，竖直方向上 再根据 解得 故选B。 3. 将一个质量为2kg的铅球放在倾角为的斜面上，并用竖直挡板挡住，铅球处于静止状态，不考虑铅球受到的摩擦力。某时刻起挡板绕O点逆时针缓慢旋转至水平，重力加速度，则下列分析正确的是（　　） A. 挡板的弹力初始值为20N，过程中一直增大 B. 挡板的弹力先减小后增大，过程中最小值为 C. 斜面对球的支持力初始值为，过程中先增大后减小 D. 小球受到的合力逐渐减小 【答案】B 【解析】 【详解】ABC．根据题意，对球受力分析，如图所示    由平衡条件可得， 解得挡板的弹力初始值为F=20N 斜面对球的支持力初始值为 将挡板绕O点逆时针转至水平的过程中挡板对球的弹力由水平向右逆时针转至竖直向上，如图所示    由矢量三角形可知挡板对球的弹力先减小后增大，斜面对铅球的弹力一直减小，挡板与斜面垂直时，F存在最小值，为，故B正确，AC错误； D．铅球始终处于平衡状态，所以铅球受到的合外力始终为零，故D错误。 故选B。 4. 运动员手持乒乓球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为37°（已知，），球拍与球保持相对静止，重力加速度为g，不计摩擦与空气阻力，则（　　） A. 球拍对球的作用力 B. 运动员对球拍的作用力为 C. 运动员的加速度为 D. 若运动员的加速度大于0.6g，球一定沿球拍向上运动 【答案】C 【解析】 【详解】A．以乒乓球为研究对象，乒乓球受重力和球拍的支持力。乒乓球与球拍相对静止，加速度方向水平向右。在竖直方向上，乒乓球受力平衡，得 解得，故A错误； C．以乒乓球为研究对象，在水平方向上，由牛顿第二定律，得 代入，得 运动员和乒乓球加速度相同，所以运动员的加速度为，故C正确； B．将球拍和球视为整体，总质量为，整体受总重力、运动员对球拍的作用力，整体加速度，因此需要同时平衡竖直方向的总重力、提供水平方向的合力，大小为，故B错误； D．只有当运动员加速度时，乒乓球才会沿球拍向上运动，若运动员的加速度大于，但不一定比大，故球不一定会沿球拍向上运动，故D错误。 故选C。 5. 如图所示，一倾角为的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面上有一质量为的物体，上端用平行于斜面的细绳跨过定滑轮连接着物体，物体、通过轻弹簧相连，质量分别为、，此时恰好静止。已知重力加速度为，下列说法正确的是（　　） A. 物体与斜面间的动摩擦因数为 B. 剪断弹簧的瞬间，物体的加速度为 C. 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为 D. 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为 【答案】B 【解析】 【详解】A．以bc为整体受力分析可知：绳子拉力 此时恰好静止，对a受力分析有 解得物体与斜面间的动摩擦因数为，故A错误； B．剪断弹簧的瞬间，以物体为系统，有 所以系统可以平衡，其加速度为0，故B正确； C．对c受力分析有 剪断细绳的瞬间，物体有 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为，故C错误； D．剪断细绳的瞬间，物体有 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为，故D错误。 故选B。 6. Phyphox软件能借助智能手机传感器开展物理实验。某同学开启软件的加速度传感器，将手机屏幕朝上，从静止站立状态开始做蹲起动作，传感器记录下竖直方向（轴）的运动数据，规定竖直向上为正方向，如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 内，完成一次蹲起动作，加速度为负时，手机处于超重状态 B. 内，完成一次蹲起动作，加速度为正时，手机处于超重状态 C. 内，完成一次蹲起动作，加速度为负时，手机处于失重状态 D. 内，完成一次蹲起动作，加速度为正时，手机处于失重状态 【答案】C 【解析】 【详解】A．内未完成一次蹲起动作，一次蹲起需下蹲和站起两个过程，且加速度为负时方向竖直向下，手机处于失重状态，故A错误； B．内未完成一次蹲起动作，故B错误； C．内完成一次蹲起动作，即从站立到下蹲再站起，加速度为负时方向竖直向下，手机处于失重状态，故C正确； D．加速度为正时方向竖直向上，手机处于超重状态，故D错误； 故选C。 7. 如图甲，劲度系数为k的轻弹簧竖直固定在水平地面上，距弹簧上端处一小球由静止下落。以小球开始下落的位置为坐标原点，沿竖直向下方向建立坐标轴Ox，小球下落至最低点坐标过程中的加速度a随位移x变化关系的图像如图乙所示，图乙中坐标值均为已知量，重力加速度大小为g。不计空气阻力，则（　　） A. 小球接触弹簧立即做减速运动 B. 小球加速度时对应的横坐标为 C. 小球向下运动过程中最大加速度大小为 D. 阶段图像与横坐标轴所围面积在数值上表示小球最大速度的大小 【答案】C 【解析】 【详解】A．小球接触弹簧后，初始阶段弹簧弹力小于重力，合力向下，由牛顿第二定律，可知加速度向下，速度仍继续增大，小球仍做加速运动，当弹力大于重力后才开始减速，故A错误； B．小球接触弹簧后，根据胡克定律和牛顿第二定律，得 整理得 当时，，由胡克定律和牛顿第二定律，得 可得 令，代入的表达式，得 解得，故B错误； C．最低点在，将代入的表达式 因此最大加速度大小为，故C正确； D．最大速度出现在处，不是​处，故D错误。 故选C。 二、多项选择题：（本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 8. 如图所示，质量为m的料箱a静置在地面上，质量为3m的沙袋b被工人控制在离地面高度h处，不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮连接两者，此时轻绳刚好拉紧。重力加速度大小为g。现由静止释放沙袋b，则释放b瞬间b的加速度大小和最终a达到的最大高度分别是（　　） A. g B. g C. 1.5h D. 2h 【答案】BC 【解析】 【详解】释放b瞬间，根据牛顿第二定律可得ab的加速度大小 b落地时a的速度 然后a做竖直上抛运动，则还能上升的高度为 最终a达到的最大高度。 故选BC。 9. 如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放质量分别为1kg、2kg的物体A、B，弹簧的劲度系数为，初始时系统处于静止状态。一方向竖直向上的拉力F作用在A上，使A开始向上做匀加速直线运动，已知F大小随A上升高度h的变化关系如图乙所示，重力加速度大小g取，不计空气阻力，则（　　） A. A做匀加速运动的加速度大小为 B. 图乙中的大小为0.12m C. 图乙中的大小为16N D. AB分离之后，B的速度越来越小 【答案】AB 【解析】 【详解】A．施加外力前，根据平衡条件可得 刚施加外力时，由图乙可知 对AB整体受力分析，根据牛顿第二定律可得 解得，故A正确； BD．施加外力前，根据平衡条件可得 解得弹簧的压缩量为 AB分离时，对B受力分析，根据牛顿第二定律可得 解得此时弹簧的压缩量为 故分离后B先做加速度减小的加速运动，则物体A上升的距离为，故B正确，D错误； C．AB分离时，对A受力分析，根据牛顿第二定律可得 解得，故C错误。 故选AB。 10. 如图所示，倾角为的长为的传送带以速度顺时针匀速转动。将一物块以的速度从传送带的底端滑上传送带。已知小物块与传送带间的动摩擦因数，传送带足够长，取，下列说法正确的是（　　） A. 小物块先减速至后匀速向上滑行 B. 小物块刚滑上传送带时的加速度大小为 C. 小物块在传送带上运动时间为 D. 小物块在传送带上留下的痕迹长度为 【答案】BD 【解析】 【详解】B．根据题意可知，开始阶段，小物块的速度大于传送带速度，由牛顿第二定律有 解得 小物块刚滑上传送带时的加速度大小为，故B正确； A．由 可知，当小物块与传送带速度相等时不能保持相对静止，小物块继续向上减速到0，此过程小物块的速度小于传送带速度，由牛顿第二定律有 解得 故A错误； C．小物块在第一阶段和第二阶段运动的时间分别为， 向下做匀加速直线运动，根据运动学规律， 求得 小物块在传送带上运动时间 故C错误； D．由运动学公式知，第一阶段物块运动位移为 传送带运动的位移为 物块向上超前传送带运动的距离为1.8m；同理可得，第二阶段物块的运动位移为 传送带运动的位移为 物块向上落后传送带运动的距离为1m； 第三阶段传送带运动的位移为 物块向下运动的距离为 物块向下相对传送带运动的距离为8m，故小物块在传送带上留下的痕迹长度为9m，故小物块在传送带上留下的痕迹长度为9m，故D正确。 故选BD。 第Ⅱ卷（非选择题 共54分） 三、实验题（共16分） 11. 某同学利用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”．一白纸固定在竖直木板上．弹簧测力计a和b连接细线系于结点O，其下端用细线挂一重物，分别读出弹簧测力计a和b的示数，并在白纸上记录O点的位置和细线的方向． （1）本实验采用的科学方法是（　　） A. 理想实验法 B. 等效替代法 C. 控制变量法 D. 建立物理模型法 （2）图中弹簧测力计a的示数为_______N． （3）关于该实验，下列说法正确的是（　　） A. 应测量重物所受的重力 B. 两弹簧测力计应在使用前校零 C. 改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置 D. 弹簧测力计a、b通过细线对O点作用力的合力就是重物Q的重力 【答案】（1）B （2）2.6 （3）AB 【解析】 【小问1详解】 本实验目的是验证平行四边形定则，每次两根弹簧测力计的合力都要平衡重物的重力，采用的是等效替代法。 故选B。 【小问2详解】 弹簧测力计a的分度值为0.2N，所以示数为2.6N。 【小问3详解】 A．实验中要验证的是弹簧测力计a、b对O点的拉力用平行四边形定则合成后，与重物对O点的拉力是否等大反向，而重物对O点的拉力与重物的重力相等，所以应测量重物所受的重力，故A正确； B．弹簧测力计应在使用前校零，故B正确； C．改变拉力，进行多次实验，每次O点静止时，重物对O点的作用效果与O点的位置无关，所以不要求每次都使O点静止在同一位置，故C错误； D．弹簧测力计a、b对O点的拉力的合力与重物的重力是一对平衡力，而不是同一个力，故D错误。 故选AB。 12. 在“探究加速度与合外力、质量之间的关系”的实验中，某研究性学习小组设计了如图所示的实验装置。 （1）关于本实验，下列说法中正确的有（　　） A. 平衡运动系统的摩擦力时，应把钩码用细绳通过定滑轮拴在小车上 B. 连接钩码和小车的细绳应和长木板保持平行 C. 为了让钩码的重力代替拉小车的拉力，应当使小车质量远小于所挂钩码质量 D. 小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车 （2）如图是某次实验中得到的一条纸带，相邻两个计数点间还有四个点未画出，实验中交变电源的频率是50Hz，小车的加速度大小为________（结果保留三位有效数字）。 （3）甲同学根据实验数据画出的小车的加速度a和小车所受拉力F的图像为图所示中的直线Ⅰ，乙同学画出的图像为图中的直线Ⅱ。直线Ⅰ、Ⅱ在纵轴或横轴上的截距较大，明显超出了误差范围，下面给出了关于形成这种情况原因的四种解释，其中可能正确的有（　　） A. 实验前甲同学没有平衡摩擦力 B. 甲同学在平衡摩擦力时，把长木板的打点计时器一端抬得过高了 C. 实验前乙同学没有平衡摩擦力 D. 乙同学在平衡摩擦力时，把长木板的打点计时器一端抬得过高了 （4）丙同学改进了实验方案，装置如图。实验中，可以通过增加或减少钩码来改变细线拉力的大小，利用力传感器可以直接测量拉力的大小。按照丙同学的设计思路，实验中________（填“需要”或“不需要”）满足小车的质量远大于钩码的总质量。 （5）若乙同学没有严格控制好小车质量M与沙和沙桶质量m的大小关系，其它操作规范合理，结果在某次实验结果发现小车加速度的实验值（利用纸带求的值）只有理论值的，若不考虑其它因素的影响，可估算_________。 【答案】（1）BD （2）1.36 （3）BC （4）不需要 （5） 【解析】 【小问1详解】 A．平衡运动系统的摩擦力时，应把钩码撤去，故A错误； B．为了保持小车运动过程，绳子拉力恒定不变，连接钩码和小车的细绳应和长木板保持平行，故B正确； C．为了让钩码的重力代替拉小车的拉力，应当使小车质量远大于所挂钩码质量，故C错误； D．为了充分利用纸带，小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车，故D正确。 故选BD。 【小问2详解】 相邻两个计数点间还有四个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为 根据逐差法可得小车的加速度大小为 【小问3详解】 AB．由直线Ⅰ可知，当时，小车已经具有一定的加速度，则甲同学在平衡摩擦力时，把长木板的打点计时器一端抬得过高了，故A错误，B正确； CD．由直线Ⅱ可知，只有当F达到一定数值时，小车才开始有加速度，则可能是实验前乙同学没有平衡摩擦力，或者平衡摩擦力不够，故C正确，D错误。 故选BC。 【小问4详解】 由于细线拉力可以通过力传感器测得，所以实验中不需要满足小车的质量远大于钩码的总质量。 【小问5详解】 乙同学没有严格控制好小车质量M与沙和沙桶质量m的大小关系，根据牛顿第二定律可得 由题意其值只有理论值的，故 解得 四、计算题（共38分，请写出必要的文字说明和解题过程，没有过程只有结果则不得分） 13. 如图所示，质量为的物块置于倾角为的固定斜面上，在沿斜面向上外力F作用下物块处于静止状态。已知物块和斜面间的动摩擦因数，假设物体与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度，，，求F大小的取值范围。 【答案】 【解析】 【详解】当物体有下滑趋势时 解得 当物体有上滑趋势时 解得 所以F的范围为 14. 航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量，动力系统提供的恒定升力。试飞时，飞行器从地面由静止开始沿竖直方向加速上升，当飞到高度处时飞行器立即失去动力。设飞行器飞行时所受的阻力大小恒为4N，重力加速度。试求： （1）飞行器加速上升的时间； （2）飞行器失去动力后上升的距离； （3）飞行器落回地面时的速度大小。（答案可以用根号表示） 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 加速上升阶段，飞行器受向上升力，向下重力、阻力，由牛顿第二定律，得 解得加速度 由匀变速直线运动位移与时间的关系，得 解得 【小问2详解】 由匀变速直线运动速度与时间的关系，飞行器到达处的速度 失去动力后，升力消失，重力和阻力均向下，由牛顿第二定律，得 解得减速阶段加速度大小 上升到最高点时末速度减为0，由匀变速直线运动速度与位移的关系，得 解得 【小问3详解】 最高点总高度为 下落阶段阻力向上，由牛顿第二定律，得 解得下落加速度 由匀变速直线运动速度与位移的关系，得 解得 15. 粗糙的水平面上有一足够长的木板，在木板右端放一小物块，长木板与小物块均静止，如图（甲）所示。现用水平恒力向右拉长木板，经=1s时撤去，木板运动的图像如图（乙）所示。已知物块和木板的质量均为1kg，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，求： （1）物块与木板间及木板与地面间的动摩擦因数； （2）水平恒力的大小； （3）小物块最终离长木板右端的距离。 【答案】（1），0.5；（2）27N；（3）5.25m 【解析】 【详解】（1）设物块与木板间及木板与地面间的动摩擦因数分别为和，物块在0至1.5s内做匀加速运动，设物块加速度为，则 解得 木板在1.0s至1.5s时间内做匀减速运动，设加速度为，则 解得 （2）木板在0至1.0s时间内做匀加速运动，设加速度为，则 解得 （3）设木板在0至1.0s时间内位移为，木板在1.0s至1.5s时间内位移为，则 设木板在1.5s后的加速度为a4，位移为x3，则 设物块在0至1.5s内位移为x4，则 设物块在1.5s后的加速度为，位移为x5，则 解得小物块最终离长木板右端的距离为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年度高一年级上学期综合素质评价四 物理学科 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。共100分。考试时间75分钟。 第Ⅰ卷（选择题共46分） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 一、单项选择题：（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。） 1. 2024年珠海航展上，“八一”飞行表演队带来了精彩的空中表演。如图所示为飞机做曲线运动的精彩画面。关于图中的飞机，下列说法正确的是（　　） A. 速度时刻改变 B. 所受合外力始终沿轨迹切线方向 C. 一定做匀变速曲线运动 D. 所受合外力方向一定始终与速度方向垂直 2. 如图，一同学将乒乓球以的速度水平击出，另一个同学在比击出点低0.45m处接住该球，忽略空气阻力，重力加速度大小取，则乒乓球被接住前瞬间速度大小为（　　） A. B. C. D. 3. 将一个质量为2kg的铅球放在倾角为的斜面上，并用竖直挡板挡住，铅球处于静止状态，不考虑铅球受到的摩擦力。某时刻起挡板绕O点逆时针缓慢旋转至水平，重力加速度，则下列分析正确的是（　　） A. 挡板的弹力初始值为20N，过程中一直增大 B. 挡板的弹力先减小后增大，过程中最小值为 C. 斜面对球的支持力初始值为，过程中先增大后减小 D. 小球受到的合力逐渐减小 4. 运动员手持乒乓球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为37°（已知，），球拍与球保持相对静止，重力加速度为g，不计摩擦与空气阻力，则（　　） A. 球拍对球的作用力 B. 运动员对球拍的作用力为 C. 运动员的加速度为 D. 若运动员的加速度大于0.6g，球一定沿球拍向上运动 5. 如图所示，一倾角为的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面上有一质量为的物体，上端用平行于斜面的细绳跨过定滑轮连接着物体，物体、通过轻弹簧相连，质量分别为、，此时恰好静止。已知重力加速度为，下列说法正确的是（　　） A. 物体与斜面间的动摩擦因数为 B. 剪断弹簧的瞬间，物体的加速度为 C. 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为 D. 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为 6. Phyphox软件能借助智能手机传感器开展物理实验。某同学开启软件的加速度传感器，将手机屏幕朝上，从静止站立状态开始做蹲起动作，传感器记录下竖直方向（轴）的运动数据，规定竖直向上为正方向，如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 内，完成一次蹲起动作，加速度为负时，手机处于超重状态 B. 内，完成一次蹲起动作，加速度为正时，手机处于超重状态 C. 内，完成一次蹲起动作，加速度为负时，手机处于失重状态 D. 内，完成一次蹲起动作，加速度为正时，手机处于失重状态 7. 如图甲，劲度系数为k的轻弹簧竖直固定在水平地面上，距弹簧上端处一小球由静止下落。以小球开始下落的位置为坐标原点，沿竖直向下方向建立坐标轴Ox，小球下落至最低点坐标过程中的加速度a随位移x变化关系的图像如图乙所示，图乙中坐标值均为已知量，重力加速度大小为g。不计空气阻力，则（　　） A. 小球接触弹簧立即做减速运动 B. 小球加速度时对应的横坐标为 C. 小球向下运动过程中最大加速度大小为 D. 阶段图像与横坐标轴所围面积在数值上表示小球最大速度的大小 二、多项选择题：（本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 8. 如图所示，质量为m的料箱a静置在地面上，质量为3m的沙袋b被工人控制在离地面高度h处，不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮连接两者，此时轻绳刚好拉紧。重力加速度大小为g。现由静止释放沙袋b，则释放b瞬间b的加速度大小和最终a达到的最大高度分别是（　　） A. g B. g C. 1.5h D. 2h 9. 如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放质量分别为1kg、2kg的物体A、B，弹簧的劲度系数为，初始时系统处于静止状态。一方向竖直向上的拉力F作用在A上，使A开始向上做匀加速直线运动，已知F大小随A上升高度h的变化关系如图乙所示，重力加速度大小g取，不计空气阻力，则（　　） A. A做匀加速运动的加速度大小为 B. 图乙中的大小为0.12m C. 图乙中的大小为16N D. AB分离之后，B的速度越来越小 10. 如图所示，倾角为的长为的传送带以速度顺时针匀速转动。将一物块以的速度从传送带的底端滑上传送带。已知小物块与传送带间的动摩擦因数，传送带足够长，取，下列说法正确的是（　　） A. 小物块先减速至后匀速向上滑行 B. 小物块刚滑上传送带时的加速度大小为 C. 小物块在传送带上运动时间为 D. 小物块在传送带上留下的痕迹长度为 第Ⅱ卷（非选择题 共54分） 三、实验题（共16分） 11. 某同学利用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”．一白纸固定在竖直木板上．弹簧测力计a和b连接细线系于结点O，其下端用细线挂一重物，分别读出弹簧测力计a和b的示数，并在白纸上记录O点的位置和细线的方向． （1）本实验采用的科学方法是（　　） A. 理想实验法 B. 等效替代法 C. 控制变量法 D. 建立物理模型法 （2）图中弹簧测力计a的示数为_______N． （3）关于该实验，下列说法正确的是（　　） A. 应测量重物所受的重力 B. 两弹簧测力计应在使用前校零 C. 改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置 D. 弹簧测力计a、b通过细线对O点作用力的合力就是重物Q的重力 12. 在“探究加速度与合外力、质量之间的关系”的实验中，某研究性学习小组设计了如图所示的实验装置。 （1）关于本实验，下列说法中正确的有（　　） A. 平衡运动系统的摩擦力时，应把钩码用细绳通过定滑轮拴在小车上 B. 连接钩码和小车的细绳应和长木板保持平行 C. 为了让钩码的重力代替拉小车的拉力，应当使小车质量远小于所挂钩码质量 D. 小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车 （2）如图是某次实验中得到的一条纸带，相邻两个计数点间还有四个点未画出，实验中交变电源的频率是50Hz，小车的加速度大小为________（结果保留三位有效数字）。 （3）甲同学根据实验数据画出的小车的加速度a和小车所受拉力F的图像为图所示中的直线Ⅰ，乙同学画出的图像为图中的直线Ⅱ。直线Ⅰ、Ⅱ在纵轴或横轴上的截距较大，明显超出了误差范围，下面给出了关于形成这种情况原因的四种解释，其中可能正确的有（　　） A. 实验前甲同学没有平衡摩擦力 B. 甲同学在平衡摩擦力时，把长木板的打点计时器一端抬得过高了 C. 实验前乙同学没有平衡摩擦力 D. 乙同学在平衡摩擦力时，把长木板的打点计时器一端抬得过高了 （4）丙同学改进了实验方案，装置如图。实验中，可以通过增加或减少钩码来改变细线拉力的大小，利用力传感器可以直接测量拉力的大小。按照丙同学的设计思路，实验中________（填“需要”或“不需要”）满足小车的质量远大于钩码的总质量。 （5）若乙同学没有严格控制好小车质量M与沙和沙桶质量m的大小关系，其它操作规范合理，结果在某次实验结果发现小车加速度的实验值（利用纸带求的值）只有理论值的，若不考虑其它因素的影响，可估算_________。 四、计算题（共38分，请写出必要的文字说明和解题过程，没有过程只有结果则不得分） 13. 如图所示，质量为的物块置于倾角为的固定斜面上，在沿斜面向上外力F作用下物块处于静止状态。已知物块和斜面间的动摩擦因数，假设物体与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度，，，求F大小的取值范围。 14. 航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量，动力系统提供的恒定升力。试飞时，飞行器从地面由静止开始沿竖直方向加速上升，当飞到高度处时飞行器立即失去动力。设飞行器飞行时所受的阻力大小恒为4N，重力加速度。试求： （1）飞行器加速上升的时间； （2）飞行器失去动力后上升的距离； （3）飞行器落回地面时的速度大小。（答案可以用根号表示） 15. 粗糙的水平面上有一足够长的木板，在木板右端放一小物块，长木板与小物块均静止，如图（甲）所示。现用水平恒力向右拉长木板，经=1s时撤去，木板运动的图像如图（乙）所示。已知物块和木板的质量均为1kg，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，求： （1）物块与木板间及木板与地面间的动摩擦因数； （2）水平恒力的大小； （3）小物块最终离长木板右端的距离。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $