精品解析：福建省三明第一中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试题

三明一中2025-2026学年上学期12月月考高二物理试卷 （考试时间：75分钟，满分：100分） 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题所给出的的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。 1. 如图为矩形线框在足够大的匀强磁场中做的各种运动，其中能够产生感应电流的是（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】穿过矩形线框中磁通量变化的只有B图，因此只有B图能产生感应电流。 故选B。 2. 某静电除尘器的除尘原理如图，一带正电的金属板和一个带负电的放电极形成电场，它们之间的电场线分布如图所示，虚线为一带电烟尘颗粒的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若不计烟尘颗粒的重力，下列说法正确的是（　　） A. 烟尘颗粒带正电 B. a点电势高于b点电势 C. a点电场强度大于b点电场强度 D. 烟尘颗粒在a点的电势能小于在b点的电势能 【答案】C 【解析】 【详解】A．粒子的受力方向永远指向轨迹内侧，由带电烟尘颗粒的运动轨迹可知烟尘颗粒受力方向沿着电场线的切线方向，烟尘颗粒带负电，故A错误； B．a、b两点所在等势线如图所示    沿着电场线方向电势逐渐降低，a点电势低于b点电势，故B错误； C．电场线越密场强越强，由图可知，由可知烟尘颗粒在a点的电场强度大于在b点的电场强度，故C正确； D．若烟尘颗粒由a运动到b，由图知电场力做正功，电势能减小， 若烟尘颗粒由b运动到a，电场力做负功，电势能增大，仍有，故D错误。 故选C。 3. 在如图所示电路中，开关S闭合后，若将滑片P向上滑动，则（　　） A. 灯泡L变亮 B. 电容器C所带电荷量减小 C. 电源内部发热功率减小 D. R2两端的电压减小 【答案】B 【解析】 【详解】滑片上移时滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大，由 可知，路端电压减小，根据 知两端电压增大，由串联电路规律可知，并联部分电压减小，灯泡变暗，由 可知，电容器C所带电量减小，由 可知，电源内部消耗的功率增大，故B正确，ACD错误。 故选B。 4. 如图所示，在竖直平面内有水平向右，场强为的匀强电场。在匀强电场中有一根长的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为的带电小球，它静止时悬线与竖直方向成角。图中和分别为圆的竖直和水平直径上与圆的交点。若小球获得初速度恰能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动，已知：，下列说法错误的是（　　） A. 小球的带电荷量 B. 小球动能的最小值为 C. 小球运动到C点时的机械能最小 D. 小球运动到D点时对绳子的拉力大小为 【答案】D 【解析】 【详解】A．小球静止时悬线与竖直方向成，受重力，拉力和电场力，三力平衡，如图 根据平衡条件，有 解得，故A正确； B．小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在等效最高点速度最小，如图 根据牛顿第二定律 则最小动能 故B正确。 C．根据能量守恒定律，电势能与机械能之和不变，所以机械能最小的位置是电势能最大的位置，即与O点等高的最左的位置，故C正确。 D.小球从等效最高点点运动到点，根据动能定理有 其中，小球在点时，根据牛顿第二定律有 联立代入数据，求得绳子对小球的拉力为。根据牛顿第三定律可得，小球运动到点时对绳子的拉力大小为，故D错误。 本题选错的，故选D。 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项是符合题目要求的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5. 在磁感应强度为B0、竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长通电直导线，电流的方向垂直纸面向里，如图所示，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（　　） A. a、b两点的磁感应强度大小相等 B. b、d两点的磁感应强度大小相等 C. a点的磁感应强度的值最小 D. b点的磁感应强度的值最大 【答案】B 【解析】 【详解】用右手螺旋定则判断通电直导线在a、b、c、d四个点上所产生的磁场方向，如图所示 A．a点有向上的磁场，还有电流产生的向上的磁场，电流产生的磁感应强度和原磁感应强度方向相同，叠加变大；b点有向上的磁场，还有电流产生的水平向左的磁场，磁感应强度 叠加变大，方向向左上；根据矢量合成的特点可知，a点的磁感应强度大。故A错误； B．d点有向上的磁场，还有电流产生的水平向右的磁场，叠加后磁感应强度的方向向右上， d点与b点叠加后的磁感应强度大小相等，但是方向不同。故B正确； CD．c点电流产生的磁感应强度和原磁感应强度方向相反，叠加变小。综上所述，a点最大，c点最小。故CD错误。 故选B。 6. 如图所示，直线A为电源的U-I图像，曲线B为灯泡的U-I图像。用该电源和灯泡组成闭合电路时，下列说法正确的是（　　） A. 电源电动势为3V B. 电源的内阻为 C. 电源的输出功率为6W D. 电源的总功率为6W 【答案】AD 【解析】 【详解】AB．直线A为电源的U-I图像，根据可得U-I图像纵轴的截距等于电源的电动势，即3V，电源的内阻等于图像的斜率，即，故A正确，B错误； CD．用该电源和灯泡组成闭合电路时，电流为，路端电压为，电源的总功率为 电源的输出功率为，故C错误，D正确。 故选AD。 7. 如图所示，真空中有一电子以速度v沿着与电场强度垂直的方向自O点进入匀强电场。以O为坐标原点建立直角坐标系，轴垂直于电场方向，轴平行于电场方向，在轴上取，分别自点作与轴平行的线，跟电子的径迹交于三点。忽略电子重力的影响，下列说法正确的是（　　） A. 电子在OM、ON、OP三段运动的时间比为1:2:3 B. 电子经过M、N、P三点沿y轴方向的分速度大小之比为1:2:3 C. 电子经过M、N、P三点的瞬时速度大小之比为1:2:3 D. 电子在OM、MN、NP三段动能增量之比为1:2:3 【答案】AB 【解析】 【详解】A．电子做类平抛运动，设电子的初速度为，沿轴方向做匀速直线运动，则有 由于，可得 可得电子在三段运动的时间比为，故A正确； BC．电子沿轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，则有 电子经过三点沿轴方向的分速度之比为，故B正确； 电子经过三点的瞬时速度之比为，故C错误； D．电子沿轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，则有可知。 则有 根据动能定理可得 电子在三段动能增量之比为，故D错误。 故选AB。 8. 如图甲，同一竖直平面内，A，B，M，N四点距O点的距离均为，点为水平连线的中点，在连线的中垂线上。两点分别固定有一点电荷，电荷量均为。以O为原点，竖直向下为正方向建立轴。若取无穷远处为电势零点，则ON上的电势随位置的变化关系如图乙所示。一电荷量为的小球以一定初动能从点竖直下落，一段时间后经过点，且在点的加速度大小为2g，g为重力加速度大小，为静电力常量。则下列说法正确的是（　　） A. 小球在M点的加速度为零 B. 从O点到N点场强逐渐增大 C. 小球在点受到的电场力大小为 D. 从O点到N点，小球S动能变化为 【答案】AD 【解析】 【详解】A．小球在N点的加速度大小为，说明在N点的电场力大小等于，方向竖直向下，根据对称性，在点的电场力大小也为，且向上，故点的加速度为0，故A正确； B．图像的斜率表示电场强度，结合图像来看从O点到N点场强先增大后减小，故B错误； C．根据库仑定律可知两个点电荷在M点产生的电场力大小都为 则合成之后的合电场力大小为，故C错误； D．在点的加速度大小为，根据牛顿第二定律有 小球从O点到点由动能定理有 根据图线可解得 故从O点到点小球的动能增加了，故D正确。 故选AD。 三、非选择题：共60分。其中9-11小题为填空题，12、13小题为实验题，14-16小题为计算题。考生根据要求在答题卡的非选择题答题区域内作答。 9. （1）用游标卡尺测量某圆柱体的直径，其中某次测量结果如图所示，其读数为___________mm。 （2）用多用电表粗略测量圆柱导体的电阻，选择“”倍率的欧姆挡进行测量指针偏转角度过大，改选倍率为___________（选填“”、“”或“”）的欧姆挡后重新欧姆调零，再进行测量，多用电表的示数如图丙所示，粗测出电阻值约为___________。 【答案】（1）22.3 （2） ①. ×10 ②. 120##120.0 【解析】 【小问1详解】 由图可知，游标卡尺精确度为0.1mm，读数为 【小问2详解】 [1]指针偏角太大，说明待测电阻阻值较小，应该换小倍率挡，即选择开关应该置于“×10”倍率挡； [2]多用电表读数为指针所指刻度与倍率的乘积，故图中读数为 10. 如图，定值电阻，滑动变阻器最大阻值为，电源电动势=3V，内阻。闭合开关，调节滑动变阻器的阻值： （1）电路中可达到的最大电流为___________A； （2）调为___________时，获得的功率最大，其最大功率为___________。 【答案】（1）0.6 （2） ①. 5 ②. 0.45 【解析】 【小问1详解】 当滑动变阻器为零时，电路中可达到的最大电流 【小问2详解】 [1]将移至电源内部，形成等效电源，滑动变阻器就是外电阻，当 获得的功率最大 [2] 的最大功率 11. “场离子显微镜”的金属钨针尖处于球形真空玻璃泡的球心O，玻璃泡内壁有一层均匀导电膜：在钨针和导电膜间加上高电压后，玻璃泡上半部分的电场可视为位于O点处点电荷形成的电场，如图所示。a、b、c、d、O为同一平面上的5个点，abc是一段以O为圆心的圆弧，d为ob的中点。a、d两点场强大小分别为Ea、Ed，o、a、c、d四点电势分别为φo、φa、φc、φd，则φa_________φd；φa_________φc，(φo－φa)_________2(φo－φd)。（填“大于”“等于”或“小于”） 【答案】 ①. 小于 ②. 等于 ③. 小于 【解析】 【详解】[1]由于沿着电场线方向电势逐渐降低，可知 φa < φd [2][3]由题知，在钨针和导电膜间加上高电压后，玻璃泡上半部分的电场可视为位于O点处点电荷形成的电场，则根据点电荷形成的电场的电势分布可知 φa = φc 且越靠近O场强越强，则od部分的场强均大于db部分的场强，则根据U = Ed，结合微元法可定性判别出 φo－φb < 2(φo－φd) 而 φa = φb 则 φo－φa < 2(φo－φd) 12. 电话手表越来越受儿童的青睐，某同学要测某品牌电话手表的电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路，电路中为定值电阻，阻值大小为。 （1）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到______填“左”或“右”端。 （2）实验过程中，若某次电压表的示数如图乙所示，则该示数为__________。 （3）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表和电流表的示数，作出图像如图丙所示，则电池的电动势______结果保留三位有效数字，电池的内阻______结果保留三位有效数字。 【答案】 ①. 左 ②. 1.00 ③. 1.50 ④. 1.17 【解析】 【详解】（1）[1]闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到左端阻值最大的位置。 （2）[2]电压表最小刻度为0.1V，则示数为1.00V。 （3）[3][4]电池的电动势 E=1.50V 电池的内阻 r=1.17 13. 学习小组在测量某粗细均匀的圆柱形合金细棒的电阻率实验中，先用毫米刻度尺测出接入电路中合金细棒的长度，又用多用电表粗略测量合金细棒的电阻约为100Ω。 （1）进一步用螺旋测微器测合金细棒的直径，示数如图甲所示，其直径______mm。 （2）为了精确测得该合金细棒的电阻，实验室提供了下列器材： ①电源E（电动势为3V、内阻约为0.2Ω） ②电压表V（量程1V、内阻为1000Ω） ③电流表A（量程30mA、内阻约为1Ω） ④滑动变阻器（最大阻值20Ω），滑动变阻器（最大阻值2000Ω） ⑤电阻箱（0～9999Ω） ⑥导线若干，开关一只 ①由于提供的电压表量程不足，现需使其量程变为3V，则需要在电压表上串联一个电阻箱，则______Ω； ②若按照图乙所示设计电路，则滑动变阻器应选择______（或）；并请用笔画线代替导线将图丙的实物电路连接完整________； ③由于电表不是理想电表，若从系统误差的角度分析，用上述方法测得的合金电阻率与真实值比______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。 【答案】（1）3.499/3.500/3.501 （2） ①. 2000 ②. R1 ③. ④. 偏大 【解析】 【小问1详解】 合金细棒的直径为 【小问2详解】 [1]要将量程为1V的电压表改为3V，需要在电压表上串联一个电阻箱R0，则 根据欧姆定律，可得 [2]用多用电表粗略测量合金细棒的电阻约为100Ω，滑动变阻器采用分压式接入电路，在安全条件下阻值小些更便于调节，故选R1。 [3]电路图如图所示 [4]由于电表不是理想电表，则 故合金棒电阻测量值偏大，根据 可得 故，测得的合金电阻率与真实值比偏大。 14. 如图所示，电源电动势E＝9V，内阻r＝1Ω，闭合开关S后，标有“6V，6W”的灯泡恰能正常发光，电动机M绕线的电阻，求： （1）电源的输出功率； （2）10s内电动机产生的热量Q； （3）电动机的机械功率。 【答案】（1）＝18W （2）Q＝40J （3） 【解析】 【小问1详解】 由题意知，并联部分电压为 U＝6V 电源内电压应为 U内＝E-U＝3V 电路总电流 I＝＝3A 电源的输出功率 ＝UI＝18W 【小问2详解】 流过灯泡的电流 I1＝＝1A 则流过电动机的电流 I2＝I- I1＝2A 电动机10s内产生的热量 Q＝＝40J 【小问3详解】 电动机的总功率 电动机的机械功率 15. 如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，板间距离为，极板正对面积足够大，定值电阻阻值分别为、，电源电动势、内阻。用绝缘细线将质量为的带电小球悬于电容器内部。闭合开关S，小球静止时细线与竖直方向的夹角，小球与N板的距离。重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： （1）电容器两极的电压； （2）小球的带电量； （3）剪断细线后小球到达N板的速度大小。 【答案】（1）5V （2） （3）1m/s 【解析】 【小问1详解】 由闭合电路的欧姆定律可得 电容器两极的电压 【小问2详解】 又因 对小球由力平衡有 联立解得小球的带电量 代入数据解得 【小问3详解】 剪断细线后，小球沿剪断前细线的延长线方向斜向下做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有 小球的位移为 又 联立解得小球到达N板的速度为 代入数据解得 16. 如图所示，绝缘轨道CDGH位于竖直平面内，圆弧段DG的圆心角为θ=37°，DG与水平段CD、倾斜段GH分别相切于D点和G点，CD段粗糙，DGH段光滑，在H处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道处于电场强度大小为、方向水平向右的匀强电场中，一质量、带电荷量的小滑块在C处由静止释放。已知CD段长度L=0.8m，动摩擦因数μ=0.25，圆弧DG的半径r=0.2m；不计滑块与挡板碰撞时的动能损失，滑块可视为质点。g=10m/s2。 （1）求滑块第一次经过D点时对圆弧轨道的压力大小； （2）若规定D点电势为零，求滑块经过G点时的电势能Ep； （3）求滑块在CD段上运动的总路程； （4）滑块经过G点的速度最小时，求圆弧轨道对滑块支持力的大小。 【答案】（1）； （2）； （3）； （4） 【解析】 【小问1详解】 对滑块由C到D根据动能定理得 在D点： 解得 由牛顿第三定律 【小问2详解】 若规定D点电势为零，则根据匀强电场中电势差与场强关系有 又 解得 滑块经过G点时的电势能为 【小问3详解】 分析可知在CD段滑动摩擦力小于电场力，故滑块不可能停在CD段，滑块最终会在DGH间来回往复运动，到达D点的速度为0，全过程由动能定理得 解出 【小问4详解】 滑块最终在DGH间来回往复运动，滑块有最小动能。 对D到G过程，由动能定理得 在G点： 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 三明一中2025-2026学年上学期12月月考高二物理试卷 （考试时间：75分钟，满分：100分） 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题所给出的的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。 1. 如图为矩形线框在足够大的匀强磁场中做的各种运动，其中能够产生感应电流的是（　　） A. B. C. D. 2. 某静电除尘器的除尘原理如图，一带正电的金属板和一个带负电的放电极形成电场，它们之间的电场线分布如图所示，虚线为一带电烟尘颗粒的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若不计烟尘颗粒的重力，下列说法正确的是（　　） A. 烟尘颗粒带正电 B. a点电势高于b点电势 C. a点电场强度大于b点电场强度 D. 烟尘颗粒在a点的电势能小于在b点的电势能 3. 在如图所示电路中，开关S闭合后，若将滑片P向上滑动，则（　　） A. 灯泡L变亮 B. 电容器C所带电荷量减小 C. 电源内部发热功率减小 D. R2两端的电压减小 4. 如图所示，在竖直平面内有水平向右，场强为的匀强电场。在匀强电场中有一根长的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为的带电小球，它静止时悬线与竖直方向成角。图中和分别为圆的竖直和水平直径上与圆的交点。若小球获得初速度恰能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动，已知：，下列说法错误的是（　　） A. 小球的带电荷量 B. 小球动能的最小值为 C. 小球运动到C点时的机械能最小 D. 小球运动到D点时对绳子的拉力大小为 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项是符合题目要求的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5. 在磁感应强度为B0、竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长通电直导线，电流的方向垂直纸面向里，如图所示，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（　　） A. a、b两点的磁感应强度大小相等 B. b、d两点的磁感应强度大小相等 C. a点的磁感应强度的值最小 D. b点的磁感应强度的值最大 6. 如图所示，直线A为电源的U-I图像，曲线B为灯泡的U-I图像。用该电源和灯泡组成闭合电路时，下列说法正确的是（　　） A. 电源电动势为3V B. 电源的内阻为 C. 电源的输出功率为6W D. 电源的总功率为6W 7. 如图所示，真空中有一电子以速度v沿着与电场强度垂直的方向自O点进入匀强电场。以O为坐标原点建立直角坐标系，轴垂直于电场方向，轴平行于电场方向，在轴上取，分别自点作与轴平行的线，跟电子的径迹交于三点。忽略电子重力的影响，下列说法正确的是（　　） A. 电子在OM、ON、OP三段运动的时间比为1:2:3 B. 电子经过M、N、P三点沿y轴方向的分速度大小之比为1:2:3 C. 电子经过M、N、P三点的瞬时速度大小之比为1:2:3 D. 电子在OM、MN、NP三段动能增量之比为1:2:3 8. 如图甲，同一竖直平面内，A，B，M，N四点距O点的距离均为，点为水平连线的中点，在连线的中垂线上。两点分别固定有一点电荷，电荷量均为。以O为原点，竖直向下为正方向建立轴。若取无穷远处为电势零点，则ON上的电势随位置的变化关系如图乙所示。一电荷量为的小球以一定初动能从点竖直下落，一段时间后经过点，且在点的加速度大小为2g，g为重力加速度大小，为静电力常量。则下列说法正确的是（　　） A. 小球在M点的加速度为零 B. 从O点到N点场强逐渐增大 C. 小球在点受到的电场力大小为 D. 从O点到N点，小球S动能变化为 三、非选择题：共60分。其中9-11小题为填空题，12、13小题为实验题，14-16小题为计算题。考生根据要求在答题卡的非选择题答题区域内作答。 9. （1）用游标卡尺测量某圆柱体的直径，其中某次测量结果如图所示，其读数为___________mm。 （2）用多用电表粗略测量圆柱导体的电阻，选择“”倍率的欧姆挡进行测量指针偏转角度过大，改选倍率为___________（选填“”、“”或“”）的欧姆挡后重新欧姆调零，再进行测量，多用电表的示数如图丙所示，粗测出电阻值约为___________。 10. 如图，定值电阻，滑动变阻器最大阻值为，电源电动势=3V，内阻。闭合开关，调节滑动变阻器的阻值： （1）电路中可达到的最大电流为___________A； （2）调为___________时，获得的功率最大，其最大功率为___________。 11. “场离子显微镜”的金属钨针尖处于球形真空玻璃泡的球心O，玻璃泡内壁有一层均匀导电膜：在钨针和导电膜间加上高电压后，玻璃泡上半部分的电场可视为位于O点处点电荷形成的电场，如图所示。a、b、c、d、O为同一平面上的5个点，abc是一段以O为圆心的圆弧，d为ob的中点。a、d两点场强大小分别为Ea、Ed，o、a、c、d四点电势分别为φo、φa、φc、φd，则φa_________φd；φa_________φc，(φo－φa)_________2(φo－φd)。（填“大于”“等于”或“小于”） 12. 电话手表越来越受儿童的青睐，某同学要测某品牌电话手表的电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路，电路中为定值电阻，阻值大小为。 （1）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到______填“左”或“右”端。 （2）实验过程中，若某次电压表的示数如图乙所示，则该示数为__________。 （3）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表和电流表的示数，作出图像如图丙所示，则电池的电动势______结果保留三位有效数字，电池的内阻______结果保留三位有效数字。 13. 学习小组在测量某粗细均匀的圆柱形合金细棒的电阻率实验中，先用毫米刻度尺测出接入电路中合金细棒的长度，又用多用电表粗略测量合金细棒的电阻约为100Ω。 （1）进一步用螺旋测微器测合金细棒的直径，示数如图甲所示，其直径______mm。 （2）为了精确测得该合金细棒的电阻，实验室提供了下列器材： ①电源E（电动势为3V、内阻约为0.2Ω） ②电压表V（量程1V、内阻为1000Ω） ③电流表A（量程30mA、内阻约为1Ω） ④滑动变阻器（最大阻值20Ω），滑动变阻器（最大阻值2000Ω） ⑤电阻箱（0～9999Ω） ⑥导线若干，开关一只 ①由于提供的电压表量程不足，现需使其量程变为3V，则需要在电压表上串联一个电阻箱，则______Ω； ②若按照图乙所示设计电路，则滑动变阻器应选择______（或）；并请用笔画线代替导线将图丙的实物电路连接完整________； ③由于电表不是理想电表，若从系统误差的角度分析，用上述方法测得的合金电阻率与真实值比______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。 14. 如图所示，电源电动势E＝9V，内阻r＝1Ω，闭合开关S后，标有“6V，6W”的灯泡恰能正常发光，电动机M绕线的电阻，求： （1）电源的输出功率； （2）10s内电动机产生的热量Q； （3）电动机的机械功率。 15. 如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，板间距离为，极板正对面积足够大，定值电阻阻值分别为、，电源电动势、内阻。用绝缘细线将质量为的带电小球悬于电容器内部。闭合开关S，小球静止时细线与竖直方向的夹角，小球与N板的距离。重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： （1）电容器两极的电压； （2）小球的带电量； （3）剪断细线后小球到达N板的速度大小。 16. 如图所示，绝缘轨道CDGH位于竖直平面内，圆弧段DG的圆心角为θ=37°，DG与水平段CD、倾斜段GH分别相切于D点和G点，CD段粗糙，DGH段光滑，在H处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道处于电场强度大小为、方向水平向右的匀强电场中，一质量、带电荷量的小滑块在C处由静止释放。已知CD段长度L=0.8m，动摩擦因数μ=0.25，圆弧DG的半径r=0.2m；不计滑块与挡板碰撞时的动能损失，滑块可视为质点。g=10m/s2。 （1）求滑块第一次经过D点时对圆弧轨道的压力大小； （2）若规定D点电势为零，求滑块经过G点时的电势能Ep； （3）求滑块在CD段上运动的总路程； （4）滑块经过G点的速度最小时，求圆弧轨道对滑块支持力的大小。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $