2026年高考物理模拟试卷(二)-《中学生数理化》高考理化2026年7～8月刊

物理部分，仿真试题滴籍中学生教理化 高中理化2026年7一8月 @2026年高考物理模拟试卷（二） ■河南大学附属中学 王国庆（特级教师） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4 究”专项团队成功构建了国际首个地月空间 分，共28分。在每小题给出的四个选项中， 三星星座，多项原创性科技成果在国际上处 只有一项是符合题目要求的) 于领先地位。在如图2所示的“地一月”天体 1.2025年4月，位于甘肃武威的2兆瓦 系统中，在地月连线上的月球外侧有一个拉 液态燃料钍基熔盐实验堆建成并启动运行， 格朗日点，质量为。的卫星在该点受到质 这是全球首个实现钍燃料实际应用的熔盐 量为M的地球和质量为m的月球的万有引 堆。该实验堆采用熔盐状态的钍(Th)作 力作用，并恰好和月球一起绕地球做同周期 为增殖燃料，在实验堆中把钍(：Th)转化 的匀速圆周运动。卫星的质量相对地球和月 为轴(U),其工作原理如图1所示，则下列 球很小，地球和月球的运动不受影响，已知地 说法正确的是( )。 心与月心间的距离为R,拉格朗日点到地心 232T 。电子 。电子 的距离为L,则下列说法正确的是( )。 233Pa 233TU 图1 拉格朗日点 地玲 月球 A.从2Th转化为3Th的核反应属于a 衰变 B.若提高反应温度，则23Th转化为3Pa 图2 的时间将会缩短 A.卫星的线速度小于月球的线速度 C.3Th的比结合能小于3Pa的比结 合能 B.卫星的向心力F=GMm+Gmm, L2 (L-R) D.3Pa转化为233U的核反应方程 C.卫星的发射速度大于11.2km/s 为2Pa十e→8U D.月球的向心加速度大于卫星的向心 2.春晚《秧BOT》节目中，一台机器人在 加速度 水平舞台上表演秧歌舞步，它的位置坐标随 4.在如图3所示的电路中，灯泡L1、L 时间的变化关系为x=2t一4t十3（各物理量 的电阻R=92,定值电阻R。=62,电压 的单位均用国际单位制表示)。下列说法正 ④l 确的是()。 A.机器人的初速度大小为4m/s,方向 2 R. 与正方向相同 B.机器人的加速度大小为4m/s2,方向 与正方向相同 图3 C.机器人在第2s末的速度为一4m/s 表、电流表均为理想电表，理想变压器的输入 D.机器人在前2s内的位移为3m 电压随时间t变化的关系图像如图4甲所 3.中国科学院“地月空间DR)探索研 示，原、副线圈的匝数比n1:n,=22:1,光敏 33 中学生数理化高中理化年6月 物理部分 仿真试题演练 电阻的阻值R随光照强度E变化的关系图 沿水平方向，母线AA'和BB′距OO很近且 像如图4乙所示，不考虑灯泡电阻随温度的 关于O0'对称。完全相同的1到10号小球 变化。当开关S、S:均闭合后，下列说法正 (可视为质点)锁定在母线AA'上，间距均为 确的是( )。 d。t=0时刻，由静止释放小球1，此后每隔 R/ πR tu/V 18 AN8 时间(g为重力加速度)依次由静止释 220./2 15 放所有小球。若忽略一切摩擦，则下列说法 0.02 t/s 0.0 0.03 正确的是( )。 -220./2 4 5 6 E/ed 3456 图4 A.理想变压器输入电压的变化周期为 0.01s 图6 B.随着光敏电阻处的光照强度逐渐增 大，电压表V、电流表A的示数均逐渐增大 A.t=πN√g 时刻，小球1回到出发点 C.当光敏电阻处的光照强度E=3cd B.小球1首次到达母线BB'时，小球5 时，电压表V的示数为10√2V 位于最低点 D.当光敏电阻处的光照强度E=3cd C.该“波”的“波长”为8d 时，理想变压器的输入功率约为13.33W 5.如图5所示，在倾角为0的斜面上放 D.该“波”的“波速”为8以/g πNR 两个由相同材料制成的光滑小球A和B,它 7.如图7所示，平行虚线A、B、C、D、E 们的半径分别是R和r,小球A左侧有一垂 是一匀强电场中的5条等间距的等势线，一 直于斜面的挡板P,两小球沿斜面排列并保 电于经过等势线A时的动能为20eV,从等 持静止，下列说法正确的是( )。 势线A处运动到等势线D处的过程中克服 B 静电力做的功为15eV,电于的运动轨迹如 图中实线所示。已知等势线B处的电势为 5V,电于经过等势线D时的速率为0，下列 说法正确的是( )o 图5 A.当斜面倾角B一定，R>x时，R与r 的比值越大，小球B对斜面的压力越小 B.当斜面倾角一定，R=r时，两小球 B D 之间的弹力最小 图7 C.当斜面倾角一定时，若两小球互换 A.等势线C处的电势为一5V 位置后仍能保持静止，则挡板所受压力可能 B.电于经过等势线D时的电势能为 发生变化 5eV D.当R>r,且两小球的半径一定时，随 C.电于经过等势线B时的速度大小为 着斜面倾角日逐渐增大，小球A受到挡板的 √5o 作用力先减小后增大 D,仅改变电于射入电场时的速度方向， 6.如图6所示的装置可以模拟波的形成 则电于可以经过等势线A运动到等势线E 过程。半径为R的圆柱面最低处的母线OO' 的右侧 34 贵种里分脑袜题清背中学生教理化 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6 C.表演者上升5m时获得最大速度 分，共18分。在每小题给出的四个选项中， D.表演者先做加速度逐渐增大的加速 有多项符合题目要求。全部选对的得6分， 运动，再做加速度逐渐减小的减速运动 选对但不全的得3分，有选错的得0分) t7(10'm.s) 8.如图8所示，一特制玻璃砖的截面由 等腰直角三角形ABC和以O为圆心、BC为 直径的半圆组成。一束宽度等于BO且平行 0.8 于AO的水平单色光射到AB面上，已知玻 璃的折射率为√2，半圆的半径为R,真空中的 光速为c,cos15°=0.966，不考虑半圆面的反 10 h/m 射光。下列说法正确的是( )。 图9 10.如图10所示，在空间直角坐标系中， Oy之平面左侧存在沿之轴正方向的匀强滋 场，右侧存在沿y轴正方向的匀强滋场，左、 右两侧磁场的磁感应强度大小相等，Oy之平 面右侧还有沿y轴负方向的匀强电场。现从 图8 3 空间坐标为（一 d,0,0)的M点发射一质 A.光从AB面入射时的折射角为30° 量为m,电荷量为十g的粒于，粒于的初速度 B.半圆面上有光射出的部分对应的圆心 大小为0，，方向沿Oxy平面且与x轴正方向 角为60° 间的夹角为60°，经过一段时间后，粒于垂直 C.光在玻璃砖中的最长传播时间为 于y轴进入Oy之平面右侧，已知在Oy之平面 2.7a8 右侧运动轨迹上粒于第一次离Oy之平面最 远的点恰好落在Ox之平面上，不计粒于自身 D.从距B点尽 R处人射的光从AB面 重力。下列说法正确的是( )。 折射进入玻璃砖后从圆弧BC上出射时不改 磁场 变传播方向 9.如图9甲所示是风洞示意图，风洞可 以人工产生可控制的气流，用以模拟飞行器 或物体周围气体的流动。在某次风洞飞行表 电场 演中，质量m=50kg的表演者静卧于出风 口，打开气流控制开关，表演者与风力作用的 图10 正对面积不变，所受风力大小F=0.0502(采 A磁感应强度大小为mu 2qd 用国际单位制)，其中。为风速。控制风速 Amv 可以改变表演者的上升高度h,其o2随h的 B.电场强度大小为 πqd 变化规律如图9乙所示。取重力加速度g= C.粒子第二次经过Oy之平面时的位置 10m/s2。在表演者上升10m的运动过程 中，下列说法正确的是()。 坐标为(0，- 3 2,2d) A.打开气流控制开关瞬间，表演者的加 D.粒于第二次经过Oy之平面时的速度 速度大小为2m/s B.表演者一直处于超重状态 大小为√4+元 35 中学生数理化高中理化 物理部分 仿真试题演练 2026年7一8月 三、非选择题（本题共5小题，共54分。 内阻约为3k2):电流表A(量程为0~ 请根据要求作答) 0.6A,内阻约为0.052)；微安表G(量程为 11.(6分)为了探究在橡皮条弹力作用 0~300μA,内阻为1002)：变阻箱R(阻值 下小车的运动规律，某同学设计了如图11甲 范围为0~99992)；滑动变阻器R。(阻值范 所示的实验，由静止释放小车，小车在处于伸 围为0~502)；开关一个，导线若千。 长状态的橡皮条的弹力作用下向左运动，打 同学们设计了如图13甲、乙、丙所示的 点计时器打下的一条纸带如图11乙所示，计 三种实验方案并进行了规范的实验操作。 时点0为打下的第一个点，该同学在测出计 时点2、3、4到计时点0的距离x1、x2、xa之 后，将纸带沿图示位置剪断，将每段纸带的下 计时器 丙 豫皮条 图13 (1)用图13甲所示方案：闭合开关S,电 压表测得的电压（选填“小于”“等于”或 “大于”)水果电池的电动势。 (2)用图13乙所示方案：闭合开关S,移 动滑动变阻器的滑片，电压表、电流表示数 (选填“有”或“无”)明显的偏转。 图11 (3)用图13丙所示方案：闭合开关S,调 端对齐，依次并排粘贴在平面直角坐标系中， 节变阻箱的阻值，记录下变阻箱和微安表示 连接各段纸带上端的中点画出平滑曲线如图 数如表1所示，利用计算机软件描绘出的 12所示。对该实验进行 1 研究可知： R图像如图14中实线甲所示，其拟合出 (1)在有模皮条弹力 的函数关系式为了 =2.00R+4126,则根据 作用的情况下，小车做加 速度的直线运动。 此函数关系式可计算出该水果电池的电动势 图12 A.不断减小 为 V,内阻为 2。 B.不断增大 表1 C.先增大后减小 变阻箱 100 500 900 1300170021002500 D.先减小后增大 阻值R/2 (2)设打点周期为T,则利用纸带测量数 据可估算小车的最大速度vx=_ 微安表 ,该估 220204172 148 132 119 110 读数I/μA 算值（选填“等于”“大于”或“小于”）小车 最大速度的实际值。 (4)某同学又将铜片和锌片平行插入同 12.(9分)某物理兴趣小组的同学将铜 一柠檬中的另一位置，用图13丙所示方案重 片和锌片平行插入柠檬中制作了一个水果电 复实验操作，发现得到的函数图像如图14中 池，经查阅资料了解到该水果电池的电动势 虚线乙所示，造成两次实验差异的主要原因 小于1V,内阻约为2k2,为了尽可能准确地 可能为 测量该水果电池的电动势和内阻，要求电表 A.柠檬不同区域酸碱度不同导致电池 读数要超过其量程的三分之一。实验室提供 的电动势升高 的器材规格如下：电压表V(量程为0~3V, B.铜片和锌片的间距不变但插入深度变 36 贵部墨部分仿真武题请臂中学生款理化 L/A 0.042的单匝正方形导体框abcd静止在斜 10000 面上的磁场区域内，ab边与磁场边界MN平 8000 行且到边界MN的距离为L。导体框先后两 6000 次在平行于斜面向上的拉力F的作用下，从 印 初始位置由静止开始沿斜面向上运动，导体 4000 框离开磁场时撤去拉力F,运动过程中导体 2000 框的ab边始终与边界MN平行。已知导体 1000 2000 3000R2 框与斜面之间的动摩擦因数“=0.75，取重 力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，先后两 图14 深导致水果电池的内阻减小 次拉动情况如下： 第一次：拉力F为恒力，导体框的ab边 C.铜片和锌片的插入深度不变但间距变 运动到磁场边界MN时，导体框恰好做匀速 大导致水果电池的内阻变大 运动。 13.(10分)某同学学过了气体实验定律 第二次：拉力F为变力，导体框的速度 相关物理知识后设计了一个测定水深的深度 与沿斜面向上的运动距离x满足正比关系， 计，如图15所示。导热性能良好的圆柱形气 其图像如图16乙所示。 缸I、Ⅱ的内径分别为D和2D,长度均为 L,内部分别有轻质薄活塞A、B,活塞密封性 1/(m.s) 良好且可无摩擦地左右滑动，气缸I左端开 口，外界大气压强为p。,气缸I内通过活塞 A封有压强为p。的气体，气缸Ⅱ内通过活塞 0.4x/m B封有压强为4p。的气体，两气缸通过一细 管相连，初始状态下，活塞A、B均位于所在 气缸最左端，将该装置放入水下后，通过活塞 图16 A向右移动的距离可测定水的深度。已知 (1)求第一次拉力F的大小。 p。相当于10m高的水柱产生的压强，不计 (2)求第二次拉力F的大小与导体框沿 水温随深度的变化，被封闭气体可视为理想 斜面向上的运动距离x满足的关系式。 气体。求： 15.(17分)如图17所示，倾角0=30°、 长为L的光滑斜面轨道AB与长为L的光 滑平面轨道BC通过很短的光滑圆弧轨道连 接，光滑半圆形轨首CD的半径为R,两滑块 P、Q分别置于斜面轨道顶端与平面轨道BC 中点处，滑块P的质量为m。将滑块P由静 止释放后，滑块P与Q发生完全弹性碰撞， 图15 二者分离后在同一时刻分别运动到B处与C (1)当活塞B刚要向右移动时，活塞A 处，且之后滑块Q从圆弧轨道上分离，恰好 向右移动的距离。 落在C处。 (2)该深度计能测量的最大水深hmx。 D 14.(12分)如图16甲所示，倾角0 R 37°、足够长的斜面固定在水平面上，斜面上 水平边界MN的下方有垂直于斜面向上的 ..0.0 B 匀强磁场，磁感应强度B=1T,初始时刻，一 质量m=0.2kg,边长L=0.2m,电阻R 图17 37 中学生数理化 物理部分 仿真试题演练 高中理化 2026年7一8月 (1)求滑块Q的质量M。 输入电压有效值恒定，故电压表V的示数由 (2)求平面轨道BC的长度L。 变压器原、副线圈的匝数比决定，即U2= (3)将两滑块交换位置，试判断两滑块与 ”U=220 22 V=10V,电压表V的示数为 轨道分离后分别落在何处。 n 得参考答案与提示 10V,保持不变，随着光敏电阻处的光照强度 逐渐增大，光敏电阻的阻值逐渐减小，副线圈 1.C提示：22Th转化为23Th需吸收一 电路的总电阻减小，电流增大，原线圈电路中 个中于，不属于放射性衰变，选项A错误。 的电流也增大，即电流表A的示数逐渐增 任何外部条件的改变都不能改变放射性元素 大，选项B、C错误。根据光敏电阻的R-E图 的半衰期，选项B错误。衰变过程放出能量， 像可知，当E=3cd时，R=6.0,副线圈电 生成的新核更稳定，原于核越稳定，比结合能 路的总电阻R点=7.52，副线圈电路消耗的 越大，所以28Th经过一次B衰变成为 3Pa,3Th的比结合能小于sPa的比结合 总功率Pa一R后 =13.33w,因为理想变压 能，选项C正确。23Pa转化为3U的核反应 器的输入功率等于副线圈电路消耗的总功 方程为Pa→U十-9e,选项D错误。 率，所以选项D正确。 2.B 提示：将关系式x=2t2一4t+3与 5,B提示：以小球B为研 匀变速直线运动的位移公式x=u,t十】。 究对象，它受到重力mBg、斜面 的支持力N和小球A的弹力 对比可得，初速度o。=一4m/s,加速度a= F作用，如图18所示，根据平 4m/s,初位置坐标x。=3m,选项A错误，B 衡条件可知，N与F的合力与 mag 正确。根据匀变速直线运动的速度公式= 重力mBg大小相等、方向相反。 图18 o。+at得关系式v=-一4十4t,因此当t=2s 当斜面倾角0一定，R>r时，R与的比值 时，速度v=4m/s,选项C错误。根据关系 越大，弹力F与竖直方向间的夹角越大，斜 式x=2t一4t+3可得，第2s末的位置坐标 面对小球B的支持力N越大，根据牛顿第三 xg=3m,因为初位置坐标x。=3m,所以前 定律得知，小球B对斜面的压力越大，选项 2s内的位移为0，选项D错误。 A错误。当斜面倾角日一定时，根据几何知 3.B提示：根据0=2π”=ur可知，卫 识可知，当N与F垂直时，F取最小值，即两 星与月球的周期相等，角速度相等，卫星的轨 小球间的弹力最小，此时R=r,选项B正确。 道半径较大，则线速度较大，选项A错误。 选由A、B两小球组成的整体为研究对象，挡 根据万有引力提供向心力可得，卫星的向心 板受到的压力N板=N=(mA十mg)gsin0, 当斜面倾角日一定时，无论两小球的位置如 力F三GMm。士GR)·选项B正确 何变化，挡板受到的压力保持不变，选项C错 卫星的发射速度应小于11.2km/s(第二宇 误。将A、B两小球视为一个整体，挡板受到 宙速度)，若卫星的发射速度大于11.2km/s, 的压力N板=(mA十mB)gsin日，则随着斜面 则会脱离地球引力束缚，不会绕地球运动，选 倾角0逐渐增大，挡板受到的压力逐渐增大， 项C错误。根据a=wr可知，卫星与月球 根据牛顿第三定律可知，小球A受到挡板的 的角速度相同，卫星的轨道半径较大，则向心 作用力逐渐增大，选项D错误。 加速度较大，选项D错误。 6.C提示：小球在圆柱面上的运动可等 4.D提示：根据理想变压器的u-t图像 效为单摆运动，圆柱面的半径R相当于摆 可知，理想变压器输入电压的变化周期为 长，因此该单摆运动的周期公式为T= 0.02s,选项A错误。电压表V的示数是变 R 压器副线圈两端电压的有效值，因变压器的 。t=0时刻，将小球1由静止释放， 38 贵部墨部分仿真武题请臂中学生款理化 R-工 AB面入射时的入射角为45°，根据折射定律 因为1=π√g ,所以1=√ 区时刻，小 得1=n45°=2，解得折射角，=30°，选项 球1到达与出发点对称的母线BB',并非回 sin r 到出发点，选项A错误。因为小球1首次到 A正确。光从半圆面射出发生全反射的临界 达母线BB'所用的时间t=元√g ,相邻两个 角满足nC,=}=竖，解得临界角C, 小球释放的时间间隔为工尽 45°。光路图如图19甲所示，根据几何关系 ,所以小球5 可知，光从AB面入射时，在玻璃砖中的折射 比小球1晚释放的时间△：=4×无，尺 光线与水平方向间的夹角为15°，光在E、F AN8 点刚好发生全反射，则半圆面上有光射出的 区时 √，即小球5释放的时刻为√3 部分为圆弧EDF,且圆弧EDF所对的圆心 角为60°，选项B正确。光在玻璃砖中的传播 刻，所以小球1首次到达母线BB'时，小球5 速度o= =合，观察光路图可知，光从A点 刚好被释放，并非位于最低点，选项B错误。 n√2 “波长”是指相邻两个同相位质点间的距离， 入射从F点出射时在玻璃砖中的传播距离 因为相邻两个小球样放的时同间隔为云√ R 最大，根据几何关系可得，最大传播距离smx= 2Rcos15°，因此光在玻璃砖中的最长传播时 一智，所以相邻两个运动状春相同的小球的 间t==22Rc0s15”=2.73尽，选项 间距为8d,即该“波”的“波长”为8d,选项C C正确。若折射光从圆弧BC上出射时不改 正确。根据波速公式口=产可得，该“波”的 变传播方向，则折射光必经过圆心O,光路图 如图19乙所示。假设光从AB面上的G点 “波速”u= 8d Ad g 区元VR,选项D错误。 折射进入玻璃砖后，折射光经过圆心O,则从 圆弧BC出射时不改变传播方向，设G点到 7.C 提示：电于从等势线A处运动到 B点的距离为x,在△BOG中，根据正弦定理 等势线D处静电力做功为一15eV,说明电 R 得sin(45+15”=sin(90°-15，解得x= 于每经过相邻的两条等势线动能均减少 5eV,即相邻两条等势线间的电势差为5V, Rsin75°、V3 sin60° R,选项D错误。 所以等势线C处的电势为0，等势线D处的 B 15 B 电势为一5V,电于经过等势线D时的电势 能为5V,选项A、B错误。因为电于经过等 45 30° G4s°H 势线A时的动能为20eV,所以电于经过等 D 15 30 势线B时的动能为15eV,经过等势线D时 的动能为5eV,所以电于经过等势线B时的 速度大小为√3。，选项C正确。若电于的初 速度水平向右，则电于在等势线E处的动能 为零，也就是恰好能运动到等势线E处；若 图19 电于的初速度偏离水平向右方向，则电于将 9.AC提示：打开气流控制开关瞬间， 无法到达等势线E处。因此不管如何改变 表演者的高度为0，则o6=1.2×10m2·s2, 电于的入射方向，电于都不可能运动到等势 根据牛顿第二定律得0.05o一mg=mao,解 线E的右侧，选项D错误。 得a。=2m/s,选项A正确。根据v-h图像 8.ABC提示：根据几何关系可知，光从 可知，当风力与表演者的重力大小相等时有 39 中学生数理化高中理化年6月 物理部分 仿真试题演练 0.050=mg,解得0=1.0×10m2·s2。 提示：(1)根据牛顿第二定律可知，当橡 根据o-h图像得v2=1,2×10m2·s2 皮条弹力大于摩擦力时，随着橡皮条形变量 400h,所以当表演者的重力与风力大小相等 的减小，加速度在减小，当橡皮条弹力小于摩 时，表演者的高度h1=5m。因此，在高度小 擦力时，随着橡皮条形变量的减小，加速度在 于5m时，风力大于重力，加速度方向向上， 反向增大，所以小车做加速度先减小后增大 表演者处于超重状态：在高度大于5m时，风 的直线运动。(2)观察题图可知，最大速度出 力小于重力，加速度方向向下，表演者处于失 现在计时点2与3之间，根据运动学公式得 重状态，选项B错误。结合上述分析可知，表 最大速度0=：，因为速度在加速度 演者先向上做加速度逐渐减小的加速运动， 当表演者上升5m时，加速度为0，速度达到 为零时达最大，所以该估算值小于小车最大 最大，再向上做加速度逐渐增大的减速运动， 速度的实际值。 选项C正确，D错误。 12.(1)小于(1分)(2)无(2分) 10.BC提示：带电粒于在Oyx平面左 (3)0.5(2分)1963(2分)(4)C(2 侧做匀速圆周运动，根据几何关系得r=d, 分) 提示：(1)闭合开关S,电压表测得的电 根据洛伦兹力提供向心力得g,B=m,解 压为路端电压，小于电源的电动势。(2)滑动 得B=阳选项A错误。粒于第一次经过 变阻器的最大阻值为502，而水果电池的内 阻约为2k,滑动变阻器起不到调节作用， y轴时，到0点的距离为号，在O平面右 因此闭合开关$，移动滑动变阻器的滑片，电 压表、电流表的示数没有明显偏转。(3)根据 侧，粒于沿y轴方向做匀加速直线运动，在 闭合电路欧姆定律得E=I(r十R。十R),变 Ox之平面上做匀速圆周运动。当粒于第一次 距Oyx平面最远时，粒于做匀速圆周运动经 形得-R+,则日-2.00， E 过了四分之一周期，即=子×一装在 =4126,解得E=0.5V,r=19632。(4)根 41 y轴方向上，在相同时间内产生的位移y= 据R图像可知，虚线与实线的斜率相同， 5,又有y=号，解得E= 2 m d,进项B 纵截距偏大，因此电源的电动势不变，而内阻 变大，其原因可能为铜片和锌片的插入深度 正确。粒于从第一次经过y轴到第二次经过 不变但间距变大导致水果电池的内阻变大。 y轴，做匀速圆周运动经过了半个周期，所以 13.(1)当活塞B刚要向右移动时，气缸 粒于在y轴负半轴上产生的位移为以，在： I中封闭气体的压强为4p。,设活塞A向右 移动的距离为x,对气缸I内封闭气体应用 轴方向上产生的位移为2d,所以粒于第二次 玻意耳定律得pSL=4pS(L-x)(2 经过0y平面时的位置坐标为(0，二3， 分)，其中s=x(份)，解得x=是L(2 2d),选项C正确。粒于第二次经过Oyx平 分)。(2)该装置放入水下后，因水的压力而 面时，沿x轴负方向的速度大小为。，沿y 使活塞A向右移动，气缸I内封闭气体的压 轴负方向的速度大小”，-E×21=4。 0,合 强逐渐增大，当压强增大到大于4p。后，活塞 B开始向右移动，当活塞A恰好移动到气缸 速度大小)= √π+16 π 0,选项D错误。 I最右端时，所测深度最大，此时原气缸I内 的封闭气体全部进入气缸Ⅱ内，设活塞B向 11.(1)D(2分)(2)2(2分) T 右移动的距离为y,两部分气体的压强均为 小于(2分) p2。对原气缸I内的封闭气体应用玻意耳定 40 贵部墨部分仿真武题请臂中学生款理化 律得pSL=p:·4Sy(2分)，对原气缸Ⅱ内 AB下滑到底瑞的过程中，根据动能定理得 的封闭气体应用玻意耳定律得4p。·4SL= 1 p:·4S(L一y)(2分)，此时对活塞A有 2mu=mgL sin6(1分)，解得u=VgL。 p:=p。十ogh max(1分)，又有p。=Pg· 碰撞后滑块Q进入圆弧轨道，在某处与轨道 10m,解得hmx=32.5m(1分)。 分离，做斜抛运动落到C点。设分离点和圆 14.(1)当导体框全部在磁场中时，安培 心连线与水平方向间的夹角为《，分离时滑 力为零，导体框做匀加速直线运动。设导体 块Q的速度为v3,则在分离点有Mg sin a= 框的加速度为a。,导体框的ab边运动到磁场 (1分)。根据机械能守恒定律和斜抛 边界MN时的速度为o,则F一ng sin0一 ng cos0=ma。,o=2aL(1分)，导体框 运动规律得号MU=?Mu+MgR(1十 2 穿出磁场时回路中将产生感应电流，导体框 sin a),Rcos a=vsin a.t,-R(1+sin a)= 受到安培力的作用，导体框恰好做匀速运动， 1 1 所受合力为零，则E=BL。(1分)，1=E uosa·t-2gt(3分)，解得sina=2, 7 (1分)，F安=BIL(1分)，F=ng sin6+ 则a=30°，0=2gR,0i=2gR,又有0：= umg cos0+F安(1分)，解得v=2m/s, =,解得上=14R1分).(3若 1 F=4.4N(1分)。(2)根据题意易知o 将两滑块的位置互换，则滑块Q与P碰撞前 x,其中友=.5(。)，则是=会 =k= 的速度依然为。=√gL,在滑块Q与P碰 kx,即a。'=kx(1分)。因此导体框全部 撞的过程中，根据动量守恒定律和机械能守 在磁场中运动时有F一ng sin0一ngcos0= ma。',将各值代入整理得F=2.4+11.25.x(N), 恒定律得Mo。=Mo,十mu,2Mo 0≤x<0.2m(2分)。当导体框的ab边出 子Mui+2mo(2分)，解得a,= 1 20。, 磁场后，导体框还受到沿斜面向下的安培力 3 作用，则F一ngsin日一mgcos日一F安= =之6。因此，碰撞后滑块Q的速度与两 ma,Fg=B巴-B二，将各值代入整 物块交换位置前滑块P的碰后速度相同，滑 R R 块Q将在圆弧轨道上的同一点脱离，最后落 理得F=2.4+18.75x(N),0.2m≤x 0.4m(2分)。因此，当0≤x<0,2m时， 在C点。因为碰撞后滑块p的速度，= 20 F=2.4+11.25x(N);当0.2m≤x<0.4m 3 时，F=2.4+18.75.x(N)(1分)。 gL=3 √4gR(1分)，设其能通过 15.(1)设滑块P沿斜面轨道AB下滑到 园弧轨道的最高点，则 2 mv= 1 2nv+ 底端时的速度大小为。，滑块P与Q碰撞后 在同一时刻分别运动到B、C两点时的速度 2mgR(1分)，解得06= 55 √2gR>gR 大小为。1、，，滑块P与Q的碰撞过程为完 (1分)，所以滑块P必能通过圆弧轨道的最 全弹性碰撞，动量和机械能均守恒，则mo。= 高点，然后做平抛运动落到C点左侧。根据 mu +Me:,2mm 1 2mu+ 2Mu (2 平地运动规律得x=0,,2R=名：” (1 分)。滑块P与Q碰撞后在同一时刻分别到 分)，解得x=W√110R<L=14R(1分)，说 达B、C两点，说明二者的碰后速度大小相 1 明滑块P的落地点在平面轨道上距C点 等，即0，=0：(1分)，解得01=0：=之0， 110R处。 M=3m(1分)。(2)在滑块P沿斜面轨道 (责任编辑张巧) 41