第二章 周末练4 章末检测试卷(第一、二章)（配套课件PPT）-【步步高】2025-2026学年高一物理必修第一册学习笔记（人教版 提高A版）

这是一份高中物理周测资料，为第一章和第二章的章末检测试卷，包含15道题目及详细解析。内容覆盖运动学基本概念、匀变速直线运动规律、实验探究（如滴水计时器、纸带分析）和实际应用问题（如卫星发射、猎豹追羚羊），为学生提供系统的知识巩固支架。 资料特色鲜明，注重核心素养培养。通过“胶囊高铁”“闯关游戏关卡”等情境题强化物理观念，利用逐差法、运动学公式推导提升科学思维，实验题设计培养科学探究能力，实际应用题渗透科学态度与责任。适合高一学生巩固基础、培养分析能力，帮助教师精准把握学情，提升教学效率。

章末检测试卷 (第一、二章) 周末练4 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 B C B D C B A CD 题号 9 10 11 12 答案 BD BD (1)从右向左　(2)0.19　 0.037 (1)AB　(2)　(3)1.5　(4)小于 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 题号 13 14 答案 8 600 m/s 31 m 题号 15 答案 (1)3 s　60 m　(2)142.5 m　(3)200 m 一、单项选择题 1.(2024·揭阳市高一期末)“胶囊高铁”利用磁悬浮技术将列车“漂浮”在真空管道中，由于没有摩擦，其运行速度最高可达到5 000 km/h。工程人员对“胶囊高铁”在A城到B城的一个路段进行了测试，行驶了120千米，用时6分钟。以下说法正确的是 A.5 000 km/h是平均速度 B.120千米是路程 C.6分钟是时刻 D.该段测试的平均速度一定是1 200 km/h √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 运行速度最高5 000 km/h是瞬时速度，故A错误； 120千米是车行驶的实际距离，为路程，故B正确； 6分钟是时间，故C错误； 由于测试路段的位移未知，故无法求出该段测试的平均速度，故D错误。 13 14 15 2.(2025·无锡市高一期中)下列关于加速度说法中正确的是 A.速度大，加速度一定大 B.速度正在变大，则加速度也一定在变大 C.加速度的方向与速度变化量的方向相同 D.速度变化得越快，则加速度也变化得越快 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 加速度是表述速度变化快慢的物理量，根据加速度的定义式a=可知，加速度的方向与速度变化量的方向相同，但加速度与速度没有直接关系，速度大，加速度不一定大；速度正在变大，说明加速度方向与速度方向相同，但加速度不一定在变大，故A、B错误，C正确； 速度变化得越快，说明加速度越大，但加速度不一定变化，故D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 3.(2024·南京市高二期末)如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔10 m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，处于放行状态和关闭状态的时间分别为5 s和3 s。关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度2 m/s2由静止加速到速度为4 m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是 A.关卡2 B.关卡3 C.关卡4 D.关卡5 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 设在放行5 s内，加速时间为t1，t1时间内运动的位移为s1，则t1== s=2 s，s1=t1=4 m，在以后的3 s时间内为匀速运动，其路程为s2=4×3=12 m，则5 s内运动位移为s=s1+s2=4+12=16 m，则在5 s末时刻还差4 m到关卡3，还需运动t2= s=1 s，到达关卡3，此时遇到关闭状态的关卡3，关卡3最先挡住他。故选B。 13 14 15 4.(2024·山西省高一期中)“广州号”驱逐舰是中国自行研制建造的052B型驱逐舰首舰。在某军事演习中，“广州号”由静止开始沿直线匀加速行驶一段距离后，又沿同一方向以另一不同的加速度匀加速行驶一段距离，若“广州号”在第一、二次加速过程中行驶的距离之比为1∶4，第一、二次加速过程刚结束时的速度大小之比为1∶2，则它在第一、二次加速过程中的加速度大小之比为 A.2∶3 B.3∶2 C.3∶4 D.4∶3 √ 根据v2-0=2a1x1，(2v)2-v2=2a2x2，其中==。故选D。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 5.(2024·威海市高一期末)神舟飞船返回地面时，在距离地面1 m处启动着陆反推发动机，使飞船匀减速竖直下落，接触地面时的速度几乎为零。将最后1 m长的距离分成相等的两段，下列说法正确的是 A.飞船依次通过两段相等距离的平均速度之比为1∶3 B.飞船依次通过两段相等距离的平均速度之比为∶1 C.飞船依次通过两段相等距离的速度变化量之比为(-1)∶1 D.飞船依次通过两段相等距离的速度变化量之比为∶1 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 在初速度为零的匀变速直线运动中，连续相等位移的时间比为t1∶t2∶t3∶…=1∶(-1)∶(-)∶… 神舟飞船返回地面的过程可以看作是反方向的初速度为零的匀加速直线运动，设最后1 m长中第一段0.5 m位移所用时间为t2，第二段0.5 m位 移所用时间为t1，故飞船依次通过这两段的平均速度之比为== 飞船依次通过这两段的速度变化量之比为==，故选C。 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 6.(2024·菏泽市高一期末)一个小钢球仅在重力作用下由静止开始自由下落，落地时的速度为30 m/s，g取10 m/s2，忽略空气阻力。下列说法正确的是 A.它下落的高度为30 m B.它在第2 s内的平均速度是15 m/s C.它在前2 s内的平均速度是5 m/s D.它在最后1 s内下落的高度是20 m √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 小钢球下落的高度为h== m=45 m，故A错误； 小钢球从静止开始下落到落地所用的时间为t3== s=3 s 由初速度为零的匀加速直线运动相同时间间隔的位移之比为1∶3∶5可知小钢球在第2 s内的位移为x1=15 m 小钢球在第2 s内的平均速度为=15 m/s，故B正确； 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 小钢球在前2 s内的位移为x2=20 m 小钢球在前2 s内的平均速度为 = m/s=10 m/s，故C错误； 小钢球在最后1 s内下落的高度为x3=25 m，故D错误。 13 14 15 7.(2025·广州市高一期中)在教材习题中，我们阅读过如下材料；中国科学院力学研究所于2003年建成了微重力落塔，如图所示，它是我国自行研制的地基微重力实验设施，是继德国布莱梅落塔之后世界上第二座超百米落塔。为了便于理解，我们对操作过程如下简化，电磁弹射系统将实验舱竖直加速到预定速度后撤去作用，实验舱在竖直上抛和自由下落阶段为舱内科学家提供微 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 重力环境。据报道该装置目前达到了上抛阶段约2 s和下落阶段约2 s的4 s微重力时间。若某次电磁弹射阶段可以视为初速度为0、加速度大小为5g的匀加速直线运动，重力加速度g取10 m/s2，下列说法正确的是 A.实验舱开始竖直上抛的速度约为20 m/s B.电磁弹射阶段，实验舱上升的距离 约为20 m C.实验舱竖直上抛阶段的运行长度约 为100 m D.电磁弹射阶段用时约为2 s 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 √ 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 由题意可知实验舱上抛阶段时间约为2 s，可知实验舱开始上抛的速度约为v=gt上=20 m/s，电磁弹射阶段有v=5gt，解得电磁弹射阶段用时t= 0.4 s，故A正确，D错误； 电磁弹射阶段，实验舱上升的距离约为h=×5gt2=×5×10×0.42 m=4 m，故B错误； 实验舱竖直上抛阶段的运行长度约为h1=t上=×2 m=20 m，故C错误。 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 二、多项选择题 8.(2024·德阳市高一期末)为检测某新能源动力车的刹车性能，现在平直公路上做刹车实验，某动力车在刹车过程中位移和时间的比值与t之间的关系图像如图所示。下列说法正确的是 A.动力车的初速度为20 m/s B.刹车过程中加速度大小为2.5 m/s2 C.刹车过程持续的时间为6 s D.从开始刹车时计时，经过8 s，该车的位移大小为90 m √ √ 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 根据题意，由运动学公式有x=v0t+at2 整理可得=v0+at 结合题图可得v0=30 m/s，a= m/s2 解得a=-5 m/s2 故A、B错误； 刹车过程持续的时间为t==6 s，故C正确； 由C项分析可知，动力车在6 s时已停止，故从开始刹车时计时，经过 8 s该车的位移大小为x=t=90 m，故D正确。 13 14 15 9.甲和乙同时从某位置出发做直线运动，如图所示。取向右为正方向。关于两物体运动的描述，下列说法正确的是 A.对乙，0~2 s内的位移与2~4 s内的位移相同 B.乙在6 s末回到出发点 C.5 s末甲、乙相距最远 D.6 s末甲、乙相距最远 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 √ 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 根据v-t图像与时间轴围成的面积表示位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，对乙，0~2 s内的位移与2~4 s内的位移大小相等、方向相反，位移不同，故A错误； 0~6 s内，乙通过的位移为0，则乙在6 s末回到出发点，故B正确； t=0时刻甲、乙从同一位置出发同向运动，0~2 s内，甲的速度比乙的大，甲在乙的前方，两者间距逐渐增大；2~5 s内，甲仍沿原方向运动，乙反向运动，两者间距逐渐增大；5~6 s内，甲、乙同向运动，甲在乙的前方，甲的速度比乙的大，两者间距逐渐增大，6 s末，甲、乙相距最远，故C错误，D正确。 13 14 15 10.(2024·湖南岳阳县第一中学高一期末)如图所示，乙球静止于地面上，甲球位于乙球正上方h处，现从地面上竖直上抛乙球，初速度v0=10 m/s，同时让甲球自由下落，不计空气阻力。(重力加速度g取10 m/s2，甲、乙两球可看作质点)下列说法正确的是 A.无论h为何值，甲、乙两球一定能在空中相遇 B.当h=10 m时，乙球恰好在最高点与甲球相遇 C.当h=15 m时，乙球不能在下降过程中与甲球相遇 D.当h<10 m时，乙球能在上升过程中与甲球相遇 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 √ 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 设两球在空中相遇，所需时间为t，根据运动学公式可得gt2+v0t-gt2=h，可得t=，而乙球的落地时间t1=，两球在空中相遇的条件是t<t1，整 理得h<20 m，故A错误； 若两球恰好在乙球最高点相遇，满足的条件是t=t1，代入数据整理得h=10 m，故B正确； 由于10 m<h=15 m<20 m，可得乙球能在下降过程中与甲球相遇，故C错误； 当h<10 m时，乙球还没有上升到最高点就与甲球相遇，故D正确。 13 14 15 三、非选择题 11.某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如图甲所示。实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车。在小车运动过程中，滴水计时器等 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 时间间隔地滴下小水滴，图乙记录了桌面上连续5个水滴的位置。(已知滴水计时器每30 s滴下46个小水滴) (1)由图乙可知，小车在桌面上是 　　 　　(填“从右向左”或“从左向右”)运动的。 从右向左 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 小车在阻力的作用下，做减速运动，由题图乙知，从右向左相邻水滴间的距离逐渐减小，即速度减小，所以小车在桌面上是从右向左运动的。 13 14 15 (2)该小组同学根据图乙的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图乙中A点位置时的速度大小为　　 m/s，加速度大小为　　 m/s2(结果均保留两位有效数字)。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 0.19 0.037 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 已知滴水计时器每30 s滴下46个小水滴，所以相邻两水滴间的时间间隔为T= s= s，所以小车运动到A点位置的速度为vA== m/s ≈0.19 m/s。根据逐差法可得加速度a=≈-0.037 m/s2。 13 14 15 12.某同学利用图甲所示装置研究小车的匀变速直线运动规律，通过实验得到一条图乙所示的纸带，并在纸带上取了A、B、C、D、E、F、G七个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没画出，D、E、G到A点的距离分别为x1、x2和x3，打点计时器所用电源的频率为f。请回答下列问题： (1)实验中，下列措施必要的是　　。 A.细线必须与长木板平行 B.先接通电源再释放小车 C.保证小车的质量远大于钩码的质量 D.抬高长木板不带定滑轮的一端，平衡 小车与长木板间的摩擦力 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 AB 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 为了让小车做匀加速直线运动，应使小车受力恒定，故应将细线与木板保持水平；同时为了打点稳定，应先接通电源再释放小车，A、B正确； 本实验中只是研究匀变速直线运动，故不需要让小车的质量远大于钩码的质量，不需要平衡摩擦力，只要能让小车做匀加速运动即可，只要摩擦力恒定即可，C、D错误。 (2)计算F点速度大小的表达式为v=________ (用题中字母表示)。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 　 相邻两个计数点间时间间隔T=5·= 计算F点速度大小的表达式为 vF== (3)若测得x3=61.50 cm，x1=24.00 cm，则纸带运动的加速度a=　　 m/s2(已知f=50 Hz)。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 1.5 由逐差法，纸带运动的加速度a== m/s2=1.5 m/s2 (4)若实验时交流电的频率大于50 Hz，则加速度的测量值　　　(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 小于 若实验时交流电的频率大于50 Hz，实际打点周期小于0.02 s，运算时周期等于0.02 s，故加速度的测量值小于真实值。 13.发射卫星一般应用多级火箭，第一级火箭点火后，使静止的卫星向上做匀加速直线运动的加速度为50 m/s2，燃烧30 s后第一级脱离；第二级火箭没有马上点火，所以卫星向上做加速度大小为10 m/s2的匀减速直线运动，10 s后第二级火箭启动，卫星向上做匀加速直线运动的加速度为80 m/s2，这样再经过1分半的时间第二级火箭脱离时，卫星的速度多大？ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 答案　8 600 m/s 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 卫星的运动可以分为三个匀变速直线运动过程：第一级火箭脱离时卫星的速度为 v1=a1t1=50×30 m/s=1 500 m/s 匀减速上升10 s后的速度为 v2=v1-a2t2=(1 500-10×10) m/s=1 400 m/s 第二级火箭脱离时卫星的速度为 v3=v2+a3t3=(1 400+80×90) m/s=8 600 m/s。 12 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 14.在高速公路上，一辆大货车以20 m/s的速度违规行驶在快速道上，另有一辆SUV小客车以32 m/s的速度随其后并逐渐接近。大货车的制动性能较差，刹车时的加速度保持在4 m/s2，而SUV小客车刹车时能使汽车的 答案　31 m 加速度保持在8 m/s2。若前方大货车突然紧急刹车，SUV小客车司机的反应时间是0.5 s，为了避免发生追尾事故，大货车和小客车之间至少应保留多大的距离？ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 在反应时间里小客车做匀速运动的距离 x1=v1t0=32×0.5 m=16 m 若小客车恰好与大货车发生追尾事故，则速度相等是恰好避免追尾的临界条件；速度相等时 v1-a1(t-0.5)=v2-a2t 小客车刹车时的加速度大小a1=8 m/s2， 大货车刹车时的加速度大小a2=4 m/s2， 代入数据得t=4 s 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 设大货车与小客车之间的距离至少为s，则 s+v2t-a2t2=x1+v1(t-0.5)-a1(t-0.5)2 代入数据得s=31 m。 15.(2024·惠州市高一期中)猎豹是一种广泛生活在非洲大草原上的大型猫科肉食性动物，捕猎时能达到最大速度30 m/s。在一次捕猎过程中，猎豹发现它的正前方200 m的地方有一只羚羊，开始以加速度a1为7.5 m/s2加速至最大时速追击羚羊，羚羊在猎豹起跑3 s后察觉后方有天敌追击自己，就以加速度a2为5 m/s2加速至最大速度25 m/s向正前方逃跑。现为了简便处理不考虑现实中猎豹和羚羊存在的转弯动作，两者均可看作质点且只做直线运动。 (1)求猎豹在其加速过程中所用的时间和通过的位移大小； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 答案　3 s　60 m 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 猎豹达到最大速度所需要的时间为 t1== s=4 s 根据匀变速直线运动位移时间公式可得 x11=a1=×7.5×42 m=60 m 12 13 14 15 (2)求猎豹开始追击羚羊捕猎后第4 s末，猎豹与羚羊之间的距离； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 答案　142.5 m 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 猎豹前4 s内走过的位移为60 m，羚羊有t0=3 s的反应时间，羚羊加速至速度最大所需时间为 t2== s=5 s 可知羚羊在前4 s内位移为 x21=a2=×5×12 m=2.5 m 初始时羚羊在猎豹前方200 m，可知第4 s末猎豹与羚羊之间的距离为 x=x0-(x11-x21)=200 m-57.5 m=142.5 m 12 13 14 15 (3)若猎豹以最大速度追捕猎物的生理极限时间为20 s，后筋疲力尽以5 m/s2做减速运动，羚羊一直按照最高速度逃跑，根据所学知识计算分析本次猎豹为了捕猎成功，初始时与羚羊的距离不得超过多少。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 答案　200 m 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 按题意分析，猎豹只有在极限时间后，以最高时速为初速度做减速运动，最终与羚羊的最大时速相同，才能取到极大值(最大距离)。故先分析在猎豹极限时间内与羚羊的位移，猎豹极限时间为t=24 s，猎豹在前24 s的位移为 x14=x11+v1m(t-t1)=60 m+30×20 m=660 m 羚羊在前24 s的位移为 x23=+v2m(t-t2-t0)=62.5 m+25×16 m=462.5 m 12 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 再计算分析猎豹做减速运动时的情况。从猎豹开始减速到与羚羊同速度时需要的时间为t1'== s=1 s 根据-=2a3x15 解得猎豹的位移为x15=27.5 m 羚羊的位移为x23=v2mt1'=25 m 则此时猎豹与羚羊之间的距离 (660 m+27.5 m)-(462.5 m+25 m)=200 m 则猎豹为了捕猎成功，初始时与羚羊的距离不得超过200 m。 12 13 14 15 本课结束 $