精品解析：湖北省十堰市华中师范大学附属中学2025-2026学年高二上学期期中联考物理试题

华中师范大学附属中学2025-2026学年高二年级期中联考 物理试题 时限：75分钟 分值：100分 一.选择题（本题共11小题，每小题4分，共44分，在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-11题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 1. 如果质点的位移与时间关系遵从正弦函数规律，这样的运动叫做简谐运动。根据图中各图象可以判断出物体可能做简谐运动的是（　　） A. ①② B. ③④ C. ①③ D. ②④ 2. 下列关于机械波的说法中，正确的是（ ） A. 发生干涉现象时，介质中振动加强点振动的振幅最大，减弱点振幅可能为零 B. 产生多普勒效应的原因是波源频率发生变化 C. 波发生反射和折射时，频率、波长、波速均不变 D. 波的衍射现象必须具备一定的条件，否则不可能发生衍射现象 3. 下面列举的装置各有其一定的道理，其中不能用动量定理进行解释的是 A. 运输玻璃器皿等易碎品时，在器皿的四周总是垫着碎纸或海绵等柔软、有弹性的垫衬物 B. 建筑工人戴的安全帽内有帆布垫，把头和帽子的外壳隔开一定的空间 C. 热水瓶胆做成双层，且把两层中间的空气抽去 D. 跳高运动中的垫子总是十分松软的 4. 关于简谐运动的回复力的说法错误的是（ ） A. 单摆的回复力就是小球所受的合外力 B. 单摆的回复力是重力在运动方向的分力 C. 放在光滑水平面上的弹簧振子回复力由弹簧弹力提供 D. 弹簧振子经过平衡位置时回复力为零 5. 如图所示，S1、S2 是两个相干波源，它们的相位及振幅均相同．实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发出的波 的波峰和波谷，关于图中所标的 a、b、c 三点，下列说法中正确的是（　　） A. a 质点振动减弱，b、c 质点振动加强 B. a 质点振动加强，b、c 质点振动减弱 C. 再过 后的时刻，b、c 两质点都将处于各自的平衡位置，振动将减弱 D. a 点一直在平衡位置，b 点一直在波峰，c 点一直在波谷 6. 一个质量为0.18 kg的垒球，以25 m/s的水平速度飞向球棒，被球棒击打后，反向水平飞回，速度的大小为45m/s。若球棒与垒球的作用时间为0.002s，球棒对垒球的平均作用力的大小和方向（ ） A. 1800 N 与初速度方向相同 B. 1800 N 与初速度方向相反 C. 6300 N 与初速度方向相同 D. 6300 N 与初速度方向相反 7. 如图所示，质量为M的滑块静止在光滑的水平地面上，滑块的光滑弧面底部与地面相切，一个质量为m的小球以速度v0向滑块滚来，小球不能越过滑块，则小球到达最高点时，小球和滑块的速度大小是（　　） A. B. C. D. 8. 关于机械振动，下列说法正确的是（ ） A. 阻尼振动振幅、振动能量、振动周期都逐渐减小 B. 受迫振动的频率与振动系统的固有频率无关 C. 驱动力的频率越大，受迫振动物体的振幅越大 D. 利用共振时，应使驱动力的频率接近或等于振动物体的固有频率，防止共振危害时，应使驱动力的频率远离振动物体的固有频率 9. 如图所示，图甲为以O点为平衡位置，在A、B两点间做简谐运动的弹簧振子，图乙为该弹簧振子的振动图像，由图可知下列说法中正确的是（ ） A. 弹簧振子受重力、支持力、弹簧的弹力、回复力 B. t=0.1 s时，弹簧振子的位移为2.5 cm C. 从t=0到t=0.2 s的时间内，弹簧振子的动能持续地减小 D. 在t=0.2 s与t=0.6 s两个时刻，弹簧振子的回复力不相同 10. 一列沿着x轴负方向传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如图甲所示，图甲中某质点的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是（ ） A. 图乙表示质点L的振动图像 B. 该波的波速为0.5 m/s C. t=8 s时质点M的位移为0 D. 在0～4 s内K质点所经过的路程为3.2 m 11. 一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t时刻的波形图像如图所示，已知该波的周期为T，a、b、c、d为沿波传播方向上的四个质点。则下列说法中正确的是（　　） A. 在t＋时，质点c的速度达到最大值 B. 在t＋2T时，质点d的加速度达到最大值 C. 从t到t＋2T的时间间隔内，质点d通过的路程为4 cm D. t时刻后，质点b比质点a先回到平衡位置 二、实验题（每空2分，共16分，把答案填写在答题卡对应位置上） 12. 如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。 （1）实验必须满足的条件是_________（填选项的符号）。 A. 斜槽轨道必须是光滑的 B. 斜槽轨道末端的切线是水平的 C. 入射小球每次都要从同一高度由静止滚下 D. 若入射小球的质量为，被碰小球的质量为，则 （2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让小球1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程，然后把小球2静置于轨道的末端，再将小球1从斜轨上S位置由静止释放，与小球2发生碰撞，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是_________（填选项的符号）。 A. 用天平测量两个小球的质量、 B. 测量小球1开始释放的高度h C. 测量抛出点距地面的高度H D. 分别找到小球1、小球2相碰后平均落点的位置M、N E. 测量平抛射程、 （3）若两球碰撞前后的动量守恒，则满足的表达式为________________（用（2）中测量的量表示）。 13. 在用图中装置测量重力加速度的实验中，小白同学用测量范围为0～1 m的米尺测量摆长，用停表测量摆动周期，再根据单摆周期公式计算重力加速度。 （1）组装单摆时，应选用___________（选填选项前的字母）。 A. 长度略大于1 m的细线 B. 长度略小于1 m的细线 C. 半径约为2 cm的橡胶球 D. 半径约为1 cm的小钢球 （2）在测量过程中，下列操作合理的是___________ A. 先测好摆长，再将单摆悬挂到铁架台上 B. 释放单摆时，摆角尽量大些，以便观察 C. 单摆摆动稳定后，摆球经过平衡位置时开始计时 D. 摆动过程中，若逐渐形成了圆锥摆，可以继续测量，不影响单摆周期 （3）小白同学通过实验测得：悬点O到小球球心的距离L；计时开始后，从小球第一次通过平衡位置到第n次通过平衡位置所用时间为t，则重力加速度g =___________（用L、n、t及常数表示）。 （4）小红同学通过改变摆长，测量多组数据，做出T2-L图像，如图她发现图线起点位于原点上方，这可能是由于她在测量摆长时，从悬点量到了小球的___________（选填“上沿”或“下沿”），这样将使根据图像得出的g测量值___________（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。 三、解答题（本题共三小题，共40分。解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分。） 14. 在气垫导轨上，一个质量为4 kg的滑块以2 m/s的速度向右与另一质量为2 kg，速度为1 m/s的滑块迎面相撞，碰撞后两个滑块粘在一起。 （1）求碰撞后滑块速度的大小和方向。 （2）这次碰撞，两滑块共损失了多少机械能？ 15. 如图所示，实线是一列简谐横波在某时刻的波形图，经过Δt＝0.2 s后这列波的图像如图中虚线所示。求： （1）这列波的波长及振幅； （2）若这列波沿x轴正方向传播，该波的波速的表达式； （3）若波速等于55 m/s，则波沿哪个方向传播。 16. 如图所示，B是放在光滑的水平面上质量为3m的一块木板，木块A（可看成质点）质量为m，与木板间的动摩擦因数为μ.最初木板B静止，木块A以水平初速度v0滑上长木板，木板足够长，求：（重力加速度为g） （1）木板B的最大速度的大小； （2）从刚滑上木板到A、B速度刚好相等的过程中，木块A所发生的位移大小； （3）若木块A恰好没滑离木板B，则木板至少多长？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 华中师范大学附属中学2025-2026学年高二年级期中联考 物理试题 时限：75分钟 分值：100分 一.选择题（本题共11小题，每小题4分，共44分，在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-11题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 1. 如果质点的位移与时间关系遵从正弦函数规律，这样的运动叫做简谐运动。根据图中各图象可以判断出物体可能做简谐运动的是（　　） A. ①② B. ③④ C. ①③ D. ②④ 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】根据题意，振动图象与正弦函数图象相似的①③的运动符合简谐运动的特征，故ABD错误，C正确。 故选C。 2. 下列关于机械波的说法中，正确的是（ ） A. 发生干涉现象时，介质中振动加强点振动的振幅最大，减弱点振幅可能为零 B. 产生多普勒效应的原因是波源频率发生变化 C. 波发生反射和折射时，频率、波长、波速均不变 D. 波的衍射现象必须具备一定的条件，否则不可能发生衍射现象 【答案】A 【解析】 【详解】A．在稳定干涉中，振动加强点的合振幅达到最大，振动减弱点的合振幅在两列波振幅相等时可能为零，故A正确； B．多普勒效应是波源与观察者之间存在相对运动，使观察者接收到的频率发生变化，波源本身的频率不一定变化，故B错误； C．波发生反射时仍在同一介质中，频率、波速和波长不变；发生折射时频率不变，但介质改变会使波速和波长发生变化，故C错误； D．波总会发生衍射，只有当障碍物或孔的尺寸与波长相近时衍射现象才明显，并非不具备该条件就不发生衍射，故D错误。 故选A。 3. 下面列举的装置各有其一定的道理，其中不能用动量定理进行解释的是 A. 运输玻璃器皿等易碎品时，在器皿的四周总是垫着碎纸或海绵等柔软、有弹性的垫衬物 B. 建筑工人戴的安全帽内有帆布垫，把头和帽子的外壳隔开一定的空间 C. 热水瓶胆做成双层，且把两层中间的空气抽去 D. 跳高运动中的垫子总是十分松软的 【答案】C 【解析】 【详解】运输玻璃器皿等易碎品时，在器皿的四周总是垫着碎纸或海绵等柔软、有弹性的垫衬物可以延长作用时间，从而减小冲击力，可以用动量定理解释； 建筑工人戴的安全帽内有帆布垫，把头和帽子的外壳隔开一定的空间是为了延长作用时间，从而减小冲击力，可以用动量定理解释； 热水瓶胆做成双层，且把两层中间的空气抽去是为了保暖，不是为了减小冲击力，不能用动量定理解释； 跳高运动中的垫子总是十分松软，可以延长作用时间，从而减小冲力，可以用动量定理解释． 本题考查不能用动量定理解释的，故选C． 4. 关于简谐运动的回复力的说法错误的是（ ） A. 单摆的回复力就是小球所受的合外力 B. 单摆的回复力是重力在运动方向的分力 C. 放在光滑水平面上的弹簧振子回复力由弹簧弹力提供 D. 弹簧振子经过平衡位置时回复力为零 【答案】A 【解析】 【详解】简谐运动的回复力是使物体回到平衡位置的效果力，方向指向平衡位置。 A．单摆做小角度简谐运动时，合外力沿径向的分力提供圆周运动的向心力，仅沿切向（运动方向）的分力提供回复力，因此回复力不等于小球所受的合外力，故A错误； B．单摆做小角度简谐运动时，其重力沿切向（运动方向）的分力提供回复力，故B正确； C．光滑水平面上的弹簧振子，竖直方向重力与支持力平衡，水平方向仅受弹簧弹力，该弹力充当回复力，故C正确； D．弹簧振子经过平衡位置时弹簧形变量，由回复力公式可知，此时回复力为零，故D正确。 本题选错误的，故选A。 5. 如图所示，S1、S2 是两个相干波源，它们的相位及振幅均相同．实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发出的波 的波峰和波谷，关于图中所标的 a、b、c 三点，下列说法中正确的是（　　） A. a 质点振动减弱，b、c 质点振动加强 B. a 质点振动加强，b、c 质点振动减弱 C. 再过 后的时刻，b、c 两质点都将处于各自的平衡位置，振动将减弱 D. a 点一直在平衡位置，b 点一直在波峰，c 点一直在波谷 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】ABC．a质点处是两列波波峰与波谷叠加的地方,振动始终减弱的，而b、c质点是两列波波峰与波峰、波谷与波谷叠加的地方，振动始终加强，BC错误，A对正确； D．因为两个波源的振动方向相同、振幅相同，所以a点静止不动，一直在平衡位置，b、c两点的振动始终是加强的，但它们仍在振动，位移随时间周期变化,不是静止不动的，D错误。 故选A。 【点睛】两列波干涉时,两列波的波峰与波峰、波谷与波谷相遇处,振动始终加强,波峰与波谷相遇处振动始终减弱.振动加强点的振动等于波单独传播时振幅的2倍。 6. 一个质量为0.18 kg的垒球，以25 m/s的水平速度飞向球棒，被球棒击打后，反向水平飞回，速度的大小为45m/s。若球棒与垒球的作用时间为0.002s，球棒对垒球的平均作用力的大小和方向（ ） A. 1800 N 与初速度方向相同 B. 1800 N 与初速度方向相反 C. 6300 N 与初速度方向相同 D. 6300 N 与初速度方向相反 【答案】D 【解析】 【详解】规定垒球初速度方向为正方向，则初速度，被击打后末速度。 垒球的动量变化量为 由于球棒与垒球作用时间极短，重力冲量可忽略，根据动量定理有 解得球棒对垒球的平均作用力 负号表示平均作用力方向与初速度方向相反。 故选D。 7. 如图所示，质量为M的滑块静止在光滑的水平地面上，滑块的光滑弧面底部与地面相切，一个质量为m的小球以速度v0向滑块滚来，小球不能越过滑块，则小球到达最高点时，小球和滑块的速度大小是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】小球到达最高点时和滑块具有相同的速度v，取水平向右为正方向，由水平方向动量守恒得 解得 故选A。 8. 关于机械振动，下列说法正确的是（ ） A. 阻尼振动振幅、振动能量、振动周期都逐渐减小 B. 受迫振动的频率与振动系统的固有频率无关 C. 驱动力的频率越大，受迫振动物体的振幅越大 D. 利用共振时，应使驱动力的频率接近或等于振动物体的固有频率，防止共振危害时，应使驱动力的频率远离振动物体的固有频率 【答案】BD 【解析】 【详解】A．阻尼振动中，振幅和振动能量会因阻力做功而逐渐减小，但在通常高中模型中振动周期不随振幅减小而逐渐减小，故A错误； B．受迫振动达到稳定状态后，振动频率等于驱动力的频率，与振动系统的固有频率无关，故B正确； C．受迫振动的振幅取决于驱动力频率与系统固有频率的关系，当驱动力频率接近固有频率时振幅最大，并非驱动力频率越大振幅越大，故C错误； D．共振发生在驱动力频率接近或等于振动系统固有频率时，利用共振应满足这一条件；为防止共振危害，应使驱动力频率远离固有频率，故D正确。 故选BD。 9. 如图所示，图甲为以O点为平衡位置，在A、B两点间做简谐运动的弹簧振子，图乙为该弹簧振子的振动图像，由图可知下列说法中正确的是（ ） A. 弹簧振子受重力、支持力、弹簧的弹力、回复力 B. t=0.1 s时，弹簧振子的位移为2.5 cm C. 从t=0到t=0.2 s的时间内，弹簧振子的动能持续地减小 D. 在t=0.2 s与t=0.6 s两个时刻，弹簧振子的回复力不相同 【答案】CD 【解析】 【详解】A．振子受到重力、支持力和弹簧的弹力，重力与支持力平衡，弹簧的弹力充当回复力，回复力不是额外受到的力，故A错误； B．由图可知振幅，周期，且时振子从平衡位置沿正方向运动，因此振动方程为 在时，，故B错误； C．从到，振子从平衡位置向正向最大位移处运动，速度大小持续减小，动能持续减小，故C正确； D．在与时，振子分别位于正、负最大位移处，回复力满足 两时刻位移方向相反，回复力方向也相反，故D正确。 故选CD。 10. 一列沿着x轴负方向传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如图甲所示，图甲中某质点的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是（ ） A. 图乙表示质点L的振动图像 B. 该波的波速为0.5 m/s C. t=8 s时质点M的位移为0 D. 在0～4 s内K质点所经过的路程为3.2 m 【答案】BD 【解析】 【详解】A．波沿轴负方向传播，根据波形平移法，时质点向下运动，而图乙中质点位于平衡位置并向上运动，故A错误； B．由图甲得波长，由图乙得周期，波速，故B正确； C．由图乙得，，质点回到时的位置，位移为，故C错误； D．在内，质点恰好完成一次全振动，所经路程，故D正确。 故选BD。 11. 一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t时刻的波形图像如图所示，已知该波的周期为T，a、b、c、d为沿波传播方向上的四个质点。则下列说法中正确的是（　　） A. 在t＋时，质点c的速度达到最大值 B. 在t＋2T时，质点d的加速度达到最大值 C. 从t到t＋2T的时间间隔内，质点d通过的路程为4 cm D. t时刻后，质点b比质点a先回到平衡位置 【答案】ABD 【解析】 【分析】 【详解】A．在t＋时，质点c回到平衡位置，速度达到最大值，故A正确； B．由图可知，此时刻波离d点的距离等于1个波长，则波传到d点需要1个周期，传到d后d向下起振，在t＋2T时，d点到达波峰，加速度达到最大值，从t到t＋2T的时间间隔内，质点d运动了T，因此通过的路程为 故B正确，C错误； D．简谐波沿x轴正方向传播，t时刻a、b两点的速度方向均向上，则从t时刻起，质点b比质点a先回到平衡位置，故D正确。 故选ABD。 二、实验题（每空2分，共16分，把答案填写在答题卡对应位置上） 12. 如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。 （1）实验必须满足的条件是_________（填选项的符号）。 A. 斜槽轨道必须是光滑的 B. 斜槽轨道末端的切线是水平的 C. 入射小球每次都要从同一高度由静止滚下 D. 若入射小球的质量为，被碰小球的质量为，则 （2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让小球1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程，然后把小球2静置于轨道的末端，再将小球1从斜轨上S位置由静止释放，与小球2发生碰撞，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是_________（填选项的符号）。 A. 用天平测量两个小球的质量、 B. 测量小球1开始释放的高度h C. 测量抛出点距地面的高度H D. 分别找到小球1、小球2相碰后平均落点的位置M、N E. 测量平抛射程、 （3）若两球碰撞前后的动量守恒，则满足的表达式为________________（用（2）中测量的量表示）。 【答案】（1）BCD （2）ADE （3） 【解析】 【小问1详解】 A．斜槽轨道不必光滑，只要每次从同一位置由静止释放，入射小球到达末端的速度即可重复，故A错误。 B．斜槽末端切线水平，保证小球离开轨道后做平抛运动，水平位移与水平速度成正比，故B正确。 C．每次从同一高度由静止释放，可保证入射小球碰撞前的速度相同，故C正确。 D．为避免碰撞后小球1反弹，实验要求，故D正确。 故选BCD。 【小问2详解】 A．动量表达式中包含，，必须用天平测量两球质量，故A正确。 B．只影响碰撞前速度，碰撞前速度可由已测的反映，最终关系式中不需要，故B错误。 C．只决定平抛飞行时间，三次平抛的飞行时间相同且在推导中相互消去，不需要测量，故C错误。 D．需要分别确定碰撞后两球的平均落点，，故D正确。 E．需要测量，，以便用水平位移表示碰后速度，故E正确。 故选ADE。 【小问3详解】 小球离开轨道后均从同一高度做平抛运动，设飞行时间为，取向右为正，则碰前小球1、碰后小球1和小球2的水平速度分别为，，，三者均按向右为正处理。 若碰撞前后动量守恒，则，其中正方向取向右。 代入并约去，得到关系，这就是实验需要检验的表达式。 13. 在用图中装置测量重力加速度的实验中，小白同学用测量范围为0～1 m的米尺测量摆长，用停表测量摆动周期，再根据单摆周期公式计算重力加速度。 （1）组装单摆时，应选用___________（选填选项前的字母）。 A. 长度略大于1 m的细线 B. 长度略小于1 m的细线 C. 半径约为2 cm的橡胶球 D. 半径约为1 cm的小钢球 （2）在测量过程中，下列操作合理的是___________ A. 先测好摆长，再将单摆悬挂到铁架台上 B. 释放单摆时，摆角尽量大些，以便观察 C. 单摆摆动稳定后，摆球经过平衡位置时开始计时 D. 摆动过程中，若逐渐形成了圆锥摆，可以继续测量，不影响单摆周期 （3）小白同学通过实验测得：悬点O到小球球心的距离L；计时开始后，从小球第一次通过平衡位置到第n次通过平衡位置所用时间为t，则重力加速度g =___________（用L、n、t及常数表示）。 （4）小红同学通过改变摆长，测量多组数据，做出T2-L图像，如图她发现图线起点位于原点上方，这可能是由于她在测量摆长时，从悬点量到了小球的___________（选填“上沿”或“下沿”），这样将使根据图像得出的g测量值___________（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。 【答案】（1）BD （2）C （3） （4） ①. 上沿 ②. 不受影响 【解析】 【小问1详解】 AB．实验中用测量范围为0～1 m的米尺测量摆长，由于米尺最大量程为1m，应选择长度略小于1m、不能伸长的轻质细线做摆线，故A错误，B正确； CD．为减小空气阻力的影响，应选择质量大而体积小的球做摆球，故C错误，D正确。 故选BD。 【小问2详解】 A．先将单摆悬挂到铁架台上，然后测好摆长，故A错误； B．释放单摆时，摆角不能大于5°，否则就不是简谐振动，故B错误； C．单摆摆动稳定后，摆球经过平衡位置时开始计时，故C正确； D．摆动过程中，若逐渐形成了圆锥摆，不可以继续测量，这样会影响单摆周期，故D错误。 故选C。 【小问3详解】 单摆振动的周期 由单摆周期公式有 联立可得 【小问4详解】 [1][2]若在测量摆长时，从悬点量到了小球的上沿，则表达式应为 可得 则T2-L图像与纵轴上方有截距，故由图像可知她在测量摆长时，从悬点量到了小球的上沿；但是图像的斜率不变，即这样根据图像得出的g测量值不受影响。 三、解答题（本题共三小题，共40分。解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分。） 14. 在气垫导轨上，一个质量为4 kg的滑块以2 m/s的速度向右与另一质量为2 kg，速度为1 m/s的滑块迎面相撞，碰撞后两个滑块粘在一起。 （1）求碰撞后滑块速度的大小和方向。 （2）这次碰撞，两滑块共损失了多少机械能？ 【答案】（1）；方向向右 （2） 【解析】 【小问1详解】 取向右为正方向，设两滑块的质量分别为，，碰撞前速度分别为、，碰撞后共同速度为，由动量守恒定律得 解得 所以碰撞后滑块向右运动。 【小问2详解】 碰撞过程中重力势能不变，机械能损失量等于动能减少量。碰撞前两滑块的总动能为 碰撞后两滑块的总动能为 损失的机械能为 15. 如图所示，实线是一列简谐横波在某时刻的波形图，经过Δt＝0.2 s后这列波的图像如图中虚线所示。求： （1）这列波的波长及振幅； （2）若这列波沿x轴正方向传播，该波的波速的表达式； （3）若波速等于55 m/s，则波沿哪个方向传播。 【答案】（1）4 m；2 cm （2）v =5(4n＋1) m/s(n＝0,1,2，…) （3）沿x轴负方向传播 【解析】 【小问1详解】 由题图可知，λ＝4 m，A＝2 cm。 【小问2详解】 若这列波沿x轴正方向传播， 而 可得 【小问3详解】 若波速等于55 m/s，对应的传播距离s＝vΔt＝11 m 满足，则波沿x轴负方向传播。 16. 如图所示，B是放在光滑的水平面上质量为3m的一块木板，木块A（可看成质点）质量为m，与木板间的动摩擦因数为μ.最初木板B静止，木块A以水平初速度v0滑上长木板，木板足够长，求：（重力加速度为g） （1）木板B的最大速度的大小； （2）从刚滑上木板到A、B速度刚好相等的过程中，木块A所发生的位移大小； （3）若木块A恰好没滑离木板B，则木板至少多长？ 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【分析】 【详解】（1）由题意知，A向右减速，B向右加速，当A、B速度相等时B速度最大.以v0的方向为正方向，根据动量守恒定律 mv0=（m＋3m）v 得 （2）木块A向右减速的过程，根据动能定理有 －μmgs1=mv2－mv02 则木块A所发生的位移大小为 s1= （3）方法一：B向右加速过程的位移设为s2.由动能定理，有 μmgs2=×3mv2-0 解得 s2= 木板的最小长度 L=s1－s2= 方法二：从A滑上B至达到共同速度的过程中，由能量守恒得： μmgL=mv02－（m＋3m）v2 得 L= 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $