第5单元 第22讲 自由组合定律的遗传特例分析(教用Word)-【精微方案】2027年高考一轮总复习讲义·生物（苏冀赣版 多选）

该高中生物学高考复习讲义聚焦自由组合定律遗传特例，涵盖9∶3∶3∶1变式（基因互作、显性累加）和致死现象（胚胎/配子致死）等核心考点，按“原因分析-解题技巧-真题应用”逻辑架构知识，通过考点分类梳理、方法指导（如比例对比法）、真题训练（2023-2025年多地高考题）等环节，帮助学生系统突破难点。 讲义特色在于整合特例类型与解题策略，如用“比例之和为16”判断自由组合定律，培养科学思维；拆分致死现象为分离定律分析，强化生命观念。设计模拟题与高考题分层练习，确保高效复习，提升学生应考能力，为教师把控复习节奏提供有力支撑。

第22讲　自由组合定律的遗传特例分析 考情 分析 自由组合定 律遗传特例 ①2025河南T15　②2025山东T22　③2024湖北T18　④2023福建T16 ⑤2023全国乙T6⑥2023新课标T5⑦2022山东T17⑧2022北京T18 特例1　9∶3∶3∶1的变式(总和等于16) (1)原因分析 ①基因互作 ②显性基因累加效应 a．表型 b．原因：A与B的作用效果相同，显性基因数量越多，效果越强。 (2)解题技巧 ①看子代的表型比例，若表型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。 ②将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)，即4为两种性状的合并结果。 ③根据具体比例确定出现异常分离比的原因。 ④根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表型的比例。 1．(2026·广东佛山S6联盟高三联考)某种雌雄同株的白菜，其花色和叶球色分别受一对等位基因控制，两对性状独立遗传。研究发现。黄花植株自由交配，子代有黄花和橘花；黄叶球植株自交，子代会出现黄叶球、橘叶球和白叶球；若植株花色为橘色，则其叶球也一定为橘色。该白菜种群不存在遗传致死现象，下列叙述正确的是(　　) A．该白菜种群有9种基因型、6种表型 B．白叶球植株自交，子代不可能出现橘叶球 C．橘叶球植株自交，子代橘叶球∶黄叶球可能为1∶3 D．黄叶球植株自交，子代可能出现6∶4∶3∶3的分离比 解析：选D。假设花色和叶球色分别由A/a和B/b控制，黄花植株自由交配，子代出现性状分离，说明黄花(A_)对橘花(aa)为显性；黄叶球植株自交，子代出现黄、白、橘三种叶球，说明亲代黄叶球为杂合子(Bb)，橘叶球可能为BB也可能为bb；若植株花色为橘色，则其叶球也一定为橘色，故该白菜种群的表型有黄花黄叶球、黄花橘叶球、黄花白叶球和橘花橘叶球4种，基因型有9种，A错误。白叶球的花色应为黄色(A_)，则黄花(Aa)白叶球自交，后代可出现橘花(aa)橘叶球，B错误。橘叶球基因型为A_BB(或A_bb)和aa__，故橘叶球植株自交，子代全为橘叶球，C错误。当黄叶球基因型为AaBb时，其自交后代基因型为6A_Bb、3A_bb、3A_BB、2aaBb、1aabb、1aaBB，即可能出现(6A_Bb)∶(2aaBb、1aabb、1aaBB)∶(3A_BB)∶(3A_bb)＝6∶4∶3∶3的分离比，D正确。 2．(多选)新型抗虫棉T与传统抗虫棉R19、sGK均将抗虫基因整合在染色体上，但具有不同的抗虫机制。对三者进行遗传分析，杂交组合及结果见下表(F1自交得F2)。以下说法正确的是(　　) 杂交组合 F1 F2 ①T×R19 全部为抗虫株 全部为抗虫株 ②T×sGK 全部为抗虫株 抗虫株∶感虫株＝ 15∶1 A.T与R19的抗虫基因可能位于一对同源染色体上 B．T与sGK的抗虫基因插入位点在非同源染色体上 C．杂交组合②的F2抗虫株中抗虫基因数量不一定相同 D．R19与sGK杂交得F1，F1自交得到的F2中性状分离比为3∶1 解析：选ABC。杂交组合①中，T与R19杂交，F1与F2全为抗虫株，推测T与R19的抗虫基因位于一对同源染色体上，A正确；杂交组合②中，T与sGK杂交，F2中抗虫株∶感虫株＝15∶1(9∶3∶3∶1的变式)，可判断T与sGK的抗虫基因的遗传符合基因的自由组合定律，T与sGK的抗虫基因位于非同源染色体上，B正确；若T与sGK的抗虫基因和不含相应抗虫基因分别记为T/t、G/g，则杂交组合②中F2的抗虫株基因型为T_G_、T_gg、ttG_，抗虫基因的数量为1～4个，C正确；T与R19的抗虫基因位于一对同源染色体上，T与sGK的抗虫基因位于非同源染色体上，则R19与sGK的抗虫基因位于非同源染色体上，故R19与sGK杂交得F1，F1自交得到的F2中性状分离比为15∶1，D错误。 3．(2023·高考全国卷甲)乙烯是植物果实成熟所需的激素，阻断乙烯的合成可使果实不能正常成熟，这一特点可以用于解决果实不耐储存的问题，以达到增加经济效益的目的。现有某种植物的3个纯合子(甲、乙、丙)，其中甲和乙表现为果实不能正常成熟(不成熟)，丙表现为果实能正常成熟(成熟)，用这3个纯合子进行杂交实验，F1自交得F2，结果见下表。 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 回答下列问题： (1)利用物理、化学等因素处理生物，可以使生物发生基因突变，从而获得新的品种。通常，基因突变是指________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 (2)从实验①和②的结果可知，甲和乙的基因型不同，判断的依据是________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 (3)已知丙的基因型为aaBB，且B基因控制合成的酶能够催化乙烯的合成，则甲、乙的基因型分别是________________；实验③中，F2成熟个体的基因型是________________，F2不成熟个体中纯合子所占的比例为________。 解析：(1)基因突变是指DNA分子中发生碱基的替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变。(2)由题表信息可以直接看出，实验①和实验②的亲本中都有丙，但得到的F1的表型不同，进而推出甲和乙的基因型不同。(3)实验③的F2的性状分离比为13∶3，为9∶3∶3∶1的变式，可推出这一对相对性状受两对独立遗传的等位基因控制。由实验①F2中不成熟∶成熟＝3∶1可以推出，实验①F1基因型中一对等位基因杂合、一对等位基因纯合，再结合题中信息可知，丙的基因型为aaBB，且表现为成熟，实验①的F1表现为不成熟，可推出F1中的不成熟个体应该含有A基因，进而推出甲的基因型为AABB。由实验③F2的性状分离比为13∶3可推出，F1的基因型为AaBb，进而推出乙的基因型为aabb。实验③中，F2的基因型为1/16AABB(不成熟)、1/8AaBB(不成熟)、1/8AABb(不成熟)、1/4AaBb(不成熟)、1/16AAbb(不成熟)、1/8Aabb(不成熟)、1/16aaBB(成熟)、1/8aaBb(成熟)、1/16aabb(不成熟)，F2成熟个体的基因型为aaBB和aaBb，F2不成熟个体中纯合子所占的比例为3/13。 答案：(1)DNA分子中发生碱基的替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变　(2)甲、乙分别与丙杂交，得到的F1的表型不同　(3)AABB、aabb　aaBB和aaBb　3/13 特例2　致死遗传现象 (1)原因分析 ①胚胎致死或个体致死 ②配子致死或配子不育 AaBb (2)解题技巧 第一步：将其拆分成分离定律单独分析。 第二步：将单独分析结果综合在一起，确定成活个体的基因型、表型及比例。 4．(2026·安徽五校联考)某种动物的毛色由位于常染色体上的两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制，A基因控制黄色色素的合成，B基因控制灰色色素的合成，当两种色素都不存在时，该动物毛色表现为白色，当A、B基因同时存在时，该动物的毛色表现为褐色，但当配子中同时存在基因A、B时，配子致死。下列说法错误的是 (　　) A．该种动物的基因型共有6种，不存在基因型为AABB、AABb、AaBB的个体 B．某黄色个体与灰色个体杂交，后代中4种体色均可能出现 C．该动物的所有个体中，配子的致死率最高为25% D．褐色个体间杂交后代中褐色∶黄色∶灰色∶白色＝4∶3∶3∶1 解析：选D。基因型为AABB、AABb、AaBB个体的形成必有基因型为AB配子的参与，故不存在这3种基因型的个体，该动物中只有3×3－3＝6(种)基因型，表型为4种，A正确；由题干可知，当黄色个体基因型为Aabb，灰色个体基因型为aaBb时，二者杂交，后代中4种体色均可能出现，B正确；6种基因型的个体中，只有褐色(AaBb)个体会产生致死配子AB，致死率为25%，C正确；褐色(AaBb)个体只能产生Ab、aB、ab 3种具有活性的配子，杂交后代毛色的表型、基因型及比例为褐色(AaBb)∶黄色(Aabb、AAbb)∶灰色(aaBb、aaBB)∶白色(aabb)＝2∶3∶3∶1，D错误。 5．(2023·高考全国卷乙)某种植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制，A基因控制宽叶性状；高茎/矮茎由等位基因B/b控制，B基因控制高茎性状。这2对等位基因独立遗传。为研究该种植物的基因致死情况，某研究小组进行了两个实验，实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1。下列分析及推理中错误的是(　　) A．从实验①可判断A基因纯合致死，从实验②可判断B基因纯合致死 B．实验①中亲本的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为Aabb C．若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb D．将宽叶高茎植株进行自交，所获得子代植株中纯合子所占比例为1/4 解析：选D。由实验①宽叶矮茎植株(A_bb)自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1，可推知亲本宽叶矮茎植株的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎植株的基因型也为Aabb，A基因纯合致死；由实验②窄叶高茎植株(aaB_)自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1，可推知亲本窄叶高茎植株的基因型为aaBb，子代中窄叶高茎植株的基因型也为aaBb，B基因纯合致死，A、B正确。由以上分析可知，A基因纯合、B基因纯合均致死，若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb，C正确。将宽叶高茎植株(AaBb)进行自交，子代植株的基因型为4/9AaBb、2/9Aabb、2/9aaBb、1/9aabb，其中纯合子所占的比例为1/9，D错误。 6．(多选)某雌雄同花植物中，等位基因A/a、B/b分别控制一对相对性状，且两对等位基因独立遗传，但存在某基因型的配子不育或者个体致死的情况。让某基因型为AaBb的植株自交，下列叙述正确的是(　　) A．若自交后代表型比为4∶2∶2∶1，可能是两种显性基因纯合都致死所致 B．若自交后代表型比为7∶3∶3∶1，可能是基因型为AABb的个体致死所致 C．若自交后代表型比为6∶3∶2∶1，可能是基因型为AB的雄配子不育所致 D．若自交后代表型比为4∶1∶1，可能是基因型为ab的雌配子不育所致 解析：选ABD。若两种显性基因纯合都致死，双杂合个体自交，后代存活个体基因型为4/16AaBb、2/16Aabb、2/16aaBb、1/16aabb，即后代表型比为4∶2∶2∶1，A正确；若基因型为AABb的个体致死，双杂合个体自交，后代存活个体为(9/16A_B_－2/16AABb＝7/16)、3/16A_bb、3/16aaB_、1/16aabb，则后代表型比为7∶3∶3∶1，B正确；若基因型为AB的雄配子不育，则亲本产生1/3Ab、1/3aB、1/3ab的可育雄配子，产生1/4AB、1/4Ab、1/4aB、1/4ab的可育雌配子，雌雄配子随机结合后子代表型及比例为5/12A_B_、3/12A_bb、3/12aaB_、1/12aabb，则子代表型比为5∶3∶3∶1，C错误；若基因型为ab的雌配子不育，则亲本产生1/3Ab、1/3AB、1/3aB的可育雌配子，产生1/4AB、1/4Ab、1/4aB、1/4ab的可育雄配子，雌雄配子随机结合后子代表型及比例为8/12A_B_、2/12A_bb、2/12aaB_，则子代表型比为4∶1∶1，D正确。 1．(2025·河南选择考)现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1。甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株＝9∶6(等位基因可依次使用A/a、B/b……)。下列叙述错误的是(　　) A．甲的基因型是AaBB或AABb B．F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死 C．F2植株中性状能稳定遗传的占7/15 D．F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种 解析：选D。根据题干信息，甲、乙自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1，说明甲、乙的该性状都由一对等位基因控制，且遵循分离定律。甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中正常株∶突变株＝9∶6，9∶6是9∶3∶3∶1的变式，说明甲、乙的该性状由两对等位基因控制，这两对等位基因遵循自由组合定律，正常株的基因型为A_B_，突变株的基因型为A_bb、aaB_，甲的基因型是AaBB或AABb，A正确；F2出现9∶6的异常分离比是因为双隐性纯合(aabb)致死，B正确；F2中能稳定遗传的个体的基因型为AABB、AAbb、aaBB、Aabb、aaBb，所以能稳定遗传的个体共占7/15，C正确；F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合，若不考虑正反交，则有AABB×AABB、AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AABb×AABb、AABb×AaBB、AABb×AaBb、AaBB×AaBB、AaBB×AaBb、AaBb×AaBb共10种，若考虑正反交，则有16种，D错误。 2．(2024·湖北选择考)不同品种烟草在受到烟草花叶病毒(TMV)侵染后症状不同。研究者发现品种甲受TMV侵染后表现为无症状(非敏感型)，而品种乙则表现为感病(敏感型)。甲与乙杂交，F1均为敏感型；F1与甲回交所得的子代中，敏感型与非敏感型植株之比为3∶1。对决定该性状的N基因测序发现，甲的N基因相较于乙的缺失了2个碱基对。下列叙述正确的是(　　) A．该相对性状由一对等位基因控制 B．F1自交所得的F2中敏感型和非敏感型的植株之比为13∶3 C．发生在N基因上的2个碱基对的缺失不影响该基因表达产物的功能 D．用DNA酶处理该病毒的遗传物质，然后导入正常乙植株中，该植株表现为感病 解析：选D。根据甲、乙杂交，F1均为敏感型可知，敏感型相对非敏感型为显性性状，若该相对性状由一对等位基因控制，设甲、乙基因型分别为aa、AA，则F1基因型为Aa，F1与甲(aa)回交，子代表型及比例为敏感型∶非敏感型＝1∶1，与题意不符，A错误。若该相对性状由两对等位基因控制，且只有两对等位基因都隐性纯合才表现为非敏感型，设甲、乙基因型分别为aabb、AABB，则F1基因型为AaBb，F1与甲(aabb)回交，子代表型及比例为敏感型(AaBb、Aabb、aaBb)∶非敏感型(aabb)＝3∶1，符合题意；F1(AaBb)自交所得的F2中敏感型和非敏感型的植株之比为15∶1，B错误。根据题干信息可知，甲的N基因相较于乙的缺失了2个碱基对，且甲的表型变为非敏感型，说明发生在N基因上的2个碱基对的缺失影响该基因表达产物的功能，C错误。烟草花叶病毒为RNA病毒，且酶具有专一性，所以用DNA酶处理该病毒的遗传物质，然后导入正常乙植株中，该植株表现为感病，D正确。 3．(2023·高考新课标卷)某研究小组从野生型高秆(显性)玉米中获得了2个矮秆突变体。为了研究这2个突变体的基因型，该小组让这2个矮秆突变体(亲本)杂交得F1，F1自交得F2，发现F2中表型及其比例是高秆∶矮秆∶极矮秆＝9∶6∶1。若用A、B表示显性基因，则下列相关推测错误的是(　　) A．亲本的基因型为aaBB和AAbb，F1的基因型为AaBb B．F2矮秆的基因型有aaBB、AAbb、aaBb、Aabb，共4种 C．基因型是AABB的个体为高秆，基因型是aabb的个体为极矮秆 D．F2矮秆中纯合子所占比例为1/2，F2高秆中纯合子所占比例为1/16 解析：选D。根据题干信息中的实验结果可得出，玉米高秆和矮秆受两对等位基因控制，且两对等位基因的遗传符合基因的自由组合定律；推断F1的基因型是AaBb，F2中高秆的基因型是A_B_，矮秆的基因型为A_bb、aaB_，极矮秆的基因型为aabb，结合亲本的性状(均为矮秆突变体)和F1的基因型可推测亲本的基因型是aaBB和AAbb，A、C正确。结合上述分析可知，F2矮秆的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，共4种，B正确。F2矮秆中纯合子(AAbb、aaBB)占比为2/6＝1/3，F2高秆中纯合子(AABB)占比为1/9，D错误。 4．(2024·高考新课标卷)某种瓜的性型(雌性株/普通株)和瓜刺(黑刺/白刺)各由1对等位基因控制。雌性株开雌花，经人工诱雄处理可开雄花，能自交；普通株既开雌花又开雄花。回答下列问题。 (1)黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1，根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性，则F1瓜刺的表型及分离比是____________________。若要判断瓜刺的显隐性，从亲本或F1中选择材料进行的实验及判断依据是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 (2)王同学将黑刺雌性株和白刺普通株杂交，F1均为黑刺雌性株，F1经诱雄处理后自交得F2，能够验证“这2对等位基因不位于1对同源染色体上”这一结论的实验结果是________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 (3)白刺瓜受消费者青睐，雌性株的产量高。在王同学实验所得杂交子代中，筛选出白刺雌性株纯合体的杂交实验思路是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 解析：(1)具有相对性状的亲本杂交，若后代只出现一种性状，则后代表现出来的性状即为显性性状；若后代出现两种性状且比例为1∶1，则无法判断显隐性。后代出现两种性状且比例为1∶1，说明亲代为杂合子与隐性纯合子杂交，子代表型及基因型与亲代相同，因此要判断瓜刺的显隐性，可从亲本或F1中选取黑刺普通株进行自交。若子代全是黑刺，则黑刺为隐性；若子代黑刺∶白刺＝3∶1，则黑刺为显性。(2)由“黑刺雌性株和白刺普通株杂交，F1均为黑刺雌性株”可知，黑刺和雌性株为显性性状。假设黑刺由A基因控制，白刺由a基因控制；雌性株由B基因控制，普通株由b基因控制，则亲本基因型组合为AABB×aabb，F1基因型为AaBb，杂交遗传图解为 P　　× 　　　　　　 ↓ F1　　　　　　黑刺雌性株(AaBb) 　　　　　　 　↓诱雄处理后自交 F2　　　　　　　　？ 若这两对等位基因不位于1对同源染色体上，即位于2对同源染色体上，则符合自由组合定律，F2的表型及比例为黑刺雌性株∶黑刺普通株∶白刺雌性株∶白刺普通株＝9∶3∶3∶1。(3)王同学杂交实验的F2中白刺雌性株的基因型有aaBB、aaBb两种，要从中筛选出白刺雌性株纯合体(aaBB)，可将F2中的白刺雌性株和白刺普通株(aabb)杂交，子代均为雌性株的母本是白刺雌性株纯合体。 答案：(1)黑刺∶白刺＝1∶1　从亲本或F1中选取黑刺普通株进行自交，若子代全是黑刺，则黑刺为隐性；若子代黑刺∶白刺＝3∶1，则黑刺为显性 (2)F2中黑刺雌性株∶黑刺普通株∶白刺雌性株∶白刺普通株＝9∶3∶3∶1　(3)将F2中的白刺雌性株和白刺普通株杂交，子代均为雌性株的母本是白刺雌性株纯合体 学科网（北京）股份有限公司 $