精品解析：云南省普洱市墨江县2025-2026学年上学期期末考试高一物理试卷

云南省普洱市墨江县2025-2026学年上学期期末考试 高一物理 试卷 满分 100 分，考试时间 75分钟。 注意事项： 1、答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3、考试结束后，将本试卷和答题卡交回。 一、选择题（本题共10题，其中1-7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，8-10题，每小题6分，共18分，每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 1. 下列关于路程和位移的说法，正确的是（　　） A. 位移就是路程 B. 位移的大小永远不等于路程 C. 若物体做单一方向的直线运动，位移的大小就等于路程 D. 位移是标量，路程是矢量 【答案】C 【解析】 【详解】A．位移是初位置指向末位置的有向线段，路程是运动轨迹的长度。二者是不同的物理量。A错误； BC．当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，B错误，C正确； D．位移是矢量，路程是标量，D错误。 故选C。 2. 2024年东楚汕头马拉松以“千年潮韵、百载商埠、侨乡美食”为比赛亮点，于12月22日7：30分鸣枪起跑，赛事规模达25000人，图中是比赛中甲乙两运动员进入某段长直道路的x-t图像，关于该过程，下列说法正确的是（　　） A. 以乙作为参考系，甲在后退 B. 0时刻，乙在甲前方 C. 时刻，甲乙两人速度相同 D. 甲乙两人都做加速直线运动，但乙的速度比甲大 【答案】A 【解析】 【详解】AD．图像的斜率代表速度，甲的速度不变，乙的速度增大，且乙的速度比甲大，则以乙作为参考系，甲在后退，故A正确，D错误； B．由图可知0时刻，乙在甲后方，故B错误； C．图像的斜率代表速度，时刻，甲乙两人速度不相同，故C错误； 故选A。 3. 如图所示，水平面上固定着倾角为30°的光滑斜面，斜面上放着一质量为=2kg的物块A，物块A通过轻质细绳跨过定滑轮连接质量为=3kg的物体B，用手托着B物块让A、B处于静止状态，现由静止释放物块B，重力加速度g=10m/s²，则物块A、B运动过程中细绳的张力大小为（　　） A. 10N B. 12N C. 18N D. 30N 【答案】C 【解析】 【详解】对物块A、B的系统在沿着细绳的方向由牛顿第二定律有 解得两物体沿着细绳方向的加速度大小为 对B物体由牛顿第二定律有 解得细绳的张力大小为 故选C。 4. 如图所示，A是一匀质小球，B是一圆弧形滑块，最初A、B相切于圆弧形滑块的最低点，一切摩擦均不计，开始B与A均处于静止状态，用一水平推力F将滑块B向右缓慢推过一段较小的距离，在此过程中（ ） A. 墙壁对球的弹力不变 B. 滑块对球的弹力减小 C. 地面对滑块的弹力增大 D. 推力F增大 【答案】D 【解析】 【详解】AB．对小球受力分析，小球受到重力、滑块的弹力和墙壁的弹力，如图所示 重力的大小和方向都不变，墙壁的弹力方向不变。滑块的弹力和墙壁的弹力的合力不变，大小等于重力，由图可知，滑块对球的弹力在增大，墙壁对球的弹力在增大，故AB错误； CD．对滑块和小球整体进行受力分析，整体受重力、支持力、墙壁的弹力及推力，竖直方向上滑块和小球的重力大小等于地面对滑块的弹力，滑块和小球的重力都不变，所以地面对滑块的弹力不变，水平方向上推力F大小等于墙壁对球的弹力，所以推力F增大，故C错误，D正确。 故选D。 5. 一质点沿直线方向做变速运动，它离开点的距离随时间变化的关系为，它的速度随时间变化的关系为。该质点在时的速度和到间的平均速度大小分别为（　　） A. 12m/s，39m/s B. 24m/s，38m/s C. 12m/s，19.5m/s D. 24m/s，13m/s 【答案】B 【解析】 【详解】由于速度随时间变化的关系为 可知时的速度为 根据质点离开点的距离随时间变化的关系为 可知，当时有 当时有 则质点在到时间内的位移为 平均速度为 故选B。 6. 如图所示，将物体Q和物体P叠放于固定的斜面上，P的上表面水平，P、Q均保持静止。则下列说法正确的是（　　） A. 物体Q受到2个力作用，物体P受到4个力作用 B. 物体Q对物体P的压力作用是由于物体P发生形变产生的 C. 斜面对P的支持力方向竖直向上 D. 斜面对P的摩擦力方向沿斜面向下 【答案】A 【解析】 【详解】A．对物体Q进行受力分析可知，Q受到重力和P对Q的支持力；对物体P受力分析可知，P受到了重力，Q对P的压力，斜面对P的支持力，斜面对P的摩擦力，故A正确； B．弹力由施力物体发生形变而产生的，故物体Q对物体P的压力是由于Q的形变产生的，故B错误； C．斜面对P的支持力方向是垂直斜面向上的，故C错误； D．对P、Q整体受力分析可知，斜面对P的摩擦力方向沿斜面向上，故D错误。 故选A。 7. 如图所示，在汽车车厢中悬挂一小球，实验表明，当汽车做匀变速直线运动时，悬线将与竖直方向成某一稳定角度。若在车厢底板上还有一个照其相对静止的物体，则关于汽车的运动情况和物体的受力情况正确的是（　　） A. 汽车一定向右做匀加速运动 B. 汽车一定向左做匀加速运动 C. 只受到重力和底板的支持力作用 D. 除受到重力、底板的支持力作用外，还受到水平向右的摩擦力的作用 【答案】D 【解析】 【详解】AB．对小球受力分析可知 得 方向向右，汽车的加速度和小球加速度相同，汽车可能向右做加速运动或向左做减速运动，故AB错误； CD．所受合力方向应向右。除受到重力、底板的支持力作用外，还一定受到向右的摩擦力作用，故C错误，D正确； 故选D。 8. 质量为的物体用轻绳悬挂于天花板上。现用水平向左的力缓慢拉动绳的中点O，如图所示。用T表示绳OA段拉力的大小，绳子能够承受的最大拉力为，在O点向左拉动的一段过程中，应是（　 　） A. 逐渐变小，逐渐变小 B. 逐渐变大，逐渐变大 C. 当时， D. 当绳与竖直方向角成时，绳将不会被拉断 【答案】BD 【解析】 【详解】AB．设细绳OA与竖直方向的夹角为θ，可知， 则随着θ增加，F变大，T变大，选项A错误，B正确； C．当时， 此时 选项C错误； D．当绳与竖直方向角成时 则绳将不会被拉断，选项D正确。 故选BD。 9. 如图所示，粗糙斜面体A放在粗糙水平地面上，斜面体右上方有一个大小可忽略的定滑轮，一根轻绳跨过定滑轮，一端和物体B连接，另一端系在竖直杆上的点；一钩码挂在、间的轻绳上，整个装置处于静止状态。不计绳与定滑轮和挂钩之间的摩擦。若将杆缓慢向左移动一小段距离，A、B物体仍处于静止状态，则（　　） A. 地面对A的支持力减小 B. B受到斜面体的摩擦力可能增大 C. B受到斜面体的摩擦力可能减小 D. A受到地面的摩擦力可能增大 【答案】BC 【解析】 【详解】AD．设、间的轻绳与杆的夹角为，斜面的倾角为，钩码的质量为，钩码静止，根据平衡条件可得 绳子拉力为 以A、B物体为整体，受力分析，竖直方向有 水平方向有 将杆缓慢向左移动一小段距离，减小，则绳子拉力减小，地面对A的支持力增大，A受到地面的摩擦力减小，故AD错误； B．若B物体重力沿斜面向下的分力大于绳子拉力，绳子拉力减小时，B受到斜面体的摩擦力增大，故B正确； C．若B物体重力沿斜面向下的分力小于绳子拉力，绳子拉力减小时，B受到斜面体的摩擦力先减小后反向增大，故C正确。 故选BC。 10. 如图甲所示，倾角为的传送带以恒定的速率沿逆时针方向运行。时，将质量m=1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上端，物体相对地面的图像如图乙所示，2s时滑离传送带。设沿传送带向下为正方向，承力加速度g取10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8。则（ ） A. 传送带的速度为 B. 传送带上下两端的间距为15m C. 物体与传送带之间的动摩擦因数 D. 物体在传送带上留下痕迹长度为5m 【答案】CD 【解析】 【详解】A．由题图知传送带的速率v0=10m/s，故A错误； B．由题可得物体0~2s内的位移即为传送带上下两端的间距，v-t图像中图线与t轴所围面积表示位移，可知位移 故B错误； C．由题图得0~1s内物体加速度 根据牛顿第二定律得 1~2s内加速度 根据牛顿第二定律得 联立，解得 故C正确； D．由题图知传送带的速率v0=10m/s，则0~1s内，传送带的位移为 故相对位移为 物体相对传送带向上运动。1~2s内物体的位移为 传送带的位移为10m，故相对位移为 物体相对传送带向下运动，因此物体在传送带上留下的痕迹长度为5m，故D正确。 故选CD。 二、非选择题（本题共5个大题，共54分） 11. 在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，某同学将木板放在水平桌面上，在木板上铺上白纸，用以记录力的大小和方向。他所进行实验的主要步骤如下： ①如图甲所示，轻质小圆环挂在橡皮条的一端，另一端固定，橡皮条的长度为GE； ②用手通过两个弹簧测力计和细绳共同拉动小圆环。小圆环受到拉力、的共同作用，处于O点，橡皮条伸长的长度为EO，如图乙所示。记录O点位置以及、的大小和方向； ③撤去、，改用一个弹簧测力计单独拉住小圆环，仍使它处于O点，此时弹簧测力计的示数为F，如图丙所示。记录F的大小和方向； ④由纸上O点出发，用力的图示法画出拉力、和F，用虚线把拉力F的箭头端分别与、的箭头端连接，如图丁所示，观察所围成的形状。 （1）关于实验操作，下列说法正确的是______； A. 图乙中拉圆环的两根细绳必须等长 B. 测量时，弹簧测力计必须保持弹簧轴线方向与细绳的方向在一条直线 C. 图丙中的圆环可以不拉到O点，只需橡皮条的伸长量与图乙相同即可 （2）在步骤②的操作中，若与的夹角小于，保持O点位置以及拉力方向不变，稍微减小与的夹角，两弹簧测力计示数大小的变化情况为______； A. 增大 B. 减小 C. 增大 D. 减小 （3）在步骤④中，观察到图丁所围成的形状像是一个______，但这只是猜想。为了找到互成角度的力的合成规律，还要做的事情是____________。 【答案】 ①. B ②. AD##DA ③. 平行四边形 ④. 见解析 【解析】 【详解】（1）[1]A．图乙中拉圆环的两根细绳长度不宜过长，过长不好操作；不宜过短，过短记录力的方向误差大，也不必等长，故A错误； B．为了减少实验误差，测量时，弹簧测力计必须保持弹簧轴线方向与细绳的方向在一条直线，故B正确； C．为了保证两次力的作用效果相同，则图丙中的圆环也必须拉到O点，故C错误。 故选B。 （2）[2]保持O点位置不变，则与的合力不变，根据平行四边形定则，可得、和的关系如下图所示 由图可知，若与的夹角小于，保持O点位置以及拉力方向不变，稍微减小与的夹角，则增大，减小。 故选AD。 （3）[3][4]在步骤④中，观察到图丁所围成的形状像是一个平行四边形，于是得出猜想；力的合成满足平行四边形定则。为检验这一猜想，还需改变与的大小和方向，重复上述实验，检验所围成的图形是不是平行四边形，从而得出两个互成角度的力的合成符合平行四边形定则。 12. 如图甲所示为验证“牛顿第二定律”的实验装置简图，电源频率为，请回答下列问题：（计算结果均保留2位有效数字） （1）我们已经知道，物体的加速度同时跟合外力和质量两个因素有关。探究这三个物理量之间的定量关系所涉及的物理思想方法是________。 A．控制变量法 B．累积测量法 D．等效替代法 （2）某次测量纸带上计数点的间距如图乙所示，每相邻两计数点之间还有四个点未画出，则小车加速度________ （3）实验中改变砂和砂桶总质量，依次记录弹簧测力计的示数并求出所对应的小车加速度大小，画出的图像是一条直线，如图丙所示。作完图像后某同学想起自己忘记进行补偿阻力的步骤了，请根据他所作出的图像求出小车的质量________，以及小车所受的阻力________。 【答案】 ①. A ②. 0.40 ③. 2.0 ④. 1.0 【解析】 【详解】（1）[1]物体的加速度同时跟合外力和质量两个因素有关。探究这三个物理量之间的定量关系所涉及的物理思想方法是控制变量法。 故选A。 （2）[2]每相邻两计数点之间还有四个点未画出，可知相邻计数点的时间间隔为 根据逐差法可得，小车加速度为 （3）[3][4]以小车为对象，根据牛顿第二定律可得 可得 可知图像的斜率为 解得小车的质量为 由图像可知，当加速度为0时，即横轴截距等于阻力大小，则有 13. 电动玩具小车在水平地面上由静止开始做初速度为零的匀加速直线运动，已知第6s末的速度大小为3m/s，求： （1）小车的加速度大小； （2）小车开始运动后前6s内的位移大小； （3）小车在4s~6s内的平均速度大小。 【答案】（1）0.5m/s2；（2）9m；（3）2.5m/s 【解析】 【详解】（1）根据匀加速直线运动的速度公式可得小车的加速度为 （2）根据位移时间公式可得小车开始运动后前6s内的位移大小为 （3）小车在前4s内的位移大小 解得 故小车在4s～6s内的平均速度大小 解得 14. 一辆汽车以的速度在高速公路上匀速行驶，若汽车先以的加速度匀加速后，突然发现前方处有一辆大货车，反应后（反应时间内认为汽车将匀速行驶），立即以的加速度匀减速刹车，已知大货车正以的速度在高速公路上匀速行驶。 （1）求汽车匀加速时的速度大小； （2）请你通过计算判断汽车是否会与大货车相撞，若不相撞，求两车的最近距离；若相撞，求司机从发现货车到两车相撞所经历的时间。 【答案】（1）；（2）两车不会相撞，38m 【解析】 【详解】（1）根据题意，由匀变速直线运动规律得 解得 （2）当汽车与货车速度相等时，两车距离最近，设两车经过速度相等，有 解得 由位移与时间的关系式有 解得 则汽车运动的位移 货车运动的位移 因为 所以两车不会相撞，最近距离为 15. 某电子厂生产过程中传送电子产品装置可简化为如图甲所示模型。一倾斜传送带与水平面夹角，间距为，传送带以某一速度逆时针运转。质量为的产品从A点由静止开始运动，物体与传送带的动摩擦因数为。产品运动的图像如图乙所示，重力加速度取，，。求： （1）传送带的速度大小； （2）后产品的加速度大小； （3）产品从点运动到点的平均速度大小及到达点时的速度大小（结果均保留两位有效数字）。 【答案】（1）4m/s；（2）2m/s2；（3）5.3m/s，8.0m/s 【解析】 【详解】（1）0~0.4s时间内，产品受向下的滑动摩擦力，向下加速运动，根据牛顿第二定律得 代入题中数据可得 则0.4s时产品的速度即为传送带的速度 （2）（3）后，产品速度大于传送带，受向上的摩擦力，根据牛顿第二定律得 代入数据可得 设产品0.4s后运动到B点所用时间为t2，则 代入可得 t2=2s 产品到达点时的速度大小 产品从A点运动到点的平均速度大小为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 云南省普洱市墨江县2025-2026学年上学期期末考试 高一物理 试卷 满分 100 分，考试时间 75分钟。 注意事项： 1、答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3、考试结束后，将本试卷和答题卡交回。 一、选择题（本题共10题，其中1-7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，8-10题，每小题6分，共18分，每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 1. 下列关于路程和位移的说法，正确的是（　　） A. 位移就是路程 B. 位移的大小永远不等于路程 C. 若物体做单一方向的直线运动，位移的大小就等于路程 D. 位移是标量，路程是矢量 2. 2024年东楚汕头马拉松以“千年潮韵、百载商埠、侨乡美食”为比赛亮点，于12月22日7：30分鸣枪起跑，赛事规模达25000人，图中是比赛中甲乙两运动员进入某段长直道路的x-t图像，关于该过程，下列说法正确的是（　　） A. 以乙作为参考系，甲在后退 B. 0时刻，乙在甲前方 C. 时刻，甲乙两人速度相同 D. 甲乙两人都做加速直线运动，但乙的速度比甲大 3. 如图所示，水平面上固定着倾角为30°的光滑斜面，斜面上放着一质量为=2kg的物块A，物块A通过轻质细绳跨过定滑轮连接质量为=3kg的物体B，用手托着B物块让A、B处于静止状态，现由静止释放物块B，重力加速度g=10m/s²，则物块A、B运动过程中细绳的张力大小为（　　） A. 10N B. 12N C. 18N D. 30N 4. 如图所示，A是一匀质小球，B是一圆弧形滑块，最初A、B相切于圆弧形滑块的最低点，一切摩擦均不计，开始B与A均处于静止状态，用一水平推力F将滑块B向右缓慢推过一段较小的距离，在此过程中（ ） A. 墙壁对球的弹力不变 B. 滑块对球的弹力减小 C. 地面对滑块的弹力增大 D. 推力F增大 5. 一质点沿直线方向做变速运动，它离开点的距离随时间变化的关系为，它的速度随时间变化的关系为。该质点在时的速度和到间的平均速度大小分别为（　　） A. 12m/s，39m/s B. 24m/s，38m/s C. 12m/s，19.5m/s D. 24m/s，13m/s 6. 如图所示，将物体Q和物体P叠放于固定的斜面上，P的上表面水平，P、Q均保持静止。则下列说法正确的是（　　） A. 物体Q受到2个力作用，物体P受到4个力作用 B. 物体Q对物体P的压力作用是由于物体P发生形变产生的 C. 斜面对P的支持力方向竖直向上 D. 斜面对P的摩擦力方向沿斜面向下 7. 如图所示，在汽车车厢中悬挂一小球，实验表明，当汽车做匀变速直线运动时，悬线将与竖直方向成某一稳定角度。若在车厢底板上还有一个照其相对静止的物体，则关于汽车的运动情况和物体的受力情况正确的是（　　） A. 汽车一定向右做匀加速运动 B. 汽车一定向左做匀加速运动 C. 只受到重力和底板的支持力作用 D. 除受到重力、底板的支持力作用外，还受到水平向右的摩擦力的作用 8. 质量为的物体用轻绳悬挂于天花板上。现用水平向左的力缓慢拉动绳的中点O，如图所示。用T表示绳OA段拉力的大小，绳子能够承受的最大拉力为，在O点向左拉动的一段过程中，应是（　 　） A. 逐渐变小，逐渐变小 B. 逐渐变大，逐渐变大 C. 当时， D. 当绳与竖直方向角成时，绳将不会被拉断 9. 如图所示，粗糙斜面体A放在粗糙水平地面上，斜面体右上方有一个大小可忽略的定滑轮，一根轻绳跨过定滑轮，一端和物体B连接，另一端系在竖直杆上的点；一钩码挂在、间的轻绳上，整个装置处于静止状态。不计绳与定滑轮和挂钩之间的摩擦。若将杆缓慢向左移动一小段距离，A、B物体仍处于静止状态，则（　　） A. 地面对A的支持力减小 B. B受到斜面体的摩擦力可能增大 C. B受到斜面体的摩擦力可能减小 D. A受到地面的摩擦力可能增大 10. 如图甲所示，倾角为的传送带以恒定的速率沿逆时针方向运行。时，将质量m=1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上端，物体相对地面的图像如图乙所示，2s时滑离传送带。设沿传送带向下为正方向，承力加速度g取10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8。则（ ） A. 传送带的速度为 B. 传送带上下两端的间距为15m C. 物体与传送带之间的动摩擦因数 D. 物体在传送带上留下痕迹长度为5m 二、非选择题（本题共5个大题，共54分） 11. 在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，某同学将木板放在水平桌面上，在木板上铺上白纸，用以记录力的大小和方向。他所进行实验的主要步骤如下： ①如图甲所示，轻质小圆环挂在橡皮条的一端，另一端固定，橡皮条的长度为GE； ②用手通过两个弹簧测力计和细绳共同拉动小圆环。小圆环受到拉力、的共同作用，处于O点，橡皮条伸长的长度为EO，如图乙所示。记录O点位置以及、的大小和方向； ③撤去、，改用一个弹簧测力计单独拉住小圆环，仍使它处于O点，此时弹簧测力计的示数为F，如图丙所示。记录F的大小和方向； ④由纸上O点出发，用力的图示法画出拉力、和F，用虚线把拉力F的箭头端分别与、的箭头端连接，如图丁所示，观察所围成的形状。 （1）关于实验操作，下列说法正确的是______； A. 图乙中拉圆环的两根细绳必须等长 B. 测量时，弹簧测力计必须保持弹簧轴线方向与细绳的方向在一条直线 C. 图丙中的圆环可以不拉到O点，只需橡皮条的伸长量与图乙相同即可 （2）在步骤②的操作中，若与的夹角小于，保持O点位置以及拉力方向不变，稍微减小与的夹角，两弹簧测力计示数大小的变化情况为______； A. 增大 B. 减小 C. 增大 D. 减小 （3）在步骤④中，观察到图丁所围成的形状像是一个______，但这只是猜想。为了找到互成角度的力的合成规律，还要做的事情是____________。 12. 如图甲所示为验证“牛顿第二定律”的实验装置简图，电源频率为，请回答下列问题：（计算结果均保留2位有效数字） （1）我们已经知道，物体的加速度同时跟合外力和质量两个因素有关。探究这三个物理量之间的定量关系所涉及的物理思想方法是________。 A．控制变量法 B．累积测量法 D．等效替代法 （2）某次测量纸带上计数点的间距如图乙所示，每相邻两计数点之间还有四个点未画出，则小车加速度________ （3）实验中改变砂和砂桶总质量，依次记录弹簧测力计的示数并求出所对应的小车加速度大小，画出的图像是一条直线，如图丙所示。作完图像后某同学想起自己忘记进行补偿阻力的步骤了，请根据他所作出的图像求出小车的质量________，以及小车所受的阻力________。 13. 电动玩具小车在水平地面上由静止开始做初速度为零的匀加速直线运动，已知第6s末的速度大小为3m/s，求： （1）小车的加速度大小； （2）小车开始运动后前6s内的位移大小； （3）小车在4s~6s内的平均速度大小。 14. 一辆汽车以的速度在高速公路上匀速行驶，若汽车先以的加速度匀加速后，突然发现前方处有一辆大货车，反应后（反应时间内认为汽车将匀速行驶），立即以的加速度匀减速刹车，已知大货车正以的速度在高速公路上匀速行驶。 （1）求汽车匀加速时的速度大小； （2）请你通过计算判断汽车是否会与大货车相撞，若不相撞，求两车的最近距离；若相撞，求司机从发现货车到两车相撞所经历的时间。 15. 某电子厂生产过程中传送电子产品装置可简化为如图甲所示模型。一倾斜传送带与水平面夹角，间距为，传送带以某一速度逆时针运转。质量为的产品从A点由静止开始运动，物体与传送带的动摩擦因数为。产品运动的图像如图乙所示，重力加速度取，，。求： （1）传送带的速度大小； （2）后产品的加速度大小； （3）产品从点运动到点的平均速度大小及到达点时的速度大小（结果均保留两位有效数字）。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $