第5单元 第19讲 课后达标素养提升(教用Word)-【精微方案】2027年高考一轮总复习讲义·生物

**基本信息** 聚焦基因分离定律核心应用，通过显隐性判断、基因频率计算等模块，系统提炼自交/杂交实验、遗传平衡定律等解题方法，构建“概念辨析-原理应用-实验设计”的逻辑链条，培养科学思维与探究实践能力。 **专项设计** |模块|题量/典例|方法提炼|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |显隐性判断|3题（1/3/5题）|自交看性状分离+杂交定显隐|从纯合子/杂合子概念出发，通过实验结果推导显隐性关系| |基因频率计算|3题（4/7/9题）|遗传平衡定律+逐代淘汰法|基于等位基因分离规律，推导基因频率与基因型频率动态变化| |分离定律验证|2题（8/10题）|花粉鉴定/自交/测交实验|通过配子类型、子代性状分离比验证基因分离实质| |遗传实验设计|2题（11/12题）|自交判断纯杂合+杂交方案设计|结合实验目的选择交配方式，体现科学探究的严谨性|

一、选择题 1．玉米的黄粒和白粒受一对等位基因控制，田间玉米的黄粒和白粒普遍存在，从田间选定两个个体进行实验，根据子代表型一定能判断显隐性关系的是(　　) A．黄粒植株自交和白粒植株自交 B．黄粒植株和白粒植株正、反交 C．黄粒植株自交和黄粒植株与白粒植株杂交 D．黄粒植株自交或白粒植株自交 解析：选C。若黄粒植株和白粒植株都是纯合体，自交后代不发生性状分离，无法判断显隐性关系，A、D不符合题意。若黄粒植株和白粒植株中有一株为杂合体，则正、反交后代黄粒∶白粒都是1∶1，无法判断显隐性关系，B不符合题意。黄粒植株自交，若后代出现性状分离，则黄粒为显性性状；若未出现性状分离，则使黄粒植株与白粒植株杂交，后代若只出现黄粒，则黄粒为显性性状，后代若只出现白粒，则白粒为显性性状，C符合题意。 2．(2026·黑龙江大庆高三质检)水稻的R基因是一种“自私基因”，其编码的毒性蛋白对雌配子无影响，但对同株不含该基因的花粉有一定致死效应。以基因型为Rr的水稻为父本，基因型为rr的水稻为母本进行测交，子代为Rr∶rr＝3∶1。下列叙述正确的是(　　) A．R和r基因的遗传不遵循孟德尔遗传规律 B．基因型为Rr的水稻产生的可育雌配子种类及比例为R∶r＝3∶1 C．杂合水稻测交，正交与反交的结果相同 D．杂合水稻自交，子代中Rr所占比例为1/2 解析：选D。R和r基因是一对等位基因，其遗传遵循孟德尔遗传规律，A错误。水稻的R基因是一种“自私基因”，其编码的毒性蛋白对雌配子无影响，基因型为Rr的水稻产生的可育雌配子种类及比例为R∶r＝1∶1，B错误。杂合水稻测交，设正交为Rr父本×rr母本，父本产生的可育雄配子中R∶r＝3∶1，子代的基因型及比例为Rr∶rr＝3∶1；反交为Rr母本×rr父本，母本产生的雌配子中R∶r＝1∶1，子代的基因型及比例为Rr∶rr＝1∶1，正交与反交结果不同，C错误。杂合水稻自交时，雌配子中R∶r＝1∶1，雄配子中R∶r＝3∶1，子代中Rr所占比例为1/2，D正确。 3．(2026·陕西西安期末)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行的以下四个实验中，不能判定植株甲为杂合子的实验是(　　) A．植株甲可以产生两种类型的花粉 B．让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 C．用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1 D．用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1 解析：选C。用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1，只能说明一个亲本为杂合子，另一个亲本为隐性纯合子，但无法判定植株甲为杂合子，C符合题意。 4．(2026·辽宁丹东模拟)假设羊的毛色遗传由一对等位基因控制，黑色(B)对白色(b)为显性。一个随机交配多代的羊群中，白毛和黑毛的基因频率各占一半。现需对羊群进行人工选择，逐代淘汰白色个体。下列说法错误的是(　　) A．淘汰前，该羊群中黑色个体数量多于白色个体数量 B．白色羊至少要淘汰2代，才能使b基因频率下降到25% C．白色个体连续淘汰2代，羊群中基因型为Bb的个体占2/3 D．若每代均不淘汰，不论交配多少代，羊群中纯合子的比例均为1/2 解析：选C。该羊群中白毛和黑毛的基因频率各占一半，淘汰前黑色个体数量所占比例为50%×50%＋2×50%×50%＝75%，多于白色个体数，A正确；淘汰一次后，BB∶Bb＝1∶2，再自由交配一次，BB∶Bb∶bb＝4∶4∶1，再淘汰掉bb，BB∶Bb＝1∶1，b的基因频率是1/4，羊群中基因型为Bb的个体占1/2，B正确，C错误；若每代均不淘汰，不论交配多少代，基因频率不变，羊群中纯合子的比例均为1/2，D正确。 5．玉米是雌雄同株异花植物，种子的甜与非甜是一对相对性状，受一对等位基因控制。现用甜玉米种子(甲)和非甜玉米种子(乙)进行相关实验。实验一：甲、乙单独种植，甲的后代均为甜玉米，乙中1/2的后代出现性状分离。实验二：等量的甲、乙间行种植。下列有关叙述正确的是(　　) A．由实验一可知甜对非甜为显性 B．甲均为纯合子，乙均为杂合子 C．实验二的甲所结种子有3种基因型 D．实验二有1/2乙所结种子均为非甜 解析：选D。根据乙(非甜)中1/2的后代出现性状分离，可知非甜(设由T基因控制)对甜(设由t基因控制)为显性，并可判断甲的基因型为tt，乙的基因型为1/2TT、1/2Tt，A、B错误；实验二中甲和乙随机传粉，其中甲上所结种子有tt和Tt 2种基因型，基因型为TT的乙上所结种子的基因型为TT和Tt，均为非甜，C错误，D正确。 6．玉米突变型和野生型是一对相对性状，分别由等位基因B和b控制，杂合子中有87.5%的个体表现为突变型。某一个玉米群体自交，F1中出现两种表型。下列有关分析错误的是(　　) A．F1的基因频率与亲本相比不会发生改变 B．亲本可均为突变型 C．F1中的杂合子自交后代突变型∶野生型＝11∶5　 D．F1自由交配产生的F2中，突变型与野生型的比例不会发生改变 解析：选D。F1中没有个体被淘汰，所以F1的基因频率与亲本相比不会发生改变，A正确；亲本可均为突变型杂合子，基因型为Bb，B正确；F1中杂合子的基因型为Bb，其自交后代的基因型及比例为BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，根据题意可知杂合子中有87.5%的个体表现为突变型，即7/8为突变型，因此F2中表型及比例为突变型∶野生型＝[(1/4)＋(2/4)×(7/8)]∶[(2/4)×(1/8)＋(1/4)]＝11∶5，C正确；由于杂合子(Bb)可表现为两种类型，故F1自由交配产生的F2中基因频率不会发生改变，但突变型与野生型的比例会发生改变，D错误。 7．(2026·四川成都高三模拟)已知牛的体色由一对等位基因(A、a)控制，其基因型为AA的个体是红褐色，基因型为aa的个体是红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型，其比例为1∶2，且雌∶雄＝1∶1。若让该群体的牛分别进行自交(基因型相同的雌雄个体交配)和自由交配，则子代的表型及比例分别是(　　) A．自交：红褐色∶红色＝5∶1；自由交配：红褐色∶红色＝8∶1　 B．自交：红褐色∶红色＝3∶1；自由交配：红褐色∶红色＝4∶1　 C．自交：红褐色∶红色＝2∶1；自由交配：红褐色∶红色＝2∶1　 D．自交：红褐色∶红色＝1∶1；自由交配：红褐色∶红色＝4∶5　 解析：选C。由题干可知，亲本的基因型及比例为1/3AA、2/3Aa，雌∶雄＝1∶1，自交的子代中基因型为AA的个体占(1/3)＋(2/3)×(1/4)＝1/2，基因型为Aa的个体占(2/3)×(1/2)＝1/3，基因型为aa的个体占(2/3)×(1/4)＝1/6，其中基因型为Aa的子代个体中有1/2为红褐色雄牛、1/2为红色雌牛，因此，子代中红褐色个体占1/2＋(1/3)×(1/2)＝2/3，红色个体占1/6＋(1/3)×(1/2)＝1/3，即自交子代的表型及比例为红褐色∶红色＝2∶1；自由交配时，亲本产生的雌雄配子中A均占2/3、a均占1/3，则自由交配产生的子代中基因型为AA的个体占(2/3)×(2/3)＝4/9，基因型为Aa的个体占2×(2/3)×(1/3)＝4/9，基因型为aa的个体占(1/3)×(1/3)＝1/9，其中基因型为Aa的子代个体中有1/2为红褐色雄牛、1/2为红色雌牛，因此，子代中红褐色个体占4/9＋(4/9)×(1/2)＝2/3，红色个体占1/9＋(4/9)×(1/2)＝1/3，即自由交配子代的表型及比例为红褐色∶红色＝2∶1。 8．玉米的花粉有糯性(B)和非糯性(b)两种，非糯性花粉遇碘液变蓝黑色，糯性花粉遇碘液变橙红色；玉米的高茎(D)对矮茎(d)为显性。下列不能用于验证基因的分离定律的是(　　) A．用碘液检测基因型为Bb的植株产生的花粉，结果是一半显蓝黑色，一半显橙红色 B．基因型为Dd的植株自交，产生的子代中矮茎植株占1/4 C．纯合的高茎植株和矮茎植株杂交，子代全为高茎 D．杂合的高茎植株和矮茎植株杂交，子代表型的比例为1∶1 解析：选C。用碘液检测基因型为Bb的植株产生的花粉，结果是一半显蓝黑色，一半显橙红色，说明基因B与b分离，产生的两种配子比例为1∶1，能用于验证基因的分离定律，A不符合题意；基因型为Dd的植株自交，产生的子代中矮茎植株占1/4，说明子代出现了性状分离，且分离比为3∶1，能用于验证基因的分离定律，B不符合题意；纯合的高茎植株和矮茎植株杂交，子代全为高茎，只能说明高茎对矮茎为显性，不能用于验证基因的分离定律，C符合题意；杂合的高茎植株和矮茎植株杂交，子代表型的比例为1∶1，属于测交，说明基因D与d分离，产生的两种配子比例为1∶1，能用于验证基因的分离定律，D不符合题意。 9．用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线，如下图所示。下列分析错误的是(　　) A．曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4 B．曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4 C．曲线Ⅳ的Fn中纯合子的比例比上一代增加 D．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等 解析：选C。Aa连续自交和随机交配的F1中Aa的基因型频率均为，所以曲线Ⅰ和Ⅳ符合，但连续自交的结果是纯合子所占比例越来越大，杂合子所占比例越来越小，而随机交配后杂合子的基因型频率不变，所以曲线Ⅰ是随机交配的结果，曲线Ⅳ是自交的结果；基因型为Aa的小麦随机交配并逐代淘汰子代中的隐性个体，P随机交配得到F1，去除隐性个体后Aa基因型频率为，F1随机交配得到F2，去除隐性个体后Aa基因型频率为，F2随机交配得到F3，去除隐性个体后Aa基因型频率为，因此曲线Ⅱ为随机交配并逐代淘汰子代中隐性个体后的Aa基因型频率变化曲线；基因型为Aa的小麦连续自交并逐代淘汰子代中的隐性个体，P自交得到F1，去除隐性个体后Aa基因型频率为，F1自交得到F2，去除隐性个体后Aa基因型频率为，因此曲线Ⅲ为连续自交并逐代淘汰子代中隐性个体后的Aa基因型频率变化曲线，A、B正确。曲线Ⅳ为连续自交子代中Aa基因型频率变化曲线，Fn中纯合子比例为1－，上一代Fn－1中纯合子比例为1－，Fn纯合子比例比上一代增加1－－(1－)＝－＝，C错误。曲线Ⅰ为随机交配子代中Aa基因型频率变化曲线，基因型为Aa的小麦连续自交或随机交配后，子代不进行选择，A、a的基因频率都不变，都为，D正确。 10．大豆子叶的颜色受一对等位基因控制，基因型为AA的个体呈深绿色，基因型为Aa的个体呈浅绿色，基因型为aa的个体呈黄色，黄色个体在幼苗阶段死亡。下列说法错误的是(　　) A．浅绿色植株连续自交n代，成熟后代中深绿色个体的概率为 B．浅绿色植株自交后代再自由传粉n代，成熟后代中深绿色个体的概率为 C．浅绿色植株与深绿色植株杂交，其成熟后代有深绿色和浅绿色，且比例为1∶1 D．浅绿色植株自花传粉，不会产生黄色子代 解析：选D。浅绿色植株连续自交n代，后代中杂合子的概率为，纯合子的概率为1－，因为基因型为aa的个体在幼苗阶段死亡，因此成熟后代中深绿色个体(AA)的概率＝÷＝，A正确；浅绿色植株自交后代的成熟个体的基因型及比例为AA∶Aa＝1∶2，则A基因的频率＝＋×＝，a基因的频率为，自由交配后成熟后代中AA的概率＝＝，再自由交配后成熟后代中AA的概率＝，以此类推，浅绿色植株自交后代再自由传粉n代，成熟后代中深绿色个体的概率为，B正确；浅绿色植株与深绿色植株杂交，其成熟后代有深绿色和浅绿色，且比例为1∶1，即Aa×AA→Aa∶AA＝1∶1，C正确；浅绿色植株自花传粉，即Aa×Aa，后代有黄色个体(aa)，只是会在幼苗阶段死亡，D错误。 二、非选择题 11．(2026·河北保定模拟)某种可异花传粉的两性花植物，其红花和紫花是一对相对性状，受一对基因控制，不考虑不完全显性。某研究小组做了如下表所示的3个实验。回答以下问题： 实验 组别 实验目的 选择亲本 甲组 探究该相对性状的显隐性 红花植株×纯合紫花植株 乙组 已知红花为显性性状，探究红花植株为纯合子还是杂合子 若干红花植株自交 丙组 一次杂交实验验证基因的分离定律 ？ (1)控制花色的基因型有________种，表型相同，基因型________(填“一定”或“不一定”)相同。 (2)甲组实验中，若子代植株中红花∶紫花≈1∶1，能否确定显隐性？________，判断依据是_____________________________________________。 (3)乙组实验中，若子代表现为________，则可判断所有的亲本红花植株均为纯合子。若红花植株自交后代中红花∶紫花＝11∶1，则亲本中红花纯合子所占比例为________。 (4)若红花为显性性状，则丙组一定选红花________(填“纯合子”或“杂合子”或“纯合子或杂合子”)进行________(填交配方式)，子代出现特定的性状分离比即可验证基因的分离定律。 解析：(3)乙组是若干红花植株自交，若自交子代表型均为红花，则可判断所有的亲本红花植株均为纯合子。若红花植株自交后代中红花∶紫花＝11∶1，即子代紫花的概率为1/12，假设杂合子的概率为y，则自交产生紫花的概率为1/4y＝1/12，说明y＝1/3，则纯合子所占的比例为2/3。(4)若红花为显性性状，则丙组一定选红花杂合子。红花杂合子的自交和测交都可以验证分离定律，但测交子代不会出现性状分离的现象，因此通过红花杂合子进行自交实验，子代出现特定的性状分离比即可验证基因的分离定律。 答案：(1)3　不一定　(2)能　若紫花为显性性状，则子代均为紫花　(3)红花　2/3　(4)杂合子　自交 12．(2026·重庆高三月考)柠檬由野生酸橙和野生香橼(野生个体均为纯合子)杂交而来，对柑橘溃疡病表现为不抗病，而香橼对柑橘溃疡病表现为抗病。柠檬可以通过自花传粉的方式繁殖。控制柑橘溃疡病抗性的相关基因用R和r表示。某研究团队希望培育出对柑橘溃疡病表现为抗性且能稳定遗传的柠檬。据此回答下列问题： (1)柠檬对柑橘溃疡病不抗病的基因遗传自________亲本，抗病柠檬的基因型为________。 (2)以不抗病柠檬的混合群体为亲本(不考虑致死和变异)，自由交配所得的F1中有4/9的植株无法稳定地遗传，则亲本柠檬的基因型及比例为____________________。 (3)育种过程中，发现大部分柠檬种子只发育为一个植株，而少部分种子可以发育为两个植株，其中一株由母本体细胞发育而来，另一株由受精卵发育而来。 ①现以柑橘溃疡病抗病和不抗病柠檬各一株作为亲本进行杂交，则需要对母本进行________________________的操作流程。所得的某颗种子发育出了两个植株，若两个植株均表现为不抗病，则母本表型为________，基因型为________。 ②研究发现，若柠檬种子只发育出一个植株，则该植株更可能由母本体细胞发育而来。与杂合豌豆相比，杂合柠檬自交得到的植株中纯合子比例__________(填“更高”“更低”或“不变”)，原因是________________________________________________________________________________________________________________________________________。 解析：(1)纯合亲本杂交且香橼表现为抗病，子代表现为不抗病，说明抗病为隐性性状(r)，不抗病为显性性状(R)，柠檬的不抗病基因遗传自野生酸橙，抗病柠檬的基因型为rr。(2)设基因型为RR的亲本个体所占比例为x，基因型为Rr的亲本个体所占的比例为(1－x)，RR形成配子R的概率为x，Rr形成配子R和r的概率都为(1－x)/2，所以亲本产生R配子的概率为(x＋1)/2，产生r配子的概率为(1－x)/2，由于亲本RR和Rr的混合群体自由交配子代中4/9为Rr，根据遗传平衡公式可知2×[(1－x)/2]×[(x＋1)/2]＝4/9，解得x＝1/3，即亲本中RR占1/3，Rr占2/3，因此亲本柠檬的基因型及比例为RR∶Rr＝1∶2。(3)①自花传粉植物进行杂交时，需要经过去雄→套袋→授粉→套袋的过程。若两个植株均表现为不抗病，即母本体细胞和受精卵发育成的子代均不抗病，则母本的基因型可能为RR或Rr，父本的基因型为rr。②大部分柠檬种子只发育为一个植株，且杂合柠檬自交得到的植株更可能由母本体细胞发育而来，为杂合子，会降低纯合子比例。 答案：(1)野生酸橙　rr　(2)RR∶Rr＝1∶2 (3)①去雄→套袋→授粉→套袋　不抗病　RR或Rr　②更低　大部分柠檬种子只发育出一个植株且更可能是Rr 学科网（北京）股份有限公司 $