第三、四章：交变电流　电磁波 章节知识基础精讲课件 -2027届高考物理一轮复习

该高中物理高考复习课件聚焦“交变电流、电磁波”模块，依据高考评价体系梳理了正弦式交变电流的产生与描述、变压器原理及动态分析、远距离输电、电磁振荡与电磁波四大核心考点，通过近三年高考真题统计明确“交变电流四值”“变压器电压电流关系”等高频考点占比超60%，构建了表格对比、典例解析结合的知识体系。 课件亮点在于“真题溯源+方法建模+素养提升”的备考路径，如以2025山东卷导体棒切割磁感线问题为例，运用“三同原则”突破有效值计算，培养科学思维中的模型建构与科学推理能力。特设“易错警示”（如漏磁对变压器实验误差的影响）和“提分关键”（等效电阻法分析电路动态），助力学生掌握答题技巧，教师可据此精准定位复习重点，实现高效备考。

物 理 新高考适用 高中物理选必修第三、四章　交变电流　电磁波 目 录 CONTENTS 第1 节　交变电流的产生与描述 微专题33 含变压器电路的动态分析 第2 节　变压器　远距离输电　实验：探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系 第3 节　电磁振荡与电磁波 第1节 交变电流的产生与描述 返回目录 3 考点1　正弦式交变电流的产生及变化规律 1.产生:在匀强磁场中,线圈绕垂直于磁感线方向的轴匀速转动。 2.两个特殊位置的特点 (1)线圈平面与中性面重合时,S⊥B,Φ最大, =0,e=0,i=0,电流方向将发生改变。 (2)线圈平面与中性面垂直时,S∥B,Φ=0, 最大,e最大,i最大,电流方向不改变。 (3)电流方向的改变:线圈通过中性面位置时,电流方向将发生改变,一个周期内线圈两 次通过中性面位置,电流的方向改变两次。 (4)感应电动势的最大值Em=nBSω,与转轴位置无关,与线圈形状无关。 返回目录 函数表达式 图像   Φ=Φm cos ωt=BS cos ωt     e=Em sin ωt=nBSω sin ωt   3.交变电流的变化规律(从线圈在中性面位置开始计时) 返回目录 典例1    (多选)(2025黑吉辽蒙,9,6分)如图,“ ”形导线框置于磁感应强度大小为B、水 平向右的匀强磁场中。线框相邻两边均互相垂直,各边长均为l。线框绕b、e所在直线 以角速度ω顺时针匀速转动,be与磁场方向垂直。t=0时,abef与水平面平行,则  (         ) A.t=0时,电流方向为abcdefa B.t=0时,感应电动势为Bl2ω AB C.t= 时,感应电动势为0 D.t=0到t= 过程中,感应电动势平均值为0 返回目录 解析　    t=0时,fa垂直切割磁感线,由右手定则可知a相当于电源正极,f相当于电源负 极,电流方向为abcdefa,感应电动势为E=Blv,v=ωl,则E=Bl2ω,A、B正确;导线框匀速转动, 周期T= ,t= = 时,af垂直切割磁感线,感应电动势仍为E=Bl2ω,C错误;t=0时,Φ1=Bl2,t=  时,Φ2=-Bl2,则t=0到t= 过程中,|ΔΦ|=2Bl2≠0,由E=n 可知,感应电动势平均值不为0, D错误。 返回目录 考点2　交变电流四值的理解与应用 物理含义 重要关系 适用情况及说明 瞬时值 交变电流某一时刻的值 e=Em sin ωt i=Im sin ωt 计算线圈某时刻的受力情 况 峰值 最大的瞬时值 Em=nBSω Im=  讨论电容器的击穿电压 平均值 交变电流图像中图线与时 间轴所围的“面积”与时 间的比值  =BL   =n   =  计算一段时间内通过导线 横截面的电荷量 返回目录 有效值 跟交变电流的热效应等效 的恒定电流的相关值 E=  U=  I=  适用于正弦 式交变电流 计算与电流的热效应有关 的物理量(例如电功、电功 率、电热、保险丝的熔断 电流等) 返回目录 典例2　如图所示,电阻为r的单匝金属直角线框abcd放置在磁感应强度大小为B的匀强 磁场中,a、d两点连线与磁场垂直,ab、cd的长度均为l,bc的长度为2l,定值电阻的阻值 为R。线框绕ad连线以角速度ω匀速转动,从图示位置开始计时,则 (         ) A.线框每转一圈,回路电流方向改变一次 B.回路中产生的感应电动势有效值为2Bl2ω ·········· 能力进阶 ·········· D C.a、d两点间的电压为 Bl2ω D. 周期内通过R的电荷量为  返回目录 解析　　线框产生的是正弦式交变电流,线框每转一圈,回路电流方向改变两次,A错 误。回路中产生的感应电动势有效值E= = = Bl2ω,a、d两点间的电压为路 端电压,U= E=  Bl2ω,B、C错误。 周期内通过R的电荷量q= t= t=  = ,D正确。 返回目录 (进阶1·图像表征)若去掉ad边左侧磁场,其他条件保持不变,线圈在外力F作用下匀 速转动,作出一个周期T内流过电阻R的i-t图像(规定从图示位置开始计时的0~  T内电 流方向为正方向)。 返回目录 答案 如图所示   解析 切割磁感线时间段0~ T、 T~T,图线为正弦函数图线的一部分,不切割磁感线的时间 段 T~ T,i=0。 返回目录 (进阶2·图像含义)求出进阶1所得i-t图像电流的有效值和线圈转动一个周期T的过程 外力F做的功。 答案        返回目录 解析 对于回路,电流的最大值Im=  设电流的有效值为I,则有 ·(R+r)· T·2=I2(R+r)T 可得I= =  一个周期T内外力做的功WF=Q总=I2(R+r)T=  返回目录 (进阶3·链接高考)(2025山东,7,3分)如图为一种交流发电装置的示意图,长度为2L、 间距为L的两平行金属电极固定在同一水平面内,两电极之间的区域Ⅰ和区域Ⅱ有竖直 方向的磁场,磁感应强度大小均为B、方向相反,区域Ⅰ边界是边长为L的正方形,区域 Ⅱ边界是长为L、宽为0.5L的矩形。传送带从两电极之间以速度v匀速通过,传送带上 每隔2L固定一根垂直运动方向、长度为L的导体棒,导体棒通过磁场区域过程中与电 极接触良好。该装置产生电动势的有效值为 (         ) A.BLv B.  C.  D.  D 返回目录 解析　　取导体棒中感应电流方向沿纸面向下时的电动势为正,由法拉第电磁感应定 律和右手定则可得该装置产生的电动势随时间变化的规律如图所示;由交变电流有效 值的定义可得 · + · = · ,解得该装置产生电动势的有效值E有=  ,D正确。   返回目录 易错警示 导体棒在Ⅱ、Ⅰ两磁场区域中切割磁感线的有效长度之比为1∶2,故产生感应电动势 的大小之比为1∶2;导体棒匀速经过两磁场区域的位移相同,故同一根导体棒在两磁场 中的运动时间相等。 返回目录 提分关键·规律总结 非常规交变电流有效值的计算 (1)计算有效值时要根据电流的热效应,抓住“三同”,即“相同时间”内“相同电阻” 上产生“相同热量”,列式求解。 (2)分段计算热量并求和得出一个周期内产生的总热量Q。 (3)利用公式Q=I2Rt和Q= t可分别求得电流有效值和电压有效值。 (4)若交变电流图像部分是正弦(或余弦)函数图像或图像的 周期(必须是从零至最大 值或从最大值至零)或 周期部分,则可直接应用正弦式交变电流有效值与最大值间的 关系式I= 、U= 分析。 返回目录 第2节 变压器　远距离输电　 实验:探究变压器原、副线圈 电压与匝数的关系 返回目录 考点1　实验:探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系 一、实验原理 1.实验电路图   2.控制变量法 (1)n1、U1一定,研究U2和n2的关系。 (2)n2、U1一定,研究U2和n1的关系。 返回目录 二、操作步骤 1.保持原线圈的匝数n1和电压U1不变,改变副线圈的匝数n2,研究n2对副线圈电压U2的影 响。 (1)估计被测电压的大致范围,选择多用电表交流电压挡适当量程。若不知道被测电压 的大致范围,则应选择交流电压挡的最大量程进行测量。 (2)组装可拆变压器:把两个线圈穿在闭合铁芯上,用交流电压挡测量输入、输出电压。 2.保持副线圈的匝数n2和原线圈两端的电压U1不变,研究原线圈的匝数对副线圈电压的 影响,重复以上操作。 返回目录 三、实验结论 原、副线圈的电压比等于原、副线圈的匝数比。 四、注意事项 1.在改变学生电源电压、线圈匝数前均要先断开电源开关,再进行操作。 2.为保障人身安全,学生电源电压不能超过12 V,通电时不能用手接触裸露导线和接线 柱。 3.为了多用电表的安全,使用交流电压挡测电压时,先用最大量程挡试测,大致确定被测 电压后再选用合适的挡位进行测量。 返回目录 五、误差分析 1.由于漏磁,通过原、副线圈的每一匝的磁通量不严格相等造成误差。 2.原、副线圈有电阻,原、副线圈中的焦耳热损耗造成误差。 3.铁芯有磁损耗,形成涡流产生误差。 返回目录 考点2　理想变压器及其应用 一、理想变压器的基本特点 1.无漏磁,故原、副线圈中的Φ、 相同。 2.线圈无电阻,因此,U=E=n 。 3. = ,套在同一铁芯上的线圈,无论是原线圈,还是副线圈,该比例都成立。 返回目录 二、理想变压器的基本关系 功率关系 原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率,即P入=P出 电压关系 原、副线圈的电压比等于匝数比,即 =  电流关系 (1)只有一个副线圈时: =  (2)有多个副线圈时:由P入=P出得I1U1=I2U2+I3U3+…+InUn或 I1n1=I2n2+I3n3+…+Innn 频率关系 f1=f2,变压器不改变交变电流的频率 返回目录 典例1    (多选)(2025云南,8,6分)电动汽车充电桩的供电变压器(视为理想变压器)示意 图如图所示。变压器原线圈的匝数为n1,输入电压U1=1.1 kV;两副线圈的匝数分别为n2 和n3,输出电压U2=U3=220 V。当Ⅰ、Ⅱ区充电桩同时工作时,两副线圈的输出功率分别 为7.0 kW和3.5 kW,下列说法正确的是 (         ) A.n1∶n2=5∶1 B.n1∶n3=1∶5 C.变压器的输入功率为10.5 kW D.两副线圈输出电压最大值均为220 V AC 返回目录 解析　　根据理想变压器电压与匝数的关系,可知 = 、 = ,代入数据解得 =  、 = ,A正确,B错误;根据理想变压器能量守恒,变压器的输入功率P输入=P2+P3【解 题关键:当有多个副线圈时,根据能量守恒有P输出=P输入=P2+P3+P4+…】,代入数据P2=7 kW,P3=3.5 kW,解得变压器的输入功率P输入=10.5 kW,C正确;两副线圈输出电压的最大 值均为Um=U有效× =220  V,D错误。 返回目录 考点3　远距离高压输电线路分析及有关物理量的计算 电路构成 变压器 为理想 变压器 各个量 之间的 联系  = ,P1=P2, =   = ,P3=P4, =  I2=I3=I线 能量关系 P1=P损+P4 输电线 路损耗 电压损失ΔU=U2-U3=I2R 功率损失P损=P2-P3= R= R=I2ΔU=  返回目录 典例2    (人教版选必二P67,T5改编)如图甲所示,某小型水电站发电机的输出功率P=10 0 kW,发电机的电压U1=250 V,经升压变压器升压后向远处输电,输电线总电阻R线=8 Ω, 在用户端用降压变压器把电压降为U4=220 V。已知输电线上损失的功率P线=5 kW。 假设两个变压器均是理想变压器。 (1)(回归教材)求输电线上的电流,降压变压器原、副线圈的匝数比与用户端得到的 电流。   ·········· 教考衔接 ·········· 返回目录 (2)(情境变式)某节能储能输电网络如图乙所示,发电机的输出电压U1=250 V,输出功 率为500 kW。降压变压器的匝数比n3∶n4=50∶1,输电线总电阻R=62.5 Ω,其余线路电 阻不计,用户端电压U4=220 V、功率P'=88 kW,所有变压器均为理想变压器。求:   ①输电线上损失的功率;②输送给储能站的功率;③升压变压器原、副线圈的匝数比  。 返回目录 (3)(链接高考)(多选)(2025重庆,9,6分)2025年1月“疆电入渝”工程重庆段全线贯通, 助力重庆形成特高压输电新格局,该工程计划将输电站提供的1.6×106 V直流电由新疆 输送至重庆,多次转换后变为1.0×104 V的交流电,再经配电房中的变压器(视为理想变 压器)降为220  sin(100πt) V的家用交流电。若输电线路输送功率为8.0×109 W,且直 流输电过程中导线电阻产生的电功率损耗不超过输送功率的5%,则 (         ) A.直流输电导线中的电流为250 A B.直流输电导线总阻值不超过16 Ω C.家用交流电的电压最大值为220 V,频率为50 Hz D.配电房中变压器原、副线圈中电流之比为11∶500 BD 返回目录 答案 (1)25 A           A (2)①4 kW　②408 kW　③     (3)BD 返回目录 解析 (1)由P线=I线2R线可得I线= =25 A 降压变压器原、副线圈的功率P3=P4=P-P线=95 kW 用户端得到的电流I4= =  A 降压变压器原、副线圈的匝数比 = = 。 (2)由 = = ,P'=U4I4 联立解得I4=400 A,I3=8 A,U3=11 000 V ①输电线上损失的功率P损= R=4 kW。 返回目录 ②U2=U3+I3R=11 500 V 理想变压器无功率损失,有P=U2I3+P储 代入数据解得P储=408 kW。 ③升压变压器匝数比 = = 。 (3)根据题意可知直流输电电压U=1.6×106 V,可得直流输电导线中的电流I= =  A=5 000 A,A错误。因为直流输电过程中导线电阻产生的电功率损耗不超过输送功率 的5%,故导线允许的最大损耗功率P损=5%P=4×108 W,则直流输电导线最大总阻值Rmax=  =  Ω=16 Ω,B正确。家用交流电的电压U3=220  sin(100πt) V,故其电压最大值 返回目录 为220  V,频率f= =50 Hz,C错误。配电房中的变压器,其原线圈两端电压U1=1.0× 104 V,副线圈两端电压U2=220 V,变压器匝数之比 = = ,根据理想变压器电流与匝 数的关系可知 = = ,D正确。 返回目录 微专题33 含变压器电路的动态分析 返回目录 制约关系 电压 副线圈电压U2由原线圈电压U1和匝 数比决定  功率 原线圈的输入功率P入由副线圈的输 出功率P出决定  电流 原线圈电流I1由副线圈电流I2和匝数 比决定  1.理想变压器中各量的制约关系 返回目录 2.理想变压器的动态分析问题常见的几种情况 匝数比不变的情况 负载电阻不变的情况     (1)U1不变,不论负载电阻R如何变化,U2不变 (2)当负载电阻发生变化时,I2变化,根据副线圈中电流I2 决定原线圈中电流I1,可以判断I1的变化 (3)I2变化引起P2变化,根据P1=P2,可以判断P1的变化 (1)U1不变, 发生变化,U2变化 (2)R不变,U2变化,I2发生变化 (3)根据P2= 和P1=P2,可以判断P2变化时,P1发生变化,U1 不变时,I1发生变化 返回目录 3.解决含变压器电路动态分析问题的一般思路 (1)分清不变量和变化量。 (2)弄清理想变压器中电压、电流、功率之间的联系和相互制约关系。 (3)利用闭合电路欧姆定律、串并联电路特点进行分析判定。 返回目录 典例    (多选)(2024全国甲,19,6分)如图,理想变压器的副线圈接入电路的匝数可通过滑 动触头T调节,副线圈回路接有滑动变阻器R、定值电阻R0和R1、开关S。S处于闭合状 态,在原线圈电压U0不变的情况下,为提高R1的热功率,可以 (        ) A.保持T不动,滑动变阻器R的滑片向f端滑动 B.将T向b端移动,滑动变阻器R的滑片位置不变 C.将T向a端移动,滑动变阻器R的滑片向f端滑动 D.将T向b端移动,滑动变阻器R的滑片向e端滑动 ·········· 能力进阶 ·········· AC 返回目录 解析　　当滑动触头T不动时,原、副线圈匝数之比不变,当U0不变时,输出电压U也不 变,如果滑动变阻器R的滑片向f端滑动,R连入电路阻值减小,所以通过R1的电流变大,R1 的热功率增大,A正确;当滑动触头T向b端移动时,原、副线圈匝数之比变大,根据 =  =k,可知变压器输出电压U变小,滑片位置不变时,R1支路电阻不变,电流变小,所以不能 提高R1的热功率,B错误;当滑动触头T向b端移动时,变压器输出电压U变小,如果滑动变 阻器滑片向e端滑动,则滑动变阻器接入电路的阻值增大,IR1= 变小,所以R1的热功 率P= R1减小,D错误;同理可得,T向a端移动,则输出电压U变大,滑动变阻器R的滑片向f 端滑动,则滑动变阻器接入电路的阻值减小,R1支路中的电流IR1= 变大,所以R1热功 率变大,C正确。 返回目录 A.保持P1位置不变,P2向左缓慢滑动的过程中,I减小,U不变 B.保持P1位置不变,P2向左缓慢滑动的过程中,R1消耗的功率增大 C.保持P2位置不变,P1向下缓慢滑动的过程中,I减小,U增大 D.保持P2位置不变,P1向下缓慢滑动的过程中,R1消耗的功率减小 (进阶1·原线圈无负载到含负载)(2022湖南,6,4分)如图,理想变压器原、副线圈总匝 数相同,滑动触头P1初始位置在副线圈正中间,输入端接入电压有效值恒定的交变电 源。定值电阻R1的阻值为R,滑动变阻器R2的最大阻值为9R,滑片P2初始位置在最右端。 理想电压表 的示数为U,理想电流表 的示数为I。下列说法正确的是 (         ) B 返回目录 解析　    解法一    常规解法 保持P1位置不变,原、副线圈的匝数比为2∶1,则副线圈的电流为2I,副线圈两端电压的 有效值U2=2IR1,则变压器原线圈两端电压的有效值U1=2U2=4IR1,设输入交流电的电压 有效值为U0,有U0=4IR1+IR2,可得I= ,在P2向左缓慢滑动的过程中,R2减小,则I变大, 变压器原线圈两端电压的有效值U1=4IR1变大,输入电压有效值U0不变,则R2两端的电压 不断变小,电压表示数U变小,原线圈两端电压、电流都变大,则变压器的输入功率变大, 根据原、副线圈的功率相等,可知R1消耗的功率增大,A错误,B正确。设原、副线圈的 匝数的比值为k,则U1=kU2=k2IR1,U0=k2IR1+IR2,整理可得I= ,保持P2位置不变,在P1 返回目录 向下缓慢滑动的过程中,k变大,则I变小,由U=IR2可知U变小,R1消耗的功率P=IU1=  · ,整理可得P= ,当k=3时,R1消耗的功率有最大值,可知R1 消耗的功率先增大后减小,C、D错误。 解法二    等效电阻法 如图,将理想变压器及R1等效为电阻R等,由R等= , = , = ,UR1=IR1·R1,得R等= ·R 1(n1和n2分别为变压器原、副线圈匝数),若保持P1位置不变,则R等=4R,P2向左缓慢滑动,R2 接入电路的阻值减小,I= ,I增大,U=U总-IR等,U减小,A错误;PR1=P等=I2·R等,PR1增大,B 返回目录 正确;若保持P2在最右端位置不变,R2=9R,P1向下缓慢滑动,n2减小,R等增大,I减小,U=UR2= IR2,U减小,C错误;将R2等效为电源内阻R内,当R等=R内=9R时,R1消耗的功率最大,P1向下缓 慢滑动,R等由4R逐渐增大,故R1消耗的功率先增大,后减小,D错误。 返回目录 (进阶2·单个变压器到多个变压器)(多选)(2025湖北,8,4分)在如图所示的输电线路 中,交流发电机的输出电压一定,两变压器均为理想变压器,左侧升压变压器的原、副线 圈匝数分别为n1、n2,两变压器间输电线路电阻为r。下列说法正确的是 (         ) A.仅增加用户数,r消耗的功率增大 B.仅增加用户数,用户端的电压增大 C.仅适当增加n2,用户端的电压增大 D.仅适当增加n2,整个电路消耗的电功率减小 AC 返回目录 解题导引     关键条件 分析要点 交流发电机的输出电压一定 升压变压器原线圈两端电压U1不变 两变压器均为理想变压器 满足电压与匝数关系 = ,无能量损耗 输电线路电阻为r 功率损耗P损= r,电压损耗ΔU=I2r 返回目录 解析 设升压变压器输入、输出电压分别为U1、U2,降压变压器输入、输出电压分别为U3、 U4,通过降压变压器原线圈的电流为I3,降压变压器及用户的等效电阻为R等,R等= R用。 仅增加用户数,R用减小,则R等减少,U1不变,U2= U1=I3(r+R等)不变,则I3增大,r消耗的功率 P损= r增大,A正确。仅增加用户数,输电线路上的电压损耗增大,用户端的电压U4= U3 = (U2-I3r)降低,B错误。仅适当增加n2,由 = 可知,输出电压U2增大,U2=Ur+U3,由串 联分压可知r和R等两端电压均增大,整个电路消耗的功率P= 增大,U4= U3也增大, C正确,D错误。 返回目录 提分关键·方法提升 等效电阻法与等效电源法 1.等效电阻法 (1)等效电阻的建立        如图甲所示,设理想变压器原线圈两端的电压为U1、电流为I1,副线圈两端的电压为U2、 电流为I2,副线圈所接负载为R,变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2。由欧姆定律可 返回目录 知 =R,令 =k,则有 = =k, = =k,联立可得 =k2R,所以可将变压器和副线圈所 接负载整体看成阻值为k2R的等效电阻直接连在原线圈一侧,等效电路如图乙所示。 (2)拓展:含有两个副线圈理想变压器的等效电阻   变压器含有多个副线圈时,每个线圈等效的电阻应为并联关系,U2= U1, = = 返回目录  = ,U3= U1, = = = ,R2所在副线圈等效电阻的功率 ' = ,R3所在副线圈等效电阻的功率 '= ,将变压器等效成定值电阻,定值电阻的功率 与变压器的功率相同,即 = ', = ',由此可得R2'= R2,R3'= R3。 (3)推广:含两个以上副线圈理想变压器的等效电阻 若理想变压器满足如图甲所示情况,则可等效成如图乙所示电路,且满足Rk'= Rk(k>2)。 返回目录        2.等效电源法 如图甲所示,设理想变压器原线圈两端的电压为U1、电流为I1,副线圈两端的电压为 U2、电流为I2,副线圈所接负载为R,与原线圈串联的定值电阻为R0,变压器原、副线圈匝 数分别为n1、n2。将变压器、定值电阻R0与原交流电源看为一个整体,等效为一个新的 电源,令新电源的电动势为E',新电源的等效内阻为r',作出等效后的电路图如图乙所示。 返回目录        对图甲,由串联电路的规律得U1=U-I1R0,令 =k,则 =k, =k,联立可得U2= -I2 。对 图乙,由闭合电路欧姆定律得U2=E'-I2r'。两式比较可得E'= ,r'= 。 返回目录 第3节 电磁振荡与电磁波 返回目录 一、电磁振荡 1.电磁振荡的基本规律 (1)放电过程:电容器的电荷量、极板间的电场强度都减小,线圈中的电流、磁感应强度 都增大,电场能E电转化为磁场能E磁。 (2)充电过程:电容器的电荷量、极板间的电场强度都增大,线圈中的电流、磁感应强度 都减小,磁场能E磁转化为电场能E电。 2.电磁振荡的周期和频率:T= =2π 。 返回目录     3.振荡电流、极板电荷量随时间的变化图像 返回目录 点拨提醒 U、E、E电规律与q-t图像相对应;B、E磁规律与i-t图像相对应。 返回目录 二、电磁波 1.麦克斯韦电磁场理论   返回目录 2.电磁波 (1)变化的电场和磁场在空间由近及远地向周围传播,形成电磁波。电磁波是横波。 (2)电磁波的传播不需要介质,可在真空中传播,在真空中不同频率的电磁波传播速度相 同(都等于光速)。 (3)不同频率的电磁波,在同一介质中传播,其速度是不同的,频率越高,波速越小。 (4)v=λf,f是电磁波的频率。 返回目录 典例　电感为L的线圈与电容为C的电容器组成一个理想的振荡电路,某时刻电路中电 流的方向和电容器中电场强度的方向如图甲所示,电容器a极板所带的电荷量随时间变 化的图像如图乙所示(Q0为电容器所带最大电荷量的绝对值)。下列说法正确的是  (         )        A.图甲所示的时刻可能为图乙中从t=0时刻开始的第4个四分之一周期的某个时刻 D 返回目录 B.图甲所示的时刻线圈的自感电动势正在减小 C.该振荡电路从图乙中t=0时刻开始的第1个四分之一周期内的平均电流为  D.该振荡电路中电容器两极板间的正弦交流电压的有效值为  返回目录 解析　　题图甲所示时刻电容器两极板间电场强度的方向向上,下极板b带正电,电流 沿逆时针方向,电容器处于充电状态,此时a极板带负电且电荷量在增加,题图甲所示的 时刻可能为题图乙中从t=0开始的第3个四分之一周期的某个时刻,该时刻电路中电流 在减小,电流的变化率在增大,自感电动势增大,A、B错误。该振荡电路从题图乙中t=0 时刻开始的第1个四分之一周期内的平均电流 = = ,C错误。C= ,电容器两端 电压的最大值Um= ,U有= = ,D正确。 返回目录 提分关键·方法提升 LC振荡电路充、放电过程的判断方法 根据电流 流向判断 当电流流向带正电的极板时,电容器的电荷量增加,磁场能向电场能转化,处于充电过程;反之,当电流流出带正电的极板时,电荷量减少,电场能向磁场能转化,处于放电过程 根据物理量的变化趋势判断 当电容器的带电荷量q(电压U、电场强度E)增大或电流i(磁感应强度B)减小时,处于充电过程;反之,处于放电过程 根据能量判断 电场能增加时充电,磁场能增加时放电 返回目录 $