2025-2026学年下学期高二物理期末自编模拟试题一（四川达州）

**基本信息** 2026年高二物理期末模拟卷（四川达州）以科技前沿（如“神舟十九号”、空间粒子调控系统）和生活情境（电梯运动、静电植绒）为载体，通过7道单选（21分）、3道多选（18分）、5道非选择（54分），全面考查力学、电磁学等核心内容，凸显科学思维与模型建构能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选|7/21|圆周运动、核衰变、机械波|结合皮带传动（第1题）考查线速度与角速度关系，强化运动观念| |多选|3/18|电磁感应、电磁振荡|正方形线圈穿越双磁场（第8题），综合考查楞次定律与能量守恒| |非选择|5/54|实验（折射率测量）、力学综合（转盘弹簧）、电磁场粒子运动|空间粒子调控系统（第14题）融合类平抛与圆周运动，体现科技应用与科学推理；传送带-斜面综合（第15题）考查能量转化，培养科学论证能力|

2026年第二学期高二物理期末自编模拟试题一（适用于四川达州） 一、单项选择题：本大题共7个小题，每小题3分，共21分．在每个小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求． 1．如图所示为两级皮带传动装置，转动时皮带均不打滑，轮2与轮3是同轴固定在一起的，轮1的半径和轮2的半径相同，轮3的半径和轮4的半径相同，且为轮1和轮2半径的一半，则轮1边缘的点和轮4边缘的点相比（ ） A．线速度大小之比为 B．角速度之比为 C．向心加速度大小之比为 D．向心加速度大小之比为 2．根据海水中的盐分高低可将海水分成不同密度的区域，当潜艇从海水高密度区域驶入低密度区域，浮力顿减，称之为“掉深”.如图甲所示，我国南海舰队某潜艇在高密度海水区域沿水平方向缓慢航行.时，该潜艇“掉深”，随后采取措施自救脱险，在内潜艇竖直方向的图像如图乙所示（设竖直向下为正方向）.则（ ） 甲 乙 A. 潜艇在时下沉到最低点 B. 潜艇在“掉深”和自救时的位移大小之比为 C. 潜艇竖直向下的最大位移为 D. 潜艇在“掉深”和自救时的加速度大小之比为 3．如图所示是质量为150kg货物随电梯运动的图象（竖直向上为正方向），取，下列判断正确的是（    ） A．货物处于失重状态 B．前10s内电梯对货物的支持力恒为1500N C．46s末货物上升的距离为22m D．前货物处于超重状态 4．如图所示为静电植绒仪及其简图，将绒毛放在带负电的容器中，使绒毛带负电，绒毛在电场力的作用下由静止飞到被植体表面上。若忽略绒毛的重力、空气阻力、绒毛之间的相互作用力和边缘效应，带正电的金属板与带负电的金属网之间可视为匀强电场，则下列说法正确的是（　　） A．绒毛飞到被植体表面的过程中加速度逐渐增大 B．绒毛飞到被植体表面的过程中电势能逐渐增大 C．增大电源电压，绒毛到达被植体所需的时间变短 D．增大金属网与金属板间的距离，绒毛到达被植体时的动能会增大 5．一个静止的铀核U（质量为232.037 2 u）放出一个α粒子（质量为4.002 6 u）后衰变成钍核Th（质量为228.028 7 u）。已知1 u相当于931 MeV的能量。下列说法正确的是（　　） A．该核衰变反应方程为U→Th＋He B．该核衰变反应中释放出的核能为0.059 MeV C．该反应产生的钍核和α粒子的动量相同 D．假设反应中释放出的核能全部转化为钍核和α粒子的动能，则钍核获得的动能约为0.017 MeV 6．假设“神舟十九号”飞船升空后先进入停泊轨道（即近地圆轨道），而后进入转移轨道，最后在中国空间站轨道与空间站组合体对接。各个轨道的示意图如图所示，已知地球的半径为，地球表面的重力加速度为，飞船在停泊轨道的运行周期为，中国空间站轨道可视为圆形轨道且距地面高度为，引力常量为，则下列说法正确的是（　　） A．飞船在点从停泊轨道进入转移轨道时需要减速 B．空间站组合体的向心加速度大小为 C．可估得地球的平均密度为 D．飞船在转移轨道上从点运行至点所需的时间为 7．一列沿轴正方向传播的简谐横波在时刻的部分波的图像如图甲所示，图甲中某质点的振动情况如图乙所示.下列说法正确的是（ ） 甲 乙 A．该时刻质点、速度等大反向 B．该简谐波的波速为 C．图乙一定是质点的振动图像 D．质点再经将沿轴正方向移动到处 二、多项选择题:本大题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．如图所示，一边长为的正方形线圈置于光滑绝缘水平面上，线圈右侧存在竖直方向的匀强磁场Ⅰ和Ⅱ，两磁场的宽度均为，磁感应强度大小均为，方向如图所示。线圈的边与磁场边界平行。现给线圈一水平向右的初速度，当线圈全部进入磁场Ⅱ时速度刚好为零，下列说法正确的是（　　） A．整个过程中，线圈做的是加速度逐渐减小的减速运动 B．线圈的边运动到Ⅰ、Ⅱ磁场交界处时的速度大小为 C．线圈的边在磁场Ⅰ、Ⅱ运动的过程中线圈产生的焦耳热之比为 D．若线圈的初速度增大为，则线圈的边刚好运动到磁场Ⅱ右边界时的速度大小为 9．如图是利用电磁振荡来测量物体位移的装置，待测物体与铁芯固连，铁芯可在线圈（直流电阻不计）中移动，线圈与电容器并联，再接入电路，闭合开关，待电路稳定后再断开，已知振荡电路的周期，下列说法正确的是（　　） A．仅增大平行板电容器板间距，振荡电路的频率增大 B．该装置可用振荡周期变化反映物体位置变化 C．开关断开瞬间，电容器极板上的电荷量为零 D．开关断开后四分之一周期内，振荡电流逐渐增大 10．一绝缘的固定倾斜斜面，斜面倾角为 ，空间中存在沿斜面向下的匀强电场，电场强度为.质量为的物块、用一根不可伸长的轻绳绕过滑轮连接，带正电，电荷量为，不带电，一端与弹簧连接，弹簧另一端固定在地面上，劲度系数为.初始时有外力作用使静止在斜面上，轻绳恰好伸直，使从静止释放，第一次到达最低点的时间为，不计一切摩擦.则（ ） A．释放时的加速度为 B．下滑的最大速度为 C．下滑的最大距离为 D．下滑的距离为时，所用时间为 三、非选择题:本大题共5小题，共54分。考生根据要求作答。 11．某实验小组探究糖水折射率随浓度 的变化规律.主要装置包括激光器和长方体玻璃缸，玻璃缸正面内侧刻有水平、竖直标尺，如图（a）所示.实验操作过程如下： （1）调配一定浓度的糖水，注入水平放置的玻璃缸中. （2）打开激光器，让激光紧贴玻璃缸正面内侧以一定入射角从空气折射入糖水. （3） 调整激光器，使入射点处于竖直刻度尺的正后方，光路如图（b）所示，其中点是入射光线与玻璃缸上边沿所在平面的交点，点是折射光线与玻璃缸底部的交点，、点到法线的距离分别为、，到液面的距离分别为、.测得、、、的值，并利用表达式______________________________________（用、、、表示）求出糖水折射率. （4）改变缸内糖水浓度，进行多次实验，将实验数据填入下表. 浓度 11.8 21.1 32.0 39.1 51.1 折射率 1.34 1.36 1.38 1.40 1.42 （5） 在图（c）给出的坐标纸上补上浓度的数据点.分析图中数据点，可知糖水折射率随浓度近似线性变化，绘制出“ ”图线. 图（c） （6） 由所绘图线可知，糖水浓度每增加，折射率增大____.（结果保留2位有效数字） 12． （1）如图甲所示为某同学设计的多用电表的原理示意图。虚线框中S为一个单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱可以分别与触点1、2、3接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的不同功能。关于此多用电表，下列说法中正确的是____。（选填选项前面的字母） A．当S接触点1时，多用电表处于测量电流的挡位，其中接线柱接的是黑表笔 B．当S接触点2时，多用电表处于测量电压的挡位，其中接线柱接的是黑表笔 C．当S接触点2时，多用电表处于测量电阻的挡位，其中接线柱接的是黑表笔 D．当S接触点3时，多用电表处于测量电压的挡位，其中接线柱接的是红表笔 （2）用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图乙所示。 a.若所选挡位为直流挡，则示数为__________。 b.若所选挡位为电阻“”挡，则示数为__________。 （3）用表盘为图乙所示的多用电表正确测量了一个约的电阻后，需要继续测量一个阻值约的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选择以下必需的步骤，并按操作顺序逐一写出步骤的序号：__________。 A．将红表笔和黑表笔接触 B．把选择开关旋转到“”位置 C．把选择开关旋转到“”位置 D．调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点 （4）某小组同学们发现欧姆表的表盘刻线不均匀，分析在同一个挡位下通过待测电阻的电流和它的阻值关系，他们分别画出了如图所示的几种图像，其中可能正确的是_______。 A． B． C． D． （5）图丙为题（2）（图乙表盘）中多用电表电阻挡中某一挡位的原理示意图，其中电流表的满偏电流，内阻，电池的电动势，内阻，则此时欧姆表为电阻____________________挡。 13．如图所示，将质量为m的物块放在转盘上，物块与轻弹簧用一段穿过转盘圆心的不可伸长的轻绳相连，弹簧的劲度系数为k且满足kL=3mg，g为重力加速度。当物块随转盘一起转动的角速度为时，弹簧恰处于原长状态，物块距盘心的距离为L。已知物块与转盘间的动摩擦因数μ=0.5，忽略轻绳与转盘间的摩擦，弹簧始终处于弹性限度内，且弹性势能。现让转盘以的角速度匀速转动，则当系统稳定时，求： （1）弹簧的弹力大小； （2）该过程摩擦力对物块做的功。 14．在未来的深空探测任务中，我国自主研发的空间粒子调控系统正在测试一种新型带电粒子轨迹引导技术。该系统通过精确控制电磁场，实现对高能带电粒子束的聚焦、偏转与定向释放，旨在应用于太空辐射防护、粒子推进引擎以及空间站能源传输等前沿领域。如图所示，在某次地面模拟实验中，平面直角坐标系xoy的第一象限内存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为B（未知）的匀强磁场，第二象限内存在沿x轴正方向的匀强电场E（未知）。一带电量为q（q>0），质量为m的粒子从x轴上的点A（-L，0）沿y轴正方向以初速度v0进入第二象限，经电场偏转后从y轴上的点M（0，2L）进入第一象限，并在磁场中做圆周运动，恰好经过点P（2L，0）。不计粒子重力，求： （1）匀强电场的场强大小； （2）匀强磁场的磁感应强度大小； （3）若撤去第一象限的全域磁场，仅在某一矩形区域内加一个方向不变、磁感应强度为4B的匀强磁场，使粒子沿与x轴正方向成角斜向下穿过x轴并能通过点N（3L，0），求该矩形区域的最小面积及带电粒子进入该矩形磁场初始位置坐标。 15．如图所示，长度水平传送带，以速度顺时针传动，传送带右端通过一小段光滑平台与倾角为的斜面平滑衔接，在传送带左端光滑平台上放置滑块B（可视为质点），长度的轻质细线的一端固定于滑块B正上方的点，另一端拴接一小球A，细线竖直时小球恰好与平台和滑块B相切，现将小球拉偏至与水平方向成角位置无初速度释放，小球A与滑块B发生弹性碰撞，小球A质量，滑块B质量，滑块B与传送带及斜面间的动摩擦因数均为，重力加速度取，，。求： （1）小球A运动到最低点时受到细线的拉力； （2）滑块B第一次在传送带上运动的时间； （3）滑块B在斜面上运动的总路程。 参考答案 1．B 2．B 3．C 4．C 5．A 6．C 7．A 8．BCD 9．ABC 10．BD 11． （3） 设入射角为,折射角为,根据几何关系有,,根据折射定律,可得糖水的折射率为. （5） 将浓度的数据点补在题图（c）上并绘制拟合直线,“ ”图线如图所示. （6） 由图线可知,图线斜率为,则浓度每增加,折射率增大0.020. 12．（1）当S接触点1时，电阻与表头并联，则多用电表处于测量电流的挡位，其中接线柱与电源的正极，所以接的是黑表笔，A正确；当S接触点2时，内部接电源，则多用电表处于测量电阻的挡位，因黑表笔内部接电源的正极，则其中接线柱接的是黑表笔，B错误，C正确；当S接触点3时，表头与电阻串联，则多用电表处于测量电压的挡位，其中接线柱接的是黑表笔，D错误。 （2）a若所选挡位为直流挡，则分度值为，示数为； b若所选挡位为电阻挡，则示数为； （3）用表盘为图乙所示的多用电表正确测量了一个约的电阻后，需要继续测量一个阻值约的电阻，则必须要换成“”挡，然后两表笔短接调零，其正确步骤是BAD。 （4）根据闭合电路的欧姆定律可知，则有，（5）由闭合电路欧姆定律得，将代入解得，结合表盘的中值电阻的意义分析可得，此时欧姆表为电阻挡。 13．（1） 物块随转盘以角速度匀速转动时，根据牛顿第二定律有 解得 由于角速度增加，物块将向外滑动，导致弹簧伸长，直到能再次随转盘一起匀速转动，设系统稳定时弹簧的弹力大小为F，物块到盘心的距离为 ，根据牛顿第二定律有 又 ， 解得， （2） 根据功能关系可得该过程摩擦力对物块做的功 其中，， 代入解得 14．（1）粒子在第二象限做类平抛运动，有 解得 （2）粒子进入第一象限时速度大小为，方向与y轴的夹角为，有 解得 由几何关系可知粒子在第二象限做匀速圆周运动的半径为 由 解得 （3）若磁场磁感应强度为4B，则粒子做匀速圆周运动的半径为 若使粒子沿与x轴正方向成角斜向下穿过x轴，则所加磁场使粒子速度偏转90°，沿y轴方向运动的位移为0，沿x轴正方向向右运动距离为 则该矩形区域的位置及大小如图，矩形区域的长边为，短边为 该矩形区域的最小面积为 设粒子进入该矩形磁场初始位置坐标为，则出磁场位置坐标为，由几何关系可知 解得 带电粒子进入该矩形磁场初始位置坐标为 15．（1）小球A从开始运动到初始位置正下方L处，恰与水平方向成角时，如下图所示： 根据动能定理有，此时由于细线被拉直，小球A将受到细线的冲量，导致小球A只剩下沿圆弧切线方向上的分速度，然后小球A摆到最低点与B相撞，根据动能定理有，小球A运动到最低点时，根据牛顿第二定律有，联立解得，小球A运动到最低点时受到细线的拉力为。 （2）小球A与滑块B发生弹性碰撞，根据动量守恒定律有，根据机械能守恒定律有，联立解得，碰撞后小球B的速度为，根据牛顿第二定律有，滑块B在传送带上的加速度大小为，则滑块B第一次在传送带上加速的时间为，滑块B加速到与传送带共速时的位移为，则滑块B在传送带上匀速的位移为，则滑块B在传送带上匀速运动的时间为，则滑块B第一次在传送带上运动的时间为。 （3）由于，则滑块B滑上斜面后不会静止在斜面，而会滑下然后滑到传送带上，滑块B从第一次离开传送带到第一次滑上斜面，根据动能定理有，解得，滑块B第一次滑上斜面的距离为，滑块B第一次从斜面滑下到传送带，根据动能定理有，解得，滑块B第一次从斜面滑下后到达传送带上的速度为，滑块B在传送带上减速为零的位移为，则滑块B会以速度第二次滑上斜面，经过多次后，最终静止在传送带右侧的水平面上，则根据能量守恒定律有，可得，滑块B在斜面上运动的总路程为。 第 page number 页，共 number of pages 页 第 page number 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