陕西榆林市2025-2026学年高一下学期7月期末物理试题

榆林市第十四中学期末检测 高一物理试题 考生注意： 1.本试基分总帮题和非选择题两年分，调分100分，考试时间90分钟. 2云延前，考生务必用查径0.5是米黑色墨水冬字笔将密封战内项日填写清楚 3.考生作公时，请特公案公在各题卡上。选择题每小题选出云案后，用2B铅笔把答题卡上对 应是日的公金标号涂累：非这择是请用直径Q.5尧米黑色墨水荟字笔在答题卡上各题的答 题区坡内作云，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作各无效。 4本基价题范四：人长：必修第二品，选拆姓必修第一册第一章。 一、选择题（本题共卫小愿，共8分在每小题给出的四个选项中，第1一8题中只有一项符合 题目要求，每小题4分，第9一12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的 得2分，有选错的得0分】 L快递员常常将品碎胸瓷碗放人铺有泡沫的纸箱内，这样做是为了在搬运时 A减小则登腕的动量变化率 B减小陶花院的动量变化量 C增大陶瓷葫所受力的冲量 D.减小陶瓷碗所受力的冲量 2舅极运动需要极大的勇气，可以挑战自我的极限，培养勇于克服任何用难的决心，聊极对心脏 的承受能力要求很大如图甲所示的哪极运动，其简化图如图乙所示，人从O点自由下落，运 动到A点弹性绳自然伸直，运动到B点速度减为0后向上弹起，忽略空气阻力，下列说法正 确的是 A人运动到A点时动能最大 B人从A点到B点过程中加速度一直增大 C人从A点到B点过程中机械能一直减小 D.人在整个运动过程中机械能是守恒的 【高一期末检测·物理试题第1页（共6页）】 26-T-777A 3.哈雷基见绕太阳运动的轨道是比较扁的所圆，下列说法正确的是 入大阳位于梦星椭团轨道的中心 且替星运行中近日点的速率大于远日点的速常 C哈雷彗显的周期为76年，它的半长轴是地球公转半径的76倍 D.地球上发时哈雷皆星的探测器，探测器发射速度大于7.9km/s小于11.2km/s 4.甲，乙两人静止在光滑的冰面上，乙推甲后，两人向相反方向滑去，甲与乙分高后，甲的速率小 于乙的速率。下列说法正确的是 入分离时甲的动能小于乙的动能 且分高时甲的动量小于乙的动量 C,该过程甲对乙的冲量大小小于乙对甲的冲量大小 D.甲的质量小于乙的质量 5.下列说法中正确的是 A.牛顿第二定律表述为：物体动量的变化率等于它受的合外力 B一个恒力对物体做功为零，则其冲量也为零 C建筑工人戴的安全帽内有帆布垫，把头和帽子的外壳隔开一定的空回是为了减小冲量 D.玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因为受到的冲量太大 6.如图所示，在水平地面上方同一位置以相同的速率沿水平向左地出小球甲，斜向右上方抛出 相同的小球乙，经一段时间甲、乙均落地，不计空气阻力，乙球相比甲球 A运动过程中重力做的功多 B.落地时的动能大 C落地时重力的酸时功事大 D.运动过程中重力的平均功率大 7.如图所示，1=0时刺质量m=10kg的物体在F=6.0N的水平拉力作用下，从静止开始沿 水平地面运动.已知物体与地面间的动摩擦因数：=Q.2,重力加速度g取10m/公，不计空气 阻力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.下列说法正确的是 A物体运动的加速度大小为3m/s B摩擦力在0一4s内对物体做的功为一64J C.力F作用于物体前4s的平均功革为36W D.第4s时拉力对物体做功的功率为72W 【高一期末检测·物理试题第2页（共6页）】 26-T-777A 8.在水平地面上整直上抛一个小球，小球运动中受的空气阻力大小与速率成正比，取地面为0 势能面，小球的重力势能E,,动能E,机械能E髓高度h的变化关系正确的是 9.关于重力数功，下列说法正确的是 A重力做正功，物体的重力势能一定增加 B重力做负功，重力势能一定增加 C,重力敞负功，可以说成物体克服重力做功 D.重力做正功，物体的动能一定增加 10.如图所示，小球P从位于颅角9=30'的斜面上某点以一定初速度水平向右抛出，同时右测 等高处的小球Q以一定的初速度水平向左抛出.已知P、Q两球都落在了斜面上的同一点， 且小球Q恰好垂直打到斜面上.不计空气阻力，下列说法正确的是 八PQ两球的加速度大小之比为1：1 RP,Q两球运动的时何之比为3：1 CP,Q两球的水平位移大小之比为3：2 D.P,Q两球抛出的初速度大小之比为】：3 1L.如图甲所示，细绳一端固定在O点，长度一定，可视为质点的小球在细绳的作用下在签直平 面内做圆周运动，改变小球的转速，测定小球每次经过最低点时细蹈的拉力为F,并描绘出 该拉力关于小球经过最低点的角速度的平方的变化规律如图乙所示，已知重力加速度为：， 不计空气阻力，则下列说法正确的是 八小球的质量为号 且细绳的长度为兰 C小球能敬完整圆周运动，在最高点和最低点 细绳的拉力大小的差值为6站 D.要使小球能做完整圆周运动，最低点时角速度至少要√⑤ 12如图甲所示，“.b两物块（均棍为质点）用轻质弹簧连接并放置在光滑的水平面上，©的质量 为m.t=0时刻，使a获得水平向右、大小为的初速度，a、b运动的速度一时间图像如图 乙所示已知弹簧的劲度系数为k,弹簧的弹性势能B一k女，其中工为弹簧的形变量，弹 簧始终处于弹性限度内.下列说法正确的是 【高一期末检测·物理试题第3页（共6页）】 26-T-777A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App 甲 A6的质量为2m Bh时刻.a.b间的距离最大 C0一：时间内，b所受冲量的大小为子m D图乙中阴影部分的面积为√受 二、实验题（本题共2小题，共14分） 13.(6分)用如图所示的装置“密证动量守面定律“，按照以下几个步翼进行操作： ①将木板水平向右移动一定距高并固定，再使小球▣由 静止释放，擅到木板上得到痕查B: ②测量A、B.C三点到O点的距离分别为y1、、为： ①在木板表面钉上白纸和复写纸，并将该木板竖直立于 紧常槽口处.使小球。从斜槽轨道上由静止释放，撞到 木板并在白纸上留下痕连O ④把小球b静止放在斜悟轨诅最右端，让小球。仍由静止释放，和小球6相碰后，两球撞在 木板上得到痕连A和C. (1)上述合理的操作顺序为 (2)下列器材选取或实验操作符合实验要求的是 A人射小球a的质量应大于被碰小球b的质量 B小球：两次必须从斜槽轨道同一位置由静止释放 C斜槽轨道必须光骨 D.需用秒表测定小球在空中飞行的时间 (3)小球：、b质量分别为m:,m:,若该碰擅过程动量守恒，则霜要脸正的表达式为 佣时方表示.者放醒维有机候能损失则有左十方 上（填>一<"或="）。 【高一期末检谒·物理试题第4页（共6页）】 26-T-777A 14(S分)如图所示用气垫导轨装置验证滑块A与钩码B组成的系统机械能守恒定律.A带有 宽度为d的恋光片，A(含遮光片)的质量为m1,气垫导轨上周定两个光电门G.G. 1)A放在G1右侧的气垫导轨上，接通气垫导轨的气泵，调节导轨水平时，轻推A,G、G,记 录的遮光时间为1，若 (填“>“="或“<")：，则说明导轨水平 (2)细线跨过定滑轮把质量为m:的B与A相连，测量G,G,间臣离为L,将A在G1处由 静止释放，G记录的遮光时间为：，则B与A系统动能增加量为 光电门G, 光电门G (3)改变G的位置，重复(2)，测出多组L和：，用图像处理数据.为了使图像拟合为一直线， 以L纵坐标，以 （填“？“…}或}門为横坐标，重力加速度为，若图像的 斜率为 ,则说明上述过程中B与A系统机械能守恒， 三、计算题（本题共4小题，共计38分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步 骤只写出最后答聚的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位】 15.(8分)如图所示，水平平台AO长x=2.0m.槽宽d=0.10m,槽高h=】.25m,现有一小球 从平台上A点水平射出，已知小球与平台间的阻力为其重力的02倍，空气阻力不计，g取 10m/ (1)若小球沿平台刷好能到达O点，求小球在A点的最小出时速度大小： ()若要保证小球不登植壁且恰能落到槽底上的P点，求小球离开O点时的速度大小 【高一期末检测·物理试题第5（共6页）】 26-T-777A 16.(8分)如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的粗同半圆形导轨在B点相切，半圆形导轨的 半径为R一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得 某一向右的速度后脱离弹簧，当它泾过B点进人导轨的瞬何对轨道的压力为其重力的9倍 之后向上运动恰能到达最高点C,C,O、B三点在同一竖直战上不计空气阻力，重力加速度 为尽求： (1)物体在A点时弹簧的弹性势能： (2)物体从B点运动至C点的过程中产生的内能 17.(8分)某国产新能源汽车质量为20×10'g,电动机的额定功率为6.0X10W,汽车在水 平公路上行驶时受到的阻力大小恒为20×10N,汽车在平直公路上从静止开始以2m/ 的加速度做匀加速启动.汽车加速525速度达到最大，求： (1)汽车的最大速度： (2)汽车做匀加速运动的时间： (3)汽车加速过程中通过的总位移 18.04分)如图所示，一个半径R=0.6m,质量M=3kg的，光带圆弧情放在光带的水平地面 上，圆弧情底端与地面相切，圆弧槽的左端放置一个足够长的水平传送带，传送带上表面与 地面相切，传送带以助=2m/s的速度颗时针运行.将一个质量m=1kg的物块从四弧情顶 端静止释放，物块与传送带间的动摩擦因数=0.5，重力加速度g取10m/s,不计空气阻 力.求： ()物块第一次滑到圆弧槽底浓时，物块和圆弧槽的速度 大小： ()物块第一次离开圆弧槽到再次滑上图项槽的时间： (3)圆弧檀最资速度大小和物块与传送带间摩擦产生的 热量 【高一期末检测·物理试题第6页（共6页）】 26-T-777A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App 榆林市第十四中学期末检测·高一物理试题 参考答案、提示及评分细则 1,A泡沫作为缓冲材料，能增加碰撞时间，从而减小冲击力，动量变化率即合外力（℉6=），泡沫增加作用 △ 时间△1，在动量变化量△p不变的情况下，合外力F合减小，即动量变化率减小，故A正确；动量变化量△p取 决于速度变化和质量，泡沫仅改变作用时间，不形响△p,故B错误；冲量I6=F合·△=△p.△p不变，冲量不 变，故C、D错误. 2.CA点弹性绳自然伸直，从A点到B点过程中绳的弹力一直增大，弹力先小于重力，加速度向下减小，速度 向下增大，动能增大，弹力后大于重力，加速度向上增大，速度向下减小，动能减小，A、B借误：从A点到B点 过程中绳的伸长量一直增大，绳的弹性势能一直增大，人的机械能一直减小，C正确；人从O点到A点过程 中机械能守恒，从A点到B点过程中是人与绳子系统机械能守恒，D错误， 3.B由开普物定律可知彗星及行星绕太阳的轨道是椭圆，太阳位于其中的一个焦点上，A错误：由同一轨道上 相等时间内扫过面积相等可知运行中近日点的速率大于远日点速率，B正确；由=k可知，哈雷彗星的半 长轴是地球公转半径的76倍，C错误；哈雷彗星是绕太阳运行类似于行星，探测器发射速度大于 11.2km/s小于16.7km/s,D借误. 4.A由于冰面光滑，甲、乙两人组成的系统在相互作用过程中动量守恒.初始总动量为零，分离时总动量也为 零，因此分离时甲和乙的动量大小相等、方向相反，B错误；由动量守恒定律可得仰=%，因为甲的速率 小于乙的速率，则甲的质量大于乙的质量D错误：根据E=号易，可得分离时甲的动能小于乙的动能A正 确：根据牛顿第三定律，作用力与反作用力大小相等、方向相反，作用时间相同，因此冲量大小相等，C错误。 5.A根据F=A可把牛顿第二定律表述为：物体动量的变化率等于它受的合外力，故A正确；一个恒力对物 △ 体做功为零，则其冲量不为零，如用力推一个箱子，没有推动，力对箱子做功为零，根据I=F,可知推力对箱 子冲量不为零，故B错误；由△p=F△可知，动量变化量相等时，作用时间△1越长，力F越小，因此建筑工人 戴的安全帽内的帆布垫，把头和帽子外壳隔开一定空间，是为了延长作用时间以减小作用力，故C错误：由 △p=F△可知，玻璃杯掉在水泥地上，作用时间△短，力F大，易碎，故D错误 6.C重力做功。=mgh,甲、乙的质量与下落高度相同，重力做功相同，A错误：由机械能守恒有B一之m= mgh,甲、乙落地时的动能相等，B借误；乙斜上抛，先上升到最高点后做平抛，由h=g可知乙球后来做平抛 的时间大于甲球平抛时间，小球落地时重力的瞬时功率P=g必，=g·g,乙球落地时重力的瞬时功率大，C 正确：乙球运动总时间长，由平均功率P=可知乙球运动过程中重力的平均功率小，D错误， 7.B根据牛顿第二定律F一f=a,滑动摩擦力∫=Fx,物体在竖直方向受力平衡F、=mg,物体运动的加速 度大小a=4.0m/s,故A错误：根据运动学公式，物体在4.0s内的位移.x=之a,摩擦力在4.0s内对物 体做的功W,=一f,解得W,=一64J,故B正确：平均功率P=W,W=Fx,解得P=48W,故C错误：物体 在4.0s时的速度v=at,解得v=16m/s,力F对物体做功的功率P=Fv,解得P=96W,故D错误， 【高一期末检测·物理试题参考答案第1页（共4页）】 26-T-777A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 8.D由功能关系W=△E=F△x,可知图像的斜率表示力的大小，能的变化与力做功是对应的，重力势能变化 △E,=mg△h,图像斜率表示重力，图像是过原点的直线，A错误；动能变化△Ek=F合△x,图像斜率表示合力， 上升时F合=g十kv减小，下落时F合=mg一kw减小，图像斜率均减小，B错误；机械能变化△E=Ft△x,图 像斜率表示阻力，上升时阻力减小，下落时阻力增大，经同一位置上升速度大于下落速度，上升阻力大于下洛 阻力，即上升机械能减小量大于下落机械能减小量，C借误，D正确. 9.C重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势力增加，B、C符合题意. 10,ACP,Q两球均做平抛运动，加速度大小之比为1：1，A正确：两球下落高度相同，由A=之g可知，两球 做平抛运动的时间之比为1：1，B错误：对小球P,根据平抛运动规律有tan0= 282 1=器，解得印= 号g,对小球Q.有m0-是解得山=停，则号一是，D错误根帮=，可知户.Q两球的水平位移 5」 大小之比为3：2，C正确. 11.CD小球在最低点时，由牛顿第二定律得F-g=w2R,整理得F=R·w2十mg,由图乙可知，纵轴截距 b=mg解得小球质量m=合，故A错误：由图乙可知图像斜率=合结合公式可知=mR,即mR=台。 将m=合代入，解得R=&故B错误：在最低点，R,一g=m景在最高点，R十mg=m景由最低点到 最高点mg·2R=号听-之m,解得P,一F=6mg=6b,故C正确：小球刚好能做完整圆周运动，在最 高点mg=m爱，由最低点到最高点mg·2R=m话-m2,解得=√5gR,最低点角速度为V5a,故 D正确. 12,BD设6的质量为m,以水平向右为正方向，根据动量守恒定律有m%=(m十m)×号w,解得m=之m, A错误；根据题图乙可知，时刻4之前a的速度大于b的速度，4时刻α的速度等于b的速度，则时刻弹 簧被压缩最短，此时α、b间的距离最小，接着弹簧逐渐恢复原长，在2时刻α的速度最小、b的速度最大，此 时弹资恢复原长，接着弹资继续伸长，的速度增大，b的速度减小，在1？时刻两者共速，此时两物块相距最 远，a、b间的距离最大.B正确：由前面分析可知，2时刻弹簧恢复原长，根据动量守恒有%=m.十'， 根据能量守恒有分m话=mG+之m6,联立解得=空，对6，根据动量定理有1=mw=号mw,C错 误：由前面分析可知，图中阴影部分的面积为弹簧的最大压缩量，根据能量守恒有号m6=号×(m十m)× (号w)°+k2,解得=√，D正确， 13.(1)③①④②(1分)(2)AB(2分)(3)m=+(1分)>(2分) VV为√y 解析：(1)合理的顺序为③①④②. 2)m应大于心使得小球不反弹，小球需从同一位置释放斜糟不必光滑由1=√臣=兰得。= x√景，不需测量时间，AB正确， 【高一期末检测·物理试题参考答案第2页（共4页）】 26-T-777A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP (3)若动量守恒，则有m=m十m边，化简得=心+”贮，若有机械能损失，则有号m2> m+之w,化简得+>人 1 √/√y 14.(1)=(2分)(2+)心(2分)(3)÷(2分)m4(2分) 22 2mzg 解析：(1)导轨水平时，滑块做匀速运动，速度=，即1=2： (2)B与A的速度方向均沿绳子方向，速度大小相等，系统动能增加量△8=号m十心)1-0=m)心。 22 (3)若系统机械能守恒，则有mgL=令m十m)-0,变形有L=m把。心·合，即以宁为横坐标，图 22g 像的斜率k=m十m)E 2m12g 15.解：(1)小球在平台上沿水平方向只受到摩擦力的作用，所以ma=kmg(1分) 解得a=mg=kg=0.2X10m/s=2m/s(1分) m 为使小球能射入槽中，小球的最小出射速度满足到达O点速度为零 根据动能定理知kmgx=受m2(1分) 代入数据解得=2√2m/s(1分) (2)小球不碰槽壁且恰能落到槽底上的P点 水平方向d=2(（1分) 竖直方向h=号g21分) 解得t=0.5s(1分) 则=号-8m/s=0,2ms1分) 16.解：(1)设物体在B点的速度为，受到的弹力为Fg则有F一mg=m R (2分) 又FB=9g(1分) 由能量守恒定律可知，弹性势能尼，=m2-4mgR1分) 、(2)设物体在C点的速度为c,由题意可知mg=m发 ·(2分) 物体由B点运动到C点的过程中，由能量守恒定律得 Q=之mw2-(2m2+mg·2R)=号mgR(2分) 17.解：(1)汽车以最大速度做匀速运动 牵引力F=f=2×103N,功率为额定功率P=P釅=6×101W 由汽车功率P颜=∫m·m(1分) 解得最大速度m=30m/s(1分) (2)汽车匀加速运动，由牛顿第二定律有F一∫1=na(1分) 解得汽车牵引力F=6×103N(1分) 【高一期末检测·物理试题参考答案第3页（共4页）】 26-T-777A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 匀加速结束时的速度=票=10m/5 匀加速时间4=4=5s(1分) 刀 (3)汽车匀加速的位移=a听=25m(1分) 汽车在5s后P=P,做加速度减小的加速运动，加速时间2=(52一5)s=47s 由动能定理有Pa一f=是m话-号mf(1分) 解得位移.x2=1010m 汽车加速过程中通过的总位移x=十2=1035m(1分) 18.解：(1)物块从圆弧槽第一次下滑过程中系统水平方向动量守恒，能量守恒 设物块第一次滑到圆弧槽底端时，物块的速度大小为，圆弧槽的速度大小为2 由水平方向动量守恒有0=M2十m(一)(1分) 由能量守恒有mgR=mm2+子M2(1分) 解得=3m/s2=1m/s(1分) (2)在0=M2+m(一M)的两边同乘时间t有Mx2=m.x1(1分) 由x2十x1=R,解得x1=0.45m,2=0.15m(1分) 物块在水平面向左滑上传送带前时间1=丝=0.05s 物块在传送带上滑行的加速度a=g=5m/s2(1分)》 物块在传送带上向左减速时间2=4=0.6s 物块在传送带上向右加速时间43=出=0.4s(1分) 功块在传送带上向右匀速时间4=学一罗3 -=0.25s(1分) 物块在水平面上向右滑动追上圆弧槽时间5=山十十十4)十=145s(1分) h一2 物块第一次离开圆弧槽到再次滑上圆弧槽的时间=1十2十十，十5=2.75s(1分) (3)物块第二次在圆弧槽上滑行离开时，设物块的速度为，圆弧槽的速度为4 由水平方向动量守恒有M2十mh=M,十m贴(1分) 由能量守恒有分m2+合M2=之mw2+号Mw2(1分) 解得=0.5m/s,u=1.5m/s(1分) 由于<，速度方向均向右，因此物块不会第三次滑上圆弧槽，物块也不会第二次滑上传送带 物块第一次在传送带上滑行的相对位移x=合（十）十)=25m 物块与传送带间因摩擦产生的热量Q=g·x知=12.5J(1分) 【官期丰恰测·吻理试题畚者签密第1而（共A面）】 26-T-777A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP