期末综合冲刺卷·物理(十)-【步步维赢】2025-2026学年高一下学期物理期末综合冲刺卷

高一下学期期末综合冲刺卷·物理（十） (满分：100分) 一、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符 合题目要求。) 1.下列说法不正确的是 ( A.磁场是客观存在的一种物质 如 B.磁体上磁性最强的部分叫做磁极，任何磁体都有两个磁极 C.磁极或电流在其周围空间会产生磁场 帝 D.磁体与磁体间的相互作用是通过磁场发生的，而磁体与通电导体间以及通电导体与通 电导体间的相互作用不是通过磁场发生的 2.如图所示，两轮压紧，通过摩擦传动（不打滑），已知大轮半径是小轮 半径的2倍，E为大轮半径的中点，C、D分别是大轮和小轮边缘上的 ☒ 一点，则下列关于E、C、D三点向心加速度大小关系的说法正确的是 剂 A.ac=ap=2aE B.ac=2ap-2aE 郑 C.ac- ap-2aE 2 D.ac=- D一aE 2 3.一物体从某行星表面某高度处自由下落，从物体开始下落计时，得到↑m 301 物体离行星表面高度h随时间t变化的图象如图所示，不计阻力，则 20 0 翻 根据h一t图象可以计算出 A.行星的质量 B.行星的半径 C.行星表面重力加速度的大小 童 D.物体受到行星引力的大小 10-1 4.把甲物体从2h高处以速度v。水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为L,把乙物体从h 高处以速度2，水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为s,不计空气阻力，则L与s的关 系为 AL=含 B.L=√2s C.L=② D.L=2s 5.如图所示，有三个点电荷A、B、C位于一个等边三角形的三个顶点上，已 知：三角形边长为1cm,B、C电荷量为qB=qc=1×106C,A电荷量为 B④…-④C 9A=一2×106C,A所受B、C两个电荷的库仑力的合力F的大小和方向为 A.180N,沿AB方向 B.180√3N,沿AC方向 C.180N,沿∠BAC的角平分线方向 D.180√3N,沿∠BAC的角平分线方向 6.已知通过三个并联支路的电流之比I1：I2:I3=1:2：3,则三个并联支路的电阻之比 R1:R2:R为 A.6:3:2 B.2:3:6 C.1:2:3 D.2:3:1 7.如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R、R2、R3为定值电阻，S。、S 为开关，V、A分别为电压表和电流表.初始时S。与S均闭合，现将S 断开，则 ( A.V的读数变大，A的读数变小 B.V的读数变大，A的读数变大 C.V的读数变小，A的读数变小 D.V的读数变小，A的读数变大 8.如图所示，闭合开关S,电路稳定后，水平放置的平行金属板间的带电 质点P处于静止状态，若将滑动变阻器R2的滑片向α端移动，则 (A A.电压表读数增大 B.电流表读数减小 C.R,消耗的功率减小 D.质点P将向下运动 10-2 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分。) 9.一横截面积为S的铜导线，通过的电流为I,设每单位体积的导线中有n个自由电 子，电子的电荷量为q,此时电子的定向移动速率为v,在△t时间内，通过导线横截面 的自由电子数目可表示为 A.nvS△t B.nv△t C.lAt I△t 10.如图所示，线圈I和线圈Ⅱ绕在同一个铁芯上，下列情况中能引起 电流计指针偏转的是 ( A.闭合开关瞬间 B.开关闭合稳定后 C.开关闭合稳定后，移动滑动变阻器的滑片 D.断开开关瞬间 11.如图所示，a、b、c是地球大气层外圈圆形轨道上运动的三颗卫星，a和b质 量相等，且小于c的质量，则 ( 地球 A.b所需向心力最小 B.b、c的周期相同，且大于a的周期 C.b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 D.b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度 12.如图甲所示，质量为0.1kg的小球从最低点A冲入竖直放置在水平地面上、半径为 0.4的半圆轨道，此后小球速度的平方与其高度的关系图象如图乙所示。已知小球恰 能到达最高点C,轨道粗糙程度处处相同，空气阻力不计。g取10/s2,B为AC轨道 的中点。下列说法中正确的是 () 2/m2.s） 25 B ● 0.8h/m A.图乙中x=4 B.小球从B点到C点损失了0.125J的机械能 C.小球从A点到C点合外力对其做的功为一1.05J D.小球从C点抛出后，落地点到A点的距离为O.8m 10-3 三、非选择题（本题共6小题，共60分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演 算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。) 13.(6分)有两个完全相同的带电绝缘金属小球A、B,分别带有电荷量QA=6.4×109C, Q=一3.2×109C,让两绝缘金属小球接触.求在接触过程中，电子如何转移并转移了 多少？ 10-4 14.(8分)下图为“研究感应电流产生的条件”的实验电路图。 (1)请在图中连线，把实验装置连接完整。 (2)开始实验时，滑动变阻器滑片P应该放置在 (填“a”或“b”)端。 (3)闭合开关后，请写出三种使线圈B中产生感应电流的方法：① ;② ;③ 15.(12分)我国发射了“嫦娥四号”探月着陆器，可能在2030年实现载人登月。 (1)若知地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,月球绕地球运动的周期为T,月 球绕地球的运动近似看作匀速圆周运动，试求出月球绕地球运动的轨道半径。 (2)若宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度。竖直向上抛出一个小 球，经过时间t,小球落回抛出点.已知月球半径为r,万有引力常量为G,试求出月球的 质量M月。 10-5 16.(12分)如图所示，质量=1kg的小物块静止放在粗糙水平面上，它与水平面的动摩擦 因数4=0.4，且与水平面边缘O点的距离s=8m。在台阶右侧固定了一个)圆弧挡板， 半径R=3m,圆心与桌面同高。今以O点为原点建立平面直角坐标系。现用F=8N 的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板。求： (g取10m/s2) (1)若小物块恰能击中圆弧挡板最低点，则其离开O点时的动能大小； →F 0 3 (2)在(1)题中拉力F作用的时间； 10-6 (3)若小物块在空中运动的时间为0.6s,则拉力F作用的距离。 17.(8分)如图所示，P是一个表面镶有很薄电热膜的长陶瓷管，其长度为L,直径为D,镀 膜的厚度为d。管两端有导电金属箍M、V。现把它接入电路中，测得它两端的电压为 U,通过它的电流为I,则金属膜的电阻为多少？镀膜材料的电阻率为多少？ 一L 10-7 18.(14分)如图所示为氢原子最低的四个能级，当氢原子在这些能级间跃迁时： (1)有可能放出几种能量的光子？ 公 EleV 2 -3.4 -13.6 (2)在哪两个能级间跃迁时，所发出的光子波长最长？波长是多少？（普朗克常量 h=6.63×1034J·s,光速c=3.0×108m/s) 10-8(3)小球通过A的时间越短，意味着小球的速 度越大，而速度越大受到的空气阻力就越大， 损失的能量越多，动能的减少量和势能的增加 量差值就越大。 答案：440或40也对)（②）gh和号号 (3)小球上升过程中受到空气阻力的作用，速 度越大，所受阻力越大 15.解析：用填补法计算万有引力： 将挖去的部分补上，则完整的大球对球外质点 P的引力：F,= -,丰径为号的小 (2R) 球的质亚=青（受）·=兴补上的小球 3 3π(2 对质点P的引力：F,=GMm GMm (R 50R2, 因而挖去小球后阴影部分对质点P的引力： F-F-F,=GMm_GMm_23GMm 4R2 50R1 100R2· 答案0 16.解析：(1)小球开始时做平抛运动：0,2=2gh, 代入数据解得 ,=3√2m/s。 在A点：tan60°= 得0，=，tan60=V6m/s。 (2)从水平抛出到C点的过程中，由动能定理得 mg (h+Li sin 0)-umgLicos 0-umgL2= 代入数据解得vc=3√6m/s。 (3)小球刚好能过最高点时，重力提供向心力， 则mg=”, R,m2=2msR,十7m, 代入数据解得R1=1.08m。 当小球刚能到达与圆心等高时，有2mu2- mgR2,代入数据解得R2=2.7m。 当圆轨道与AB相切时，R3=BC·tan60°=1.5m, 即圆轨道的半径不能超过1.5m。 综上所述，要使小球不离开轨道，R应该满足 的条件是0<R≤1.08m。 答案：(1)√6m/s(2)3√6m/s (3)0R≤1.08m 17.解析：(1)根据电流的定义式1=9， 可得q=1t=2×10×1×103C=200C, 供电时间1=子-085=0 (2)这次闪电释放的电能为 E=qU=200×2.5×10J=5×10J。 答案：(1)400s(2)5×10J 18.解析：(1)光脉冲的长度即光在一个脉冲时间 内传播的距离，根据s=ct可知，每个光脉冲的 长度为s=c△t=3×108×1.0×101m= 3.0×103m (2)根据E=Pt可知，每个光脉冲含有的能量 为E=1.0×10×1.0×101J=105J 而每个光子的能量e=hv=h分 故每个光脉冲含有的光子数n=E≈3.5X10个。 答案：(1)3.0×103m(2)3.5×1013个 高一下学期期末综合冲刺卷·物理（十） 1.D磁场是存在于磁体和通电导体周围的一种 客观存在的物质，磁体与磁体、磁体与通电导 体、通电导体与通电导体之间的相互作用都是 通过磁场产生的。 2.C同轴传动，C、E两点的角速度相等，由a=wr, 有c=2,即ac=2ae:两轮边缘点的线速度大小相 等由a=,有=印a=2故这项C 正确。 3.C根据图象可得，物体下落25m,用的总时间 为2.5s,根据自由落体公式可求得行星表面的 重力加速度，C项正确；根据行星表面的万有引 力约等于重力，只能求出行星质量与行星半径 平方的比值（在已知引力常量G的前提下），不 能求出行星的质量和半径，A项和B项错误；因 为物体质量未知，不能确定物体受到行星的引 力大小，D项错误。 h 4.C根据2h=2g,得4=2√ 1 则L=0ti=2w√g 由h=1 285, ，则s=2wt=2w√g 得t2入g 所以L= 乞，故选项C正确。 8 5.D点电荷BC对点电荷A的库仑力大小相等，为 Fm =Fa k14As_-9X10×2X10X1X10N 0.012 =180N A受大小相等的两个库仑力，夹角为60°，故合力为： F-2Fm cos 30-2N-180N. 方向沿∠BAC的角平分线。故选D。 6.A三个并联支路的电压相等，根据欧姆定律 【=得，电流1与电阻R成反比。电流之比 I1:I2:I3=1:2:3,则电阻之比R1:R2:R =6:3:2,故选项A正确。 7.B将S断开，则电路的总电阻变大，总电流变 小，由U=E一Ir知，路端电压变大，故电压表的 示数变大；R1两端的电压IR1变小，则R?两端 的电压变大，流过R?的电流变大，电流表的示 数变大。选项B正确。 8.D由图可知，R1与滑动变阻器串联；电容器与 变阻器并联；当滑片向α端移动时，滑动变阻器 接入电阻减小，总电阻减小；由闭合电路欧姆定 律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时 R,两端的电压增大，所以电压表示数减小，电 流表示数增大，故A、B错误；流过R,的电流增 大，由公式P=R知R,消耗的功率增大，故C 错误；电容器板间电压减小，板间电场强度减 小，故质点P受到的向上电场力减小，则重力大 于电场力，质点P将向下运动，故D正确。 9.AC由I=Q可得，在△1时间内通过导线横裁 面的电荷量Q=I△t,所以在这段时间内通过的 自由电子数为N=Q=I△，所以C正确，D错 误；由于自由电子定向移动的速率是，所以在时 间△t内，位于横截面积为S、长为=△t的这段 导线内的自由电子都能通过横截面，这段导线的 体积V=Sl=Sv△t,所以△t内通过横截面的自由 电子数为N=nV=nuS△t,A正确，B错误。 10.ACD开关闭合瞬间，线圈I中电流从无到 有，穿过线圈Ⅱ的磁通量也从无到有，线圈Ⅱ 中产生感应电流，电流计有示数。 开关闭合稳定后，线圈「中的电流稳定不变， 穿过线圈Ⅱ的磁通量稳定不变，线圈Ⅱ中无感 应电流产生，电流计无示数。 开关闭合稳定后，移动滑动变阻器的滑片，线圈工 中的电流变化，穿过线圈Ⅱ的磁通量也发生变 化，线圈Ⅱ中有感应电流产生，电流计有示数。 19 开关断开瞬间，线圈I中的电流从有到无，穿 过线圈Ⅱ的磁通量也从有到无，线圈Ⅱ中有感 应电流产生，电流计有示数。所以选A、C、D。 11.ABD因卫星运动的向心力是由它们所受的 万有引力提供，而b所受的引力最小，故A正 确：由=m,得a,以，即卫显的向心 加速度与轨道半径的平方成反比，所以b、c的 向心加速度大小相等且小于a的向心加速度， C错误；由G-得T=2x品即 r 卫星运动的周期与其轨道半径三次方的平方 根成正比，所以b、c的周期相等且大于a的周 期：B正确：由G=m得=√，即卫 星的线速度与其轨道半径的平方根成反比，所 以b、c的线速度大小相等且小于a的线速度， D正确。 12.ACD当h=0.8m时，小球在C点，由于小球 拾能到达最高点C,故mg=m,所以 0c2=gr=10×0.4m2·s2=4m2·s2,故选 项A正确；由已知条件无法计算出小球从B到 C损失的机械能，故选项B错误；小球从A到C, 由动能定里可知W。-7ma-m,2-号× 0.1×4J-×0.1×25J=-1.05J,故选项C正 确：小球离开C点后微平抛运动，故2=6，落 地，点到A的距离x1=t,解得x1=0.8m,故选 项D正确。 13.解析：当两小球接触时，带电荷量少的负电荷 先被中和，剩余的正电荷再重新分配。由于两 小球完全相同，剩余正电荷必均分，即接触后 两小球带电荷量Q'=Q。=Q十Q 2 6.4×109-3.2×10C=1.6×109C。在 2 接触过程中，电子由B球转移到A球，不仅将 自身电荷中和，且继续转移，使B球带Q:的 正电，这样，共转移电子电荷量为△QB=Q:' QB=[1.6×10-9-(-3.2×10-9)]C=4.8× 10-9C 转移的电子数n=△Q=48X10C e 1.6×1019C 3.0×101°（个）。 答案：电子由B球转移到了A球，转移了 3.0×101°个电子 14.解析：(1)将电源、开关、滑动变阻器、线圈A串联 成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接 线柱，再将灵敏电流计与线圈B串联成另一个回 路，电路图如图所示。 (2)由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流式接 法，为保护电路应该使接入电路的电阻最大，在闭 合开关S前，滑动变阻器滑片P应置于a端。 (3)开关S闭合后，还有多种方法能使线圈B 中产生感应电流，如：移动滑动变阻器的滑片、 线圈A在线圈B中插入或拔出、断开开关等。 答案：(1)见解析图(2)a(3)①断开开关 ②插入或拔出线圈A③移动滑动变阻器的 滑片 15.解析：(1)根据万有引力定律和向心力公式： GMaM=M1Ra()'① R月 mg=G M地② R gRT 联立①②得R入√4r (2)设月球表面的重力加速度为g月，根据 题意： w-82 mg月=G M男④ 联立③④得M,= 2vor2 Gt 答案：(1)/ RT (2)2r2 4π2 Gt 16.解析：(1)小物块离开O点后开始做平抛运动， 故：R=t R=1 8t E-tm 所以Ek0=7.5J。 (2)从开始运动到小物块到达O点，由动能定 理得：Fx一ungs=2m6 所以2得m 20 由牛顿第二定律得F-mg=ma,a=4m/s 2ai2=r1=8s 8 (3)小物块离开O点后开始做平抛运动，由下 1 落时间可知下落距离y=2gt,y=1.8m。 ①若小物块落到半圆的左半边，则平抛运动的 水平位移为： x1=R-√R-y=0.6m ==1 m/s 从开始运动到小物块到达O点，由动能定理得 Fl-mgs--了moi,所以L,-em ②若小物块落到半圆的右半边，同理可得 v2-9 m/s 1,=贵m心8m(合去) 答案：(17.5】(2：。g8 16m 17,解析：由欧姆定律可得，金属膜的电阻R=号， 沿着L的方向将膜层展开，如图所示，则膜层 等效为一电阻，其长为L,横截面积为管的周 长X厚度d。由电阻定律R=ρS可得：R L 2x.D 0 2 解得：p=UxDd IL 答案片 18.解析：(1)由N=C%,可得N=C=6种。 (2)氢原子由第四能级向第三能级跃迁时，能级 差最小，辐射的光子能量最小，波长最长，根据 hc=E,-E,=-0.85-(-1.51)eV=0.66eV, hc_6.63X10-34×3×108 λFE4一E 0.66X1.6×109m≈1.88× 10-6m. 答案：(1)6(2)第四能级向第三能级 1.88×10-6m