专题05 孟德尔两大遗传定律（6年汇编）（湖南专用）2021-2026年高考生物真题分类汇编

**基本信息** 湖南6年高考真题与1年模拟题汇编，聚焦基因自由组合定律，融合育种、疾病诊断等实际应用及测序等现代遗传学技术 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|5题|基因自由组合定律实质、染色体结构变异、伴性遗传|结合果蝇、大鼠等生物性状，考查连锁互换等例外情况| |非选择题|4题|遗传系谱分析、PCR技术应用、杂交实验设计|以遗传病家系、油菜株高育种为情境，综合考查实验推理与数据处理能力|

专题 05 孟德尔两大遗传定律 6年汇编1年模拟 考点分类 湖南考情 命题规律 考点1 基因自由组合定律 2026湖南(1题)、2023湖南(1题)、2022湖南(2题)、2021湖南(1题) · 情境设置：多结合水稻、果蝇、家系等具体生物性状，强调遗传规律在育种与疾病诊断中的实际应用。 · 考查重点：聚焦基因自由组合定律的实质、应用及例外（如连锁、互作），常融合伴性遗传、基因定位与实验设计。 · 命题趋势：综合性强，注重信息提取与推理，突出现代遗传学分析方法（如测序、突变分析），题量稳定在1-2道。 考点1 基因自由组合定律 1.（2022·湖南·高考真题）大鼠控制黑眼/红眼的基因和控制黑毛/白化的基因位于同一条染色体上。某个体测交后代表现型及比例为黑眼黑毛:黑眼白化:红眼黑毛:红眼白化=1:1:1:1。该个体最可能发生了下列哪种染色体结构变异（　　） A.  B.  C.  D.  【答案】C 【解析】 染色体结构变异包括4种类型：缺失、重复、易位和倒位。分析选项可知，A属于缺失、B属于重复、C属于易位，D属于倒位。 【解析】 分析题意可知：大鼠控制黑眼/红眼的基因和控制黑毛/白化的基因位于同一条染色体上，两对等位基因为连锁关系，正常情况下，测交结果只能出现两种表现型，但题干中某个体测交后代表现型及比例为黑眼黑毛:黑眼白化:红眼黑毛:红眼白化=1:1:1:1，类似于基因自由组合定律的结果，推测该个体可产生四种数目相等的配子，且控制两对性状的基因遵循自由组合定律，即两对等位基因被易位到两条非同源染色体上，C正确。 故选C。 2.（2022·湖南·高考真题）（多选）果蝇的红眼对白眼为显性，为伴X遗传，灰身与黑身、长翅与截翅各由一对基因控制，显隐性关系及其位于常染色体或X染色体上未知。纯合红眼黑身长翅雌果蝇与白眼灰身截翅雄果蝇杂交，F1相互杂交，F2中体色与翅型的表现型及比例为灰身长翅:灰身截翅:黑身长翅:黑身截翅=9∶3∶3∶1。F2表现型中不可能出现（　　） A. 黑身全为雄性 B. 截翅全为雄性 C. 长翅全为雌性 D. 截翅全为白眼 【答案】AC 【解析】 假设控制红眼和白眼的基因用W、w表示，控制黑身和灰身的基因用A、a表示，控制长翅和截翅的基因用B、b表示，已知F2中灰身：黑身=3:1，长翅：截翅=3:1，可知灰身、长翅为显性性状，控制体色与翅型的基因遵循自由组合定律。 【解析】 A、若控制黑身a的基因位于 X染色体上，只考虑体色，亲本基因型可写为XaXa、XAY，子二代可以出现XAXa、XaXa、XAY 、XaY，灰身：黑身=1:1，与题干不符；若控制黑身a的基因位于 常染色体上，后代表型与性别无关，故不会出现 黑身全为雄性，A符合题意； B、若控制截翅的基因b位于X染色体上，只考虑翅型，亲本基因型可写为XBXB、XbY，子二代可以出现XBXB、XBXb、XBY 、XbY，即截翅全为雄性，B不符合题意； C、若控制长翅的基因B位于X染色体上，只考虑翅型，亲本基因型可写为XBXB、XbY，子二代可以出现XBXB、XBXb、XBY 、XbY，即长翅有雌性也有雄性，C符合题意； D、若控制截翅的基因b位于X染色体上，考虑翅型和眼色，亲本基因型可写为XBWXBW、XbwY，子二代可以出现XBWXBW、XBWXbw、XBWY 、XbwY，即截翅全为白眼，D不符合题意。 故选AC。 3.（2023·湖南·高考真题）基因检测是诊断和预防遗传病的有效手段。研究人员采集到一遗传病家系样本，测序后发现此家系甲和乙两个基因存在突变：甲突变可致先天性耳聋；乙基因位于常染色体上，编码产物可将叶酸转化为N5-甲基四氢叶酸，乙突变与胎儿神经管缺陷（NTDs）相关；甲和乙位于非同源染色体上。家系患病情况及基因检测结果如图所示。不考虑染色体互换，回答下列问题：     （1）此家系先天性耳聋的遗传方式是　　　　　　　　　。1-1和1-2生育一个甲和乙突变基因双纯合体女儿的概率是　　　　　　　　。 （2）此家系中甲基因突变如下图所示： 正常基因单链片段5'-ATTCCAGATC……（293个碱基）……CCATGCCCAG-3' 突变基因单链片段5'-ATTCCATATC……（293个碱基）……CCATGCCCAG-3' 研究人员拟用PCR扩增目的基因片段，再用某限制酶（识别序列及切割位点为   ）酶切检测甲基因突变情况，设计了一条引物为5′-GGCATG-3'，另一条引物为　　　　　　　　　（写出6个碱基即可）。用上述引物扩增出家系成员Ⅱ-1的目的基因片段后，其酶切产物长度应为　　　　　　　　bp（注：该酶切位点在目的基因片段中唯一）。 （3）女性的乙基因纯合突变会增加胎儿NTDs风险。叶酸在人体内不能合成，孕妇服用叶酸补充剂可降低NTDs的发生风险。建议从可能妊娠或孕前至少1个月开始补充叶酸，一般人群补充有效且安全剂量为0.4~1.0mg.d-1，NTDs生育史女性补充4mg.d-1。经基因检测胎儿（Ⅲ-2）的乙基因型为-/-，据此推荐该孕妇（Ⅱ-1）叶酸补充剂量为　　　　　mg.d-1。 【答案】（1）① 常染色体隐性遗传病    ② 1/32     （2）① 5'-ATTCCA-3'    ② 8、302和310     （3）0.4~1.0      【解析】 基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中。随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合 (1) 由遗传系谱图可知，由于I-1与I-2均表现正常，他们关于甲病的基因型均为+/-，而他们的女儿Ⅱ-4患病，因此可判断甲基因突变导致的先天性耳聋是常染色体隐性遗传病，由I-1、I-2和Ⅱ-3关于乙病的基因可以推出乙基因突变导致的遗传病也是常染色体隐性遗传病，所以I-1和I-2生出一个甲和乙突变基因双纯合体女儿的概率为1/4×1/4×1/2=1/32 。 (2) 本题研究甲基因突变情况，二代1为杂合子，兼有正常甲基因和突变甲基因。目的基因为甲基因，扩增引物应与两基因共有的TAAGGT片段结合，应为ATTCCA。可扩增出大量正常甲基因和突变甲基因供后续鉴定。此时酶切，正常甲基因酶切后片段为8和2+293+7=302bp，突变甲基因无法被酶切，大小为310bp。后续可通过电泳等手段区分开，达到检测甲基因突变情况的目的。 (3) 由题干可知“女性乙基因纯合时会增加胎儿患病风险”，而Ⅱ-1为杂合子，且其无NTDs生育史，故其叶酸补充量为0.4-1.0。 4.（2021·湖南·高考真题）油菜是我国重要的油料作物，油菜株高适当的降低对抗倒伏及机械化收割均有重要意义。某研究小组利用纯种高秆甘蓝型油菜Z，通过诱变培育出一个纯种半矮秆突变体S。为了阐明半矮秆突变体S是由几对基因控制、显隐性等遗传机制，研究人员进行了相关试验，如图所示。 回答下列问题： （1）根据F2表现型及数据分析，油菜半矮秆突变体S的遗传机制是　　　　　　，杂交组合①的F1产生各种类型的配子比例相等，自交时雌雄配子有　　　　　　种结合方式，且每种结合方式机率相等。F1产生各种类型配子比例相等的细胞遗传学基础是　　　　　　。 （2）将杂交组合①的F2所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表现型及比例，分为三种类型，全为高秆的记为F3-Ⅰ，高秆与半矮秆比例和杂交组合①、②的F2基本一致的记为F3-Ⅱ，高秆与半矮秆比例和杂交组合③的F2基本一致的记为F3-Ⅲ。产生F3-Ⅰ、F3-Ⅱ、F3-Ⅲ的高秆植株数量比为　　　　　　。产生F3-Ⅲ的高秆植株基因型为　　　　　　（用A、a；B、b；C、c……表示基因）。用产生F3-Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，能否验证自由组合定律？　　　　　　。 【答案】① 由两对位于非同源染色体上的隐性基因控制    ② 16    ③ F1减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合    ④ 7∶4∶4    ⑤ Aabb、aaBb    ⑥ 不能 【解析】 实验① ② 中，F2高秆∶半矮秆≈15∶1，据此推测油菜株高性状由两对独立遗传的基因控制，遵循基因的自由组合定律。 【解析】 （1）根据分析可推测，半矮秆突变体S是双隐性纯合子，只要含有显性基因即表现为高秆，杂交组合① 的F1为双杂合子，减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合，所以产生4种比例相等的配子，自交时雌雄配子有16种结合方式，且每种结合方式机率相等，导致F2出现高秆∶半矮秆≈15∶1。 （2）杂交组合① 的F2所有高秆植株基因型包括1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表现型及比例，含有一对纯合显性基因的高秆植株1AABB、2AABb、2AaBB、1AAbb、1aaBB，占高秆植株的比例为7/15，其后代全为高秆，记为F3-Ⅰ；AaBb占高秆植株的比例为4/15，自交后代高秆与半矮秆比例≈15∶1 ，和杂交组合① 、② 的F2基本一致，记为F3-Ⅱ；2Aabb、2aaBb占高秆植株的比例为4/15，自交后代高秆与半矮秆比例和杂交组合③ 的F2基本一致，记为 F3-Ⅲ，产生F3-Ⅰ、F3-Ⅱ、F3-Ⅲ的高秆植株数量比为7∶4∶4。用产生F3-Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，不论两对基因位于一对同源染色体上，还是两对同源染色体上，亲本均产生两种数量相等的雌雄配子，子代均出现高秆∶半矮秆=3∶1，因此不能验证基因的自由组合定律。 【点睛】 解答本题的关键是熟记两对相对性状的杂交实验结果，再根据实验① ② 中的性状分离比推测各表现型对应的基因型，即可顺利解答该题。 5.（2026·湖南·高考真题）株高是影响水稻产量的重要性状，探究株高相关基因的遗传机制对水稻育种有重要意义。回答下列问题： （1）为阐明纯合品系甲（株高100 cm）株高由几对基因控制和显隐性等遗传机制，将其与纯合野生品系（株高140 cm）杂交后，株高均为140 cm，F2中株高140 cm和100 cm的数量比约为3∶1，推测品系甲株高的遗传机制为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 （2）品系甲是野生型的某株高基因发生突变所致，其转录产物编码序列的第796位突变，野生型及突变型基因转录模板链的部分碱基序列如图所示。 野生型： 突变型： ①该突变体第　　　　　位氨基酸突变为　　　　　（部分密码子及对应氨基酸：GCU丙氨酸，CUU亮氨酸，UUC苯丙氨酸，UCG丝氨酸）。 ②拟设计PCR引物扩增该株高基因片段，以检测其他水稻是否发生该突变，应选择引物　　　　　（填序号）。 Ⅰ． Ⅱ． Ⅲ． Ⅳ． （3）某纯合品系乙（株高75 cm）与纯合品系甲（株高100 cm）杂交后，株高均为100 cm，中株高100 cm的347株，株高75 cm的114株，用（2）中的引物和方法检测品系乙的该株高基因： ①若发现与品系甲有相同突变，推测乙的基因型为　　　　　（用A、a；B、b；C、c……表示基因）。将品系乙与纯合野生品系（株高140 cm）杂交，其表现为株高140 cm，中株高140 cm、100 cm和75 cm三种表型的数量比约为9∶6∶1，推测所涉及基因的位置关系是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 ②若发现与品系甲无相同突变，则品系乙形成的原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 【答案】（1）由一对等位基因控制，株高140 cm为显性性状，100cm隐性性状     （2）① 266    ② 苯丙氨酸    ③ Ⅱ和Ⅲ     （3）① aabb    ② 两对等位基因位于两对同源染色体上    ③ 甲乙突变可能是同一基因不同位点的突变，形成复等位基因，且甲突变的结果对乙的是显性      【解析】(1) 根据题意，纯合品系甲(株高100cm)和纯合野生品系(株高140cm)杂交后，F1株高全为140cm，说明株高140 cm为显性性状，株高100 cm为隐性性状;F2两种表型比约为3:1，符合一对等位基因的分离定律， 因此推测品系甲株高的遗传机制由一对等位基因控制，株高140cm为显性性状，100cm为隐 性性状。 (2) 根据题干信息可知，品系甲是野生型的转录产物编码序列第796位突变导致的，对比野生型和突变型甲的转录模板链部分序列可知，是模板链对应的位点碱基发生了"G→A"的替换，由突变基因模板链转录形成的mRNA方向是5'→3'，对应模板链方向是3'→5'，由于mRNA上每3个相邻的碱基决定1个氨基酸，每3个这样的碱基叫作1个密码子，转录产物编码序列第796位突变，796÷3=265……1，则266号的模板链序列是796A、797G、798C，对应密码子为5-GCU-3，GCU编码丙氨酸。PCR 扩增需要一对引物，引物的作用是使 DNA 聚合酶能够从引物的3'端开始连接脱氧核苷酸，因此引物序列应与DNA 两条链3'端互补，为检测其他水稻是否发生该突变，引物序列中应包含突变位点，根据突变型基因转录模板链部分碱基序列的两端可知，有一个引物为5′−⋯GCTTCG−3′，符合此条件的是引物II， 另一引物的序列为5′−⋯GGTGTC−3′，符合此条件的是引物Ⅲ，故选引物II和III。 (3) 假设品系甲的突变基因为a，若甲、乙有同一基因突变(a 基因)，纯合甲与纯合乙杂交，F2出现3:1的表型比，两者有一对基因是相同的(aa)，说明两者表型差异必然涉及另一对等位基因，推测乙的基因型为aabb，品系乙(aabb)x野生型(AABB) ， F1全为140 cm(AaBb)，F2出现了9:6:1的分离比，推测表型和基因型对应如下： A-B-140cm 、A-bb和aaB-100cm 、aabb75m，满足两对等位基因独立遗传的特点，说明两对等位基因位于两对同源染色体，遵循基因的自由合定律。若发现品系乙与品系甲无相同突变，纯合品系乙与纯合品系甲杂交后，F2出现出现3:1的表型比，说明甲乙突变可能是同一基因不同位点的突变，形成复等位基因，且甲突变的结果对乙的是显性 1.（2026·湖南张家界·二模）（多选）某二倍体植物的花色由两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，A基因控制红色素合成，B基因抑制A基因的表达，基因型为AaBb的植株自交，下列相关叙述正确的是（　　） A. 该植物花色的遗传遵循基因的自由组合定律 B. 子代中白花植株的基因型有5种 C. 子代中红花植株与白花植株的比例为3:13 D. 子代白花植株中纯合子的比例为3/13 【答案】ACD 【解析】 A、由题意可知，该植物花色由两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，根据基因自由组合定律的适用条件，两对基因独立遗传时遵循基因的自由组合定律，A正确； B、因为A基因控制红色素合成，B基因抑制A基因的表达，所以红花植株的基因型为A_bb，白花植株的基因型为A_B_、aaB_、aabb。其中A_B_有AABB、AABb、AaBB、AaBb这4种，aaB_有aaBB、aaBb这2种，aabb有1种，总共4+2+1=7种，B错误； C、基因型为AaBb的植株自交，子代中红花植株（A_bb）的比例为3/4×1/4=3/16，白花植株的比例为1-3/16=13/16，所以子代中红花植株与白花植株的比例为3：13，C正确； D、基因型为AaBb的植株自交，子代白花植株的基因型及比例为AABB：AABb：AaBB：AaBb：aaBB：aaBb：aabb=1：2：2：4：1：2：1，其中纯合子有AABB、aaBB、aabb，所以子代白花植株中纯合子的比例为3/13，D正确。 2.（2026·湖南株洲·一模）玉米籽粒颜色分别由等位基因T和t控制。现将一个外源G基因导入基因型为Tt的玉米受精卵中，发现其自交后无子代产生。已知含有G基因的卵细胞无法与不含G基因的精子完成受精，其余配子间的结合均正常。该G基因导入的位置是（　　） A. 细胞质中 B. t基因所在的染色体上 C. T基因所在的染色体上 D. T/t基因所在染色体的非同源染色体上 【答案】A 【解析】 A、若G基因导入细胞质中，则遵循母系遗传，卵细胞均含G基因；精子不含G基因，导致所有受精过程受阻，符合无子代产生现象，A符合题意； B、若G基因导入t基因所在染色体上，则形成连锁基因（G与t连锁）。雌配子含G（即含t）时无法与不含G的精子受精，但雌配子不含G（即含T）时仍可与任意精子受精，仍可产生部分子代，B不符合题意； C、若G基因导入T基因所在染色体上，同理，雌配子含G（即含T）时受精受阻，但雌配子不含G（即含t）时仍可受精产生子代，C不符合题意； D、若G基因导入T/t基因的非同源染色体上，则G基因独立遗传。雌配子含G概率为50%，此类卵细胞与不含G精子受精失败，但其余50%不含G的卵细胞可正常受精，仍可产生子代，D不符合题意。 故选A。 3.（2026·湖南张家界·二模）某二倍体植物的高秆和矮秆由等位基因D/d控制，抗病和感病由等位基因E/e控制，两对基因独立遗传。现有高秆抗病和矮秆感病两个纯合品系，科研人员用这两个品系进行杂交实验，请回答下列问题： （1）若将两个纯合品系杂交得到F1，F1自交得到F2，F2中出现了4种表型，其表型及比例为高秆抗病：高秆感病：矮秆抗病：矮秆感病=9:3:3:1，说明这两对相对性状的显性性状分别是　　　　　　；F2中重组类型的比例为　　　　　　，其中纯合子占重组类型的比例为　　　　　　。 （2）若F1与某植株杂交，子代的表型及比例为高秆抗病:高秆感病:矮秆抗病:矮秆感病=3:1:3:1，则该植株的基因型为　　　　　　，该杂交实验的目的是　　　　　　。 （3）科研人员在F2中发现了一株矮秆抗病植株，为确定其基因型，设计了如下两种实验方案，请完善方案并回答问题： 方案一：让该矮秆抗病植株自交，观察后代的表型及比例。 ① 若后代　　　　　　，则该植株的基因型为ddEE； ② 若后代　　　　　　，则该植株的基因型为ddEe。 方案二：让该矮秆抗病植株与　　　　　　植株杂交，观察后代的表型及比例。 （4）在农业生产中，常采用单倍体育种的方法培育稳定遗传的矮秆抗病品种，该育种方法的主要步骤是：取F1的花药进行　　　　　　获得单倍体幼苗，再用　　　　　　处理单倍体幼苗，使染色体数目加倍，最终获得纯合的矮秆抗病植株。该育种方法的优点是　　　　　　。 【答案】（1）① 高秆、抗病    ② 3/8    ③ 1/3     （2）① ddEe    ② 验证F1产生的配子类型及比例（或验证基因的自由组合定律）     （3）① 全为矮秆抗病    ② 矮秆抗病:矮秆感病=3:1    ③ 矮秆感病（ddee）     （4）① 离体培养    ② 秋水仙素（或低温）    ③ 明显缩短育种年限      【解析】(1) 依据题干信息可知，F2中高秆：矮秆=3:1，抗病：感病=3:1，说明高秆对矮秆为显性，抗病对感病为显性，进而进行倒推可知，亲本高秆抗病的基因型为DDEE，矮秆感病的基因型为ddee，F2中重组类型的基因型为D-ee、ddE-，其所占的比例为（3+3）÷16=3/8，其中纯合子有DDee、ddEE，其占重组类型的比例为2/16÷6/16=1/3。 (2) 结合小问1可知，F1的基因型为DdEe，子代中高秆：矮秆=1:1，故可知亲本的杂交组合Dd×dd，抗病：感病=3:1，故可知亲本的杂交组合为Ee×Ee，综上可知，该植株的基因型为ddEe，利用该杂交实验可以验证F1产生的配子类型及比例（或验证基因的自由组合定律）。 (3) F2中矮秆抗病的基因型为ddE-，为确定其基因型，可以采用两种实验方案：方案一为自交法，即让该矮秆抗病植株自交，若其基因型为ddEE，则后代均为矮秆抗病，若其基因型为ddEe，则后代会发生性状分离，出现矮秆感病，且矮秆抗病：矮秆感病=3:1；方案二为测交法，即让该矮秆抗病植株与矮秆感病（ddee）植株杂交，若后代均为矮秆抗病，则其基因型为ddEE，若后代矮秆抗病：矮秆感病=1:1，则其基因型为ddEe。 (4) 单倍体育种的主要步骤是：取F1（DdEe）的花药进行离体培养获得单倍体幼苗，然后再用秋水仙素（或低温）处理，使染色体数目加倍，最终获得纯合的矮秆抗病植株。单倍体育种最大优点是明显缩短育种年限，能快速获得纯合子，一般两年就能选育出稳定遗传的优良品种。 4.（2026·湖南怀化·二模）拟南芥是遗传学研究的模式植物，其花瓣形状（圆形/锯齿）和花色（紫色/白色）分别受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制。研究人员用纯合圆形紫花植株与纯合锯齿白花植株杂交，F1全部表现为圆形紫花。将F1分别作为母本和父本进行测交，所得F2的表型及数量如表1所示。回答下列问题： 表1： 测交组合 圆形紫花 圆形白花 锯齿紫花 锯齿白花 F1作母本 245 245 255 255 F1作父本 303 297 302 99 （1）当F1作父本时，测交后代中锯齿白花植株仅有99株，远低于其他类型。从配子育性角度提出一个合理的解释：　　　　　　　　。若该解释成立，则F1自交子代的表型及比例为　　　　　　　　。 （2）研究人员通过基因测序发现，控制花色的基因B编码的酶参与花青素的形成。为进一步验证该基因的功能，研究人员利用CRISPR/Cas9技术构建了基因B敲除植株。结合题干信息推测，与野生型相比，若基因B敲除植株的花色表现为　　　　　　　　，则可以证明　　　　　　　　。 （3）研究人员进一步对基因B/b的模板链进行了测序，如图1所示。 表2: 密码子 CAG GAC AUC GUC UAG CAU CGC GCG CUG 氨基酸 谷氨酰胺 天冬氨酸 异亮氨酸 缬氨酸 终止密码子 组氨酸 精氨酸 丙氨酸 亮氨酸 图2： 基因B突变→花青素合成酶________①________（填“正常”或“失活”）→________②________→花色表现为________③________ I．据图1分析，与基因B相比，基因b表达的多肽链发生的变化是　　　　　　　　，而这种变化影响了花色性状。 Ⅱ．当细胞中的白色前体物质转化为紫色色素时，植株开紫花。基因B是编码花色合成关键酶的基因，该酶在白色前体物质转化为紫色色素过程中发挥了重要的催化作用。综合上述结果完善图2中花色的形成过程：①　　　　　　　　；②　　　　　　　　；③　　　　　　　　。 【答案】（1）① F1（AaBb）作父本时，产生的雄配子中基因型为ab的配子部分不育[或F1（AaBb）作父本时，产生的雄配子中基因型为ab的配子可育比例仅为正常配子的1/3左右]    ② 圆形紫花∶圆形白花∶锯齿紫花∶锯齿白花=25∶7∶7∶1     （2）① 白色    ② 基因B控制紫色性状（或基因B是花青素合成所必需的）     （3）① 编码谷氨酰胺的密码子变为终止密码子，肽链合成提前终止    ② 失活    ③ 白色前体物质无法转化为紫色色素    ④ 白色      【解析】(1) 以F1作父本进行测交时，子代中锯齿白花植株（aabb）仅99株，远低于理论值的1/4（约250株），说明F1产生的基因型为ab的雄配子部分不育。若基因型为ab的雄配子的可育比例仅为正常配子的1/3左右，则F1自交时，雌配子正常（AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶1∶1），雄配子中ab的比例减少，各种雄配子比例为AB∶Ab∶aB∶ab=3∶3∶3∶1，通过棋盘法可计算出子代中圆形紫花（A_B_）∶圆形白花（A_bb）∶锯齿紫花（aaB_）∶锯齿白花（aabb）=25∶7∶7∶1。 (2) B基因编码的酶参与花青素的合成，敲除B基因后植株无法合成该酶或该酶失活，导致花青素不能形成，花色应表现为白色，证明B基因控制紫色性状。 (3) I．与基因B相比，基因b的模板链序列的GTC变为ATC，相应的mRNA序列由CAG转录为UAG，UAG是终止密码子，因此多肽链的合成提前终止。即基因b表达的多肽链发生的变化是编码谷氨酰胺的密码子变为终止密码子，肽链合成提前终止，进而影响了相关酶的空间结构，引起了功能的改变，影响了花色性状。 Ⅱ．当细胞中的白色前体物质转化为紫色色素时，植株开紫花。基因B是编码花色合成关键酶的基因，该酶在白色前体物质转化为紫色色素过程中发挥了重要的催化作用。当基因B突变为b→引起编码谷氨酰胺的密码子变为终止密码子，肽链合成提前终止→引起花青素合成酶失活→白色前体物质无法转化为紫色色素→因而表型为白色。 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题 05 孟德尔两大遗传定律 考点1 基因自由组合定律 1.【答案】C 2.【答案】AC 3.【答案】（1）① 常染色体隐性遗传病    ② 1/32     （2）① 5'-ATTCCA-3'    ② 8、302和310     （3）0.4~1.0      4.【答案】① 由两对位于非同源染色体上的隐性基因控制    ② 16    ③ F1减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合    ④ 7∶4∶4    ⑤ Aabb、aaBb    ⑥ 不能 5.【答案】（1）由一对等位基因控制，株高140 cm为显性性状，100cm隐性性状     （2）① 266    ② 苯丙氨酸    ③ Ⅱ和Ⅲ     （3）① aabb    ② 两对等位基因位于两对同源染色体上    ③ 甲乙突变可能是同一基因不同位点的突变，形成复等位基因，且甲突变的结果对乙的是显性      1.【答案】ACD 2.【答案】A 3.【答案】（1）① 高秆、抗病    ② 3/8    ③ 1/3     （2）① ddEe    ② 验证F1产生的配子类型及比例（或验证基因的自由组合定律）     （3）① 全为矮秆抗病    ② 矮秆抗病:矮秆感病=3:1    ③ 矮秆感病（ddee）     （4）① 离体培养    ② 秋水仙素（或低温）    ③ 明显缩短育种年限      4.【答案】（1）① F1（AaBb）作父本时，产生的雄配子中基因型为ab的配子部分不育[或F1（AaBb）作父本时，产生的雄配子中基因型为ab的配子可育比例仅为正常配子的1/3左右]    ② 圆形紫花∶圆形白花∶锯齿紫花∶锯齿白花=25∶7∶7∶1     （2）① 白色    ② 基因B控制紫色性状（或基因B是花青素合成所必需的）     （3）① 编码谷氨酰胺的密码子变为终止密码子，肽链合成提前终止    ② 失活    ③ 白色前体物质无法转化为紫色色素    ④ 白色      试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题 05 孟德尔两大遗传定律 6年汇编1年模拟 考点分类 湖南考情 命题规律 考点1 基因自由组合定律 2026湖南(1题)、2023湖南(1题)、2022湖南(2题)、2021湖南(1题) · 情境设置：多结合水稻、果蝇、家系等具体生物性状，强调遗传规律在育种与疾病诊断中的实际应用。 · 考查重点：聚焦基因自由组合定律的实质、应用及例外（如连锁、互作），常融合伴性遗传、基因定位与实验设计。 · 命题趋势：综合性强，注重信息提取与推理，突出现代遗传学分析方法（如测序、突变分析），题量稳定在1-2道。 考点1 基因自由组合定律 1.（2022·湖南·高考真题）大鼠控制黑眼/红眼的基因和控制黑毛/白化的基因位于同一条染色体上。某个体测交后代表现型及比例为黑眼黑毛:黑眼白化:红眼黑毛:红眼白化=1:1:1:1。该个体最可能发生了下列哪种染色体结构变异（　　） A.  B.  C.  D.  2.（2022·湖南·高考真题）（多选）果蝇的红眼对白眼为显性，为伴X遗传，灰身与黑身、长翅与截翅各由一对基因控制，显隐性关系及其位于常染色体或X染色体上未知。纯合红眼黑身长翅雌果蝇与白眼灰身截翅雄果蝇杂交，F1相互杂交，F2中体色与翅型的表现型及比例为灰身长翅:灰身截翅:黑身长翅:黑身截翅=9∶3∶3∶1。F2表现型中不可能出现（　　） A. 黑身全为雄性 B. 截翅全为雄性 C. 长翅全为雌性 D. 截翅全为白眼 3.（2023·湖南·高考真题）基因检测是诊断和预防遗传病的有效手段。研究人员采集到一遗传病家系样本，测序后发现此家系甲和乙两个基因存在突变：甲突变可致先天性耳聋；乙基因位于常染色体上，编码产物可将叶酸转化为N5-甲基四氢叶酸，乙突变与胎儿神经管缺陷（NTDs）相关；甲和乙位于非同源染色体上。家系患病情况及基因检测结果如图所示。不考虑染色体互换，回答下列问题：     （1）此家系先天性耳聋的遗传方式是　　　　　　　　　。1-1和1-2生育一个甲和乙突变基因双纯合体女儿的概率是　　　　　　　　。 （2）此家系中甲基因突变如下图所示： 正常基因单链片段5'-ATTCCAGATC……（293个碱基）……CCATGCCCAG-3' 突变基因单链片段5'-ATTCCATATC……（293个碱基）……CCATGCCCAG-3' 研究人员拟用PCR扩增目的基因片段，再用某限制酶（识别序列及切割位点为   ）酶切检测甲基因突变情况，设计了一条引物为5′-GGCATG-3'，另一条引物为　　　　　　　　　（写出6个碱基即可）。用上述引物扩增出家系成员Ⅱ-1的目的基因片段后，其酶切产物长度应为　　　　　　　　bp（注：该酶切位点在目的基因片段中唯一）。 （3）女性的乙基因纯合突变会增加胎儿NTDs风险。叶酸在人体内不能合成，孕妇服用叶酸补充剂可降低NTDs的发生风险。建议从可能妊娠或孕前至少1个月开始补充叶酸，一般人群补充有效且安全剂量为0.4~1.0mg.d-1，NTDs生育史女性补充4mg.d-1。经基因检测胎儿（Ⅲ-2）的乙基因型为-/-，据此推荐该孕妇（Ⅱ-1）叶酸补充剂量为　　　　　mg.d-1。 4.（2021·湖南·高考真题）油菜是我国重要的油料作物，油菜株高适当的降低对抗倒伏及机械化收割均有重要意义。某研究小组利用纯种高秆甘蓝型油菜Z，通过诱变培育出一个纯种半矮秆突变体S。为了阐明半矮秆突变体S是由几对基因控制、显隐性等遗传机制，研究人员进行了相关试验，如图所示。 回答下列问题： （1）根据F2表现型及数据分析，油菜半矮秆突变体S的遗传机制是　　　　　　，杂交组合①的F1产生各种类型的配子比例相等，自交时雌雄配子有　　　　　　种结合方式，且每种结合方式机率相等。F1产生各种类型配子比例相等的细胞遗传学基础是　　　　　　。 （2）将杂交组合①的F2所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表现型及比例，分为三种类型，全为高秆的记为F3-Ⅰ，高秆与半矮秆比例和杂交组合①、②的F2基本一致的记为F3-Ⅱ，高秆与半矮秆比例和杂交组合③的F2基本一致的记为F3-Ⅲ。产生F3-Ⅰ、F3-Ⅱ、F3-Ⅲ的高秆植株数量比为　　　　　　。产生F3-Ⅲ的高秆植株基因型为　　　　　　（用A、a；B、b；C、c……表示基因）。用产生F3-Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，能否验证自由组合定律？　　　　　　。 5.（2026·湖南·高考真题）株高是影响水稻产量的重要性状，探究株高相关基因的遗传机制对水稻育种有重要意义。回答下列问题： （1）为阐明纯合品系甲（株高100 cm）株高由几对基因控制和显隐性等遗传机制，将其与纯合野生品系（株高140 cm）杂交后，株高均为140 cm，F2中株高140 cm和100 cm的数量比约为3∶1，推测品系甲株高的遗传机制为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 （2）品系甲是野生型的某株高基因发生突变所致，其转录产物编码序列的第796位突变，野生型及突变型基因转录模板链的部分碱基序列如图所示。 野生型： 突变型： ①该突变体第　　　　　位氨基酸突变为　　　　　（部分密码子及对应氨基酸：GCU丙氨酸，CUU亮氨酸，UUC苯丙氨酸，UCG丝氨酸）。 ②拟设计PCR引物扩增该株高基因片段，以检测其他水稻是否发生该突变，应选择引物　　　　　（填序号）。 Ⅰ． Ⅱ． Ⅲ． Ⅳ． （3）某纯合品系乙（株高75 cm）与纯合品系甲（株高100 cm）杂交后，株高均为100 cm，中株高100 cm的347株，株高75 cm的114株，用（2）中的引物和方法检测品系乙的该株高基因： ①若发现与品系甲有相同突变，推测乙的基因型为　　　　　（用A、a；B、b；C、c……表示基因）。将品系乙与纯合野生品系（株高140 cm）杂交，其表现为株高140 cm，中株高140 cm、100 cm和75 cm三种表型的数量比约为9∶6∶1，推测所涉及基因的位置关系是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 ②若发现与品系甲无相同突变，则品系乙形成的原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 1.（2026·湖南张家界·二模）（多选）某二倍体植物的花色由两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，A基因控制红色素合成，B基因抑制A基因的表达，基因型为AaBb的植株自交，下列相关叙述正确的是（　　） A. 该植物花色的遗传遵循基因的自由组合定律 B. 子代中白花植株的基因型有5种 C. 子代中红花植株与白花植株的比例为3:13 D. 子代白花植株中纯合子的比例为3/13 2.（2026·湖南株洲·一模）玉米籽粒颜色分别由等位基因T和t控制。现将一个外源G基因导入基因型为Tt的玉米受精卵中，发现其自交后无子代产生。已知含有G基因的卵细胞无法与不含G基因的精子完成受精，其余配子间的结合均正常。该G基因导入的位置是（　　） A. 细胞质中 B. t基因所在的染色体上 C. T基因所在的染色体上 D. T/t基因所在染色体的非同源染色体上 3.（2026·湖南张家界·二模）某二倍体植物的高秆和矮秆由等位基因D/d控制，抗病和感病由等位基因E/e控制，两对基因独立遗传。现有高秆抗病和矮秆感病两个纯合品系，科研人员用这两个品系进行杂交实验，请回答下列问题： （1）若将两个纯合品系杂交得到F1，F1自交得到F2，F2中出现了4种表型，其表型及比例为高秆抗病：高秆感病：矮秆抗病：矮秆感病=9:3:3:1，说明这两对相对性状的显性性状分别是　　　　　　；F2中重组类型的比例为　　　　　　，其中纯合子占重组类型的比例为　　　　　　。 （2）若F1与某植株杂交，子代的表型及比例为高秆抗病:高秆感病:矮秆抗病:矮秆感病=3:1:3:1，则该植株的基因型为　　　　　　，该杂交实验的目的是　　　　　　。 （3）科研人员在F2中发现了一株矮秆抗病植株，为确定其基因型，设计了如下两种实验方案，请完善方案并回答问题： 方案一：让该矮秆抗病植株自交，观察后代的表型及比例。 ① 若后代　　　　　　，则该植株的基因型为ddEE； ② 若后代　　　　　　，则该植株的基因型为ddEe。 方案二：让该矮秆抗病植株与　　　　　　植株杂交，观察后代的表型及比例。 （4）在农业生产中，常采用单倍体育种的方法培育稳定遗传的矮秆抗病品种，该育种方法的主要步骤是：取F1的花药进行　　　　　　获得单倍体幼苗，再用　　　　　　处理单倍体幼苗，使染色体数目加倍，最终获得纯合的矮秆抗病植株。该育种方法的优点是　　　　　　。 4.（2026·湖南怀化·二模）拟南芥是遗传学研究的模式植物，其花瓣形状（圆形/锯齿）和花色（紫色/白色）分别受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制。研究人员用纯合圆形紫花植株与纯合锯齿白花植株杂交，F1全部表现为圆形紫花。将F1分别作为母本和父本进行测交，所得F2的表型及数量如表1所示。回答下列问题： 表1： 测交组合 圆形紫花 圆形白花 锯齿紫花 锯齿白花 F1作母本 245 245 255 255 F1作父本 303 297 302 99 （1）当F1作父本时，测交后代中锯齿白花植株仅有99株，远低于其他类型。从配子育性角度提出一个合理的解释：　　　　　　　　。若该解释成立，则F1自交子代的表型及比例为　　　　　　　　。 （2）研究人员通过基因测序发现，控制花色的基因B编码的酶参与花青素的形成。为进一步验证该基因的功能，研究人员利用CRISPR/Cas9技术构建了基因B敲除植株。结合题干信息推测，与野生型相比，若基因B敲除植株的花色表现为　　　　　　　　，则可以证明　　　　　　　　。 （3）研究人员进一步对基因B/b的模板链进行了测序，如图1所示。 表2: 密码子 CAG GAC AUC GUC UAG CAU CGC GCG CUG 氨基酸 谷氨酰胺 天冬氨酸 异亮氨酸 缬氨酸 终止密码子 组氨酸 精氨酸 丙氨酸 亮氨酸 图2： 基因B突变→花青素合成酶________①________（填“正常”或“失活”）→________②________→花色表现为________③________ I．据图1分析，与基因B相比，基因b表达的多肽链发生的变化是　　　　　　　　，而这种变化影响了花色性状。 Ⅱ．当细胞中的白色前体物质转化为紫色色素时，植株开紫花。基因B是编码花色合成关键酶的基因，该酶在白色前体物质转化为紫色色素过程中发挥了重要的催化作用。综合上述结果完善图2中花色的形成过程：①　　　　　　　　；②　　　　　　　　；③　　　　　　　　。 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $