第十四章 内能的利用 单元练习 2026-2027学年人教版九年级物理全一册

**基本信息** 人教版九年级物理上册第十四章“内能的利用”单元卷，以科技前沿（氢燃料电池、太阳能电池）和传统实践（走马灯、水火箭）为情境，覆盖能量转化、热机原理、效率计算等核心知识点，适配单元复习，强化物理观念与科学探究。 **题型特征** |题型|题量|知识覆盖|命题特色| |----|----|----------|----------| |单选题|10|热值比较、内燃机转速计算|结合“三结砷化镓太阳能电池”考能量转化（第7题）| |多选题|5|热机冲程判断、效率计算|以“抽水蓄能电站”考机械能与电能转化（第13题）| |填空题|5|能量守恒、比热容应用|联系“可燃冰”考热值计算（第18题）| |实验题|2|热效率探究、热机模型制作|设计电水壶效率实验，强化科学探究（第21题）| |计算题|2|燃料放热、热量吸收|结合氢燃料客车考能量计算，体现社会责任（第23题）|

第十四章 内能的利用 单元练习 2026-2027 学年人教版九年级物理上册 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 1．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是，烧杯内的液体质量和初温也相同，烧杯内液体加热后均未沸腾，下列关于实验说法中正确的是（　　） A．比较不同燃料的热值应选择图甲和图乙进行实验，并控制燃料燃烧时间相同 B．比较不同物质吸热升温的特点应选图甲、丙进行实验，燃料燃烧完全后读出温度计示数 C．比较不同物质吸热升温的特点实验，吸热的多少通过加热时间反映 D．比较不同燃料热值和不同物质吸热的多少均可通过液体升高的温度反映 2．一台内燃机的转速是1440转/分，那么在每秒钟内（　　） A．曲轴转动24转，燃气对活塞做功24次，活塞完成24个冲程 B．曲轴转动24转，燃气对活塞做功12次，活塞完成48个冲程 C．曲轴转动1440转，燃气对活塞做功720次，活塞完成2880个冲程 D．曲轴转动1440转，燃气对活塞做功1440次，活塞完成1440个冲程 3．人们是在能量的转移和转化过程中利用能量的，图中的各种现象与对应的能量转化不正确的是（　　） A．用电灯照明：电能转化为光能 B．篝火燃烧：化学能转化为内能和光能 C．原子弹爆炸：核能转化为机械能和内能 D．内燃机的做功冲程：机械能转化为内能 4．如图所示，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d，足球（  ） A．在b、d 两点动能相等 B．在a、d 两点动能相等 C．从b 到c 的过程机械能减少 D．从c 到d 的过程重力势能增大 5．关于如图所示的某单缸四冲程汽油机说法正确的是（    ） A．依靠飞轮惯性完成的是乙、丙、丁 B．四冲程汽油机在一个工作循环中工作过程依次是乙、丙、丁、甲 C．甲图中汽缸内气体温度会上升 D．丁图中机械能转化为内能 6．如图所示装置甲、乙和丙完全相同，燃料质量均为10g，烧杯内液体初温和质量都相等，燃料完全燃烧完后，液体均未沸腾，液体的末温分别为t甲、t乙和t丙，且t甲＞t乙＞t丙，则下列说法正确的是（　　） A．燃料b放出热量最多 B．液体2吸收的热量最多 C．燃料a的热值比燃料b的大 D．液体1的比热容比液体2的大 7．如图，三结砷化镓柔性太阳能电池板发电技术，是一项非常先进的太阳能光电转换技术，它的光电转换效率超30%，比传统的硅基ROSA薄膜太阳能发电效率提高一倍以上，广泛应用于航天、军事、可穿戴设备等领域。关于三结砷化镓柔性太阳能电池板发电技术，下列说法正确的是（    ） A．太阳能属于不可再生能源 B．太阳能电池板工作时，将电能转化为太阳能 C．太阳能电池板工作的效率超30%，表明太阳能有将近70%转化为电能 D．光电转换过程中，能量的总量保持不变 8．如图所示是我国传统的“走马灯”。点燃底部蜡烛，热空气上升驱动扇叶转动，观众可以看到纸马运动起来。下列说法错误的是（   ） A．蜡烛燃烧时化学能转化为内能 B．在能的转化和转移过程中，能的总量保持不变 C．热空气驱动扇叶转动时内能转化为机械能 D．扇叶不断地转动，说明能的总量不断在增加 9．课外活动中，小亮将刚喝完水的空矿泉水瓶的瓶盖拧上但不拧紧，用手握住瓶子的上下两部分，用力迅速拧成图示状态时，瓶盖被弹出并伴有爆响声，同时瓶口内出现白雾。关于上述过程，下列说法错误的是（    ） A．矿泉水瓶被用力拧成图示形状，说明力可以使物体发生形变 B．瓶盖弹出前，拧瓶子的过程与汽油机的做功冲程类似 C．瓶盖被弹出时，瓶内压缩气体的内能转化为瓶盖的机械能 D．瓶口内出现的白雾，是水蒸气温度降低后液化形成的小水滴 10．生活中能量转化的实例很多，电灯发光时将电能转化为（　　） A．势能 B．化学能 C．光能 D．动能 二、多选题 11．下列图片所示的是四冲程汽油机的工作原理示意图。下列说法正确的是（　　） A．图甲是吸气冲程，吸入气缸的物质是空气和汽油的混合物 B．图乙是做功冲程，涉及的能量转化是内能转化为机械能 C．图丙是压缩冲程，该冲程末燃气的内能减小，温度降低 D．图丁是排气冲程，该冲程是靠飞轮的惯性来完成的 12．某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是2000N，燃油的热值为4.6×107J/kg，假设燃油完全燃烧，下列结果正确的是（　　） A．汽车行驶的速度是20km/h B．消耗的燃油完全燃烧放出的热量是6.9×107J C．汽车牵引力做功的功率是30kW D．汽车发动机的效率是20% 13．抽水蓄能电站是为了解决电网高峰、低谷之间供需矛盾而产生的，是间接储存电能的一种方式。在下半夜用电低谷时，它利用过剩的电力驱动水泵，将水从下水库抽到上水库储存起来，次日白天和前半夜用电高峰时，再将水放出发电，并流入下水库，其工作原理如图所示。有关抽水蓄能电站的判断正确的是（　　） A．从构造上看，抽水蓄能电站是连通器 B．上水库水底到下水库的水面距离至少得10.34m C．发电机之所以能工作是水的重力做了功，将机械能转化为电能 D．蓄能电站某天发电量6.0×106kW•h，这些能量至少需要燃烧热值为3.0×107J/kg的煤炭7.2×105kg 14．水火箭是一种广受学生喜爱的科技制作。如图所示，在可乐瓶中装入适量的水，用用带有打气管的瓶塞将瓶口塞住，配置上火箭顶端的导流罩就完成了水火箭的制作。利用打气筒通过打气管向瓶内打气，当瓶内压强足够大时，瓶塞脱落，瓶内的水向后喷出，水火箭迅速飞起。下列说法正确的是（　　） A．水火箭能够升空是利用了力的作用是相互的 B．水从水火箭中喷出相当于内燃机的排气冲程 C．水火箭升空过程内能转化为水火箭的机械能 D．火箭发射时发出的巨大轰鸣声属于超声波 15．如图所示是物理课本中的一些插图，下列分析中正确的是（　　） A．甲图中热气球升空，原因是气球内气体被加热膨胀后密度小于外界气体的密度 B．乙图中温度计升高相同的示数反映了水和食用油吸收了相同的热量 C．因图中掉在地上的弹性小球会弹起，但越弹越低，说明这一过程中能量不守恒 D．丁图中紧压的两块铅柱下面吊一个重物不能把它们拉开，说明分子间存在引力 三、填空题 16．抽水蓄能电站利用电力负荷低谷时的电能抽水至上水库，在电力负荷高峰期再放水至下水库发电的水电站。它可将电网负荷低谷时的多余电能转变为电网高峰时期的高价值电能。将水抽至上水库时，水的_______________能增大，在用电高峰时转化为电能。这个过程中能量的总量是___________的。 17．汽车散热器等制冷设备常用水作冷却剂，这是利用了水的__________性质；现利用某燃气热水器烧水，完全燃烧了0.3m3的煤气，则煤气完全燃烧放出的热量是__________J。（已知（） 18．“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力。同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的___________很大。1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量可以使__________kg的水从20℃加热至100℃。[，] 19．如图甲所示是小明用可乐瓶制作的水火箭，小明先在瓶中装适量水，然后将带有阀门的金属管插入瓶塞，旋紧瓶塞后用打气筒往瓶里打足气；此时瓶中气体的内能_____（选填“增加”、“减少”或“不变”）；打开阀门后，水从尾部的金属管向下喷出，水火箭向上飞向空中，此过程的能量转化情况与热机的______（选填“乙”或“丙”）冲程相似，如果此热机1s做功20次，则汽油机曲轴转速为_________r/min。 20．四冲程汽油机工作原理示意图： a．吸气冲程：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，汽油和空气的混合物进入气缸； b．压缩冲程：两个气门关闭，活塞在曲轴带动下，从气缸下部向上运动，缸内混合气体被压缩，机械能转化为内能，因此，内能_______、温度_______、压强_______； c．做功冲程：在压缩冲程结束时，火花塞产生电火花，使燃料猛烈燃烧，产生高温高压的气体。高温高压的气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功，_______能转化为_______能； d．排气冲程：进气门保持关闭，排气门打开，活塞向上运动，把废气排出气缸。 四、实验题 21．课外小组的同学们想探究“影响电水壶热效率的因素”。实验桌上备有温度计、电子秤、电水壶、停表、功率计量插座（如图所示，它能直接测量电水壶的实际功率）。实验前，同学们提出猜想：电水壶的热效率可能与电水壶的保温性、功率、装水的质量、环境温度等有关。同学们按照不同猜想，分小组进行实验探究，在每次实验开始时，保证电水壶和水的初温与室温相同。下表为一小组同学用同一只电水壶进行两次实验所记录的实验数据。 0.5 1.5 17 17 100 100 1555 1555 135 350 ① ② （1） 根据实验数据分析，该电水壶的热效率η较高的应是___________；（选填“①”或“②”） （2）请根据表格中实验数据，归纳出实验结论：___________。 22．跨学科实践：制作简易热机模型。 【项目分析】要完成热机模型的制作，需要重点考虑以下几个问题： (1)用_____作热源； (2)工作物质是_____； (3)选择比较坚固的金属容器，比如_____装工作物质； (4)将内能转化为机械能通过_____装置实现。 五、计算题 23．据报道，在全国首批三大城市示范群的氢燃料电池车运营规模及运营情况中，广东城市群中氢燃料电池车的活跃度最高。从氢燃料电池客车来看，广东城市群中氢燃料电池客车的单车日均行驶里程和行驶时长明显较高。氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，被认为是21世纪最理想的能源。[，]求： (1)质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出多少热量？ (2)若这些热量全部被质量为200kg、温度为的水吸收，则水升高的温度是多少？ 24．如图所示新型的天然气灶既环保又节能。小明家用天然气灶给质量为2.5kg，初温为20℃的水加热。求：[，] (1)若要放出的热量，需要完全燃烧天然气的质量是多少？ (2)若上述天然气燃烧放出的热量有50%被水吸收，则水吸收的热量是多少？ (3)水温会升高到多少摄氏度？ 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《第十四章 内能的利用 单元练习 2026-2027 学年人教版九年级物理上册》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B D CD D C D D B C 题号 11 12 13 14 15 答案 AD BD CD AC AD 1．C 【详解】A．为了比较不同燃料的热值，要用相同质量的不同燃料，加热质量相同的同种液体，根据Q=cmΔt，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大，故应选择甲、乙两图进行实验，燃料燃烧放出热量的多少，是通过温度计示数的变化来反映的，故A错误； BC．比较不同物质吸热升温的特点时，需要用相同的加热器加热质量和初温相同的不同种类的物体，所以应对比甲、丙两图；我们使用相同的热源通过加热时间的长短来比较吸热多少，故B错误，C正确； D．“探究不同物质吸热升温的现象”，在燃烧皿中放入同种燃料，用秒表记录加热时间，用加热时间反映液体吸热的多少；“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”，在燃烧皿中放入不同燃料，燃料充分燃烧完后，用温度计记录烧杯中液体的温度，燃料燃烧放出热量的多少，是通过温度计示数的变化来反映的，故D错误。 故选C。 2．B 【详解】已知内燃机转速是1440转/分，先将其换算为每秒的转速 即每秒钟曲轴转动24转，因为一个工作循环曲轴转动2转，燃气对活塞做功1次，完成4个冲程，所以每秒钟内做功12次，活塞完成48个冲程。 故选B。 3．D 【详解】A．用电照明时，电流通过灯泡把电能转化成光能，故A正确，不符合题意； B．篝火燃烧过程中，将燃料的化学能转化为内能和光能，故B正确，不符合题意； C．原子弹是利用了核裂变的链式反应产生的巨大机械能和内能，故C正确，不符合题意； D．内燃机的做功冲程是把内能转化为机械能，而不是机械能转化为内能，故D错误，符合题意。 故选D。 4．CD 【详解】A.足球在草地上运动过程中，由于受到地面的摩擦力，一部分机械能转化为内能，足球的机械能会减小。b、d 两点高度相等，重力势能相等，由于机械能等于动能与势能之和，则b点的动能大于d点的动能，故A不符合题意； B.足球在a点时，有一定的速度，具有动能，动能不为零；足球在d点时，速度为零，动能为零，在a、d 两点动能不相等，故B不符合题意； C.足球从b到c的过程中，足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，机械能不断减小，故C符合题意； D.足球从c到d的过程中，质量不变，高度增大，重力势能不断增大，故D符合题意。 故选CD。 5．D 【详解】甲图：排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，是排气冲程； 乙图：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程； 丙图：两气门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化为机械能； 丁图：两气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，机械能转化为内能，汽缸内气体内能增大，温度升高； A．四冲程汽油机只有做功冲程不需要飞轮惯性完成，吸气、压缩、排气冲程都依靠飞轮惯性，因此依靠惯性的是甲、乙、丁，故A错误； B．一个工作循环的顺序是：吸气→压缩→做功→排气，即乙、丁、丙、甲，故B错误； C．甲是排气冲程，排出高温废气后，汽缸内气体温度会下降，故C错误； D．丁是压缩冲程，机械能转化为内能，故D正确。 故选D。 6．C 【详解】AB．对比甲丙，燃料的种类相同，均为燃料a，质量相同，根据，燃料完全燃烧完后放出的热量相同，则甲烧杯中液体1和丙烧杯中液体2吸收热量相同；对比甲乙，加热相同的液体1，液体的末温，则甲烧杯中液体1吸收的热量大于乙烧杯中液体1吸收的热量，也说明甲中燃料a放出的热量更多。所以燃料b放出热量最少，乙中液体1吸收热量最少，故AB错误； C．对比甲乙，加热相同的液体1，液体的末温 说明甲中燃料a放出的热量多于乙中燃料b放出的热量，燃料质量均为10g，则燃料a的热值比燃料b的大，故C正确； D．对比甲丙，用相同的燃料加热不同的液体，液体的末温，说明甲中液体1升温较快，则液体1的比热容比液体2的小，故D错误。 故选C。 7．D 【详解】A．太阳能属于可再生能源，取之不尽用之不竭，故A错误； B．太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能，故B错误； C．太阳能电池板工作的效率超30%，表明太阳能有将近30%转化为电能，故C错误； D．根据能量守恒定律，能量不会凭空产生，也不会无缘无故消失，只会发生转移和转化，能的总量不变，光电转换过程中，能量的总量保持不变，故D正确。 故选D。 8．D 【详解】A．蜡烛燃烧是化学反应，这个过程中，蜡烛储存的化学能转化为内能和光能，故A正确，不符合题意； B．根据能量守恒定律可知，在能的转化和转移过程中，能量的总量保持不变，故B正确，不符合题意； C．蜡烛燃烧产生的热空气密度变小而上升，形成对流，上升的热空气推动扇叶转动，带动纸马运动，这个过程是热空气的内能转化为扇叶和纸马的机械能，故C正确，不符合题意； D．根据能量守恒定律，能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，只能发生转化或转移，但能的总量保持不变，故D错误，符合题意。 故选D。 9．B 【详解】A．矿泉水瓶在力的作用下被拧成图示形状，瓶子的形状发生了改变，说明力可以使物体发生形变，故A正确，不符合题意。 B．瓶盖弹出前，拧瓶子时，瓶子体积变小，压缩瓶内气体，是对气体做功，瓶内气体内能增大，此过程与汽油机的压缩冲程类似，都是将机械能转化为内能；而汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能，故B错误，符合题意。 C．瓶盖被弹出时，瓶内压缩气体对瓶盖做功，将自身的内能转化为瓶盖的机械能，使瓶盖获得动能而飞出，故C正确，不符合题意。 D．瓶盖被弹出时，瓶内气体对外做功，内能减小，温度降低，瓶口处的水蒸气遇冷液化形成小水滴，从而出现白雾现象，故D正确，不符合题意。 故选B。 10．C 【详解】电流通过灯丝时，灯丝发热、发光，主要把电能转化为光能，同时也有一部分转化为内能。 选项里的势能、化学能、动能都不是电灯发光时的主要能量转化形式。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选 C。 11．AD 【详解】A．图甲中进气门打开，排气门关闭，活塞由上向下运动，是吸气冲程，吸入气缸的物质是汽油和空气的混合物，故A正确，符合题意； B．图乙中进气门和排气门关闭，活塞由下向上运动，是压缩冲程，混合物被压缩，是机械能转化为内能的过程，故B错误，不符合题意； C．图丙中进气门和排气门关闭，活塞由上向下运动，是做功冲程，高温高压的燃气推动活塞向下运动做功，内能减小，温度降低，故C错误，不符合题意； D．图丁中进气门关闭，排气门打开，活塞由下向上运动，是排气冲程，内燃机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的，故D正确，符合题意； 故选AD 。 12．BD 【详解】A．汽车行驶的时间为 t=5min45s=345s 汽车的行驶速度为 故A错误； B．消耗1.5kg的燃油完全燃烧放出的热量为 Q放=mq=1.5kg×4.6×107J/kg=6.9×107J 故B正确； C．汽车牵引力做功的功率为 P=Fv=2000N×20m/s=40000W=40kW 故C错误； D．该汽车牵引力所做的功为 W=Fs=2000N×6.9×103m=1.38×107J 汽车发动机的效率为 故D正确。 故选BD。 13．CD 【详解】A．连通器的构造是上端开口，底部相连，从构造上看，抽水蓄能电站底部没有连通，所以不是连通器，故A错误； B．标准大气压能支持约高的水柱，但抽水蓄能电站是利用水泵抽水，不是利用大气压，所以上水库水底到下水库的水面距离不受限制，故B错误； C．发电时，水从高处流下，重力做功，将水的机械能转化为电能，发电机工作利用了这一过程，故C正确； D．煤炭放出的热量为 由可得，煤炭的质量为，故D正确。 故选 CD。 14．AC 【详解】A．水火箭发射时，高压气体将水从火箭尾部高速喷出，水给空气一个向后的力，同时空气给火箭一个向前的反作用力，使火箭上升，这体现了力的作用是相互的，故A正确； B．水从水火箭中喷出是因为瓶内气压大于外界气压，水在压力作用下喷出，而内燃机排气冲程是依靠活塞的运动将废气排出气缸，二者原理不同，故B错误； C．水火箭发射前，通过打气筒向瓶内打气，使瓶内气体压强增大，储存了内能。发射时，瓶内气体膨胀对外做功，将内能转化为水火箭的机械能，推动水火箭升空，故C正确； D．人能听见的声音频率范围在20Hz到20000Hz左右，火箭发射时发出的巨大轰鸣声人耳能听到，不属于超声波，故D错误。 故选AC。 15．AD 【详解】A．在体积一定时，通过加热气球内部的气体，使气球内部的气体受热膨胀逸出，密度变小，小于其外部气体的密度，根据物体的浮沉条件可知，气球受到的浮力大于重力，所以气球才能上升，故A正确； B．乙图中温度计升高相同的示数，因为水和食用油的比热容不同，根据可知，质量相同时，水和食用油吸收的热量不同，故B错误； C．丙图中掉在地上的弹性小球会弹起，但越弹越低，说明小球在运动过程中要克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能减小，但能量是守恒的，故C错误； D．分子间存在引力和斥力。丁图中紧压的两块铅柱下面吊一个重物不能把它们拉开，说明分子间存在引力，故D正确。 故选AD。 16． 机械 守恒 【详解】[1]将水抽至上水库时，水的位置升高，重力势能增大，机械能增大，在用电高峰时转化为电能。 [2]根据能量守恒定律，这个过程中能量的总量是保持不变的。 17． 比热容大 1.2×107 【详解】[1]汽车散热器等制冷设备常用水作冷却剂，是因为水在吸收一定热量时，温度变化比其他物质更小，即水的比热容大。 [2]由热值公式变形可得煤气完全燃烧放出的热量Q=Vq=0.3m3×4×107J/m3=1.2×107J 18． 热值 1250 【详解】[1]同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，这体现了“可燃冰”的热值很大。 [2]1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量 由题意，水吸收的热量 根据热量公式，则水的质量 19． 增加 丙 2400 【详解】[1]当使用打气筒向瓶中打气时，外界对瓶内气体做功，这会导致瓶内气体的内能增加。 [2]图乙中，两气门关闭，活塞上行，是压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能；图丙中，两气门关闭，火花塞点火，活塞下行，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能；水火箭在向上飞行的过程中，通过喷出水来产生反作用力，从而获得向上的动力，这个过程中也是将瓶内气体的内能转化为火箭的机械能，所以此过程中的能量转化方式与汽油机的丙冲程相似。 [3]四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次，所以当热机1s内对外做功20次时，热机的曲轴转40圈，则1min曲轴转2400圈，即汽油机曲轴转速为。 20． 增大 升高 增大 内 机械 【详解】[1][2][3]压缩冲程进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩缸内混合气体，压强增大，内能增大，温度升高，把机械能转化为内能。 [4][5]做功冲程进气门和排气门都关闭。压缩冲程末，气缸顶部的火花塞发出电火花，使燃料猛烈燃烧，产生高温高压的燃气推动活塞向下运动做功，把内能转化为机械能。 21． ② 其它因素一定时，装水的质量越大，电水壶的效率越高 【详解】（1）[1]第一次实验，水吸收的热量 第一次实验消耗的电能 第一次实验的热效率 第二次实验时水吸收的热量 第二次实验消耗的电能 第二次实验的热效率 根据实验数据分析，该电水壶的热效率较高的应是②。 （2）[2]由以上计算可知，在电水壶的保温性、功率、环境温度等因素相同的情况下，装的水质量较大时，电水壶的热效率也较高，所以可得出结论，电水壶热效率与装水的质量有关，其它因素一定时，装水的质量越大，电水壶的效率越高。 22．(1)酒精灯/蜡烛/燃气/煤气 (2)水沸腾后产生的水蒸气 (3)易拉罐（/铁罐 (4)汽轮机/小风车/小叶轮 【详解】（1）热机工作需要持续的热源提供热量，酒精灯、蜡烛等是易获取且能稳定供热的热源。 （2）热机的工作物质需要能吸收热量后易膨胀做功，水受热变成水蒸气后，水蒸气体积膨胀明显，能对外做功，适合做工作物质。 （3）铁、铝、铜等这类金属物质，耐高温，导热性较好，硬度大，能承受工作物质（如水蒸气）受热膨胀产生的压力，所以用铁、铝、铜等物质做成的金属容器（如易拉罐等）适合装工作物质。 （4）因为汽轮机或小风车工作时，可以将水蒸气的内能转化为自身的机械能，可以对外做功，因此将内能转化为机械能可以通过汽轮机来实现。 23．(1) (2) 【详解】（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量为 （2）根据题意，不计热损失，水吸收的热量等于氢燃料燃烧放出的热量 则水升高的温度 24．(1) (2) (3)50℃ 【详解】（1）需要完全燃烧天然气的质量 （2）水吸收的热量 （3）水升高的温度 水的末温 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $