精品解析：山东淄博市临淄区（五四制）2025-2026学年度第二学期期末考试八年级物理试题

2025－2026学年度第二学期期末考试 初三物理试题 本试卷共8页，满分100分，考试时间90分钟 注意事项： 1．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将学校、班级、姓名、考试号、座号填写在答题卡和试卷规定位置。 2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔涂黑答题卡对应题目的答案标号；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 3．非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，字体工整、笔迹清晰，写在答题卡各题目指定区域内；如需改动，先划掉原来答案，然后再写上新答案。严禁使用涂改液、胶带纸、修正带修改。不允许使用计算器。 4．保证答题卡清洁、完整，严禁折叠，严禁在答题卡上做任何标记。 5．评分以答题卡上的答案为依据。不按以上要求作答的答案无效。 一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 2026年斯诺克世锦赛决赛中，中国小将夺得冠军。如图是他打出的一记神仙球，白球两库勾进红球堆里的组合红球。下列说法错误的是（ ） A. 杆击球后，球运动出去，说明力可以改变物体的运动状态 B. 白球离开球杆后仍向前运动，是因为白球具有惯性 C. 白球被边库反弹时受到的弹力是白球发生形变产生的 D. 桌面上静止的红球受的重力和桌面给它的支持力是一对平衡力 【答案】C 【解析】 【详解】A．杆对球施加力后，球从静止变为运动，运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确； B．白球离开球杆后，由于惯性，白球会保持原来向前的运动状态继续运动，故B正确； C．弹力是施力物体发生弹性形变对受力物体产生的力，白球受到的弹力的施力物体是球桌边库，因此该弹力是边库发生形变产生的，故C错误； D．静止在桌面上的红球，受到的重力和桌面对它的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一物体的同一直线上，满足平衡力的条件，是一对平衡力，故D正确。 故选 C。 2. 2026年世界超级摩托车锦标赛中，车手驾驶张雪赛车斩获分站冠军，实现历史性突破。如图是车手弯道转弯的场景，下列说法正确的是（　　） A. 赛车匀速转弯时，其运动状态不变 B. 赛车的速度越大，车的惯性越大 C. 赛车的轻量化设计保证车的惯性小，运动状态容易改变 D. 冲过终点后，最终赛车会停下来，说明运动要靠力来维持 【答案】C 【解析】 【详解】A．物体的运动状态包括速度大小和运动方向，赛车匀速转弯时，速度大小不变，但运动方向发生改变，因此运动状态发生改变，故A错误； B．惯性是物体的固有性质，惯性大小只与物体的质量有关，和速度大小无关，故B错误； C．惯性大小只和物体质量有关，赛车的轻量化设计减小了赛车的质量，质量越小惯性越小，运动状态越容易改变，故C正确； D．冲过终点后赛车最终停下来，是因为阻力改变了赛车的运动状态，力不是维持物体运动的原因，故D错误。 故选C。 3. 如图所示，在搬运货物的时候，两个人同时对车施加沿水平方向的拉力和推力，但是没能推动重800N的货物。下列说法正确的是（　　） A. 推不动是因为地面对车的摩擦力大于50N B. 推不动是因为推力小于货物的重力 C. 车所受地面的摩擦力方向为水平向右 D. 车所受的合力为0N 【答案】D 【解析】 【详解】A．F1、F2同方向向右，总推力 车静止，水平方向受力平衡，因此地面对车的摩擦力等于总推力50N，故A错误； B．推力是水平方向的力，重力是竖直方向的力，二者互不影响；推不动是水平方向摩擦力平衡了推力，和推力与重力的大小关系无关，故B错误； C．车相对于地面有向右运动的趋势，因此摩擦力方向水平向左，故C错误； D．车保持静止，属于平衡状态，平衡状态的物体所受合力为0N，故D正确。 故选 D。 4. “拔火罐”和“针灸”是我国中医的两种传统治疗方法。下列说法正确的是（　　） A. 拔火罐时，罐子吸在皮肤上是利用了地球引力 B. 针灸用的针针尖很细，是为了增大摩擦力 C. 拔火罐时，罐子吸在皮肤上是大气压作用的结果 D. 针灸用的针针尖很细，是通过减小受力面积的方式减小压强 【答案】C 【解析】 【详解】AC．拔火罐时，罐内空气受热后部分逸出，扣在皮肤上后罐内温度降低，气压减小，小于外界大气压，罐子是在大气压作用下吸附在皮肤上，故A错误，C正确； B．摩擦力大小由压力和接触面粗糙程度决定，针灸针针尖很细改变的是受力面积，不是为了增大摩擦力，故B错误； D．根据压强公式，压力一定时，针尖很细是通过减小受力面积来增大压强，方便刺入皮肤，不是减小压强，故D错误。 故选C。 5. 如图是一种简易淋浴器，使用时将接头套在自来水龙头上，把“吸管”插入下方热水容器里，打开自来水龙头，冷水、热水通过混合器混合，喷头就会流出温水。为了提高“吸”热水的能力，混合器的结构示意图最好设成下列中的（注：左为冷水进口，下为热水进口，右为温水出口）（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】B图中冷水流过热水管道上方时，流速最快，压强最小，热水上升过程中获得的竖直向上的压力差最大，热水沿管道上升最容易，则混合器的结构示意图如图B最好，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 6. 如图是我国自主设计建造的“福建舰”航母，其排水量达8万吨。某次，“福建舰”沿水平直线匀速航行，取，关于“福建舰”的说法正确的是（ ） A. 满载时所受海水的浮力为 B. 从上海码头驶向深海时会上浮一些，所受浮力变大 C. 从上海码头驶向深海时会上浮一些，航母受的重力变小 D. 当舰载机起飞后，舰底受到的海水压强变小 【答案】D 【解析】 【详解】A．8万吨排水量即排开水的质量 根据阿基米德原理，满载浮力为，故A错误； B．福建舰始终漂浮，浮力始终等于自身总重力，从上海码头驶向深海过程中，航母总重力不变，因此浮力大小不变，故B错误； C．从上海码头驶向深海，航母的质量不变，由可知，航母受到的重力不变，故C错误； D．舰载机起飞后，福建舰总重力减小，漂浮时浮力等于总重力，因此浮力随之减小。由得，海水密度不变，减小，航母上浮，舰底所处海水深度减小；根据液体压强公式，因此舰底受到的海水压强变小，故D正确。 故选D。 7. 小明利用实心塑料棒和铜丝制作了一个密度计，将它分别放入装有不同液体的甲、乙两个烧杯中，密度计静止时两个烧杯的液面相平，如图所示。下列说法中正确的是（　　） A. 甲杯中液体密度大 B. 密度计在甲杯中受的浮力大 C. 密度计在甲、乙两杯中排开液体的质量相等 D. 甲、乙两个烧杯底部受到液体的压强大小相等 【答案】C 【解析】 【详解】AB．同一个密度计在甲、乙液体中都漂浮，浮力都等于密度计重力，因此 由图可知甲中密度计排开液体体积，根据阿基米德原理可知，，故AB错误； C．根据阿基米德原理可知，因为，所以，即密度计在甲、乙两杯中排开液体的质量相等，故C正确； D．已知两烧杯液面相平，液体深度相等，且，由可知，，故D错误。 故选C。 8. 如图是我国古代的“孔明灯”，点燃碟内的松脂可以升空，主要原因是（ ） A. 加热使灯笼的体积膨胀变大 B. 加热使灯笼内空气密度变大 C. 加热使灯笼内空气质量变小 D. 加热使灯笼受到的浮力变大 【答案】C 【解析】 【详解】AD．孔明灯灯罩本身的体积膨胀非常有限，排开外部空气的体积几乎不变，根据阿基米德原理，孔明灯受到的浮力几乎不变，故AD不符合题意； B．加热使灯笼内空气受热，部分空气溢出灯笼，灯笼容积不变，内部空气质量减小，根据，灯笼内空气密度减小，故B不符合题意； C．灯笼内空气质量变小，灯笼整体的总重力减小；而灯笼受到的浮力基本不变，当总重力小于浮力时，孔明灯就会升空，这是孔明灯升空的主要原因，故C符合题意。 故选C。 9. 骨骼、肌肉和关节等构成了人体的运动系统，人体中最基本的运动大多是由肌肉牵引骨骼绕关节转动产生的。下列关于人体中的杠杆说法正确的是（　　） A. 图甲：手托重物时，可视为省力杠杆 B. 图甲：手托重物时，肱二头肌对前臂的牵引力是阻力 C. 图乙：踮脚时，可视为费力杠杆 D. 图乙：向上踮脚的过程中，腓肠肌对足部骨骼的牵引力是动力 【答案】D 【解析】 【详解】A．图甲：手托重物时，动力臂小于阻力臂，可视为费力杠杆，故A错误； B．根据杠杆五要素可知，图甲：手托重物时，肱二头肌对前臂的牵引力是动力，故B错误； C．图乙：踮脚时，动力臂变短，但是动力臂仍然大于阻力臂，可视为省力杠杆，故C错误； D．根据杠杆五要素可知，图乙：向上踮脚的过程中，腓肠肌对足部骨骼的牵引力是动力，故D正确。 故选D。 10. 使用定滑轮沿不同方向将物体匀速拉起时，拉力分别为F1、F2、F3，如图所示，则三个力之间的关系是（ ） A. F1<F2<F3 B. F1>F2>F3 C. F1=F2=F3 D. F1>F2=F3 【答案】C 【解析】 【详解】因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一重物G，沿三个不同方向，用的拉力大小相等，即F1、F2、F3都等于物体的重力，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 11. 立夏时节，我国有的地方会给孩子称体重（图1），期冀孩子健康成长。图2是称量时的结构简图，秤砣质量为，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（忽略绳重、篮子重及秤杆重），测得，。则（　　） A. 点是称量时杆秤的支点 B. 被称小孩的质量为 C. 要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣 D. 若换称质量更大的孩子，当杆秤水平平衡后，秤砣的悬挂点应在点右端 【答案】CD 【解析】 【详解】A．杆秤绕提纽O点转动，因此支点是O点，故A不符合题意； B．根据杠杆平衡条件可知 即 则被称小孩的质量为，故B不符合题意； C．由杠杆平衡条件可得 当AO不变时，换大，在OB最大时，能称量的最大会变大，即量程变大，故C符合题意； D．换称更大质量的孩子，增大，AO、不变时，根据杠杆平衡条件，需要增大OB，所以秤砣的悬挂点应在点右端，故D符合题意。 故选CD。 12. 如图甲是铁路上的接触网补偿装置，其工作原理可简化为图乙。它由两个轻质滑轮、钢绳、坠砣组成，可自动调整输电线松弛度，保障列车电极与输电线的良好接触（不计绳及滑轮重和摩擦）。若坠砣总重为，某段时间内坠砣下降了，则（　　） A. 该装置中的两个滑轮都是定滑轮 B. 输电线端向左移动了 C. 输电线端向左移动了 D. 输电线端所受的拉力大小为 【答案】B 【解析】 【详解】A．定滑轮的轴固定不动，动滑轮的轴随物体一起运动。该装置中左侧滑轮轴固定，是定滑轮；右侧滑轮轴随输电线A端运动，是动滑轮，故A错误； BC．该装置中动滑轮上有2段绳子，坠砣下降的距离是A端移动距离的2倍，即 输电线端移动的距离，故B正确，C错误； D．不计绳和滑轮重、摩擦，绳子拉力等于坠砣总重，动滑轮平衡时，A端拉力等于两段绳子拉力之和，即  故D错误。 故选B。 13. 我国智能机器人技术世界领先，如图是机器人从地面举起货物并沿水平方向匀速直线搬运的场景，货物的高度保持不变。下列分析正确的是（　　） A. 货物被匀速举高过程中，货物的机械能不变 B. 货物被匀速举高过程中，机器人托举货物的力大于货物受到的重力 C. 货物被匀速举高过程中，机器人托举货物的力没有对货物做功 D. 机器人举着货物水平匀速前进时，机器人对货物没有做功 【答案】D 【解析】 【详解】A．货物被匀速举高时，质量不变、速度不变，因此动能不变；质量不变、高度增加，因此重力势能增加。机械能等于动能与重力势能之和，所以机械能增大，故A错误； B．货物匀速举高过程中做匀速直线运动，处于平衡状态，竖直方向上机器人的托举力和货物重力是一对平衡力，大小相等，故B错误； C．做功的两个必要条件是：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上移动距离。举高过程中，机器人对货物有向上的托举力，货物向上移动了距离，满足做功条件，因此托举力对货物做了功，故C错误； D．机器人举着货物水平匀速前进时，机器人对货物的力是向上的，货物的移动方向是水平方向，货物没有在托举力的方向上移动距离，因此机器人对货物没有做功，故D正确。 故选 D。 14. 如图，小明分别用甲、乙滑轮把同一桶沙提升相同高度。用甲滑轮所做的有用功为W1，机械效率；用乙滑轮所做的有用功为W2，机械效率为，若不计绳重与摩擦，则（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】如图甲乙所示，把同一桶沙提升相同高度，有用功为W=Gh，因此W1=W2。图乙中要克服动滑轮重做功，也为额外功，即在有用功相同情况下，乙图中额外功更多，则机械效率更小，即。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 15. 如图是跳台滑雪运动员在跳台过程中经历的几个过程，下列说法正确的是（ ） A. 运动员在点时的机械能最大 B. 运动员从到的过程中，重力势能转化为动能 C. 运动员在点时的速度为0 D. 运动员运动到点时，若所有外力突然消失，运动员会静止 【答案】A 【解析】 【详解】A．运动员运动过程中需要克服空气阻力、摩擦阻力做功，机械能不断减小，A点是整个运动过程中最早的位置，因此机械能最大，故A正确； B．运动员从B到C的过程中，高度增加，速度减小，动能减小，重力势能增加，是动能转化为重力势能，故B错误； C．C点是运动员空中运动轨迹的最高点，此时运动员仍有水平向前的速度，速度不为，故C错误； D．运动员在C点速度不为，若所有外力突然消失，根据牛顿第一定律，运动员将保持原来的速度做匀速直线运动，故D错误。 故选A。 二、填空与作图题（本题包括4个小题，每小题1分，共15分） 16. 小明梳理了如下表格对力学相关概念进行结构化复习。 物理量 引入的目的 含义 上位概念 公式 速度 描述运动的快慢 单位时间内通过的路程 单位内的量 压强 描述 ① 单位面积上受到的压力 单位内的量 功率 描述做功的快慢 ② 单位内的量 （1）表格中空缺①处应填的内容是__________；空缺②处应填的内容是__________； （2）表格中有一处错误，它是__________，应改为__________； （3）下图是甲乙两台机器做功时，功与时间的关系图像，由图可知机器__________做功快。 【答案】（1） ①. 压力的作用效果 ②. 单位时间内所做的功 （2） ①. 功率一栏的公式 ②. （3）甲 【解析】 【小问1详解】 压强是描述压力作用效果的物理量。 功率是单位时间内所做的功，用来描述做功快慢。 【小问2详解】 功率是单位时间内完成的功，故功率的公式是，其中代表时间。 【小问3详解】 图像为W-t图像，相同时间内，甲做的功更多，根据，可知甲的功率更大，因此甲做功快。 17. 小明在成长笔记中记录了如下错题，请你帮助他找出错误之处，分析错因并写出正确解答过程。 错题记录 一颗质量为20g的子弹从枪膛中水平射出。若子弹在枪膛内受火药爆炸后产生的气体的平均作用力是600N，枪膛长80cm，射出后子弹在空中飞行1000m，则气体对子弹做的功是多少？ 解:子弹在枪膛中受火药爆炸气体的作用力而运动的距离为 s=80cm+1000m=1000.8m 所以，气体对子弹做功： W=Fs=600N×1000.8m=600480J 错题改正 错误之处：_________。 错因分析：_________。 正确解答：_________。 【答案】 ①. s=80cm+1000m=1000.8m ②. 在功的计算中，对物体在力的方向上运动的距离理解错误 ③. 正确解答：子弹在枪膛中受火药爆炸气体的作用力而运动的距离为枪膛长度，子弹离开枪膛后就不再受火药爆炸产生的气体推力，子弹飞行1000米过程中，气体推力不再做功；所以，气体对子弹做功W=Fs=600N×0.8m=480J 【解析】 【详解】[1][2][3]子弹在枪膛中受火药爆炸气体的作用力而运动的距离为枪膛长度，子弹离开枪膛后就不再受火药爆炸产生的气体推力，错误之处为s=80cm+1000m=1000.8m 错因分析：在功的计算中，对物体在力的方向上运动的距离理解错误； 正确解答：子弹在枪膛中受火药爆炸气体的作用力而运动的距离为枪膛长度，子弹离开枪膛后就不再受火药爆炸产生的气体推力，子弹飞行1000米过程中，气体推力不再做功；所以，气体对子弹做功W=Fs=600N×0.8m=480J 18. 如图甲所示，要用更小的力来夹碎核桃，则力应作用在__________点（选填“”或“”）上；如图乙所示，手柄__________（选填“粗”或“细”）一些的螺丝刀用起来更省力，螺纹__________（选填“密”或“疏”）一些的螺丝钉拧起来更省力；如图丙，用的拉力把重为的物体沿高、长的粗糙斜面以的速度由底端匀速拉到顶端，拉力的功率为__________；物体与斜面间的摩擦力为__________。 【答案】 ①. B ②. 粗 ③. 密 ④. 50W ⑤. 20N 【解析】 【详解】根据杠杆平衡条件，阻力与阻力臂不变时，动力臂越长越省力。 B 点动力臂更大，所以力应作用在B点； 螺丝刀手柄是轮，转轴是轴，轮越大越省力，因此手柄粗更省力； 螺丝钉上的一圈圈螺纹展开就是斜面，斜面高度一定时，斜面越长，使用起来越省力，所以螺丝钉螺纹密则螺线长，相当于斜面较长，越省力； 根据功率公式 有用功 总功 摩擦力做的功是额外功， 即摩擦力为 19. 胶州湾跨海大桥采用钢索斜拉式设计，如图甲所示。大桥的一部分可简化为图乙所示的模型，其中为钢索的拉力，代表桥重和过往车辆等产生的对桥的作用力，为支点。 （1）请画出的力臂； （2）若点不动，钢索端向右移动，则钢索的拉力将会变__________。 【答案】（1） （2）变大 【解析】 【小问1详解】 力臂是支点到力的作用线的垂直距离，从支点O向的作用线作垂线段，该垂线段即为​的力臂，标注为即可；  【小问2详解】 根据杠杆平衡条件分析：阻力F2​（桥重和过往车辆产生的作用力）、阻力臂都保持不变；N点不动，钢索A端向右移动后，动力的力臂减小，由可得，减小时，拉力​会变大。 三、实验探究题（本题包括4个小题，共35分） 20. （10.5分）小明利用铁架台、杠杆、钩码和弹簧测力计等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均相等，杠杆上每格长度均相等。 （1）当杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于__________（选填“平衡”或“非平衡”）状态。此时正确的操作是向__________（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡。让杠杆在水平位置平衡的好处是__________； （2）实验时在杠杆两侧挂上不同数量的钩码并调节其位置，多次实验的目的是__________。当杠杆在水平位置平衡时的实验数据如下表。由此可得杠杆的平衡条件是__________； 次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂 1 0.5 20.0 1.0 10.0 2 1.0 15.0 1.5 10.0 3 1.5 10.0 0.5 30.0 （3）如图乙所示，将、位置的钩码个数都减少一个，杠杆将会__________（选填“仍然平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”）； （4）如图丙所示，用弹簧测力计先后在、位置拉杠杆上的同一点，杠杆都在水平位置平衡，则拉力__________（选填“”、“”或“”）。 【答案】（1） ①. 平衡 ②. 右 ③. 方便测量力臂的长度 （2） ①. 使得出的结论具有普遍性 ②. （3）右端下沉 （4）< 【解析】 【小问1详解】 图甲中，杠杆在此位置静止，所以此时杠杆处于平衡状态； 杠杆左端下沉，说明杠杆左端重，要使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；使杠杆在水平位置平衡，此时力臂都在杠杆上，方便测量力臂的长度。 【小问2详解】 多次实验获取多组数据，从众多的数据中总结规律，使得出的结论具有普遍性； 由表格数据可知，每一组实验中，动力与动力臂的乘积都等于阻力与阻力臂的乘积，因此可知杠杆的平衡条件是 【小问3详解】 若杠杆上一格为L，一个钩码重为G，如图乙所示，将A、B位置所挂钩码个数都减少一个，则杠杆左端为 杠杆右端为 因此右端下沉。 【小问4详解】 由图丙可知，用弹簧测力计先后在、位置拉杠杆上的同一点，钩码的重力不变，阻力不变，其阻力臂不变，即阻力与阻力臂的乘积不变，而动力臂在从a到b的过程逐渐减小，由杠杆平衡条件可知，动力逐渐增大，即。 21. 在探究影响滑轮组机械效率的因素时，小明提出了如下猜想：猜想一：机械效率与被提升物体的重力有关；猜想二：机械效率与动滑轮所受的重力有关。 为了验证猜想，准备的器材如下：两个相同的滑轮、一根细绳、钩码若干、刻度尺和弹簧测力计；小明把两个滑轮组装成滑轮组，用它提升不同数量的钩码进行了三次实验，数据如下表所示。 实验次数 钩码的重力 提升高度 拉力 绳端移动的距离 机械效率 1 2.0 0.1 1.0 0.3 66.7％ 2 4.0 0.1 1.8 ① 74.1％ 3 6.0 0.1 2.5 0.3 ② （1）小明同学发现实验过程中边拉动边读数会使得弹簧测力计示数不稳定，他认为实验中应该让测力计静止时读数。他的想法是不正确的，因为他没有考虑到__________对滑轮组机械效率的影响。因此实验中应尽量竖直向上__________拉动弹簧测力计且在拉动中读数； （2）根据表格中的数据，请在图中画出实验时绳子的绕法； （3）表格中①处应填的数据是__________，②处应填的数据是__________； （4）分析表中数据可知：用同一滑轮组提升不同的物体时，物体越重，滑轮组的机械效率__________（选填“越高”、“越低”或“不变”）； （5）为了验证猜想二，还需增加的实验器材是__________。 【答案】（1） ①. 摩擦力 ②. 匀速 （2） （3） ①. 0.3 ②. （4）越高 （5）不同重力的动滑轮 【解析】 【小问1详解】 静止读数时，滑轮与轴、绳子之间没有摩擦力，额外功会小于实验实际的额外功，因此小明没有考虑摩擦力对机械效率的影响；实验中需要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时拉力与滑轮总重力平衡，示数稳定，读数准确。 【小问2详解】  由数据得，承担物重的绳子段数 根据滑轮组绕绳方法，绳子一端固定在动滑轮的上端挂钩开始绕绳，向上绕过上方的定滑轮，再向下绕过下方的动滑轮。 【小问3详解】 同一滑轮组绳子段数不变，因此第2次实验绳端移动距离 第3次实验机械效率  【小问4详解】 由表格数据可知，同一滑轮组，提升的物体重力由增大到，机械效率由增大到，因此物体越重，滑轮组机械效率越高。 【小问5详解】 猜想二是机械效率与动滑轮重力有关，实验需要改变动滑轮的重力，控制提升物体重力不变，因此需要增加不同重力的动滑轮。 22. 为了模拟研究汽车超载和超速带来的安全隐患，小明选用小车、斜面、木板、钩码、木块等器材进行如下的实验探究。 （1）实验中，通过比较__________来判断小车动能的大小，这种实验方法是__________法（选填“控制变量”或“转换”）； （2）为了研究汽车超速问题，实验中应选择__________两个图进行比较，得到的结论是：物体的__________一定时，速度越大，动能越大； （3）若选择乙、丙两图进行比较，是为了研究汽车__________问题，实验得到的结论是：__________； （4）下表是一些物体的动能大小，分析表中数据，提出一个可探究的物理问题：__________。 物体 动能／ 物体 动能／ 步行的人 约30 百米跑中的运动员 约 行走的牛 约160 刚射出的步枪子弹 约 中速行驶的小汽车 约 高速行驶的小汽车 约 【答案】（1） ①. 木块被推动的距离 ②. 转换 （2） ①. 甲、乙 ②. 质量 （3） ①. 超载 ②. 物体速度一定时，质量越大，动能越大 （4）动能的大小受质量和速度哪个因素的影响更大 【解析】 【小问1详解】 动能无法直接观察，实验通过木块被推动的距离间接反映小车动能大小；把不易观测的物理量转换为容易观测的物理量，这种方法是转换法。 【小问2详解】 研究超速问题，需要控制质量不变，改变速度，甲、乙中是同一个小车，质量相同，从不同高度滑下，到达水平面的速度不同，因此选甲、乙对比；乙图小车位置更高，到达水平面的初速度更大，木块被推动的距离更大，小车的动能更大，所以结论是物体的质量一定时，速度越大，动能越大。 【小问3详解】 乙、丙中，小车从同一高度滑下，到达水平面速度相同，小车质量不同，对应汽车超载，质量过大的情境；丙图小车质量更大，木块被推动的距离更大，动能更大，所以结论为，物体速度一定时，质量越大，动能越大。 【小问4详解】 根据表格数据，对比不同质量、速度物体的动能差异，提出合理探究问题即可，例如，动能的大小受质量和速度哪个因素的影响更大。 23. 在探究液体压强与哪些因素有关的实验中，小亮同学将四只瓶嘴大小相同的塑料瓶去底（其中、、三个粗细相同），在瓶嘴上扎橡皮膜，将其倒置，如图所示。向、、瓶中装入水，向瓶中装入盐水。 （1）液体压强的大小是通过__________来反映的； （2）根据、两瓶中橡皮膜鼓起的程度相同，可知液体的压强与液体的质量__________（选填“有关”或“无关”）；根据、两瓶中橡皮膜鼓起的程度不同，可知液体的压强与液体的__________有关； （3）为了探究液体压强与液体密度的关系，要通过比较__________两瓶中橡皮膜鼓起的程度，得出的结论是：__________； （4）如图E是用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作的一个“浮沉子”。将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上。矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封。用力挤压矿泉水瓶侧面时，小玻璃瓶会__________（选填“上浮”或“下沉”），理由是此时它受到的浮力__________它的重力（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 【答案】（1）橡皮膜鼓起的程度  （2） ①. 无关 ②. 深度  （3） ①. C、D ②. 深度相同时，液体的密度越大，液体压强越大  （4） ①. 下沉 ②. 小于 【解析】 【小问1详解】 本实验采用转换法，液体压强越大，瓶嘴处橡皮膜受到的压力越大，鼓起程度越明显，因此通过橡皮膜鼓起的程度反映液体压强的大小。 【小问2详解】 A、B两瓶中液体都是水（密度相同），深度相同，仅液体质量不同，最终橡皮膜鼓起程度相同（压强相同），说明液体压强与液体质量无关；B、C两瓶中液体密度相同，深度不同，橡皮膜鼓起程度不同（压强不同），说明液体压强与液体深度有关。 【小问3详解】 探究液体压强与密度的关系时，需要控制深度相同、改变液体密度，C（水）、D（盐水）符合控制变量的要求，因此选择C、D比较，可得出结论：深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。 【小问4详解】 挤压大矿泉水瓶时，瓶内气压增大，水被压入小玻璃瓶中，小玻璃瓶总重力变大，浮力小于重力，因此小玻璃瓶会下沉。 四、综合解答题（本题包括3个小题，共20分） 24. 我国自主研发的万米载人潜水器“奋斗者”号的总体积约为，海水密度取，取。求： （1）“奋斗者”号完全浸没在海水中受到的浮力； （2）当下潜深度为时，“奋斗者”号受到海水的压强。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 当“奋斗者”号完全浸没在海水中时，排开海水的体积等于潜水器的总体积，即 潜水器受到的浮力为 【小问2详解】 潜水器受到海水的压强为 25. 小夏利用如图所示的滑轮组，将重量为280N的物体匀速提升了2m．已知他自身的重量为500N，对绳子施加的拉力F=200N，两脚与地面接触的总面积S=400cm2．求此过程中： （1）小夏对地面的压强； （2）拉力F做的功； （3）该滑轮组的机械效率． 【答案】（1）7.5×103Pa（2）800J（3）70% 【解析】 【详解】（1）由于人对绳子施加的拉力是：F=200N，由力的相互性知道，绳子对人的拉是200N，人处于平衡态，故人对地面的压力是：F=G-F拉 =500N-200N=300N；又因为两脚与地面接触的总面积S=400cm2，所以，小夏对地面的压强是： =7.5×103 Pa； （2）由图知道，承担物重的绳子的有效段数为2，所以，绳子自由端向下移动的距离是：s=2h=2×2m=4m；故拉力做的功是：W总=F拉 s=200N×4m=800J； （3）克服重物做的有用功是：W有=Gh=280N×2m=560J；故该滑轮组的机械效率是： =70% 26. 学校项目化小组利用矿泉水瓶等材料制作“水火箭”（图甲），并进行飞行高度测试实验。水火箭的结构如图乙所示。实验时将制作好的水火箭竖立于地面，用打气筒向瓶内打气，当瓶内气压足够大时，瓶塞脱落，瓶内的水向下喷出，水火箭就接近竖直向上飞。 （1）制作水火箭会安装尾翼，尾翼的主要作用是__________（选填序号）； A. 增加水火箭的配重 B. 为火箭提供更强的动力 C. 保证火箭飞行的稳定性 （2）水火箭向下喷水后水火箭反而向上飞行，是由于__________； （3）实验中无法直接测量水火箭竖直上升的最大高度，可以转换为测量__________来间接反映这个高度； （4）图丙是小明组实验时水火箭发射后的速度与时间的关系图像。依据下列水火箭评价量表的功能性指标，该水火箭的评价等级为__________，理由是__________。 水火箭评价量表（功能性指标） 评价指标 优秀 合格 待改进 功能性 火箭能顺利升空，在空中的上升时间 火箭能顺利升空，在空中的上升时间 火箭能顺利升空，在空中的上升时间或不能升空 【答案】（1）C （2）物体间力的作用是相互的 （3）水火箭从发射到落地的时间 （4） ①. 优秀 ②. 由图丙可知该水火箭在空中的上升时间等于8s，由评价指标中优秀的标准知该水火箭为优秀。 【解析】 【小问1详解】 制作的水火箭利用水向下喷的反冲力升空，只有火箭尾翼平衡了，火箭才能飞得直。水火箭中尾翼的主要作用是使水火箭沿直线稳定飞行，故AB不符合题意，C符合题意。 故选C。 【小问2详解】 水火箭给水一个向下的力，瓶内的水向下喷出，由于物体间力的作用是相互的，水给水火箭一个向上的反作用力，使水火箭向上运动。 【小问3详解】 火箭上升的高度越高，由发射到落地时所需的时间就越大，所以实验中可以测量水火箭从发射到落地的时间来间接反映这个高度。 【小问4详解】 见答案。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025－2026学年度第二学期期末考试 初三物理试题 本试卷共8页，满分100分，考试时间90分钟 注意事项： 1．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将学校、班级、姓名、考试号、座号填写在答题卡和试卷规定位置。 2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔涂黑答题卡对应题目的答案标号；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 3．非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，字体工整、笔迹清晰，写在答题卡各题目指定区域内；如需改动，先划掉原来答案，然后再写上新答案。严禁使用涂改液、胶带纸、修正带修改。不允许使用计算器。 4．保证答题卡清洁、完整，严禁折叠，严禁在答题卡上做任何标记。 5．评分以答题卡上的答案为依据。不按以上要求作答的答案无效。 一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 2026年斯诺克世锦赛决赛中，中国小将夺得冠军。如图是他打出的一记神仙球，白球两库勾进红球堆里的组合红球。下列说法错误的是（ ） A. 杆击球后，球运动出去，说明力可以改变物体的运动状态 B. 白球离开球杆后仍向前运动，是因为白球具有惯性 C. 白球被边库反弹时受到的弹力是白球发生形变产生的 D. 桌面上静止的红球受的重力和桌面给它的支持力是一对平衡力 2. 2026年世界超级摩托车锦标赛中，车手驾驶张雪赛车斩获分站冠军，实现历史性突破。如图是车手弯道转弯的场景，下列说法正确的是（　　） A. 赛车匀速转弯时，其运动状态不变 B. 赛车的速度越大，车的惯性越大 C. 赛车的轻量化设计保证车的惯性小，运动状态容易改变 D. 冲过终点后，最终赛车会停下来，说明运动要靠力来维持 3. 如图所示，在搬运货物的时候，两个人同时对车施加沿水平方向的拉力和推力，但是没能推动重800N的货物。下列说法正确的是（　　） A. 推不动是因为地面对车的摩擦力大于50N B. 推不动是因为推力小于货物的重力 C. 车所受地面的摩擦力方向为水平向右 D. 车所受的合力为0N 4. “拔火罐”和“针灸”是我国中医的两种传统治疗方法。下列说法正确的是（　　） A. 拔火罐时，罐子吸在皮肤上是利用了地球引力 B. 针灸用的针针尖很细，是为了增大摩擦力 C. 拔火罐时，罐子吸在皮肤上是大气压作用的结果 D. 针灸用的针针尖很细，是通过减小受力面积的方式减小压强 5. 如图是一种简易淋浴器，使用时将接头套在自来水龙头上，把“吸管”插入下方热水容器里，打开自来水龙头，冷水、热水通过混合器混合，喷头就会流出温水。为了提高“吸”热水的能力，混合器的结构示意图最好设成下列中的（注：左为冷水进口，下为热水进口，右为温水出口）（ ） A. B. C. D. 6. 如图是我国自主设计建造的“福建舰”航母，其排水量达8万吨。某次，“福建舰”沿水平直线匀速航行，取，关于“福建舰”的说法正确的是（ ） A. 满载时所受海水的浮力为 B. 从上海码头驶向深海时会上浮一些，所受浮力变大 C. 从上海码头驶向深海时会上浮一些，航母受的重力变小 D. 当舰载机起飞后，舰底受到的海水压强变小 7. 小明利用实心塑料棒和铜丝制作了一个密度计，将它分别放入装有不同液体的甲、乙两个烧杯中，密度计静止时两个烧杯的液面相平，如图所示。下列说法中正确的是（　　） A. 甲杯中液体密度大 B. 密度计在甲杯中受的浮力大 C. 密度计在甲、乙两杯中排开液体的质量相等 D. 甲、乙两个烧杯底部受到液体的压强大小相等 8. 如图是我国古代的“孔明灯”，点燃碟内的松脂可以升空，主要原因是（ ） A. 加热使灯笼的体积膨胀变大 B. 加热使灯笼内空气密度变大 C. 加热使灯笼内空气质量变小 D. 加热使灯笼受到的浮力变大 9. 骨骼、肌肉和关节等构成了人体的运动系统，人体中最基本的运动大多是由肌肉牵引骨骼绕关节转动产生的。下列关于人体中的杠杆说法正确的是（　　） A. 图甲：手托重物时，可视为省力杠杆 B. 图甲：手托重物时，肱二头肌对前臂的牵引力是阻力 C. 图乙：踮脚时，可视为费力杠杆 D. 图乙：向上踮脚的过程中，腓肠肌对足部骨骼的牵引力是动力 10. 使用定滑轮沿不同方向将物体匀速拉起时，拉力分别为F1、F2、F3，如图所示，则三个力之间的关系是（ ） A. F1<F2<F3 B. F1>F2>F3 C. F1=F2=F3 D. F1>F2=F3 11. 立夏时节，我国有的地方会给孩子称体重（图1），期冀孩子健康成长。图2是称量时的结构简图，秤砣质量为，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（忽略绳重、篮子重及秤杆重），测得，。则（　　） A. 点是称量时杆秤的支点 B. 被称小孩的质量为 C. 要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣 D. 若换称质量更大的孩子，当杆秤水平平衡后，秤砣的悬挂点应在点右端 12. 如图甲是铁路上的接触网补偿装置，其工作原理可简化为图乙。它由两个轻质滑轮、钢绳、坠砣组成，可自动调整输电线松弛度，保障列车电极与输电线的良好接触（不计绳及滑轮重和摩擦）。若坠砣总重为，某段时间内坠砣下降了，则（　　） A. 该装置中的两个滑轮都是定滑轮 B. 输电线端向左移动了 C. 输电线端向左移动了 D. 输电线端所受的拉力大小为 13. 我国智能机器人技术世界领先，如图是机器人从地面举起货物并沿水平方向匀速直线搬运的场景，货物的高度保持不变。下列分析正确的是（　　） A. 货物被匀速举高过程中，货物的机械能不变 B. 货物被匀速举高过程中，机器人托举货物的力大于货物受到的重力 C. 货物被匀速举高过程中，机器人托举货物的力没有对货物做功 D. 机器人举着货物水平匀速前进时，机器人对货物没有做功 14. 如图，小明分别用甲、乙滑轮把同一桶沙提升相同高度。用甲滑轮所做的有用功为W1，机械效率；用乙滑轮所做的有用功为W2，机械效率为，若不计绳重与摩擦，则（　　） A. B. C. D. 15. 如图是跳台滑雪运动员在跳台过程中经历的几个过程，下列说法正确的是（ ） A. 运动员在点时的机械能最大 B. 运动员从到的过程中，重力势能转化为动能 C. 运动员在点时的速度为0 D. 运动员运动到点时，若所有外力突然消失，运动员会静止 二、填空与作图题（本题包括4个小题，每小题1分，共15分） 16. 小明梳理了如下表格对力学相关概念进行结构化复习。 物理量 引入的目的 含义 上位概念 公式 速度 描述运动的快慢 单位时间内通过的路程 单位内的量 压强 描述 ① 单位面积上受到的压力 单位内的量 功率 描述做功的快慢 ② 单位内的量 （1）表格中空缺①处应填的内容是__________；空缺②处应填的内容是__________； （2）表格中有一处错误，它是__________，应改为__________； （3）下图是甲乙两台机器做功时，功与时间的关系图像，由图可知机器__________做功快。 17. 小明在成长笔记中记录了如下错题，请你帮助他找出错误之处，分析错因并写出正确解答过程。 错题记录 一颗质量为20g的子弹从枪膛中水平射出。若子弹在枪膛内受火药爆炸后产生的气体的平均作用力是600N，枪膛长80cm，射出后子弹在空中飞行1000m，则气体对子弹做的功是多少？ 解:子弹在枪膛中受火药爆炸气体的作用力而运动的距离为 s=80cm+1000m=1000.8m 所以，气体对子弹做功： W=Fs=600N×1000.8m=600480J 错题改正 错误之处：_________。 错因分析：_________。 正确解答：_________。 18. 如图甲所示，要用更小的力来夹碎核桃，则力应作用在__________点（选填“”或“”）上；如图乙所示，手柄__________（选填“粗”或“细”）一些的螺丝刀用起来更省力，螺纹__________（选填“密”或“疏”）一些的螺丝钉拧起来更省力；如图丙，用的拉力把重为的物体沿高、长的粗糙斜面以的速度由底端匀速拉到顶端，拉力的功率为__________；物体与斜面间的摩擦力为__________。 19. 胶州湾跨海大桥采用钢索斜拉式设计，如图甲所示。大桥的一部分可简化为图乙所示的模型，其中为钢索的拉力，代表桥重和过往车辆等产生的对桥的作用力，为支点。 （1）请画出的力臂； （2）若点不动，钢索端向右移动，则钢索的拉力将会变__________。 三、实验探究题（本题包括4个小题，共35分） 20. （10.5分）小明利用铁架台、杠杆、钩码和弹簧测力计等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均相等，杠杆上每格长度均相等。 （1）当杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于__________（选填“平衡”或“非平衡”）状态。此时正确的操作是向__________（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡。让杠杆在水平位置平衡的好处是__________； （2）实验时在杠杆两侧挂上不同数量的钩码并调节其位置，多次实验的目的是__________。当杠杆在水平位置平衡时的实验数据如下表。由此可得杠杆的平衡条件是__________； 次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂 1 0.5 20.0 1.0 10.0 2 1.0 15.0 1.5 10.0 3 1.5 10.0 0.5 30.0 （3）如图乙所示，将、位置的钩码个数都减少一个，杠杆将会__________（选填“仍然平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”）； （4）如图丙所示，用弹簧测力计先后在、位置拉杠杆上的同一点，杠杆都在水平位置平衡，则拉力__________（选填“”、“”或“”）。 21. 在探究影响滑轮组机械效率的因素时，小明提出了如下猜想：猜想一：机械效率与被提升物体的重力有关；猜想二：机械效率与动滑轮所受的重力有关。 为了验证猜想，准备的器材如下：两个相同的滑轮、一根细绳、钩码若干、刻度尺和弹簧测力计；小明把两个滑轮组装成滑轮组，用它提升不同数量的钩码进行了三次实验，数据如下表所示。 实验次数 钩码的重力 提升高度 拉力 绳端移动的距离 机械效率 1 2.0 0.1 1.0 0.3 66.7％ 2 4.0 0.1 1.8 ① 74.1％ 3 6.0 0.1 2.5 0.3 ② （1）小明同学发现实验过程中边拉动边读数会使得弹簧测力计示数不稳定，他认为实验中应该让测力计静止时读数。他的想法是不正确的，因为他没有考虑到__________对滑轮组机械效率的影响。因此实验中应尽量竖直向上__________拉动弹簧测力计且在拉动中读数； （2）根据表格中的数据，请在图中画出实验时绳子的绕法； （3）表格中①处应填的数据是__________，②处应填的数据是__________； （4）分析表中数据可知：用同一滑轮组提升不同的物体时，物体越重，滑轮组的机械效率__________（选填“越高”、“越低”或“不变”）； （5）为了验证猜想二，还需增加的实验器材是__________。 22. 为了模拟研究汽车超载和超速带来的安全隐患，小明选用小车、斜面、木板、钩码、木块等器材进行如下的实验探究。 （1）实验中，通过比较__________来判断小车动能的大小，这种实验方法是__________法（选填“控制变量”或“转换”）； （2）为了研究汽车超速问题，实验中应选择__________两个图进行比较，得到的结论是：物体的__________一定时，速度越大，动能越大； （3）若选择乙、丙两图进行比较，是为了研究汽车__________问题，实验得到的结论是：__________； （4）下表是一些物体的动能大小，分析表中数据，提出一个可探究的物理问题：__________。 物体 动能／ 物体 动能／ 步行的人 约30 百米跑中的运动员 约 行走的牛 约160 刚射出的步枪子弹 约 中速行驶的小汽车 约 高速行驶的小汽车 约 23. 在探究液体压强与哪些因素有关的实验中，小亮同学将四只瓶嘴大小相同的塑料瓶去底（其中、、三个粗细相同），在瓶嘴上扎橡皮膜，将其倒置，如图所示。向、、瓶中装入水，向瓶中装入盐水。 （1）液体压强的大小是通过__________来反映的； （2）根据、两瓶中橡皮膜鼓起的程度相同，可知液体的压强与液体的质量__________（选填“有关”或“无关”）；根据、两瓶中橡皮膜鼓起的程度不同，可知液体的压强与液体的__________有关； （3）为了探究液体压强与液体密度的关系，要通过比较__________两瓶中橡皮膜鼓起的程度，得出的结论是：__________； （4）如图E是用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作的一个“浮沉子”。将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上。矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封。用力挤压矿泉水瓶侧面时，小玻璃瓶会__________（选填“上浮”或“下沉”），理由是此时它受到的浮力__________它的重力（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 四、综合解答题（本题包括3个小题，共20分） 24. 我国自主研发的万米载人潜水器“奋斗者”号的总体积约为，海水密度取，取。求： （1）“奋斗者”号完全浸没在海水中受到的浮力； （2）当下潜深度为时，“奋斗者”号受到海水的压强。 25. 小夏利用如图所示的滑轮组，将重量为280N的物体匀速提升了2m．已知他自身的重量为500N，对绳子施加的拉力F=200N，两脚与地面接触的总面积S=400cm2．求此过程中： （1）小夏对地面的压强； （2）拉力F做的功； （3）该滑轮组的机械效率． 26. 学校项目化小组利用矿泉水瓶等材料制作“水火箭”（图甲），并进行飞行高度测试实验。水火箭的结构如图乙所示。实验时将制作好的水火箭竖立于地面，用打气筒向瓶内打气，当瓶内气压足够大时，瓶塞脱落，瓶内的水向下喷出，水火箭就接近竖直向上飞。 （1）制作水火箭会安装尾翼，尾翼的主要作用是__________（选填序号）； A. 增加水火箭的配重 B. 为火箭提供更强的动力 C. 保证火箭飞行的稳定性 （2）水火箭向下喷水后水火箭反而向上飞行，是由于__________； （3）实验中无法直接测量水火箭竖直上升的最大高度，可以转换为测量__________来间接反映这个高度； （4）图丙是小明组实验时水火箭发射后的速度与时间的关系图像。依据下列水火箭评价量表的功能性指标，该水火箭的评价等级为__________，理由是__________。 水火箭评价量表（功能性指标） 评价指标 优秀 合格 待改进 功能性 火箭能顺利升空，在空中的上升时间 火箭能顺利升空，在空中的上升时间 火箭能顺利升空，在空中的上升时间或不能升空 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $