湖北襄阳市部分学校2025-2026学年高一下学期7月期末物理试题

2025—2028届高一下期末测试物理试题 襄阳四中命题组：王晓东徐曙光洪晨 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选 错的得0分. 1.关于力学概念与规律，下列说法正确的是： A.研究地球自转时，地球可以视为质点 B.牛顿是力学基本单位 C.质量相等的两个物体动能相等时，动量也一定相同 D、曲线运动一定是变速运动 2.如图所示是人握着水瓶在水平方向上向右匀速移动，下列说法正确的是： A.水瓶受到向右的静摩擦力 B.水瓶受到向左的滑动摩擦力 C.水瓶改为向左匀速移动，水瓶受到的摩擦力不变 D.握紧水瓶，水瓶受到的摩擦力变大 3.如图所示，某同学在研究运动的合成时做了下述活动：用左手沿黑板推动直尺竖直向上运动，运动 中保持直尺水平，同时，用右手沿直尺向右移动笔尖，若该同学左手的运动为匀速运动，右手相对 于直尺的运动为初速度为零的匀加速运动，则： A.笔尖做直线运动 B.笔尖做速率不变的曲线运动 C.笔尖的速度方向与水平方向夹角变大 D.笔尖做匀变速曲线运动 4.如图所示，光滑绝缘的水平地面上有相距为L的点电荷A、B,带电荷量分别为一2Q和+Q,今引入 第三个点电荷C,使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电荷量和放置的位置是： A.一Q,在A上方距A为2处 B B.一2Q,在A左侧距A为L处 C.一2Q,在B右侧距B为L处 3 D.·+2Q,在A左侧距A为2处 x/m 5.甲、乙两个质点沿同一直线运动，其中质点甲做匀速直线运动，质点乙做匀变 速直线运动，它们的位置坐标x随时间t的变化如图所示，且乙的位置坐标x 甲 随时间t的变化规律为：x2-10（各物理量均采用国际单位制)，已知t2s 时，乙图线在该点的切线斜率与甲图线的斜率相等。则： A.乙的加速度为4n/s2 0 B.02s内，甲、乙的运动方向相反 C.甲的速度为10m/s D.=4s时，两车相遇 6.在倾角为日的斜面体上用轻质细绳系一小球，在水平拉力F的作用下，斜面体从静止开始向左加速 运动。该过程中，下列说法正确的是： A.运动中随着拉力的增大地面对斜面体的摩擦力一定增大 B.与静止时相比，斜面对小球弹力可能不变 C.与静止时相比，绳子拉力一定增大 D.当斜面体的加速度a≥gtan0时，小球对斜面体无压力作用 mnn'n,☑ 7,如图所示为发射卫星的轨道简化示意图，先将卫星发射到半径为=r的圆轨道 【上做匀速圆周运动，在A点时使卫星变轨进入椭圆轨道Ⅱ上，卫星运动到椭 圆轨道的远地点B点时，再次变轨，进入半径为5=2r的圆轨道Ⅲ上做匀速 圆周运动。已知卫星的质量为m,地球的质量为从引力常量为G、则： A.卫星在轨道I上A点的加速度小于在轨道Ⅱ（稳定运行）上A点的加速度 B.卫星在轨道Ⅲ上B点的加速度大于在轨道Ⅱ（稳定运行）上B点的加速度 C.在轨道I上卫星与地球球心的连线单位时间内扫过的面积和在轨道l上的相等 D.卫星在椭圆轨道上运行的周期与在半径为r的圆轨道上运行周期的比值工-3W5 T28 8.一质量为m的运动员托着质量为M的重物从下蹲状态（图甲）缓慢运动到站立状态（图乙），该过程重 物和人的肩部相对位置不变，运动员保持乙状态站立△t时间后再将重物缓慢向上举，至双臂伸直 (图丙).甲到乙、乙到丙过程重物上升高度分别为h、,经历的时间分别为t、a,重力加速度为 B则 0 A.地面对运动员的冲量大小为(M什)g(t十t十△t) B.地面对运动员做的功为（什mg(h+h) C.运动员对重物做的功为g(h十) D.运动员对重物的冲量大小为g(t十) 甲 乙 丙 9.如图所示，半径为R的水平圆盘绕过中心O点的竖直轴做匀速圆周运动，从O点正上方距O为P处将 一个可视为质点的小球水平抛出，抛出时半径OB恰好与小球初速度方向相同，从上向下看圆盘沿顺 时针方向转动。若小球与圆盘只碰一次，且落在B点，重力加速度大小为g,不计空气阻力。则： 。小球的初速度大小为 B. 圆盘转动周期的最大值为， C.圆盘转动的角速度可能为严，3 4 V2R 。B点随圆盆转动的线速度大小一定为/臀 10.如图甲所示，一滑块置于足够长的长木板左端，木板放置在水平地面上。已知滑块和木板的质量均 为2kg,现在滑块上施加一个F=0.5t(N)的变力作用，从t=0时刻开始计时，滑块所受摩擦力 随时间变化的关系如图乙所示，设最大聯摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g取10m/s,则： A.滑块与木板间的动摩擦因数为0.4 FIN B.木板与水平地面间的动摩擦因数为0.2 8------ C.图乙中t=24s ☐F D.木板的最大加速度为4m/s2 77770777nm71nn 2 甲 二、非选择题：本题共5小题，共60分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和 重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 11.(6分)目前，激光雷达已经普遍用于智能驾驶。利用激光雷达可以确定任意时刻质点的位置。小 贝同学用激光雷达来研究平抛运动，如图，从0点平抛出去一个小球，经过t=1s,小球经过A点 时距离0点L,=13m。又经过一段时间，小球经过B点时距离0点L,=259m。(不计空气阻力，重力加 速度g=10m/s2)则小球初速度vo=■ ,从0点到B点的时间t=,小球在B间的平均 速度为一一（以上结果均保留2位有效数字） Vo Lidar 12.(10分)小月同学在物理实验室用如图所示的装置验证机械能守恒定律，接通水平气垫导轨气源， 由静止释放托盘与砝码，已知重力加速度为g,并测得：遮光片的宽度：遮光片到光电门的距离：遮 光片通过光电门的时间△t:托盘与砝码质量m小车与遮光片质量M 光电门 气垫导轨 小车遮光片 连气源 托盘与砝码 (1)小车从释放到经过光电门的过程：系统重力势能减少量为 ,动能的增加量 为 电巴小片 气垫导轨 一气 托t码 (2)该同学将这套装置置于平稳匀速行驶的车内实验，发现从同一位置释放小车，遮光片到光电门 的距离：遮光片通过光电门的时间△t均和上次实验相同，现仍以地面为参考系：和上次实验对比， 托盘与砝码m的动能变化，小车与遮光片Ⅱ的动能变化，托盘砝码与小车遮光片系统 的机械能。（填变大、变小、不变） 13.(12分)如图所示，为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在1=0时刻的波形图，此时波刚好传播到 x轴上x,=16m处的a点，在41=2s时质点a第一次到达波峰。已知x轴上质点b的横坐标x,=24m, 求： wcm N (1)这列横波的周期和波速大小： 点 (2)从t=0时刻起，质点b第一次到达波谷的时间。 0 a 6 0 16 24划m 与 14.（14分)如图为一款游戏装置的示意图，装置由水平直轨道AB和半径R=0.4m的竖直光滑半圆轨 道BDC组成，BC为竖直直径。游戏开始前，质量M=O2kg的滑块Q静置于B点，距离B点 L=7.2处一质量m=01kg滑块P以初速度'。向右运动，与Q发生弹性碰撞、碰后立即拿走滑块P, 某次游戏时，滑块Q恰好能到达C点。两滑块均可视作质点，与直轨道的滑动摩擦因数均为μ=0.25， 8取10m/s2。 (1)求碰后瞬间滑块Q受到的支持力大小F; (2)求滑块P的初速度，： (3)滑块Q经过C点后落回地面，与地面相三作用时间极 短且竖直方向速度大小变为原来的一半，方向相反，求与地面 P Q 第一次碰撞后滑块的水平分速度大小'x。 15.（18分)如图甲所示，在足够长的固定斜面上有一静止的物块B,t=0时将质量为a的物块A从距 离物块B斜上方L处由静止释放，t=9t,时，物块A、B发生第一次碰撞，t=I9t,时，二者发生第 二次碰撞，在两次碰撞间物块A的v-1图线如图乙所示（其中、均为未知量），若每次碰撞均 为弹性碰撞且碰撞时间极短，两物块均可视为质点且与斜面间的最大静摩擦力均等于滑动摩擦力。 (1)求物块A沿斜面上滑与下滑加速度大小的比值； (2)求第一次碰撞后物块A沿斜面向上运动的最大距离； (3)己知物块B的质量M=17m,且A、B物块每次碰撞前物块B均已经停止运动，求物块B沿斜面 下滑的最大距离。 个v bVo B 4一L 0 /13t。19 -8Vo 甲 乙 2025一2028届高一下期末测试物理试题 参考答案 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的 得0分. 1.答案：D 2.答案：C 3.答案：D 4.答案：C 解析：A、B、C三个电荷要平衡，三个电荷必须共线且外侧两电荷相排斥，中间电荷吸引外侧两电荷。 而且外侧电荷电量大，所以C必须带负电，放在B右侧，对C:婴=鳄，解得：r=L (L+r)2 6,8 B C L-r 对B:些=，解得：=20递项0正隋 5.答案：A 解析：A.由Xt图的斜率表示速度，带入位移公式ot什atP可得a2=2,则乙的加速度为a乙=4m/s2, 故A正确：B.由Xt图可以看出，甲、乙都向正方向运动。故B错误：CD.t仁2s时，乙图线在该，点的 切线斜率与甲图线的斜率相等，则ymv=a,2=8m/s,由xt图得甲从x0位置出发，乙从-10m位 置出发，要想两车相遇，则有×p+10=×之即g+10=a乙2解得5s(-1s含去)，故C0错误。故选 A。 6.答案：C 解析：A.由整体法受力分析，斜面体受到的摩擦力∫=(M+m)8与 斜面体的加速度无关，保持不变，C错误；BC.由平衡条件得绳子拉 力T。=mgsin日斜面对小球弹力N,=mgcos8当斜面体向左加速运动 mg￥ 时，在小球没离开斜面之前，水平方向有Tcos8-Nsin6=ma竖直方 向有Tsin9+Ncos6=mg解得T=m(acos6+gsin0) N=mgcos-masin g 则T>T),N<N。,B错误，C正确：D.当小球刚好离开斜面时Tsin0=mg,Icos0=ma解得 0= tang a、& 当斜面体加速度tan日小球对斜面体无压力作用，D错误。故选C。 7.答案：D ma 解析：AB.卫星在A点受到地球的万有引力作用，根据牛顿第二定律有GMm 解得a=c 。不论是在轨道I还是轨道川上，卫星在A点距地心的距离，均相等，因此卫星在轨道1 上B点的加速度等于在轨道川上B点的加速度，故A错误； 同理，不论是在轨道川还是轨道川上，卫星在B点距地心的距离，均相等，因此卫星在轨道川上B点 的加速度等于在轨道川上B,点的加速度，故B错误： C。根据牛频第二定律在执道上A点有G“=m会，在轨道1上A,点有G”< 月，即v1A<a 卫星与地球球心的连线在单位时间内扫过的面积为S=。 由开普勒第二定律得，在轨道〡上卫星与地球球心的连线单位时间内扫过的面积要比在轨道川上的小： 同理，在轨道川和轨道川上B点有”1B<DmB,则在轨道川上卫星与地球球心的连线单位时间内扫过的 面积要比在轨道川上的小： 则在轨道|上卫星与地球球心的连线单位时间内扫过的面积要比在轨道川上的小，故0错误： a=1+5 0.根据几何关系可知椭圆轨道Ⅱ的半长轴为”2 代入1=与5=2”，解得2=2 设卫星在椭圆轨道上运行的周期为T1,在半径为2的圆轨道上运行的周期为T2,根据开普勒第三定律有 工 Z-35 解得T乃8 故D正确： 8.答案：AC 解析：因运动员将重物缓慢上举，则可认为是平衡状态，地面对运动员的支持力大小为：（十mg,整 个过程的时间为(t,十t十△t),根据/=Ft可知地面对运动员的冲量大小为(M+mg(t.十t,十△t):因 地面对运动员的支持力的作用点没有位移，可知地面对运动员做的功为0，选项A正确，B错误：运动 员对重物的作用力大小为g,作用时间为(t,十t,十△t),根据I=Ft可知运动员对重物的冲量大小为 Mg(t,十t2十△t),重物的位移为(h,十h),根据W=F1cosa可知运动员对重物做的功为Mg(h.十h,),选 项C正确，D错误 9.答案：AB gR 解析：A.小球做平抛运动，竖直方向R2 8”水平方向R='联立解得小球的初速度大小为。 V2 2R E确：B,在tEn1式中n1时，Tm ,故B正确： Vo 2π (0= C.若要小球落在圆盘B点，上述时间与圆盘转动周期的关系t=nT又 7 联立解得w=2n层n=12,3)故c错误： D.由B选项知圆盘转动的周期、角速度或者线速度存在多解，故D错误。 故选AB。 ) 10.答案：AC 解析：由题图乙可知，滑块与木板之间的滑动摩擦力为8N,则滑块与木板间的动摩擦因数为== mg =0.4,选项A正确。由题图乙可知七时刻木板相对地面开始滑动，此时滑块与木板相对静止，则木 20 板与水平地面间的动摩擦因数为口'==4=0.1，选项B错误，专，时刻，滑块与木板将要发生相对 2mg40 滑动，此时滑块与木板间的摩擦力达到最大静摩擦力F=8N,此时两物体的加速度相等，且木板的加 速度达到最大，则对木板：F.一μ′·2mg=ma,解得a。=2m/s2;对滑块：F-Fm=ma,解得F=12N. 则由F=0.5t()可知，t=24s,选项C正确. 二、非选择题：本题共5小题，共60分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和 重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须阴确写出数值和单位。 11.12m/s7.0s 42m/s（41、42、43均可) 12. mgl (M+m)() 不变变大变大 2 13.(1)8s 2m/s (2)10s 2 (1)由图得九=16m,t=0时刻，波刚好传播到日点，其向上振动，经4第一次到达波峰，即 ≈2g=T 4 解得T=8s 4分 v=4=2m/s 又T 2分 t,= (2)波从a点传到b点用时2v 2分 3二6 13 由前面知波源质点的起振方向沿y轴正方向，故再经4 2分 质点b第一次到达波谷，故从(=0时刻起，质点b第一次到达波谷的时间【=(2+4=10s 2分 14.(1)F=12N (2)%=9ms (3)"=0.5ms g=M (1)在C点，根据重力提供向心力有 R 1分 从B到C,根据机械能守恒定律有 返x2R=w-h 1分 F-Mg= Mvp 在B点，根据牛顿第二定律有 R 1分 解得F=12N 1分 (2)根据位移时间关系-v=-2μgL 1分 弹性碰撞过程，根据动量守恒定律及能量守恒定律有 ivp mvi Mve 1分 1 。1 5n=。mv+Mw6 1分 2 2 解得%=ms 1分 (3)第一次落到地面时竖直分速度”=V48=4ms 1分 碰撞后，竖直分速度大小变为2=26 1分 方向竖直向上；则弹力的冲量=mv,+mv1 1分 摩擦力的冲量=川wM 1分 水平方向-L=my-mc 1分 解得V1=0.5ms 1分 15.(1)2 (2)811 (3)45 (1)根据题意，由图乙可知，物块A在13。~19的时间内沿斜面匀加速下滑，加速度大小 6v,一= a=19。-130 1分 物块A在9%。~13的时间内沿斜而匀减速上滑，加速度大小 8,一= 2vo a,=13,-9.6 1分 a2=2 解得a, 2分 (2)物块A在134。~19%时间内与在0-9的时间内受力情况一致、则加速度相同，故1=9，时 v=a,×9=9v% 2分 L= vox9to 刚释放物块A时，A、B之间的距离为L,则有2 整理得 2分 则物块A在9。~13的时间内沿斜而向上运动，运动的距离 -8%13,-9%）-166 2 32 联立解得 2分 (3)物块A与物块B第一次碰撞时，由动量守恒有mw=mA1+Ml 其中p=9%,%1=-8%,M=17m 联立解得'1= 则物块A在136。~19时间内下滑的距离 =6%19g,-13】=18h 2 2分 已知第二次碰撞前物块B已停止运动，故物块B碰后沿斜面下滑的距离=L,一L=2 物块A与物块B发生第二次碰撞，由图可知，碰前瞬间物块A的速度Y=6。 由动量守恒有mY=mVA2+MNB2 1 1 由机械守恒有2 mY=亏mv+5MNo 2 联立解得 2分 设物块B下滑过程中的加速度为a,第一次碰撞后物块B下滑的距离为，则有2=6c 设第二次碰撞后物块B下滑的距离为5，则有22=62 85= X2= 可得 9 4) X= 以此类推可得 9 2分 1- 9 X=X+x2+X3+…+X1= 则物块B运动的总距离 19 x= 4 当n→0时，代入数据解得 45