精品解析：2026年江苏省南京市建邺区中考二模考试物理试题

2025-2026学年第二学期练习（二） 九年级物理学科 （本卷取） 注意事项： 1．本试卷共8页，全卷满分100分。考试时间90分钟。考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效。 2．请认真核对监考教师在答题卡上所粘贴条形码的姓名、考试证号是否与本人相符合，再将自己的姓名、考试证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在答题卡及本试卷上。 3．答选择题必须用2B铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水签字笔写在答题卡的指定位置，在其他位置答题一律无效。 4．作图题必须用2B铅笔作答，并请加黑、加粗。 一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意） 1. 我国科学家将研发出的全竹纤维素用于制作采光窗透明板，主要利用了该物质（ ） A. 透光性好 B. 磁性强 C. 导电性好 D. 延展性强 【答案】A 【解析】 【详解】制作采光窗透明板的核心要求是能透光实现采光，因此该材料主要利用了透光性好的特点；磁性强、导电性好都不是采光窗需要的性质，延展性也不是制作该透明板需要利用的核心特性，故选A。 2. 如图所示骨传导耳机将声音通过骨骼传至听觉神经，下列说法正确的是（ ） A. 该耳机发出的声音不是由物体振动产生 B. 调高耳机音量，主要是改变声音的音色 C. 人听到该耳机里的音乐，说明固体可以传声 D. 公共场所不得外放声音，是在传播途径中减弱噪声 【答案】C 【解析】 【详解】A．所有声音都是由物体振动产生的，耳机发出的声音也符合这个规律，因此该声音同样由物体振动产生，故A错误； B．调高耳机音量，改变的是声音的响度（声音的强弱/大小），音色由发声体本身的材料、结构决定，调高音量不会改变音色，故B错误； C．该骨传导耳机通过头骨、颌骨（固体）将声音传递到听觉神经，人可以听到声音，说明固体可以传声，故C正确； D．公共场所不得外放声音，是在声源处阻止噪声产生，属于在声源处减弱噪声，不是在传播途径中减弱噪声，故D错误。 故选C。 3. 下列估测符合实际的是（ ） A. 教室中LED灯正常工作时的电流约为2 A B. 人体感觉舒适的环境温度约为37℃ C. 家用电饭锅的额定功率约为1300 W D. 初中生从一楼登上三楼做功约为200 J 【答案】C 【解析】 【详解】A．教室中LED灯的额定功率约为20W，家庭电路电压，正常工作电流 故A不符合题意； B．人体的正常体温约为37℃，而人体感觉舒适的环境温度约为23℃，故B不符合题意； C．家用电饭锅属于大功率用电器，其额定功率通常在1000W~1500W之间，1300W符合实际，故C符合题意； D．初中生的质量约为50kg，其重力 一楼到三楼的高度约为，做功 故D不符合题意。 故选C。 4. 如图所示的物态变化实例中，吸、放热情况与其他不同的是（ ） A. 河水结冰 B. 霜打枝头 C. 露珠凝结 D. 晨雾消散 【答案】D 【解析】 【详解】河水结冰：液态水凝固为固态冰，凝固放热；霜打枝头：水蒸气直接凝华为固态小冰晶形成霜，凝华放热；露珠凝结：水蒸气液化为液态小水滴形成露珠，液化放热；晨雾消散：雾是液态小水珠，消散过程中汽化变为水蒸气，汽化吸热，因此晨雾消散吸放热情况与其他不同，故选D。 5. 如图所示的光现象中，与平面镜成像原理相同的是（ ） A. 笔杆“错位” B. 雨后彩虹 C. 立竿见影 D. 拱桥倒影 【答案】D 【解析】 【详解】平面镜成像的原理是光的反射。 A．笔杆“错位”是光从水斜射入空气时发生折射形成的现象，原理是光的折射，故A不符合题意； B．雨后彩虹是光的色散现象，本质是太阳光经过水珠折射分解为不同色光形成的，原理是光的折射，故B不符合题意； C．立竿见影中影子的形成，是因为光沿直线传播，被不透明物体挡住后在后方形成暗区，原理是光的直线传播，故C不符合题意； D．平静的水面相当于平面镜，拱桥倒影属于平面镜成像，原理是光的反射，与平面镜成像原理相同，故D符合题意。 故选D。 6. 关于能量和宇宙，下列说法正确的是（ ） A. 能量的转化和转移具有方向性 B. 风能、水能、天然气都属于可再生能源 C. 宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳是宇宙的中心 D. 银河系、地球、太阳系是按照尺度由大到小的顺序排列的 【答案】A 【解析】 【详解】A．能量的转化和转移具有方向性，无法反向自发进行，故A正确； B．风能、水能属于可再生能源，天然气是化石能源，短时间内无法在自然界再生，属于不可再生能源，故B错误； C．宇宙是有层次的天体结构系统，但太阳只是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故C错误； D．按照尺度由大到小的正确排列顺序是：银河系＞太阳系＞地球，题目排列顺序错误，故D错误。 故选A。 7. 如图所示，下列关于静电现象的说法正确的是（ ） A. 图甲中静电拖把能吸附灰尘是因为带电体能吸引轻小物体 B. 图乙中A、B两小球互相吸引，则两球一定带有异种电荷 C. 图丙中毛皮摩擦过的橡胶棒带电，是由于此过程产生了电子 D. 图丁中摩擦过的塑料细丝张开是因为“异种电荷相互排斥” 【答案】A 【解析】 【详解】A．静电拖把带电后，能够吸附轻小灰尘，原理就是带电体具有吸引轻小物体的性质，故A正确； B．两个小球互相吸引，有两种情况：两球带异种电荷；其中一个小球带电，另一个不带电（带电体可以吸引不带电的轻小物体），因此两球不一定带异种电荷，故B错误； C．用毛皮摩擦过的橡胶棒会带上负电，在这过程中毛皮失电子带正电，橡胶棒得到电子而带上负电，故C错误； D．摩擦过的塑料细丝张开，是因为细丝带上了同种电荷，因为同种电荷相互排斥而张开，不是异种电荷相互排斥，故D错误。 故选A。 8. 电动机是机器人各关节的核心动力装置，下列实验能解释其工作原理的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。 A．该图是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场（电流的磁效应），不是电动机的工作原理，故A不符合题意； B．该装置电路中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，符合电动机的工作原理，故B符合题意； C．该装置电路无电源，是电磁感应现象的实验，电磁感应是发电机的工作原理，不是电动机的工作原理，故C不符合题意； D．该图探究的是电磁铁磁性强弱和线圈匝数的关系，利用电流的磁效应，不能解释电动机原理，故D不符合题意。 故选B。 9. 2026年“苏超”足球赛火遍全网，下列说法正确的是（ ） A. 脚对球的力是足球形变产生的 B. 脚对球的力和球对脚的力是一对平衡力 C. 守门员将球扑出，说明力可以改变物体的运动状态 D. 离开脚的足球，若不受力一定沿水平方向做匀速直线运动 【答案】C 【解析】 【详解】A．弹力由施力物体弹性形变产生，脚对球的力的施力物体是脚，因此该力是脚形变产生的，不是足球形变产生的，故A错误； B．平衡力要求作用在同一物体上，脚对球的力作用在足球上，球对脚的力作用在脚上，两个力作用在不同物体上，属于相互作用力，不是平衡力，故B错误； C．守门员扑球改变了足球的运动方向，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确； D．不受力的物体会保持原有的运动状态不变，离开脚的足球原来运动方向不一定水平，因此不受力也不一定沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。 故选C。 10. 如图所示，粗糙轨道固定在水平地面上，小球从点开始以某速度沿轨道运动，经过点继续运动到轨道右端后飞出轨道，到达空中最高点，经过点后首次落地（、未画出）。若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ） A. 小球在点的动能为0 B. 点的高度可能大于点的高度 C. 小球在点的机械能小于点的机械能 D. 小球从运动到的过程中，机械能不变 【答案】B 【解析】 【详解】A．小球斜飞出轨道后到达空中最高点时，竖直方向速度为0，但水平方向仍有速度，因此动能不为0，故A错误； B．小球在点本身具有动能和重力势能；虽然轨道粗糙，运动过程中克服摩擦力损失部分机械能，但如果小球在点的初动能足够大，损失机械能后，剩余的能量仍可以让点的重力势能大于点的重力势能，即点高度可能大于点，故B正确； C．题目明确不计空气阻力，小球从到在空中运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，因此点机械能等于点机械能，故C错误。 D．轨道是粗糙的，小球从到运动过程中，克服摩擦力做功，机械能一定减小，故D错误。 故选B。 11. 如图所示，闭合开关，灯、均正常发光，两只电表均有示数。工作一段时间后，灯突然熄灭，仍发光，两只电表均无示数，则故障可能是（ ） A. 灯断路 B. 导线a断路 C. 导线b断路 D. 电压表短路 【答案】B 【解析】 【详解】由图可知，与并联，电流表测支路的电流，电压表测两端（电源）电压，故障现象为：熄灭，仍发光，两只电表均无示数。 A．若灯断路，熄灭，不受影响仍发光，电流表无示数，但电压表可以通过电路连通到电源两端，电压表有示数，不符合题意，故A不符合题意； B．若导线断路，支路、电流表、电压表都与电源断开，因此熄灭，两表均无示数；支路不受影响，仍然正常发光，完全符合题意，故B符合题意； C．若导线断路，熄灭，正常发光，电流表无示数，但电压表仍能连通到电源两端，电压表有示数，不符合题意，故C不符合题意； D．若电压表短路，会造成电源短路，也会被短路，无法发光，不符合题意，故D不符合题意。 故选B。 12. 如图甲所示，电源电压恒定，为定值电阻，滑动变阻器标有“ ”，灯泡L标有“ ”，电压表量程，电流表量程。①只闭合开关、时，滑片P在允许的最大范围从a点移动到b点，当滑片P位于b点时，电压表示数为。②只闭合开关、时，滑片从b点开始滑动，直至电压表示数仍为。在①②两过程中，电流表与电压表示数变化关系如图乙所示，滑动变阻器的阻值变化量分别为、，电路总功率的变化量分别为、。下列说法正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】A、分析①②操作中电路的连接及电表测量的对象；根据串联电路电压的规律得出在②中电压表示数表达式，结合数学知识可知乙中直线表示①中电流随电压表示数的变化关系，从而确定曲线表示②中电流随电压表示数的变化关系；根据灯泡L标有“6V 2.4W”，根据P=UI可知灯的额定电流，从而确定当灯泡和变阻器串联时，电路的最大电流，由图乙确定电压表最小示数，由欧姆定律易知此时变阻器连入电路的电阻，因灯正常发光，由串联电路电压的规律得出电源电压； BCD、灯泡和变阳器串联时，根据电压表量程确定电压表最大示数，此时变阳器连入电路的电阻最大，由图乙可知电路的最小电流，由欧姆定律得出此时变阻器连入电路的最大电阴，从而得出在①中变阻器变化量，根据P=UI得出电路的电功率变化量；当定值电阻与变阻器串联时，滑片P从b点开始滑动，直至电压表示数仍为U=12V，由对应的图线可知，滑片移动前(滑片P在b点时)电压表示数小于12V，即滑片在b点时，由图乙知此时电路的电流；根据串联电路的规律及欧姆定律可知R大小；滑片P从b点开始滑动，直至电压表示数仍为U=12V，由串联电路电压的规律得出定值电阻的电压，由分压原理得出此时变阻器连入电路的最大电阻，由欧姆定律可知滑片移动后电路的电流；从而得出故②中变阻器变化量及②中电路的电功率变化量。 【详解】A．①闭合开关S和断开开关，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量变阻器两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器滑片P在允许的最大范围从a点移动到b点，当滑片P位于b点时，电压表示数为； ②只闭合开关S、时，定值电阻与变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量变阻器两端的电压，根据串联电路电压的规律可知，在②中，电压表示数 因U和为一定值，故可知乙中直线表示②中电流随电压表示数的变化关系；曲线表示①中电流随电压表示数的变化关系； 灯泡L标有“6V，2.4W，可知灯的额定电流为 故可知当灯泡和变阻器串联时，电路的最大电流为0.4A，由图乙知，电压表最小示数为12V，由欧姆定律此时变阻器连入0电路的电阻 灯正常发光，故灯的电压为6V，由串联电路电压的规律，电源电压为，故A错误； BCD．灯泡和变阻器串联时，电压表最大示数为15V，此时变阻器连入电路的电阻最大，由图乙，电路的最小电流为0.25A，由欧姆定律易知此时变阻器连入电路的最大电阻 故在①中变阻器变化量为 电路的电功率变化量为； 当定值电阻与变阻器串联时，滑片P从b点开始滑动，直至电压表示数仍为，由对应的图线可知，滑片移动前(滑片P在b点时)电压表示数小于12V，即滑片在b点时，由图乙，知同，电路的电流为，根据串联电路的规律及欧姆定律可知 电路的电功率变化量为 当定值电阻与变阻器串联时，滑片P从b点开始滑动，直至电压表示数仍为，由对应的图线可知，滑片移动前(滑片P在b点时)电压表示数小于12V，即滑片在b点时，由图乙知同，电路的电流为0.3A，根据串联电路的规律及欧姆定律可知 滑片P从b点开始滑动，直至电压表示数仍为，由串联电路电压的规律，定值电阻的电压为6V，由分压原理，变阻器连入电路的最大电阻为 可知滑片移动后电路的电流 故②中变阻器变化量为 在②中电路的电功率变化量为 ，故BD错误，C正确。 故选C。 二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共26分） 13. 如图是我国自主研发的赛车。该赛车车长约205___________（填单位）。比赛过程中，赛车手相对于地面是___________的，赛事信号通过___________波传向各地。 【答案】 ①. 厘米##cm ②. 运动 ③. 电磁 【解析】 【详解】根据生活常识，赛车长度约2米左右，，符合赛车的实际长度，因此单位填厘米。 以地面为参照物，比赛过程中赛车手的位置不断发生改变，因此赛车手相对于地面是运动的。 广播电视的赛事信号是依靠电磁波传递信息。 14. 用塑料瓶完成如下实验： （1）如图甲，瓶盖的直径为___________cm。 （2）如图乙，把塑料瓶平放在水平桌面上，在其右侧通过吸管沿平行于瓶身方向吹气，瓶子会___________（选填“靠近”或“远离”）吸管。 （3）如图丙，拧紧瓶盖，瓶中水不会从小孔流出，是由于___________的作用；再拧开瓶盖，水从小孔流出，水流在水平地面上的落点会逐渐向___________（选填“左”或“右”）移动。 【答案】（1）3.00 （2）靠近 （3） ①. 大气压 ②. 左 【解析】 【小问1详解】 图甲中刻度尺分度值为1mm，瓶盖左端对齐刻度，右端对齐，因此直径为 【小问2详解】 在瓶子右侧吹气时，右侧空气流速快、压强小于左侧压强，瓶子会被压向吸管一侧，因此瓶子会靠近吸管。 【小问3详解】 拧紧瓶盖，瓶内气压小于外界大气压，大气压托住瓶中的水，因此水不会流出，是大气压的作用； 拧开瓶盖后，瓶内上方与大气连通，随着水不断流出，瓶内水的深度逐渐减小，小孔处水的压强逐渐减小，水喷出的速度变小，水平射程变小，因此水流落点会逐渐向左（靠近瓶子的方向）移动。 15. 用如图甲的滑轮在内将重的物体匀速提升，过程中做功的相关数据如图乙。则有用功为___________，绳端拉力为___________，拉力的功率为___________，动滑轮重力为___________。 【答案】 ①. 14 ②. 10 ③. 10 ④. 5 【解析】 【详解】有用功是提升物体做的功，即 由图乙可知，有用功占总功的，因此总功 图甲是动滑轮，承担物重的绳子段数 ，绳端移动距离  由 得，拉力 拉力的功率 由图乙可知，克服动滑轮重做的功占总功的，因此克服动滑轮重力做功  由 得，动滑轮重力 16. 如图甲，雨滴从空中竖直下落，下落过程每隔相同时间依次经过、、、点（不计雨滴质量变化），已知雨滴所受空气阻力与其运动速度关系如图乙。下落过程中，雨滴的动能变化情况是___________。A、B、C、D四点中，雨滴所受合力最大的位置是___________点，此时所受合力方向为___________。 【答案】 ①. 先变大后不变 ②. A ③. 竖直向下 【解析】 【详解】动能的大小和物体质量、速度有关，本题中雨滴质量不变。雨滴下落初期，重力大于阻力，速度逐渐增大；由图乙可知，空气阻力随速度增大而增大，当阻力增大到和重力相等后，雨滴受力平衡，速度不再变化。因此雨滴速度先增大后不变，动能先变大后不变。 雨滴受竖直向下的重力、竖直向上的阻力，合力。A点是雨滴最先经过的位置，速度最小，由图乙可知速度越小阻力越小，因此A点的合力最大。 A点重力大于阻力，重力方向竖直向下，因此合力方向与重力方向一致，为竖直向下。 17. 一个装有水的密封圆柱形玻璃瓶，瓶壁厚度不计，分别倒置在盛有水和某液体的甲、乙两相同容器中，静止时两容器中液面相平，玻璃瓶内、外液面的高度差如图所示。已知玻璃瓶和水的总质量为，瓶底的面积为。甲、乙两容器底部受到的液体压强分别为和，则___________，甲图中玻璃瓶所受的浮力为___________，空玻璃瓶的质量为___________，未知液体的密度为___________。 【答案】 ①. ＜ ②. 6 ③. 100 ④. 1.5 【解析】 【详解】玻璃瓶和瓶内水总重力不变，甲乙中玻璃瓶均漂浮，故浮力 根据​，甲中​，因此，已知两容器液面相平，即相同，由得，； 漂浮物体浮力等于总重力，总质量为 则玻璃瓶受到的浮力为 甲图中，瓶内液面比容器液面低，排开水的体积 又因为，代入得 瓶内水的质量为 因此空瓶质量为 乙图中，瓶内液面比容器液面高，则排开液体体积为  漂浮时，整理得  18. 如图所示电路，电源电压恒为，滑动变阻器上标有“ ”字样，闭合，电流表的示数为，则___________，通电电流通过产生的电热为___________，该电路允许的最大总功率为___________。将电流表改接到电路中某位置后，闭合电流表示数变化了，此时、中的电流之比为___________。 【答案】 ①. 30 ②. 27 ③. 11.7 ④. 3:5 【解析】 【详解】由图可知,​与​并联，电源电压，电流表测​支路电流，并联支路电压等于电源电压，根据欧姆定律 纯电阻电路中 滑动变阻器允许的最大电流，​为定值电阻，两端电压等于电源电压，因此电流为保持不变，因此最大总电流 最大总功率 改接电流表时滑片位置不变，阻值不变，因此大小不变。滑动变阻器最大阻值为，因此最小为 即，电流表示数变化了，原示数为，若改接在干路，变化量，不符合滑动变阻器参数，舍去；若改接在支路， 得（不符合要求，舍去）， 因此电流比 19. 实践小组设计的电热保温杯垫电路如图所示。电源电压恒为，电热丝的阻值为。闭合开关，电路中的电流为___________。为起到日常保温作用，应使加热区的发热功率降至，小组成功设计了两种改进电路的方法：①在处串联接入一根电热丝；②在处串联接入一根电热丝。分别用电压表测量新接入的电热丝两端的电压，其中电压表示数较小的一次为。则上述两种改进方法中的___________更节能，___________，___________。 【答案】 ①. 4.4 ②. ① ③. 50 ④. 918 【解析】 【详解】原电路只有​，根据欧姆定律  虚线框是加热区：①在A处（加热区内）串​，​在加热区内，所有发热都用于保温，电路总功率等于加热区功率，即​；②在B处（加热区外）串​，​在加热区外，发热浪费，电路总功率为 因此方法①更节能； 因为，所以，因为电源电压保持不变，根据串联电路电压规律可知 因此较小的电压就是，此时两端电压 加热区功率就是的功率  方法①中，加热区总功率为​，总电阻 因此  三、解答题（本题共9小题，共50分。解答第27、28题时应有公式和解题过程） 20. 按要求作图（保留作图痕迹） （1）如图甲是光从空气斜射入玻璃时的光路图，请画出法线和界面MN的位置。 （2）如图乙，杠杆可绕点转动，请画出使杠杆在图示位置平衡的最小力及的力臂。 （3）通电螺线管附近静止的小磁针N极指向如图丙所示，请标出磁感线方向和虚线框中电源的正负极。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 光从空气斜射入玻璃时，入射、反射光线在空气（同种介质），折射光线在玻璃；反射角等于入射角，空气斜射入玻璃时折射角小于入射角。图中右侧两条在交点同侧光线是入射和反射光线，作它们夹角的角平分线，即为法线；过交点作垂直于法线的直线，就是要求的界面，最终玻璃侧的折射角小于入射角，符合规律。 【小问2详解】 根据杠杆平衡条件可知，阻力阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小；力臂是支点到力的作用线的垂直距离。从支点向​的竖直作用线作垂线，垂线段即为​；最长动力臂是支点到杠杆最远端（杠杆右端点）的距离，以这个距离为力臂，过右端点作垂直于力臂向上的力即为最小力，标注为。 【小问3详解】 小磁针静止时N极指向就是该点磁感线方向；螺线管外部磁感线从N极指向S极；用安培定则判断电流方向，确定电源正负极。小磁针N极向下，因此螺线管上方虚线磁感线的方向向下，由此可得螺线管上端为S极，下端为N极；右手握住螺线管，大拇指向上指向螺线管N极，四指弯曲方向为电流方向，可得电流从螺线管上端流入、下端流出，因此虚线框处（电源下端）为电源负极。 21. 探究冰熔化特点的实验如图甲所示。 （1）实验中应在试管中加入___________（选填“碎冰”或“冰块”）。 （2）实验中用温水进行水浴法加热，是为了便于观察冰的___________变化，并记录其温度。 （3）实验采集到的数据如图乙所示，冰熔化过程中吸热，内能___________，温度___________。 【答案】（1）碎冰 （2）状态 （3） ①. 增大 ②. 不变 【解析】 【小问1详解】 实验选用碎冰，能让冰受热更均匀，温度计也可以充分接触冰，更准确地测量冰的温度。 【小问2详解】 水浴法加热能使冰受热均匀、升温较慢，方便实验过程中观察冰的状态变化，同时记录温度。 【小问3详解】 冰是晶体，根据晶体熔化的特点：熔化过程持续吸热，内能增大，温度保持不变；从图乙也可直观看出，冰熔化过程温度不变。 22. 探究凸透镜成像规律的实验如图所示。 （1）实验前应将烛焰和光屏的中心调至凸透镜的___________上。 （2）调节蜡烛和光屏的位置如图所示，光屏上恰成一清晰的像，则凸透镜的焦距为___________cm。 （3）仅用另一焦距的凸透镜替换该透镜，光屏上的像变模糊。将一近视镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上再次成一清晰的像。去掉镜片，将光屏向___________调节可在光屏上成清晰的倒立、___________的实像。 【答案】（1）主光轴 （2）15.0 （3） ①. 左 ②. 缩小 【解析】 【小问1详解】 实验前应将烛焰、凸透镜和光屏的中心调至同一高度上，即凸透镜的主光轴上。 【小问2详解】 由图可知，物距 像距 此时，成倒立、等大的实像，所以焦距 【小问3详解】 近视镜片为凹透镜，对光线有发散作用，会使像距变大。去掉镜片，像距变小，所以应将光屏向左调节。替换的凸透镜焦距更小，实际此时的物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像。 23. 测量物质密度的实验中 （1）小明在实验室用天平和量筒测量金属块的密度。 ①将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端0刻度线处，指针静止后指向分度盘左侧，此时应将平衡螺母向___________调节，直至天平平衡。 ②正确测量金属块的质量时，右盘中砝码和游码的位置如图甲所示时，则金属块的质量___________。 ③用细线吊着金属块将其放入盛水的量筒中，量筒前后液面如图乙所示，则金属块的密度___________。 （2）小明利用该金属块、烧杯和电子秤等器材，测出了瓶中某饮料的密度，实验步骤如下： ①把金属块放入空烧杯中，将瓶中的饮料适量倒入烧杯中使其浸没，在烧杯上做好液面位置标记。测出此时烧杯、金属块和饮料的总质量及瓶和剩余饮料的总质量； ②取出金属块，测出此时烧杯和饮料的总质量； ③将瓶中饮料倒入烧杯直至液面到达标记处，测出此时烧杯和饮料的总质量及瓶子和剩余饮料的总质量。 根据以上步骤小明写出了饮料密度的表达式，用该表达式计算出的饮料密度会比真实值偏___________，则更合理的表达式为___________。（用所测物理量符号表示） 【答案】（1） ①. 右 ②. ③. （2） ①. 大 ②. 【解析】 【小问1详解】 ①将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端0刻度线处，指针静止后指向分度盘左侧，说明左边重，此时应将平衡螺母向右调节； ②由图甲可知，标尺的分度值为，游码对应的质量为，金属块的质量 ③由图乙可知，量筒的分度值为，金属块的体积为 金属块的密度 【小问2详解】 由题意可知，倒入烧杯中饮料的质量为 倒入烧杯中饮料的体积等于金属块的体积，饮料的体积 则得到饮料密度的表达式 但由于第②步中取出金属块时，带出一部分饮料， 导致此种方法质量测量偏大，由可知，该表达式计算出的饮料密度会比真实值偏大； 金属块的体积 与金属块等体积的饮料的质量 饮料的密度 24. 利用图甲两套相同装置做“比较质量相等的不同燃料燃烧时放出热量”的实验。两燃料和水的质量均相同，图甲（a）（b）烧杯内水的温度随时间变化的图像分别为图乙中OA、OB。（不计热损失；相等时间内，同种燃料燃烧放出的热量相等） （1）本实验应使燃料___________（选填“燃烧相同时间”或“燃尽”）。 （2）根据图乙可知燃料1与燃料2的热值之比为___________。 （3）保持图甲（a）装置不变，对（b）装置进行调整，可完成“观察不同物质吸热升温现象”实验。则下列调整正确的是___________，该实验通过___________来反映物质吸收热量的多少。 A．将水换成等质量的煤油 B．将水换成等体积的煤油 C．将燃料2换成燃料1 D．增加燃料2的质量 【答案】（1）燃尽 （2）7:4 （3） ①. AC ②. 加热时间的长短 【解析】 【小问1详解】 本实验目的是比较质量相等的不同燃料完全燃烧放出的热量，因此需要让两种燃料完全燃尽后，比较水升高的温度。 【小问2详解】 不计热损失，燃料完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，即。已知两种燃料质量相等，水的质量和比热容都相同，因此热值之比等于水升高温度之比。由图乙可知，初始温度为，燃料1对应末温，则 燃料2对应末温，则 因此 【小问3详解】 做“观察不同物质吸热升温现象”实验，要求：热源相同，保证相同时间放出热量相同，吸热物质种类不同、质量相等。 A．将b中水换成等质量的煤油，保证了吸热物质质量相等、种类不同，故A正确； B．要求等质量不是等体积，故B错误； C．将燃料2换成燃料1，保证两个装置热源相同，故C正确； D．不需要增加燃料质量，故D错误； 故选AC。 相同热源相同时间放热相同，加热时间越长，吸收热量越多，故该实验用转换法，通过加热时间的长短反映物质吸收热量的多少。 25. 如图所示为在水平桌面上做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验的情形，其中物块、下表面粗糙程度不同，且。 （1）实验时，沿水平方向拉动物块，使其做___________运动。 （2）为探究滑动摩擦力与压力大小的关系，应比较图中___________两次实验。 （3）图丁中木块1、3受到的滑动摩擦力分别为、，则___________，木块2受到左右两边细线拉力的合力为___________N。 （4）为比较、下表面谁更粗糙，完成图示操作后，利用现有器材，仅增加一次测量即可完成。请在戊图中补全该次测量的实验装置。 【答案】（1）匀速直线 （2）乙、丙 （3） ①. 等于 ②. 0.6 （4） 【解析】 【小问1详解】 本实验根据二力平衡原理测量滑动摩擦力，只有沿水平方向拉动物块做匀速直线运动时，拉力大小才等于滑动摩擦力大小。 【小问2详解】 探究滑动摩擦力与压力的关系，需要控制接触面粗糙程度相同，改变压力大小。乙、丙实验接触面都是的下表面，粗糙程度相同，压力大小不同，符合控制变量要求。 【小问3详解】 滑动摩擦力只和压力、接触面粗糙程度有关。木块1和木块3都是，对桌面的压力相同，接触面粗糙程度相同，因此滑动摩擦力​； 整体匀速运动时，总拉力等于三个木块的滑动摩擦力之和，即，得单个木块的滑动摩擦力；木块2做匀速直线运动，受力平衡，它受到桌面的滑动摩擦力为，因此左右细线拉力的合力与摩擦力平衡，大小为。 【小问4详解】 比较、下表面粗糙程度，需要控制总压力相同，改变接触面：丙图已经测量了总压力为、接触面为的滑动摩擦力，因此只需将叠放在上方，让接触桌面，保持总压力不变，测量接触面为的滑动摩擦力，即可比较粗糙程度。 26. 现有灯泡、，标有“0.3 A”，的额定电压为。 （1）图甲是测量灯正常发光时电阻的实物电路。 ①电路中有一根导线连错，请在该导线上画“×”，并在图上改正__________。 ②正确连线后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移动到___________端。（选填“A”或“B”） ③实验中观察到电压表的示数为，电流表示数如图乙所示，为___________A。接下来应该___________。 A．断开开关，计算出正常发光时的电阻 B．调节滑片P到不同位置，多记录几组电压表与电流表的示数 C．观察电流表示数同时调节滑片P到合适位置，读出电压表示数 D．观察电压表示数同时调节滑片P到合适位置，读出电流表示数 （2）小明用图丙所示电路测出了小灯泡正常发光时的电阻。其中定值电阻的阻值为，滑动变阻器的最大阻值为，恒压电源电压未知。请在空白处填上适当内容。 ①闭合开关，当接“1”时，将电阻箱的阻值适当调小，直到___________，记录电阻箱阻值为； ②将滑片P和电阻箱调至最大阻值，再将接“2”时，调节___________（选填“滑片P和电阻箱”或“电阻箱”），使电压表的示数不变，记下电阻箱阻值为。 ③小灯泡正常发光时的电阻___________。（用所测物理量符号表示） 【答案】（1） ①. ②. A ③. 0.24 ④. C （2） ①. 电压表示数等于​ ②. 电阻箱 ③. 【解析】 【小问1详解】 原图中电压表串联在电路中，电流表并联在电路中，错误导线为连接灯泡右端与滑动变阻器右下接线柱的导线，在该导线上画×，将右端改接到开关的右端接线柱，使电压表并联在两端，电流表串联在电路中； 闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最大阻值处，本题滑动变阻器下接线柱接B端，因此最大阻值端为A端，滑片移到A端； 电流表选用0~0.6A量程，分度值0.02A，指针读数为0.24A； 的额定电流为0.3A，本次实验目的是测量​正常发光时的电阻，因此需要调节滑片，观察电流表示数，直到电流为0.3A（额定电流），再读出电压表示数计算电阻，故选C。 【小问2详解】 实验目的是测正常发光时的电阻，因此首先要调节使​两端电压等于额定电压，保证正常发光; 滑片已经调到最大阻值​，保持滑片位置不动（滑动变阻器接入电阻已经固定为​），只需要调节电阻箱，使电压表示数保持​不变; 根据欧姆定律，设电源总电压为，​接1时， ​接2时， ​整理可得 27. 某款智能服务机器人质量为，静止时与水平地面的总接触面积为，若它在的牵引力作用下，以的速度在水平地面上沿直线匀速行驶，求：（g取10N/kg） （1）静止时它对水平地面的压强。 （2）行驶过程中牵引力做功的功率。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 机器人的重力 机器人静止在水平地面，对地面的压力等于自身重力，因此压力，静止时机器人对水平地面的压强 【小问2详解】 牵引力做功的功率 28. 如图所示是科技小组设计的地下室自动排水装置简图，该装置可以实现地下室有积水时感应开关自动闭合，抽水水泵开始抽水。当积水深度时水泵开始高速抽水，抽水至时切换为低速抽水。装置中容器与地下室积水区域连通，中水深始终与积水深度相同。控制电路电源电压恒定，电磁铁的线圈电阻忽略不计，电阻箱，是阻值为的半圆形电阻丝，圆心为，其阻值与长度成正比；AB为电阻不计可绕点转动的金属细杆，B端可在上滑动且接触良好，长。当积水深度等于10 cm时，控制电路中的电流为24 mA，杆AB水平且B位于中点（设浮球随液面升降时，浸入液体中的体积不变，且细杆AC始终处于竖直方向）。 （1）图中的___________（选填“”或“”）为积水感应开关。为改变抽水水泵的转速，应在___________（选填“a”或“b”）处接入一个定值电阻。 （2）求控制电路的电源电压。 （3）求衔铁恰好被吸合时控制电路中的电流。 （4）若要使该装置在更低水位切换为高速抽水模式，下列措施可行的是___________。 A．减小电阻箱的阻值 B．增加电磁铁线圈的匝数 C．减小控制电路的电源电压 D．在控制电路中再串联一个定值电阻 E．将电磁铁沿水平方向向右平移一些 【答案】（1） ①. S1 ②. a （2）6V （3）0.03A （4）ABE 【解析】 【小问1详解】 感应开关用于控制水泵的启动，在控制电路中，因此​是积水感应开关； 根据题意，水位低（）时切换为低速抽水，此时衔铁未吸合，接通触点；水位高时高速抽水，衔铁吸合接通触点。要实现低速转速低、高速转速高，需要在低速线路（触点支路）串联定值电阻，降低电流减小转速，因此在处接入定值电阻。 【小问2详解】 当水深时，位于中点，接入​的阻值 控制电路总电阻 电流 根据欧姆定律  【小问3详解】 衔铁恰好吸合时水深，相比水位上升，浮球带动端上升， ，设转动角度为，由几何关系得 即，总电阻对应半圆，原来中点对应，转动后接入电阻对应，因此接入电阻  总电阻 电流  【小问4详解】 更低水位切换高速，说明水位更低时，接入阻值更大（总电阻更大，电流更小），需要让此时的磁性足够吸合衔铁。 A. 减小​阻值，总电阻减小，可使电流达到吸合电流，故A符合题意； B. 增加线圈匝数，相同电流下电磁铁磁性更强，更小电流即可吸合，故B符合题意； C. 减小电源电压，电流更小，无法吸合，故C不符合题意； D. 控制电路串联定值电阻，总电阻更大，电流更小，无法吸合，故D不符合题意； E. 衔铁以左端为支点转动，电磁铁对衔铁的吸引力是动力，向右平移后，动力臂l1（支点到吸引力作用线的距离）增大，根据杠杆原理，电路电流变小，即F1吸引力减小，也可吸下衔铁，故E符合题意。 故选ABE。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年第二学期练习（二） 九年级物理学科 （本卷取） 注意事项： 1．本试卷共8页，全卷满分100分。考试时间90分钟。考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效。 2．请认真核对监考教师在答题卡上所粘贴条形码的姓名、考试证号是否与本人相符合，再将自己的姓名、考试证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在答题卡及本试卷上。 3．答选择题必须用2B铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水签字笔写在答题卡的指定位置，在其他位置答题一律无效。 4．作图题必须用2B铅笔作答，并请加黑、加粗。 一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意） 1. 我国科学家将研发出的全竹纤维素用于制作采光窗透明板，主要利用了该物质（ ） A. 透光性好 B. 磁性强 C. 导电性好 D. 延展性强 2. 如图所示骨传导耳机将声音通过骨骼传至听觉神经，下列说法正确的是（ ） A. 该耳机发出的声音不是由物体振动产生 B. 调高耳机音量，主要是改变声音的音色 C. 人听到该耳机里的音乐，说明固体可以传声 D. 公共场所不得外放声音，是在传播途径中减弱噪声 3. 下列估测符合实际的是（ ） A. 教室中LED灯正常工作时的电流约为2 A B. 人体感觉舒适的环境温度约为37℃ C. 家用电饭锅的额定功率约为1300 W D. 初中生从一楼登上三楼做功约为200 J 4. 如图所示的物态变化实例中，吸、放热情况与其他不同的是（ ） A. 河水结冰 B. 霜打枝头 C. 露珠凝结 D. 晨雾消散 5. 如图所示的光现象中，与平面镜成像原理相同的是（ ） A. 笔杆“错位” B. 雨后彩虹 C. 立竿见影 D. 拱桥倒影 6. 关于能量和宇宙，下列说法正确的是（ ） A. 能量的转化和转移具有方向性 B. 风能、水能、天然气都属于可再生能源 C. 宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳是宇宙的中心 D. 银河系、地球、太阳系是按照尺度由大到小的顺序排列的 7. 如图所示，下列关于静电现象的说法正确的是（ ） A. 图甲中静电拖把能吸附灰尘是因为带电体能吸引轻小物体 B. 图乙中A、B两小球互相吸引，则两球一定带有异种电荷 C. 图丙中毛皮摩擦过的橡胶棒带电，是由于此过程产生了电子 D. 图丁中摩擦过的塑料细丝张开是因为“异种电荷相互排斥” 8. 电动机是机器人各关节的核心动力装置，下列实验能解释其工作原理的是（ ） A. B. C. D. 9. 2026年“苏超”足球赛火遍全网，下列说法正确的是（ ） A. 脚对球的力是足球形变产生的 B. 脚对球的力和球对脚的力是一对平衡力 C. 守门员将球扑出，说明力可以改变物体的运动状态 D. 离开脚的足球，若不受力一定沿水平方向做匀速直线运动 10. 如图所示，粗糙轨道固定在水平地面上，小球从点开始以某速度沿轨道运动，经过点继续运动到轨道右端后飞出轨道，到达空中最高点，经过点后首次落地（、未画出）。若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ） A. 小球在点的动能为0 B. 点的高度可能大于点的高度 C. 小球在点的机械能小于点的机械能 D. 小球从运动到的过程中，机械能不变 11. 如图所示，闭合开关，灯、均正常发光，两只电表均有示数。工作一段时间后，灯突然熄灭，仍发光，两只电表均无示数，则故障可能是（ ） A. 灯断路 B. 导线a断路 C. 导线b断路 D. 电压表短路 12. 如图甲所示，电源电压恒定，为定值电阻，滑动变阻器标有“ ”，灯泡L标有“ ”，电压表量程，电流表量程。①只闭合开关、时，滑片P在允许的最大范围从a点移动到b点，当滑片P位于b点时，电压表示数为。②只闭合开关、时，滑片从b点开始滑动，直至电压表示数仍为。在①②两过程中，电流表与电压表示数变化关系如图乙所示，滑动变阻器的阻值变化量分别为、，电路总功率的变化量分别为、。下列说法正确的是（ ） A. B. C. D. 二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共26分） 13. 如图是我国自主研发的赛车。该赛车车长约205___________（填单位）。比赛过程中，赛车手相对于地面是___________的，赛事信号通过___________波传向各地。 14. 用塑料瓶完成如下实验： （1）如图甲，瓶盖的直径为___________cm。 （2）如图乙，把塑料瓶平放在水平桌面上，在其右侧通过吸管沿平行于瓶身方向吹气，瓶子会___________（选填“靠近”或“远离”）吸管。 （3）如图丙，拧紧瓶盖，瓶中水不会从小孔流出，是由于___________的作用；再拧开瓶盖，水从小孔流出，水流在水平地面上的落点会逐渐向___________（选填“左”或“右”）移动。 15. 用如图甲的滑轮在内将重的物体匀速提升，过程中做功的相关数据如图乙。则有用功为___________，绳端拉力为___________，拉力的功率为___________，动滑轮重力为___________。 16. 如图甲，雨滴从空中竖直下落，下落过程每隔相同时间依次经过、、、点（不计雨滴质量变化），已知雨滴所受空气阻力与其运动速度关系如图乙。下落过程中，雨滴的动能变化情况是___________。A、B、C、D四点中，雨滴所受合力最大的位置是___________点，此时所受合力方向为___________。 17. 一个装有水的密封圆柱形玻璃瓶，瓶壁厚度不计，分别倒置在盛有水和某液体的甲、乙两相同容器中，静止时两容器中液面相平，玻璃瓶内、外液面的高度差如图所示。已知玻璃瓶和水的总质量为，瓶底的面积为。甲、乙两容器底部受到的液体压强分别为和，则___________，甲图中玻璃瓶所受的浮力为___________，空玻璃瓶的质量为___________，未知液体的密度为___________。 18. 如图所示电路，电源电压恒为，滑动变阻器上标有“ ”字样，闭合，电流表的示数为，则___________，通电电流通过产生的电热为___________，该电路允许的最大总功率为___________。将电流表改接到电路中某位置后，闭合电流表示数变化了，此时、中的电流之比为___________。 19. 实践小组设计的电热保温杯垫电路如图所示。电源电压恒为，电热丝的阻值为。闭合开关，电路中的电流为___________。为起到日常保温作用，应使加热区的发热功率降至，小组成功设计了两种改进电路的方法：①在处串联接入一根电热丝；②在处串联接入一根电热丝。分别用电压表测量新接入的电热丝两端的电压，其中电压表示数较小的一次为。则上述两种改进方法中的___________更节能，___________，___________。 三、解答题（本题共9小题，共50分。解答第27、28题时应有公式和解题过程） 20. 按要求作图（保留作图痕迹） （1）如图甲是光从空气斜射入玻璃时的光路图，请画出法线和界面MN的位置。 （2）如图乙，杠杆可绕点转动，请画出使杠杆在图示位置平衡的最小力及的力臂。 （3）通电螺线管附近静止的小磁针N极指向如图丙所示，请标出磁感线方向和虚线框中电源的正负极。 21. 探究冰熔化特点的实验如图甲所示。 （1）实验中应在试管中加入___________（选填“碎冰”或“冰块”）。 （2）实验中用温水进行水浴法加热，是为了便于观察冰的___________变化，并记录其温度。 （3）实验采集到的数据如图乙所示，冰熔化过程中吸热，内能___________，温度___________。 22. 探究凸透镜成像规律的实验如图所示。 （1）实验前应将烛焰和光屏的中心调至凸透镜的___________上。 （2）调节蜡烛和光屏的位置如图所示，光屏上恰成一清晰的像，则凸透镜的焦距为___________cm。 （3）仅用另一焦距的凸透镜替换该透镜，光屏上的像变模糊。将一近视镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上再次成一清晰的像。去掉镜片，将光屏向___________调节可在光屏上成清晰的倒立、___________的实像。 23. 测量物质密度的实验中 （1）小明在实验室用天平和量筒测量金属块的密度。 ①将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端0刻度线处，指针静止后指向分度盘左侧，此时应将平衡螺母向___________调节，直至天平平衡。 ②正确测量金属块的质量时，右盘中砝码和游码的位置如图甲所示时，则金属块的质量___________。 ③用细线吊着金属块将其放入盛水的量筒中，量筒前后液面如图乙所示，则金属块的密度___________。 （2）小明利用该金属块、烧杯和电子秤等器材，测出了瓶中某饮料的密度，实验步骤如下： ①把金属块放入空烧杯中，将瓶中的饮料适量倒入烧杯中使其浸没，在烧杯上做好液面位置标记。测出此时烧杯、金属块和饮料的总质量及瓶和剩余饮料的总质量； ②取出金属块，测出此时烧杯和饮料的总质量； ③将瓶中饮料倒入烧杯直至液面到达标记处，测出此时烧杯和饮料的总质量及瓶子和剩余饮料的总质量。 根据以上步骤小明写出了饮料密度的表达式，用该表达式计算出的饮料密度会比真实值偏___________，则更合理的表达式为___________。（用所测物理量符号表示） 24. 利用图甲两套相同装置做“比较质量相等的不同燃料燃烧时放出热量”的实验。两燃料和水的质量均相同，图甲（a）（b）烧杯内水的温度随时间变化的图像分别为图乙中OA、OB。（不计热损失；相等时间内，同种燃料燃烧放出的热量相等） （1）本实验应使燃料___________（选填“燃烧相同时间”或“燃尽”）。 （2）根据图乙可知燃料1与燃料2的热值之比为___________。 （3）保持图甲（a）装置不变，对（b）装置进行调整，可完成“观察不同物质吸热升温现象”实验。则下列调整正确的是___________，该实验通过___________来反映物质吸收热量的多少。 A．将水换成等质量的煤油 B．将水换成等体积的煤油 C．将燃料2换成燃料1 D．增加燃料2的质量 25. 如图所示为在水平桌面上做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验的情形，其中物块、下表面粗糙程度不同，且。 （1）实验时，沿水平方向拉动物块，使其做___________运动。 （2）为探究滑动摩擦力与压力大小的关系，应比较图中___________两次实验。 （3）图丁中木块1、3受到的滑动摩擦力分别为、，则___________，木块2受到左右两边细线拉力的合力为___________N。 （4）为比较、下表面谁更粗糙，完成图示操作后，利用现有器材，仅增加一次测量即可完成。请在戊图中补全该次测量的实验装置。 26. 现有灯泡、，标有“0.3 A”，的额定电压为。 （1）图甲是测量灯正常发光时电阻的实物电路。 ①电路中有一根导线连错，请在该导线上画“×”，并在图上改正__________。 ②正确连线后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移动到___________端。（选填“A”或“B”） ③实验中观察到电压表的示数为，电流表示数如图乙所示，为___________A。接下来应该___________。 A．断开开关，计算出正常发光时的电阻 B．调节滑片P到不同位置，多记录几组电压表与电流表的示数 C．观察电流表示数同时调节滑片P到合适位置，读出电压表示数 D．观察电压表示数同时调节滑片P到合适位置，读出电流表示数 （2）小明用图丙所示电路测出了小灯泡正常发光时的电阻。其中定值电阻的阻值为，滑动变阻器的最大阻值为，恒压电源电压未知。请在空白处填上适当内容。 ①闭合开关，当接“1”时，将电阻箱的阻值适当调小，直到___________，记录电阻箱阻值为； ②将滑片P和电阻箱调至最大阻值，再将接“2”时，调节___________（选填“滑片P和电阻箱”或“电阻箱”），使电压表的示数不变，记下电阻箱阻值为。 ③小灯泡正常发光时的电阻___________。（用所测物理量符号表示） 27. 某款智能服务机器人质量为，静止时与水平地面的总接触面积为，若它在的牵引力作用下，以的速度在水平地面上沿直线匀速行驶，求：（g取10N/kg） （1）静止时它对水平地面的压强。 （2）行驶过程中牵引力做功的功率。 28. 如图所示是科技小组设计的地下室自动排水装置简图，该装置可以实现地下室有积水时感应开关自动闭合，抽水水泵开始抽水。当积水深度时水泵开始高速抽水，抽水至时切换为低速抽水。装置中容器与地下室积水区域连通，中水深始终与积水深度相同。控制电路电源电压恒定，电磁铁的线圈电阻忽略不计，电阻箱，是阻值为的半圆形电阻丝，圆心为，其阻值与长度成正比；AB为电阻不计可绕点转动的金属细杆，B端可在上滑动且接触良好，长。当积水深度等于10 cm时，控制电路中的电流为24 mA，杆AB水平且B位于中点（设浮球随液面升降时，浸入液体中的体积不变，且细杆AC始终处于竖直方向）。 （1）图中的___________（选填“”或“”）为积水感应开关。为改变抽水水泵的转速，应在___________（选填“a”或“b”）处接入一个定值电阻。 （2）求控制电路的电源电压。 （3）求衔铁恰好被吸合时控制电路中的电流。 （4）若要使该装置在更低水位切换为高速抽水模式，下列措施可行的是___________。 A．减小电阻箱的阻值 B．增加电磁铁线圈的匝数 C．减小控制电路的电源电压 D．在控制电路中再串联一个定值电阻 E．将电磁铁沿水平方向向右平移一些 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $