精品解析：2026年黑龙江省大庆市龙凤区中考考前预测物理试题

2025-2026学年第二学期龙凤区联考（物理）试题 注意事项： 1．答题前请将姓名、班级、考号和条形码填写清楚。 2．客观题答题，必须使用2B铅笔填涂，修改时用橡皮擦干净。 3．主观题必须使用黑色签字笔书写。 4．必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效。 5．保持答卷清洁完整。 考试时间：理化合卷考试2.5小时 请注意分配好时间，认真答题 一、单选题（10题×3=30分） 1. 唐代诗人王之涣在《凉州词》中写道：“羌笛何须怨杨柳，春风不度玉门关。”下列关于羌笛声的说法正确的是（　　） A. 羌笛发声是由笛管振动产生的 B. 按住不同的笛孔改变笛声响度 C. 笛声在空气中的传播速度约为 D. 听笛声而思故乡，表明声音可以传递信息 【答案】D 【解析】 【详解】A．羌笛发出的声音是由于笛管中空气振动产生的。故A错误； B．按住不同笛孔改变了笛声的音调。故B错误； C．声音在空气中的传播速度约为340m/s。故C错误； D．听到笛声，产生思乡感觉，说明笛声传递了信息。故D正确。 故选D。 2. “注意安全，珍爱生命”，下列涉及安全的物理知识说法正确的是（　　） A. 因为水是绝缘体，所以无论手的干湿，都可以直接接触家庭电路的开关 B. 使用加油枪加油前，需要触摸接地的金属杆释放人体静电 C. 汽车速度越快，惯性越大，因此汽车快速行驶时需保持安全距离 D. 照射紫外线对人体有益，所以宇航员出舱活动时，不需要穿宇航服 【答案】B 【解析】 【详解】A．绝对的纯水是绝缘体，但现实生活中的日常用水因含有杂质不是绝缘体，且人体是导体，无论手的干湿都不可以触摸与电源相连的灯具，容易引发触电事故，故A错误； B．使用加油枪前，触摸接地的金属杆可将人体由于摩擦携带的电荷释放到大地，避免火灾事故，故B正确； C．公路上汽车行驶时，后车必须与前车保持安全距离，防止惯性带来的危害，惯性的大小只与质量有关，与速度无关，故C错误； D．过强的紫外线照射会对人体造成伤害，宇航员出舱活动时，需要穿宇航服，故D错误。 故选B。 3. 在-34℃的极冷环境下，小明把软毛巾浸在水中，取出后发现软毛巾在变硬。按在竖直的木桩上，松手后毛巾没有掉下。把硬毛巾拽下放在院子里，几天后发现硬毛巾又变成了软毛巾。下列有关说法错误的是（ ） A. 软毛巾在变硬，因为软毛巾内的水在发生凝固 B. 硬毛巾没有掉下来，是因为大气给了毛巾压力 C. 硬毛巾在木桩上没有掉下时，受到的合力为0 D. 硬毛巾变成软毛巾，属于升华现象，需要吸热 【答案】B 【解析】 【详解】A．在-34℃的极冷环境下，气温远低于水的凝固点（0℃），毛巾里的水会凝固成冰，毛巾就会变硬。故A正确； B．硬毛巾没有掉下来，是因为毛巾里的水凝固成冰后，冰和木桩冻在了一起，而不是大气压的作用。故B错误； C．硬毛巾在木桩上没有掉下时，处于平衡状态，受到的合力为0，故C正确； D．几天后硬毛巾变回软毛巾，是毛巾里的冰直接由固态变成了气态的水蒸气，这个过程叫做升华，升华过程需要吸收热量。故D正确。 本题描述选择错误的，故选B。 4. “以武会春”，马年春晚机器人秀出“真功夫”，图中机器人在助跑蹬墙后空翻上升过程中，说法正确的是（　　） A. “蹬墙后空翻”说明力可以改变物体的运动状态 B. 在空中运动时不受力的作用 C. 其重力势能减小 D. 离开墙后能继续向上运动是因为机器人受到惯性作用 【答案】A 【解析】 【详解】A．蹬墙时墙对机器人的力改变了机器人的运动状态，使机器人完成后空翻，说明力可以改变物体的运动状态，该说法正确； B．机器人在空中运动时，仍然受到重力和空气阻力的作用，该说法错误； C．上升过程中机器人质量不变，高度增加，重力势能随高度增加而增大，该说法错误； D．惯性是物体本身固有的性质，不能说“受到惯性作用”，正确表述是机器人由于具有惯性继续向上运动，该说法错误。 故选A。 5. 小聪对物理课本的长边进行了测量，测量数据如下：第一次260.4mm、第二次26.05cm、第三次260.6mm、第四次260.4mm，对这四次数据分析正确的是 （ ） A. 第二组数据是错误数据 B. 最接近该物理课本长度的数值是260.4mm C. 小聪所读取的数据都有误差 D. 小聪选择刻度尺的分度值是 1cm 【答案】C 【解析】 【详解】A．第二组数据是26.05cm，合260.5mm，与其他数据相差不大，有误差，但不是错误数据，故A错误； B．多次实验取平均值，可知最接近该物理课本长度为，故B错误； C．误差总是存在，不可避免，小聪所读取的数据都有误差，故C正确； D．刻度尺读数时要估读到分度值下一位，由260.4mm可知，分度值为1mm，故D错误。 故选C。 6. 随着5G信号的快速发展，5G无人物品派送车已应用于实际生活中，图甲所示为无人物品派送车沿直线路径前往派送点的情景。该车从出发点到达派送点，完成任务后返回出发位置，其行驶路程与所用时间的关系如图乙所示。下列分析正确的是（　　） A. 从派送点返回出发点用时 B. 派送点到出发点的距离为 C. 内派送车的平均速度为4.8km/h D. 内派送车做匀速直线运动 【答案】C 【解析】 【详解】AB．由图像知，派送车由出发点到派送点，再回到出发点，用时19min，通过的路程为1.6km，故AB错误； C．0~10min其派送车通过的路程为，所用时间 平均速度 故C正确； D．10~13min内，由图可知派送车的路程保持不变，处于静止状态，故D错误。 故选C。 7. 关于下面四幅图的说法正确的是 A. 如图：将竖直玻璃管倾斜，水银柱的高度变大 B. 如图：盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理 C. 如图：A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越大 D. 如图：把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升 【答案】D 【解析】 【分析】（1）玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化； （2）上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理； （3）流体流速越快的位置压强越小，据此判断； （4）把水气压计从山下带到山上时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析． 【详解】解：A、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的竖直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，所以不会因玻璃管的倾斜而改变．如果把玻璃管倾斜一定角度，则水银柱的长度就会相应变长，故A错误； B、盆景水位保持一定高度是大气压支撑水没有流出来，故B错误； C、A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故C错误； D、把水气压计从山下带到山上，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会升高，故D正确．故选D． 【点睛】本题考查托里拆利实验时水银柱的测量，“高度”和“长度”的关系，连通器，流速与压强的关系，以及气压与高度的关系，是一道综合题． 8. 在一个圆柱形容器中装有一定量的水，水面漂浮着一个木块，在木块上方放一个物体M或在木块下方悬挂一个物体N，木块刚好全部浸入水中，如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 物体M的质量等于物体N的质量 B. 物体N的密度一定大于水的密度 C. 物体M的密度一定大于水的密度 D. 木块在甲容器中受到的浮力大于在乙容器中受到的浮力 【答案】B 【解析】 【详解】A．由甲图知木块与M整体处于漂浮状态，浮力等于木块与物体M的总重力，乙图中木块与N整体处于悬浮状态，浮力等于木块与N的总重力，由于甲图中排开水的体积小于乙图排开水的体积，由阿基米德原理知，甲图物体受到的浮力小于乙图物体受到的浮力，所以物体M的质量小于物体N的质量，故A错误； B．木块漂浮在水面上，说明木块的密度小于水的密度，乙图木块和N处于悬浮状态，木块和N混合的密度等于水的密度，所以N的密度大于水的密度，故B正确； C．木块漂浮在水面上，说明木块的密度小于水的密度，甲图木块和M处于漂浮状态，木块和M的密度小于水的密度，所以不能判断出M的密度与水密度的关系，故C错误； D．甲、乙图中木块都正好全部浸没，由阿基米德原理木块在甲容器中受到的浮力等于在乙容器中受到的浮力，故D错误。 故选B。 9. 在跨学科实践活动中，小明和同学们给自制小电动机加装扇叶制成一款小风车，如图所示，闭合开关后风车能连续转动。下列说法正确的是（　　） A. 风车转动的原理与发电机相同 B. 换磁性更强的磁铁，风车的转速变小 C. 电流通过线圈产生的热量与线圈的电阻无关 D. 电池换成灵敏电流计，转动扇叶，电流表指针偏转 【答案】D 【解析】 【详解】A．图示装置是电动机，风车转动是电动机工作，其原理是通电线圈在磁场中受力转动；发电机的原理是电磁感应现象。二者原理不同，故A错误； B．通电线圈在磁场中受到的力与磁场强弱和电流大小有关。换磁性更强的磁铁，线圈受到的力更大，风车的转速会变快，故B错误； C．根据焦耳定律可知，电流通过线圈产生的热量与线圈的电阻有关，电阻越大，产生的热量越多，故C错误； D．电池换成灵敏电流计，若用外力转动扇叶，则线圈在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这个现象叫电磁感应，灵敏电流计的指针会发生偏转，故D正确。 故选D。 10. 标有“4V 1W”字样的小灯泡和标有“”字样的滑动变阻器，连接在如图所示的电路中，其中电源电压为6V，电流表的量程为“0~0.6A”，电压表的量程为“0~3V”（不考虑温度对电阻的影响）。则下列说法正确的是（　　） A. 滑动变阻器滑片向左移动时，电流表和电压表示数都变大 B. 滑动变阻器的最大功率为1W C. 电路中消耗的最大功率为3.6W D. 为确保电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值变化范围为 【答案】D 【解析】 【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 (1)滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻减小，根据欧姆定律判断出电流的变化和定值电阻两端电压的变化，由串联电路电压的规律判断出电压表示数的变化； (2)根据算出滑动变阻器的最大功率； (3)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据求出该电路的最大功率； (4)当电压表示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出最小电流和变阻器的最大电阻值。 【详解】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 A．滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻减小，根据欧姆定律知电路的电流增大，由知定值电阻两端电压变大，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压减小，电压表示数变小，故A错误； B．根据可得，灯的额定电流 由得，灯泡的电阻 滑动变阻器的功率为 当滑动变阻器与灯泡L的电阻相等时，滑动变阻器的功率最大 故B错误； C．灯的额定电流为0.25A，滑动变阻器的最大电流为1A， 由于串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0~0.6A， 所以，电路中的最大电流为 电路中的最小总电阻 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 则滑动变阻器接入电路中的最小阻值 该电路的最大功率 故C错误； D．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，最大为3V， 因串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和， 灯泡两端的最小电压为 电路中的最小电流为 滑动变阻器接入电路中的最大电阻为 则滑动变阻器阻值变化范围是，故D正确。 故选D。 二、填空题（每空1分×6=6分） 11. 小明将线圈电阻为4.84Ω的电动机接入220V的家庭电路中，关闭其它用电器，只让电动机工作时，观察到他家标有2000imp/(kW.h)的电能表3min内闪烁了100次，则电动机在这段时间内消耗的电能为________kW.h，电动机线圈产生________J的热量。 【答案】 ①. 0.05 ②. 【解析】 【详解】[1]电动机在这段时间内消耗的电能为 [2]根据公式可以求出电动机线圈的电流为 电动机线圈产生热量为 12. 如图是我国自主研发的万米载人潜水器“奋斗者”号，潜水器总体积约为。当潜水器下潜的深度为10000m时，潜水器受到的海水压强为___________Pa，在海水中受到的浮力为___________N。（，） 【答案】 ①. ②. 【解析】 【详解】潜水器受到海水的压强 潜水器浸没时排开海水的体积与自身的体积相等，即 潜水器在海水中受到的浮力 13. 有一种小型单缸四冲程汽油机，每个工作循环做功500J，曲轴的转速是300r/min，每分钟消耗汽油5g。则该内燃机的功率是______W，机械效率是______。（） 【答案】 ①. 1250 ②. 32.6% 【解析】 【详解】[1]因单缸四冲程汽油机满负荷工作时，一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功一次，已知飞轮的转速是300r/min，所以，每分钟共有150个工作循环，对外做功150次，则单缸四冲程汽油机满负荷工作1min做的功 该汽油机的功率 [2]每分钟消耗5g汽油，5g汽油完全燃烧释放的热量 满负荷工作时这种汽油机把内能转化为机械能的效率 三、作图题（2分+3分=5分） 14. “不倒翁”是一种古老的中国儿童玩具，最早记载出现于唐代。其特点是一经触动就会摇摆，并可在自身重力作用下恢复直立状态。图甲为一“不倒翁”静置于水平面的实物图，图乙为其受到拉力F后处于倾斜静止状态的简化示意图。如果C为“不倒翁”的重心，P为拉力F作用点。请在图乙中画出此时不倒翁所受的重力G、支持力N、最小拉力F及其力臂L。 【答案】 【解析】 【详解】C为“不倒翁”的重心，过C点作竖直向下的线段为重力。过与地面接触点O，垂直于水平面向上作线段为支持力。“不倒翁”若看成杠杆，支点为O，连接OP，为最大力臂，过P点作垂直于OP向下的线段为最小拉力F。 15. 某透明均匀介质的截面图如图所示，直角三角形的直角边BC与半圆形直径重合，，半圆形的半径为R，一束光线从E点水平射入介质，其折射光线过半圆形的圆心O，已知光线在E点的折射角，请完成光路。 【答案】 【解析】 【详解】圆弧界面的法线沿半径方向（半径垂直于圆弧切线），由题意可知，光线从圆心O沿半径方向射向圆弧，传播方向与法线重合，入射角为0，根据折射规律，垂直入射到界面时出射方向不变，因此沿原直线方向射出即可。 四、实验题（每空1分×24空=24分） 16. 在做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，两组同学从甲、乙两套实验装置中各选一套来完成实验。 （1）图丙是实验中某一时刻温度计的示数，其读数是______℃； （2）图丁是两个小组根据各自的实验数据绘制的“温度—时间”图像，其中______（选填“a”或“b”）是根据甲实验装置获得的数据绘制的；用乙实验装置测出水的沸点为______℃； （3）实验结束后，同学们继续进行了如图戊所示的实验：将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内。一段时间后，看到试管A的内壁上有小水珠出现、温度计C的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”），这说明水蒸气液化时会______热量。 【答案】（1）92 （2） ①. a ②. 96 （3） ①. 变大 ②. 放出 【解析】 【小问1详解】 图丙中，温度计的分度值为1℃，液柱的液面在零刻度线之上，是零上，读数为92℃。 【小问2详解】 [2][3]图甲中，烧杯有盖，图乙中，烧杯没有盖，加热过程中，甲烧杯中水上方的气压更大，沸点更高。图丁中，a的沸点比b的高，所以a是根据甲实验装置数据绘制的。b是根据乙实验装置数据绘制的，水沸腾时，继续吸热，温度保持不变，由图丁可知，用乙实验装置测出水的沸点为96℃。 【小问3详解】 [1][2]水蒸气遇冷液化成小水珠，液化过程中放出热量，这些热量被水吸收，温度计C的示数变大。 17. 小周同学为研究初中生近视原因及矫正问题，开展了以下调查研究。 （1）如图甲所示，眼球中晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜。小周选用两个直径相同但厚度不同的凸透镜，平行光经过它们之后的光线如图乙所示，则凸透镜__________（选填“A”或“B”）使光偏折更显著； （2）选择透镜A进行实验。实验前，应先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，这是为了__________。进行实验，如图丙所示，烛焰恰好在光屏上呈现一个清晰的像，这是__________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的工作原理。若蜡烛位置不变，将透镜A换成透镜B，若要在光屏上继续看到烛焰清晰的像，则应向__________（选填“左”或“右”）移动光屏； （3）近视眼看不清远处的物体，形成近视眼的原因之一是晶状体太厚，折光能力太强，若在眼睛前放一个合适的________透镜就可以将远处物体的像成在视网膜上； （4）为了防止患上近视眼，你的建议是________（写出一条即可）。 【答案】（1）B （2） ①. 使像成在光屏中央 ②. 照相机 ③. 左 （3）凹 （4）避免长时间持续用眼 【解析】 【小问1详解】 当凸透镜直径相同时，透镜越厚，对光线的折射能力越强，焦距越短，使光偏折更显著，如图乙所示，凸透镜B较厚、焦距较短，故凸透镜B使光偏折更显著。 【小问2详解】 [1]实验时为了使像成在光屏中央，便于观察，实验前调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上。 [2]如图丙所示，物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像，照相机成的也是倒立、缩小的实像，故照相机就是利用这一原理工作的。 [3]将透镜A换成透镜B，B的焦距更小，对光的会聚能力更强，像距会变小，所以光屏应向靠近透镜的方向移动，即向左移动光屏。 【小问3详解】 近视眼是因为晶状体太厚，折光能力太强，像成在视网膜的前方。凹透镜对光线具有发散作用，在眼睛前放一个合适的凹透镜，能使光线发散后再经晶状体折射，从而将远处物体的像成在视网膜上。 【小问4详解】 因为长时间、近距离用眼等会使睫状肌持续紧张，易引发近视。故避免长时间持续用眼等可防止患上近视眼。 18. 小红陪奶奶就医时，看见如图甲所示竖直放置的静脉输液装置，观察到输液管口的盐水一滴一滴地往下滴，于是，地提出一个问题：管口处水流出的速度大小与哪些因素有关？并作出如下猜想： 猜想1：随着输液瓶中液面不断下降，速度变小 猜想2：换粗一些的输液管，速度变大 猜想3：增加图甲中输液管的长度h，速度变大 为检验上述猜想，她准备了如下器材进行探究：铁架台、锥形瓶、量杯、双孔软木塞、橡胶软管、弹簧夹、秒表，4根粗细均匀的玻璃管：a管（长20cm、内孔直径3mm）、b管（长20cm、内孔直径6mm）、c管（长25cm、内孔直径3mm），长5cm的d管。 探究过程如下： （1）如图乙所示，雏形瓶中装有红色的水，a、d管通过双孔软木塞插入瓶中，两管上方端口接近瓶口并齐平，a管下端放入量杯，d管下端套有橡胶软管，并用弹簧夹夹住，装置是竖直放置。此时，a管下端管口无水流出，这是由于__________的作用； （2）松开弹簧夹，水从a管口流出，用秒表测出量杯中的水分别达到20mL、40mL、60mL、80mL、100mL水位时的时间t，记录在表1中； 表1： 量杯中水的体积V/mL 0 20 40 60 80 100 时间t/s 0.00 2.00 4.00 6.00 8.00 10.00 ①依据所测数据，在图丙中画出量杯中水的体积V与时间t的图像_________； ②每秒钟从a管口流出的水量是__________mL；a管口处水流出的速度大小为__________m/s（保留1位小数）； （3）将a管换成b管，重复步骤（2）的操作，将所侧数据记录在表2中； 表2： 量杯中水的体积V/mL 0 20 40 60 80 100 时间t/s 0.00 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 分析表1和表2的数据，可知猜想2是__________（选填“正确”“错误”）的； （4）若要检验猜想3，请简要写出你的操作：__________。 【答案】 ①. 大气压 ②. ③. 10 ④. 1.4 ⑤. 错误 ⑥. 将a管换成c管，重复步骤（2）的操作，将所测数据记录在表3中 【解析】 【详解】（1）[1]用弹簧夹夹住橡胶管后，瓶内和外界大气不连通，大气压作用在液体上，使液体不流出。 （2）[2]根据表中数据，描出对应的时间和液体体积，然后连线。 [3]根据表中数据可知，每秒钟从a管口流出的水量为 每秒钟从a管口流出的水量为10mL。 [4]水流速度 a管口处水流出的速度大小为1.4m/s。 （3）[5]b管口处水流出的速度大小 b管口处水流出的速度大小等于a管口处水流出的速度大小，说明管口处水流出的速度大小与管子粗细无关，则猜想2错误。 [6]若要探究管口处水流出的速度大小与管子长度的关系，应保持管粗细不变，改变管长度进行实验，将a管换成c管，重复步骤（2）的操作，将所测数据记录在表3中，分析管口处水流出的速度大小与管子长度是否有关。 19. 某兴趣小组按照图所示电路进行电学实验探究，其中为定值电阻，闭合开关S，通过调节滑动变阻器的阻值，测得表中实验数据。 实验次数 的示数/V 的示数/V V的示数U/V A的示数I/A 1 1.0 4.0 5.0 0.2 2 1.5 3.5 5.0 0.3 3 2.0 3.0 5.0 0.4 （1）分析表中数据，可归纳出串联电路中电压的规律是________； （2）进一步对表格中电压表V1和电流表A的数据分析，可得出：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成________；的阻值为________Ω； （3）将图中换成额定电压为3.8V的小灯泡，闭合开关，电压表V1的示数为3.2V，为使小灯泡正常发光，滑动变阻器的滑片应向________（选填“左”或“右”）移动。当电压表V1的示数为3.8V时，电流表A的示数如图所示，通过小灯泡的电流是________A，小灯泡的额定功率是________W。实验中发现，小灯泡两端的电压增大时，电压表V1示数与电流表A示数的比值也增大，原因是________。 【答案】（1）串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和 （2） ①. 正比 ②. 5 （3） ①. 左 ②. 0.32 ③. 1.216 ④. 灯丝的电阻随温度的升高而增大 【解析】 【小问1详解】 从表格数据来看， 比如第一次实验数据： 第二次实验数据： 第三次实验数据： 所以可归纳出串联电路中电压的规律是：串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和。 【小问2详解】 [1]由表格中的数据可知，对于电压表和电流表A的数据，比如第一次实验数据： 第二次实验数据： 第三次实验数据： 当电阻一定时，电压增大，电流也随之增大，且电压与电流的比值是一个定值，所以在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 [2]根据欧姆定律，取第一次实验数据，，，则的阻值 【小问3详解】 [1]由电路图和题意可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测小灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电压表V测电源电压，电流表A测电路电流。小灯泡额定电压为3.8V，现在电压表V1示数为3.2V，要使小灯泡正常发光，需要增大小灯泡两端的电压。根据串联电路分压原理，应减小滑动变阻器两端的电压，即减小的阻值，所以滑片应向左移动。 [2]由电流表可知，其量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.32A，所以通过小灯泡的电流是0.32A。 [3]小灯泡的额定功率 [4]小灯泡两端的电压增大时，灯泡发光变亮，灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大，根据可知，电压表V1示数与电流表A示数的比值就是小灯泡的电阻值，因此电压表V1示数与电流表A示数的比值增大的原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大。 五、计算题（20题8分，21题7分，一共15分） 20. 小华家买了一个家用电吹风，其简化电路如图，主要技术参数如表，电吹风在额定电压下工作，求： 热风温度 50～75℃ 额定功率 热风时：990W 冷风时：110W 额定电压 220V 质量 0.5kg （1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？ （2）电热丝工作时的电阻是多大？ （3）电吹风内电动机的电阻是110Ω，电吹风吹冷风5min产生的热量是多少？机械效率为多少？ 【答案】（1）0.5A；（2）55Ω；（3）8250J，75% 【解析】 【详解】解：（1）由图知，当开关置于BC时，只有电动机工作，电吹风吹冷风，由P=UI可得，此时通过电动机的电流为 （2）当开关置于AB时，电动机与电热丝并联，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风，此时电热丝的电功率为为 P电热丝=P热风-P冷=990W-110W=880W 电热丝的电阻为 （3）根据电热公式可知，电吹风吹冷风5min产生的热量为 此时消耗的电能为 W=P冷t=110W×5×60s=33000J 产生的机械能为 W机=W-Q=33000J-8250J=24750J 所以此时电吹风的效率为 答：（1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是0.5A； （2）电热丝工作时的电阻是55Ω； （3）电吹风吹冷风5min产生的热量是8250J，效率为75%。 21. 如图甲所示，是《天工开物》中记载的三千多年前中国古人利用桔槔在井上汲水的情境，受桔槔的启发，小凤组装了如图乙所示的装置。其中，杠杆CD可绕支点O在竖直平面内转动，且。物体A悬挂在C端，静止在水平桌面上的正方体B悬挂在D端，此时杠杆在水平位置平衡。已知：，，正方体B的边长为0.1m。杠杆、悬绳的质量不计。求： （1）杠杆D端所受的拉力； （2）正方体B对地面的压强； （3）要使B物体恰好对地面的压力为零，则A物体的质量应该增加多少。 【答案】（1） 60N （2） 2×103Pa （3） 1kg 【解析】 【小问1详解】 根据杠杆平衡条件得 因此杠杆D端所受拉力为 【小问2详解】 正方体B静止在水平地面，地面对B的支持力等于B的重力减去D端对B的拉力，则B对地面的压力 正方体B与地面的接触面积为 B对地面的压强 【小问3详解】 当B对地面压力恰好为零时，D端拉力等于B的总重力，即 再次根据杠杆平衡条件得 解得此时A的总重力 A需要增加的重力 A需要增加的质量 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年第二学期龙凤区联考（物理）试题 注意事项： 1．答题前请将姓名、班级、考号和条形码填写清楚。 2．客观题答题，必须使用2B铅笔填涂，修改时用橡皮擦干净。 3．主观题必须使用黑色签字笔书写。 4．必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效。 5．保持答卷清洁完整。 考试时间：理化合卷考试2.5小时 请注意分配好时间，认真答题 一、单选题（10题×3=30分） 1. 唐代诗人王之涣在《凉州词》中写道：“羌笛何须怨杨柳，春风不度玉门关。”下列关于羌笛声的说法正确的是（　　） A. 羌笛发声是由笛管振动产生的 B. 按住不同的笛孔改变笛声响度 C. 笛声在空气中的传播速度约为 D. 听笛声而思故乡，表明声音可以传递信息 2. “注意安全，珍爱生命”，下列涉及安全的物理知识说法正确的是（　　） A. 因为水是绝缘体，所以无论手的干湿，都可以直接接触家庭电路的开关 B. 使用加油枪加油前，需要触摸接地的金属杆释放人体静电 C. 汽车速度越快，惯性越大，因此汽车快速行驶时需保持安全距离 D. 照射紫外线对人体有益，所以宇航员出舱活动时，不需要穿宇航服 3. 在-34℃的极冷环境下，小明把软毛巾浸在水中，取出后发现软毛巾在变硬。按在竖直的木桩上，松手后毛巾没有掉下。把硬毛巾拽下放在院子里，几天后发现硬毛巾又变成了软毛巾。下列有关说法错误的是（ ） A. 软毛巾在变硬，因为软毛巾内的水在发生凝固 B. 硬毛巾没有掉下来，是因为大气给了毛巾压力 C. 硬毛巾在木桩上没有掉下时，受到的合力为0 D. 硬毛巾变成软毛巾，属于升华现象，需要吸热 4. “以武会春”，马年春晚机器人秀出“真功夫”，图中机器人在助跑蹬墙后空翻上升过程中，说法正确的是（　　） A. “蹬墙后空翻”说明力可以改变物体的运动状态 B. 在空中运动时不受力的作用 C. 其重力势能减小 D. 离开墙后能继续向上运动是因为机器人受到惯性作用 5. 小聪对物理课本的长边进行了测量，测量数据如下：第一次260.4mm、第二次26.05cm、第三次260.6mm、第四次260.4mm，对这四次数据分析正确的是 （ ） A. 第二组数据是错误数据 B. 最接近该物理课本长度的数值是260.4mm C. 小聪所读取的数据都有误差 D. 小聪选择刻度尺的分度值是 1cm 6. 随着5G信号的快速发展，5G无人物品派送车已应用于实际生活中，图甲所示为无人物品派送车沿直线路径前往派送点的情景。该车从出发点到达派送点，完成任务后返回出发位置，其行驶路程与所用时间的关系如图乙所示。下列分析正确的是（　　） A. 从派送点返回出发点用时 B. 派送点到出发点的距离为 C. 内派送车的平均速度为4.8km/h D. 内派送车做匀速直线运动 7. 关于下面四幅图的说法正确的是 A. 如图：将竖直玻璃管倾斜，水银柱的高度变大 B. 如图：盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理 C. 如图：A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越大 D. 如图：把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升 8. 在一个圆柱形容器中装有一定量的水，水面漂浮着一个木块，在木块上方放一个物体M或在木块下方悬挂一个物体N，木块刚好全部浸入水中，如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 物体M的质量等于物体N的质量 B. 物体N的密度一定大于水的密度 C. 物体M的密度一定大于水的密度 D. 木块在甲容器中受到的浮力大于在乙容器中受到的浮力 9. 在跨学科实践活动中，小明和同学们给自制小电动机加装扇叶制成一款小风车，如图所示，闭合开关后风车能连续转动。下列说法正确的是（　　） A. 风车转动的原理与发电机相同 B. 换磁性更强的磁铁，风车的转速变小 C. 电流通过线圈产生的热量与线圈的电阻无关 D. 电池换成灵敏电流计，转动扇叶，电流表指针偏转 10. 标有“4V 1W”字样的小灯泡和标有“”字样的滑动变阻器，连接在如图所示的电路中，其中电源电压为6V，电流表的量程为“0~0.6A”，电压表的量程为“0~3V”（不考虑温度对电阻的影响）。则下列说法正确的是（　　） A. 滑动变阻器滑片向左移动时，电流表和电压表示数都变大 B. 滑动变阻器的最大功率为1W C. 电路中消耗的最大功率为3.6W D. 为确保电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值变化范围为 二、填空题（每空1分×6=6分） 11. 小明将线圈电阻为4.84Ω的电动机接入220V的家庭电路中，关闭其它用电器，只让电动机工作时，观察到他家标有2000imp/(kW.h)的电能表3min内闪烁了100次，则电动机在这段时间内消耗的电能为________kW.h，电动机线圈产生________J的热量。 12. 如图是我国自主研发的万米载人潜水器“奋斗者”号，潜水器总体积约为。当潜水器下潜的深度为10000m时，潜水器受到的海水压强为___________Pa，在海水中受到的浮力为___________N。（，） 13. 有一种小型单缸四冲程汽油机，每个工作循环做功500J，曲轴的转速是300r/min，每分钟消耗汽油5g。则该内燃机的功率是______W，机械效率是______。（） 三、作图题（2分+3分=5分） 14. “不倒翁”是一种古老的中国儿童玩具，最早记载出现于唐代。其特点是一经触动就会摇摆，并可在自身重力作用下恢复直立状态。图甲为一“不倒翁”静置于水平面的实物图，图乙为其受到拉力F后处于倾斜静止状态的简化示意图。如果C为“不倒翁”的重心，P为拉力F作用点。请在图乙中画出此时不倒翁所受的重力G、支持力N、最小拉力F及其力臂L。 15. 某透明均匀介质的截面图如图所示，直角三角形的直角边BC与半圆形直径重合，，半圆形的半径为R，一束光线从E点水平射入介质，其折射光线过半圆形的圆心O，已知光线在E点的折射角，请完成光路。 四、实验题（每空1分×24空=24分） 16. 在做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，两组同学从甲、乙两套实验装置中各选一套来完成实验。 （1）图丙是实验中某一时刻温度计的示数，其读数是______℃； （2）图丁是两个小组根据各自的实验数据绘制的“温度—时间”图像，其中______（选填“a”或“b”）是根据甲实验装置获得的数据绘制的；用乙实验装置测出水的沸点为______℃； （3）实验结束后，同学们继续进行了如图戊所示的实验：将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内。一段时间后，看到试管A的内壁上有小水珠出现、温度计C的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”），这说明水蒸气液化时会______热量。 17. 小周同学为研究初中生近视原因及矫正问题，开展了以下调查研究。 （1）如图甲所示，眼球中晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜。小周选用两个直径相同但厚度不同的凸透镜，平行光经过它们之后的光线如图乙所示，则凸透镜__________（选填“A”或“B”）使光偏折更显著； （2）选择透镜A进行实验。实验前，应先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，这是为了__________。进行实验，如图丙所示，烛焰恰好在光屏上呈现一个清晰的像，这是__________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的工作原理。若蜡烛位置不变，将透镜A换成透镜B，若要在光屏上继续看到烛焰清晰的像，则应向__________（选填“左”或“右”）移动光屏； （3）近视眼看不清远处的物体，形成近视眼的原因之一是晶状体太厚，折光能力太强，若在眼睛前放一个合适的________透镜就可以将远处物体的像成在视网膜上； （4）为了防止患上近视眼，你的建议是________（写出一条即可）。 18. 小红陪奶奶就医时，看见如图甲所示竖直放置的静脉输液装置，观察到输液管口的盐水一滴一滴地往下滴，于是，地提出一个问题：管口处水流出的速度大小与哪些因素有关？并作出如下猜想： 猜想1：随着输液瓶中液面不断下降，速度变小 猜想2：换粗一些的输液管，速度变大 猜想3：增加图甲中输液管的长度h，速度变大 为检验上述猜想，她准备了如下器材进行探究：铁架台、锥形瓶、量杯、双孔软木塞、橡胶软管、弹簧夹、秒表，4根粗细均匀的玻璃管：a管（长20cm、内孔直径3mm）、b管（长20cm、内孔直径6mm）、c管（长25cm、内孔直径3mm），长5cm的d管。 探究过程如下： （1）如图乙所示，雏形瓶中装有红色的水，a、d管通过双孔软木塞插入瓶中，两管上方端口接近瓶口并齐平，a管下端放入量杯，d管下端套有橡胶软管，并用弹簧夹夹住，装置是竖直放置。此时，a管下端管口无水流出，这是由于__________的作用； （2）松开弹簧夹，水从a管口流出，用秒表测出量杯中的水分别达到20mL、40mL、60mL、80mL、100mL水位时的时间t，记录在表1中； 表1： 量杯中水的体积V/mL 0 20 40 60 80 100 时间t/s 0.00 2.00 4.00 6.00 8.00 10.00 ①依据所测数据，在图丙中画出量杯中水的体积V与时间t的图像_________； ②每秒钟从a管口流出的水量是__________mL；a管口处水流出的速度大小为__________m/s（保留1位小数）； （3）将a管换成b管，重复步骤（2）的操作，将所侧数据记录在表2中； 表2： 量杯中水的体积V/mL 0 20 40 60 80 100 时间t/s 0.00 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 分析表1和表2的数据，可知猜想2是__________（选填“正确”“错误”）的； （4）若要检验猜想3，请简要写出你的操作：__________。 19. 某兴趣小组按照图所示电路进行电学实验探究，其中为定值电阻，闭合开关S，通过调节滑动变阻器的阻值，测得表中实验数据。 实验次数 的示数/V 的示数/V V的示数U/V A的示数I/A 1 1.0 4.0 5.0 0.2 2 1.5 3.5 5.0 0.3 3 2.0 3.0 5.0 0.4 （1）分析表中数据，可归纳出串联电路中电压的规律是________； （2）进一步对表格中电压表V1和电流表A的数据分析，可得出：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成________；的阻值为________Ω； （3）将图中换成额定电压为3.8V的小灯泡，闭合开关，电压表V1的示数为3.2V，为使小灯泡正常发光，滑动变阻器的滑片应向________（选填“左”或“右”）移动。当电压表V1的示数为3.8V时，电流表A的示数如图所示，通过小灯泡的电流是________A，小灯泡的额定功率是________W。实验中发现，小灯泡两端的电压增大时，电压表V1示数与电流表A示数的比值也增大，原因是________。 五、计算题（20题8分，21题7分，一共15分） 20. 小华家买了一个家用电吹风，其简化电路如图，主要技术参数如表，电吹风在额定电压下工作，求： 热风温度 50～75℃ 额定功率 热风时：990W 冷风时：110W 额定电压 220V 质量 0.5kg （1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？ （2）电热丝工作时的电阻是多大？ （3）电吹风内电动机的电阻是110Ω，电吹风吹冷风5min产生的热量是多少？机械效率为多少？ 21. 如图甲所示，是《天工开物》中记载的三千多年前中国古人利用桔槔在井上汲水的情境，受桔槔的启发，小凤组装了如图乙所示的装置。其中，杠杆CD可绕支点O在竖直平面内转动，且。物体A悬挂在C端，静止在水平桌面上的正方体B悬挂在D端，此时杠杆在水平位置平衡。已知：，，正方体B的边长为0.1m。杠杆、悬绳的质量不计。求： （1）杠杆D端所受的拉力； （2）正方体B对地面的压强； （3）要使B物体恰好对地面的压力为零，则A物体的质量应该增加多少。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $