广西河池市2025-2026学年高二下学期期末学业水平质量检测物理试卷

2026年春季学期高二校内期末学业水平质量检测 物理 （试卷总分100分，考试时间75分钟） 注意事项： 1．答题前，务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡规定的位置上。 2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。 3．答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。 4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。） 1．根据课本知识，下列说法正确的是 A．晶体和非晶体都有确定的熔点 B．任何条件下，晶体和非晶体都不可能相互转化 C．“能量耗散”现象说明了与热现象有关的宏观自然过程是有方向性的 D．电冰箱正常工作时，热量能从低温物体（冰箱内的食品）传到高温物体（冰箱外的空气），这一现象推翻了热力学第二定律 2．分子间作用力F和分子势能随分子间距离r的变化关系如图甲、乙所示（图中为分子平衡位置），则下列说法正确的是 A．在r小于时，随着r的减小F和均增大 B．在r大于时，随着r的增大F和均增大 C．当r等于时，，为最大值 D．当r等于时，，大于零 3．汽车主动降噪系统的原理是通过扬声器发出声波将车外噪音反向抵消，从而减小车内噪音。下列说法正确的是 A．汽车降噪是因为噪声信号发生了偏振被“过滤”了 B．汽车降噪是因为噪声信号发生了多普勒效应 C．抵消信号与噪声信号的频率要相同 D．抵消信号的振幅应为噪声信号的2倍 4．上高山、下矿井、出大海、到田间，5G网络正在加速赋能千行百业实现数字化生产。目前全球已部署超过260张5G网络，覆盖约的人口。产生5G无线信号电波的LC振荡电路某时刻的工作状态如图所示，则该时刻 A．此LC振荡电路产生的电磁波是纵波 B．电容器正在充电，线圈储存的磁场能正在增大 C．若电容器两极板正对面积变小，则电路产生的无线信号电波的频率变大 D．线路中的电流正在增大 5．如图，用绝热材料制成的密闭容器被隔板K分成A、B两部分，一定量的某理想气体处于A中，B内为真空。抽取隔板K，气体进入B中，最终整个容器均匀地分布了这种气体。则此过程，该气体系统 A．对外做功，体积膨胀 B．对外不做功，压强减小 C．内能减少，温度降低 D．体积增大，内能减少 6．半径为R的半圆柱形透明材料的截面如图所示，O为截面半圆的圆心，一束单色光从真空沿半径方向射入介质，光线延长线与水平直径间的夹角为。已知单色光在该介质中的折射率，光在真空中的传播速度为c，则光在介质中的传播时间为 A． B． C． D． 7．如图所示，在水平放置的条形磁铁的S极附近，一个闭合线圈从位置A静止释放下落到位置C，下落过程中线圈始终保持水平，在位置B，S极附近的磁感线正好与线圈平面平行，A、B之间和B、C之间的距离都比较小。下列说法正确的是 A．从上往下看，线圈中的电流方向始终为顺时针 B．从上往下看，线圈中的电流方向始终为逆时针 C．从上往下看，线圈中的电流方向先顺时针后逆时针 D．线圈在位置B时磁通量为零，感应电流也为零 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 8．2026年1月8日，我国自主研发的全球首台城市兆瓦级浮空风力发电系统S2000成功完成试飞和并网验证。该系统采用飞艇状浮空器携带发电机组，将高空风力资源转化为电能并通过电缆传输回地面。若S2000的输出电压u随时间t变化的规律如图所示，则关于该交流电，下列说法正确的是 A．该交流电的频率是50 Hz B．输出电压的有效值为 C．输出电压u随时间变化关系式是 D．若将S2000的输出电压通过变压器输送给220 V用户使用，则变压器的原、副线圈匝数比为 9．如图甲，工地打桩机的锤击产生沿地面传播的简谐横波，使地面发生上下振动。已知该波波速，传播过程中频率不变，振幅与传播距离成反比。监测器测得距离打桩机10 m处地面上P点的振动图像如图乙。已知人体可感知到的明显地面振动的最小振幅为。下列说法正确的是 A．该简谐波的频率是50 Hz B．该简谐波的波长是30 m C．P点的振动方程为 D．打桩机周边800 m处的居民，也能感知到明显地面振动 10．如图，金属杆ab的质量为m、通过的电流为I，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，平行导轨间的距离为L，结果ab静止且紧压于水平导轨上。若磁场方向与导轨平面成角，金属杆ab与水平导轨间的摩擦系数为，则以下说法正确的是 A．金属杆ab所受的安培力大小为 B．金属杆ab所受的安培力大小为 C．金属杆ab所受的摩擦力大小为 D．金属杆ab所受的摩擦力大小为 三、非选择题（本题共5小题，共54分，考生根据要求作答。） 11．（8分）在“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验中： （1）方法及步骤如下： ①向1 mL的油酸中加酒精，直至总量达到1000 mL； ②用注射器吸取步骤①中配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，当滴入200滴时，测得其体积恰好是1 mL； ③先往浅盘里倒入一定深度的水，然后将爽身粉均匀地撒在水面上； ④用注射器往水面上滴入一滴油酸酒精溶液，待油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描下油膜的形状； ⑤将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，如图所示，小方格的边长为10 mm，按计算油膜面积的要求数出轮廓范围内小方格的个数为________格。由上可计算出油酸分子直径为________m（结果保留1位有效数字）。 （2）某次实验中，滴下油酸溶液后，爽身粉散开形成如上图所示的“锯齿”边缘图样，出现该图样的最大可能原因是_______。 A．滴油酸溶液时注射器离水面高度太低 B．油酸酒精溶液的浓度太小 C．水槽太大，装的水量太多 D．爽身粉撒得太多，且厚度不均匀 （3）在该实验中，某同学测出的油酸分子直径结果偏大，则可能的原因是________。 A．将油酸酒精溶液的体积直接当纯油酸体积计算 B．油酸酒精溶液配制后放置的时间较长，酒精挥发较多 C．计算油膜面积时，将不足半格的方格也计为一格 D．求每滴油酸酒精溶液的体积时，1 mL的溶液滴数少数了10滴 12．（9分）温度传感器主要用于温度测量与控制、补偿及安全保护，广泛应用于生产生活中。某项目式学习小组为了方便监测劳动基地生态阳光房的温度，设计了如图甲所示的电路，当气温低于时低温指示灯亮，高于时高温指示灯亮。已知当继电器线圈中的电流大于或等于10 mA时衔铁被吸引下移，当继电器线圈中的电流大于15 mA时衔铁被吸引上移，控制电路中电源的电动势，热敏电阻的阻值与温度t关系如图乙所示。 （1）若气温升高，电流表A示数将________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 （2）若两个继电器线圈的电阻及控制电路电源内阻忽略不计，则定值电阻________。 （3）工作电路中，接线C应与________（选填“A”或“B”）端相连。 （4）实际测试中发现气温上升到时，高温指示灯才开始亮，请你分析其中的原因可能是________。 13．（10分）在中国，汽车已普及千家万户，出行时安全非常重要，其行驶时轮胎的胎压太高容易造成爆胎事故。已知某型号汽车轮胎容积是，正常行驶时胎压应在2.0 atm至2.8 atm之间，低于2.0 atm或超过2.8 atm会发出警报声。行车前，仪表显示的左前轮胎压为2.6 atm，右前轮胎压为2.0 atm，两后轮胎压为2.3 atm，此时环境气温为，（设轮胎容积不变，胎内气体看成理想气体）。求： （1）行驶一段时间后，左前轮胎内气温达到了，此时其胎压是多少？报警器是否会报警？ （2）若行车前使右前轮轮胎压强变为2.3 atm，需用打气机（充气泵）给该轮胎充多少立方米压强为1 atm的气体进去？（设充气过程温度不变） 14．（11分）磁偏转系统是电子光学系统的核心组件，其核心原理是利用磁场调整电子的运动方向。如图利用圆形磁场调节电子运动方向，在该平面上半径为R的圆形区域内存在垂直平面向里的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度大小为B。电荷量为e、质量为m的电子从P点沿半径方向进入磁场，从Q点沿半径方向离开磁场，已知电子在磁场中做圆周运动的半径为，不计电子重力。（e，B，R，m，为已知量）求： （1）电子入射的速度大小v； （2）电子由P运动至Q的时间； （3）关于电子由P运动至Q的过程中，洛伦兹力对电子产生冲量I的大小有下列两种解法：第一种，由，把（1）、（2）问中得到的v、t代入可求；第二种，由动量定理，该表达式为矢量式则由右图中矢量关系得，则。发现两种解法结果不相同，请你判断哪种解法是错误的，说出该解法错误的原因。 15．（16分）如图所示，和是两根足够长且电阻不计的固定光滑平行金属轨道，两轨道间距，其中和为轨道的水平部分，和是倾斜部分。在虚线右侧空间存在磁感应强度大小，方向竖直向上的匀强磁场，不计导体棒在轨道连接处的动能损失。导体棒ab的质量，其接入电路的电阻，置于距轨道底端高度处。另一完全相同的导体棒cd静止于水平导轨上。从导体棒ab由静止释放，到两棒最终稳定运动的过程中，ab棒与cd棒未发生碰撞，且两导体棒始终与导轨保持垂直，取重力加速度。求： （1）ab棒刚进入磁场时的速度和加速度的大小； （2）整个过程中产生的焦耳热； （3）整个过程中通过ab棒的电荷量。 学科网（北京）股份有限公司 $2026年春季学期高二校内期末学业水平质量检测 物理 参考答案 题号 y 3 5 6 8 0 10 答案 c A C C B A AD BC AC 1.C【详解】A、晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔化温度，A错误；B、晶体和非晶体在一定条件下可 以相互转化，B错误：C、一切与热现象有关的宏观自然过程是不可逆的，C正确：D、电冰箱将热量能从低 温物体传到高温物体，并非自发发生，而是消耗了电能，在外界的帮助下才实现，并没有推翻热力学第二定 律，D错误。 2.A【详解】A、由甲、乙两图可知，在r小于To时，随着r的减小F和E均增大，A正确：在r大于To时，随 着r的减小F先增大后减小，B错误；C、D.当r等于r时，F=0,E,为最小值（且此时在乙图中为负值）， 故C、D错误。 3.C【详解】由题意知“主动降噪”的原理是通过抵消信号与噪声信号发生干涉而减弱噪声的影响。所以抵消 信号与噪声信号频率要相同，C正确，其他均错误。 4.C【详解】A.LC振荡电路产生的电磁波是横波，故A错误：BD.电流方向流向正极板，表示电容器在充电， 两极板电荷量增大，电路中电流在减小，线圈储存的磁场能正在减小，逐渐转化成电场能，故BD错误；C.根 据C=ξS 材可知，若电容器两极板正对面积变小，则电容器的电容减小：根据上了 2√元可知，电路产生 的无线信号电波的频率变大，故C正确，故选C。 5.B【详解】绝热容器内的气体与外界没有热交换，则Q=0,气体向真空扩散，没有对外界做功，则W=0,根 据热力学第一定律△U=Q+W可知气体的内能不变，温度不变，气体体积变大，根据理想气体状态方程=k 可知压强减小。故选B。 6D【详解】由inC=1-V n3 <sin60°=V3 ，可知临界角C小于60度，现在在0点的入射角等于60度， 大于临界角，故光在O点处发生全反射，在介质中路程为2R,速度0-S,可求时间1=2迟_25R,故选D。 715 7.A【详解】ABC.线圈从A到B运动过程中，穿过线圈的磁通量逐渐减小，而磁场方向斜向下，根据楞次定 律可知感应电流为顺时针方向（向下俯视)：线圈从B到C运动过程中，穿过线圈的磁通量逐渐增大，而磁 场方向斜向上，根据楞次定律可知感应电流为顺时针方向（向下俯视），故BC错误，A正确：D.在B处线 圈与磁场平行，所以磁通量为零，但是B点前后通过线圈的磁通量的变化率不为零，因此线圈在B位置通过 线圈的感应电流不为零，故D错误。 8.AD【详解】A该交流电的频率为∫=70.02 11 Hz=50Hz,A正确：B.输出电压的有效值为 -"孕w0w,B误：Cu时回变化大系武应是u=-02m000,c带误：D 原副线图的面数之比为号=号-=50，D正确。故选AD。 220V 9BC【详解】A从振动图像可知，周期7=10x1038=001s,频率了=行，得f=100业，A错：B波 长入=oT,代入数据解得入=30m,B正确；C.P点的振幅A=1×l0m,初相位p=0,圆频率 0= 2匹=200aad/s,放P点振动方程为y=Asim(o)）=1x103sin(200)m,c正确：D.振幅与传播 距离成反比，即Ax1,在万=10m处，振幅4=1×10m,在乃=800m处，振幅4，=A1,解得 A,=1.25×103m<2×103m,所以800m处的居民不能感知到明显地面振动，D错。 高二物理参考答案第1页共3页 10.AC【详解】AB.电流与磁场方向垂直，则安培力大小为BIL,故A对B错：CD.受力分析由平衡条件得F:= BILsin0,故C正确，D错误。故选AC。 11.(1)401×10-9(2)D(3)AD(每空2分，第3小问选对一个给1分，有错选不给分) 【详解】(1)依据不够半格舍去，超过半格算一格的原则可数得40格，算一滴溶液中纯油酸的体积为'，油 陵酒精浓度为100,200滴溶液总体积为1mL,因此1滴中纯油酸体积V-器×品=5× 10-6cm3=5×10-12m3,算油膜面积S,小方格边长a=10mm=0.01m,单个方格面积a2=1×10-4m2, 40格，因此，S=40×10m2=0.0042,算分子直径d,根据d。,代入d=x1 0.004心1×10-9m. (2)若爽身粉撒得过多、厚度不均匀，油酸扩散时无法均匀推开爽身粉，边缘就会形成锯齿状；注射器高度 过低、油酸浓度太小、水量过多都不会导致锯齿边缘。故选D。 （3》A,设纯油酸体积为”，油膜面积为S,油酸分子直径计算公式为d-5,将溶液体积直接当作纯油酸 体积，会使V计算偏大，d偏大，故A正确：B.油酸酒精溶液配制后放置的时间较长，酒精挥发较多， 油酸所占的比例变大，浓度变大，实验数据处理仍然按照挥发前的浓度计算，即算出的纯油酸体积偏小， 则会使V偏小，d偏小，故B错误；C.将不足半格计为一格，会使S计算偏大，因此d偏小，故C错 误；D.求每滴溶液体积时，1L的溶液的滴数少数了10滴，会导致所测量的一滴油酸酒精溶液的体 积偏大，所测量的一滴油酸酒精溶液所含纯油酸的体积V也偏大，测得的分子直径d偏大，故D正确。 故选AD。 12.(1)增大(2分)(2)300(2分)(3)A(2分)(4)电源有内阻或继电器线圈有电阻(3分) 【详解】(1)由图乙可知，气温升高，热敏电阻R的阻值减小，电路中电流增大，电流表A示数增大；(2) 由图乙可知当温度等于20℃时，热敏电阻=3002，电路中电流等于10A,由闭合电路欧姆定律 E=I(R?+R,)代入数据解得R=3002:(3)由题意知，当温度高于30℃时，电流大于15A,此 时继电器K,的衔铁被吸引上移，高温指示灯亮，故接线C应与A端相连：(4)当高温指示灯刚亮时， 电路电流为15mA,若考虑继电器线圈和电源内阻，此时热敏电阻R比1002小，对应温度比30℃高。 13.解：(1)对左前轮胎内气体由等容规律有具=是 (3分) TL 其中P1=2.6atmT1=300KT=330K 解得P2=2.86atm(2分) 由于P2>2.8atm,胎压报警器会发生报警(1分) (2)设要充进的气体体积为V,其压强为P,由理想气体等温变化规律有 P右Vo+PV=P右Vo (3分) 其中Po-1.0atm、P右=2.0atn、P有=2.3atm 代入数据解得V=9.0×103m3 (1分) 14.解：(1)由洛伦兹力提供向心力有evB=m兰 (2分)（因为R是题中磁场圆的半径，此式右侧分母”写 成R,该式不给分，但可写成5R) 把，=3 R代入解得v=eBr=3e8R (2分) 3m (2)粒子在磁场中转过的角度为0= 3交 (1分) T=20=2 (1分) v eB (1分) 2π 解得t-2m1 (1分) 3eB (3)第一种解法是错误的(1分)。原因是：冲量是矢量，此过程中的洛伦兹力也是矢量，其方向不断发生改变， 不能用公式I=Ft求解。(2分) 高二物理参考答案第2页共3页 15.解：(1)ab棒从斜面轨道滑到底端，根据动能定理，有 mgh=mv2(1分) 解得 v=4m/s(1分) 切割产生的感应电动势为 E=BLv（1分) 根据闭合电路欧姆定律，有 B (1分) 2R b棒刚进入磁场时所受的安培力 F=BIL(1分) b棒在水平方向由牛顿第二定律有 F=ma(1分) 代入数据联立解得 a=1.6m/s2(1分) (2)因为两导体棒所受的安培力始终大小相等、方向相反，所以将两棒组成的系统作为研究对象，由动量守恒 定律得 mv=2mv共（2分) 解得 v共=2m/s(1分) 由能量守恒定律得 Q=2mw2-2mv2=0.4(1分) (3)b棒进入磁场后做变速运动，设速度为)时回路产生的感应电流为i,在△t时间内速度的变化量为△v,由 动量定理得 BiL△t=m△v(1分) 即 -BL△q=m△v(1分) 方程两侧求和 -BL△q=m△v(1分) 即 -BLq=m("共-）(1分) 代入数据解得 9=C=0.25C(1分) 高二物理参考答案第3页共3页