安徽六安第一中学2025-2026学年高二下学期7月期末物理试题

**基本信息** 六安一中高二期末物理试卷以科技前沿（雅鲁藏布江水电工程）和生活情境（篮球扣篮）为载体，覆盖原子物理、热学、力学等模块，注重物理观念建构与科学思维应用，适配高二学段综合能力考查。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|8/32|原子物理（汤姆孙发现电子）、热学（分子速率分布）、光学（氢光谱干涉）|基础概念辨析与图像分析结合| |多选题|2/10|力学平衡（斜面小球受力）、热力学过程（p-V图像）|多过程分析与规律综合应用| |实验题|2/18|气体实验定律（传感器探究）、运动学（v-t图像）|融合数字化实验与误差分析| |解答题|3/40|光的折射、理想气体状态方程、汽车制动运动|情境化问题设计，考查模型建构与推理论证|

六安一中2026年春学期高二年级期末考试 物理试卷 时间：75分钟 满分：100分 一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。 1．下列关于原子和原子核的说法正确的是（     ） A．贝克勒尔发现天然放射现象，其中射线来自原子最外层的电子 B．密立根油滴实验表明核外电子的轨道是不连续的 C．卢瑟福通过对阴极射线的研究，提出了原子的核式结构模型 D．汤姆孙发现电子使人们认识到原子内部是有结构的 2．对于下列四幅图的说法，正确的是（　　） 图4 A．图1为密闭容器中气体在不同温度下的气体分子速率分布图，大于，且对应图像与坐标轴包围的面积大于对应图像与坐标轴包围的面积 B．图2两分子间距离由变到的过程中分子力做负功 C．LC振荡电路中，某时刻电容器上下极板带电情况和线圈L中的磁场方向如图3所示，线圈中的磁场正在增强 D．由丙图可知，核子的平均质量比核子的平均质量大 3．氢光谱中有条可见光光谱，如图甲所示，对其发出的和两种光，下列说法正确的是（　　） A．光子的能量比的小 B．和两种光射向三棱镜后光线如乙图，则光是 C．在图丙实验中，把换成后条纹间距将变大 D．用同一装置做圆孔衍射实验，的中央亮斑直径比的大 4．用三根细线a、b、c将重力均为G的两个小球1和2连接并悬挂，如图所示。两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为30°，细线c与水平方向的夹角为30°。则细线b对小球2的拉力大小为（　　） A．G B． C． D．G 5．如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳完成扣篮后，离地后重心上升的最大高度为H。把上升高度H从低到高均匀分成四份，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．运动员在上升的每一个中的速度变化量相等 B．上升第一个所用的时间与第四个所用的时间之比为 C．上升完第三个的速率与起跳时的速率之比为 D．上升完第三个的速度与整个上升过程中的平均速度相等 6．2025年7月19日，雅鲁藏布江下游水电工程在西藏自治区林芝市正式开工。水电站向外供电示意图如图甲所示，发电机的内部原理简化图如图乙所示。已知升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，降压变压器原、副线圈的匝数分别为n3、n4，变压器均为理想变压器。下列说法正确的是（　　） A．图乙中的线圈转过90°时，线圈产生的电流最小 B．当用户端接入的用电器增多时，输电线上的功率损失增大 C．当用户端接入的用电器增多时，为维持用户电压稳定，要适当减小n4 D．若发电站输送功率一定，发电机的输出电压增大，则输电线中损耗的功率会增大 7．如图所示，位于坐标原点的波源沿轴做简谐运动，振幅为2cm，经2.5s波沿轴传播到坐标为（5m，0）的点，此时波源处于坐标为（0，1cm）的点。则（     ） A．该波的波长为8m B．该波的传播速度为2 cm/s C．此时波源的振动方向沿轴正方向 D．波源接下来的三分之一周期所走的路程为3cm 8．图1为氢原子的能级图，入射光照射大量处于基态的氢原子后，能发出、、三种不同频率的光，现用这三种光分别照射图2的光电效应实验装置，发现只有、两种光能得到图3所示的电流与电压的关系曲线。已知电子电荷量，则（     ） A．入射光的光子能量为 B．滑片P向端移动时，电流表示数变大 C．光电管阴极K材料的逸出功为 D．在光照射下，单位时间内到达A极板光电子数最多为6×1011个 二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9．如图所示，质量为M的光滑斜面倾角为30°，质量为m的小球用绳子连接置于斜面上，另一端固定在天花板的A点，绳子与竖直方向成30°角。斜面在水平推力F的作用下静止于地面上（地面光滑），下列说法正确的是（     ） A．绳子拉力 B．水平推力 C．若斜面向右缓慢移动少许，绳子拉力变大 D．若斜面向右缓慢移动少许，地面支持力变大 10．如图所示为一定质量的理想气体经状态过程的图像，其中为等容线，是绝热线，等温线，下列说法正确的是（     ） A．，为状态气体温度，为状态气体温度 B．过程气体放出的热量大于过程气体吸收的热量 C．过程气体的内能增大 D．整个过程气体吸收的热量的数值等于曲线围成的面积 三、实验题（每空2分，共18分） 11．如图所示，用气体压强传感器探究气体等温变化的规律，操作步骤如下： ①在注射器内用活塞封闭一定质量的气体，将注射器、压强传感器、数据采集器和计算机连接起来； ②缓慢移动活塞至某位置，待示数稳定后记录此时注射器内封闭气体的体积V1和由计算机显示的气体压强值p1； ③重复上述步骤②，多次测量并记录； ④根据记录的数据，作出相应图像，分析得出结论。 （1）实验过程中，下列说法正确的（　　） A．推拉活塞时，动作要快，以免气体进入或漏出 B．活塞移至某位置时，应迅速记录此时注射器内气柱的长度和气体的压强值 C．推拉活塞时，手不可以握住注射器气体部分 D．实验时注射器内的气体可以向外发生泄漏 （2）某同学在做“气体的压强与体积的关系”实验中，测得的实验数据在计算机屏幕上显示如下表所示，仔细观察“p·V”一栏中的数值，发现越来越小，造成这一现象的可能原因是（　　） 序号 V/mL p/(×106Pa) p·V/(×106Pa·mL) 1 20.0 1.0010 20.020 2 18.0 1.0952 19.714 3 16.0 1.2313 19.701 4 14.0 1.4030 19.642 5 12.0 1.6351 19.621 A．实验时注射器活塞与筒壁间的摩擦力越来越大 B．实验时环境温度升高了 C．实验时外界大气压强发生了变化 D．实验时注射器内的气体向外发生了泄漏 （3）若考虑到连接注射器与传感器的软管内气体体积V0不可忽略，从理论上讲图像可能接近下列哪个图（　　） A． B． C． D． （4）某小组两位同学各自独立做了实验，环境温度一样且实验均操作无误，根据他们测得的数据作出的图像如图所示，图线a与b在横轴上截距之比为1:2，则a与b密闭气体质量之比为___________。 12．在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，实验装置如图1所示。 （1）下列说法中正确的是___________（双选）。 A．连接重物和小车的细线应与长木板保持平行 B．长木板的一端必须垫高，使小车在不挂重物时能在木板上做匀速运动 C．小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释放小车 D．选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始 （2）已知打点计时器所用交流电源的频率为，图2是实验中打下的一段纸带。其中下面是毫米刻度尺，算出计数点3的速度大小为___________，（保留两位有效数字）并在图3中标出，其余计数点1、2、4、5对应的小车瞬时速度大小在图3中已标出。 （3）在图中作图线___________。 （4）依据图线并求得小车的加速度大小为___________m/s²（保留三位有效数字）。 （5）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，算出小车经过各点的瞬时速度，描点作图后，关于加速度的计算，下列说法正确的是___________。 A．根据任意两个计数点的速度，用公式算出加速度 B．根据实验数据画出图像，量出图线的倾角，由公式算出加速度 C．根据实验数据画出图像，选取图线上相距较远的两个点，用公式算出加速度 D．依次选择2个相邻计数点速度计算出多个加速度，然后算出这些加速度的平均值 四、解答题（共3小题，共40分。13题：12分；14题：14分；15题：14分。请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。） 13．如图所示，折射率的玻璃圆柱水平放置，平行于其横截面的一束光线从顶点入射，与竖直方向的夹角α=45°。已知圆柱横截面半径为R，光速为c。求： （1）光线射入圆柱时的折射角θ； （2）光线从射入圆柱至射出时的时间t（不考虑光线在圆柱内的反射）。 14．一直立的汽缸由截面积不同的两圆筒连接而成，活塞A和B用一长的不可伸长的细线连接，它们可在筒内无摩擦地上下滑动。A和B的截面积分别为,,AB间有一定质量理想气体。A上方和B下方都是大气，大气压强保持为，,则： （1）当缸内气温为、压强为时，A和B的平衡位置如图所示，已知活塞A的质量，求活塞B的质量和轻绳中的拉力大小； （2）已知缸内气体温度由缓慢升高时，要使缸内气体不漏出，温度不能超过多少？ 15．某次新能源无人智驾汽车测试中，汽车A（待测无人智驾汽车）与汽车B从同一起点沿平直道路开始同向行驶。汽车A以大小的速度匀速行驶；汽车B由静止开始以大小的加速度匀加速行驶，匀加速行驶时间后开始匀速行驶。智驾系统设定：两车的间距小于时报警，超出则停止报警。当智驾系统开始第二次报警时，汽车A的智驾系统触发紧急制动，汽车A立即做变减速行驶，2s后改做匀减速行驶，从开始制动计时，变减速行驶的加速度大小随时间变化的规律为，其中，根据微元思想，当物体的速度随时间变化的规律为二次函数时，其位移随时间变化的规律为。两车均视为质点。求： （1）智驾系统刚停止第一次报警时，汽车A到起点的距离； （2）智驾系统从刚停止第一次报警到开始第二次报警所用的时间； （3）汽车A在紧急制动（变减速）阶段行驶的距离； 六安一中2026年春学期高二年级期末考试 物理试卷参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C C A D B D C AD AD 1．D【详解】A．射线来自原子核内中子衰变产生的电子，不是原子最外层电子，故A错误；B．密立根油滴实验的核心成果是测定了元电荷的电荷量，电子轨道不连续属于玻尔原子模型的观点，故B错误；C．卢瑟福凭借粒子散射实验提出核式结构模型，阴极射线的相关研究由汤姆孙开展，故C错误；D．汤姆孙通过阴极射线实验发现电子，证明原子内部存在复杂结构，故D正确。故选D。 2．C【详解】A．在气体分子速率分布图像中，温度越高，分子的平均速率越大，其峰值向速率大的方向移动，所以由于图像与坐标轴包围的面积代表分子数百分比的总和，所以两图像与坐标轴包围的面积都相等，都等于1，故A错误；B．由图2可知，两分子间距离由变到的过程中，分子势能降低，所以该过程分子力做正功，故B错误；C．由图3的磁场方向利用安培定则可判断此时线圈L中的电流方向是逆时针（从上往下看）方向，由于电容器上极板带正电、下极板带负电，则说明此时电路正处于放电过程。由LC振荡电路中电流、电荷量的变化规律可知，此时电流正在增大，但电流的变化率正在减小，所以根据可知，线圈中的自感电动势正在减小。故C正确；D．因为核子的比结合能比核子的比结合能大，核子的平均质量比核子的平均质量小，故D错误。故选C。 3．C【详解】A．由甲图可知，光子的频率比的大，根据可知光子的能量比的大，故A错误；B．在乙图光偏折角度较小，折射率较小，即光的频率较小，所以光是，故B错误；C．在劈尖干涉中，条纹间距与波长成正比，由于光子的频率比的大，根据可知光子的波长比的小，所以在图丙实验中的条纹间距换成后将变大，故C正确；D．在圆孔衍射时，波长越短，中央亮斑的直径越小，则用同一装置做圆孔衍射实验，的中央亮斑直径比的小，故D错误。故选C。 4．A【详解】将1与2两个小球作为整体进行受力分析，如下图所示 三力平衡可围成三角形，所以；单独对球2受力分析，如图所示由于自身重力G与大小相等，且夹角为120°，所以第三个力方向也与重力G成120°。故选A。 5．D【详解】AB．运动员向上做匀减速直线运动，根据逆向思维，运动员向下做初速度为零的匀加速直线运动，从上到下，相等位移内时间之比为 根据可知运动员在上升的每一个中的速度变化量不相等，上升第一个所用的时间与第四个所用的时间之比为，故AB错误；CD．根据可知运动前三个所用的时间为总时间的，根据匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知上升完第三个的速度与整个上升过程中的平均速度相等，根据可知上升完第三个的速率与起跳时的速率之比为，故D正确。故选D。 6．B【详解】A．由图乙可知，线圈平面与磁感线垂直，处于中性面位置，此时磁通量最大，但磁通量的变化率为零，感应电动势为零，感应电流为零。线圈转过时，线圈平面与磁感线平行，磁通量为零，但磁通量的变化率最大，感应电动势最大，感应电流最大，故A错误；B．用户端接入用电器增多，用户端总负载电阻减小，降压变压器输出总功率增大，输出电流增大，降压变压器匝数不变，因此输电线上的电流也同步增大；输电线功率损失；为输电线电阻不变，电流增大，因此功率损失增大，故B正确；C．当用户端接入的用电器增多时，用户端总电阻减小，降压变压器副线圈电流增大，原线圈电流（即输电线电流）增大，输电线电压损耗；增大，则增大，降压变压器原线圈电压；增大，则减小，根据理想变压器电压比；解得；要维持不变，且减小，则需要增大，因此减小会让更小，无法维持稳定，故C错误。D．输送功率一定，升压变压器副线圈电压；发电机输出电压增大，则增大，输电电流；增大，则减小，输电线损耗；减小，则减小，故D错误； 7．D【详解】B．经过2.5s波传到了，所以有，故B项错误；A．波源的振动方程为又因为当时，，结合题图可知，此时波传递的距离大于四分之一波长，小于二分之一波长，所以此时间也是大于四分之一周期小于二分之一周期，解得 由于解得，故A项错误；C．由于波沿x轴正方向传播，根据同侧法可知，波源此时的振动方向是沿y轴负方向，故C项错误；D．波源从开始振动到达（0，1cm）处经历的时间为 从（0，1cm）处到达平衡位置经历的时间为该过程波源所振动的路程为 在经过，由此可知再经过，此过程波源走的路程为所以波源接下来的所走的路程为，故D项正确。故选D。 8．C【详解】A．入射光照射大量处于基态的氢原子，发出、、三种不同频率的光，可知基态氢原子跃迁到能级，这样有跃迁到、跃迁到、跃迁到三种不同频率的光，可知入射光的光子能量为，故A错误；B．图2中滑片P向a端移动过程中，Oa部分的电阻变大，K端的电势变高，K端的电势高于A端的电势，电压反向，可知电流表示数变小，故B错误；C．用这三种光分别去照射图2的光电效应实验装置，只有、两种光发生光电效应，可知、两种光为跃迁到、跃迁到发出的光，根据图3可知，根据可知，可知b光的能量为根据解得，故C正确； D．图3中的a光照射阴极，光电流达到饱和时，饱和电流为，由可知每秒射出的电荷量为所以阴极每秒射出的光电子数大约个，故D错误。故选C。 9．AD【详解】A．小球受重力mg、绳子拉力T、斜面支持力N： 绳子与竖直方向成30°向左，斜面倾角30°，支持力N与竖直方向成30°向右，二力对称，故；竖直方向平衡，则有；解得，故A正确；B．整体分析可知，故B错误；C．斜面向右移动少许，小球向右移动，绳子与竖直方向夹角θ增大，对小球列平衡方程，有，；解得；绳子与竖直方向夹角θ增大，绳子拉力减小，故C错误；D．整体竖直方向受力平衡，则有；由C选项解得；θ增大时tanθ增大，Tcosθ减小，因此增大，故D正确；故选AD。 10.AD【详解】AC．假设是绝热线，是等温线，则，由，，可知 过程体积增大，则，又，由热力学第一定律可得，则，假设成立，故A正确，C错误；B．过程初末状态相同，温度不变，则，又因为过程气体对外做的功大于过程外界对气体做的功，则整个过程，则所以过程气体放出的热量小于过程气体吸收的热量，故B错误；D．整个过程气体对外界做功的大小等于曲线围成的面积，又因为整个过程，则整个过程气体吸收的热量的数值等于曲线围成的面积，故D正确。故选AD。 11．（1） C （2）D （3）D （4）2:1 【详解】（1）A．推拉活塞时，动作要缓慢，以免气体温度发生变化，故A错误；B．活塞移至某位置时，要等稳定后记录此时注射器内气柱的长度和气体的压强值，故B错误；C．推拉活塞时，手不可以握住注射器气体部分，以免气体的温度发生变化，故C正确；D．实验时注射器内的气体不可以向外泄漏，故D错误。故选C。 （2）A．实验时注射器活塞与筒壁间的摩擦力不断增大，不会影响气压与体积，故A错误； B．实验时环境温度升高了，根据理想气体状态方程可知，pV乘积变大，故B错误；C．封闭气体压强与外界大气压强无关，故C错误；D．实验时若注射器内的气体向外发生了泄漏，根据理想气体状态方程常数C与质量有关，质量变小，则pV乘积减小，故D正确。故选D。 （3）根据玻意耳定律得解得当V0趋近于零时，有即该双曲线的渐近线方程为由此可知，图线应向下弯曲。故选D。 （4）根据理想气体状态方程可知可知，图像的斜率正比于气体质量，所以质量之比等于斜率之比2:1。 12．（1）AC （2）0.74（0.72~0.76） （3）（4）1.59（1.52~1.61） （5）C 【详解】（1）A．连接重物和小车的细线应与长木板保持平行，A正确；B．该实验不需要平衡摩擦力，B错误；C．小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释放小车，以充分利用纸带，C正确；D．选择计数点时，要从点迹清晰的点开始选取，不一定必须从纸带上第一个点开始，D错误。故选AC。 （2）计数点3的速度大小为 （3）做出v-t图像如图；（4）由图像可知加速度 （5）A．根据任意两个计数点的速度，用公式算出加速度，偶然误差较大，故A错误；BC．根据实验数据画出v-t图像，图像的斜率表示加速度，选取图线上相距较远的两个点，用公式算出加速度。由于v轴和t轴选取的标度不同时，图像的倾角就会不同，所以不能由公式a=tanθ算出加速度，故B错误，C正确；D．依次选择2个计数点速度计算出多个加速度，算出这些加速度的平均值，根据，，，……，然后可得最后实际只用到了两点的值，这种方法不利于降低偶然误差，故D错误。故选C。 13．(1) (2) 【详解】（1）根据光的折射定律有解得光线射入圆柱时的折射角为 （2）光在玻璃圆柱内的光路图如图所示：由几何关系可得光线在圆柱内的长度为 则由可得光在圆柱内的传播速度为；所以解得光线从射入圆柱至射出时的时间为 14．（1）,（2） 【详解】（1）设初态时，缸内气体压强为，细线拉力为，活塞A、B的平衡条件分别是；已知,,可得, （2）当缸内气体温度升高时，A、B活塞将向上移动，要使缸内气体不漏出，活塞B不能超过两圆筒连接处，临界状态为活塞B刚好到达两圆筒连接处，由受力分析可知，此过程缸内气体压强不变，做等压变化，初始状态,末状态由盖-吕萨克定律知代入数据解得 15．（1） （2） （3） 【详解】（1）假设在汽车匀加速行驶的阶段，智驾系统已停止第一次报警，设两车出发后经时间，智驾系统刚停止第一次报警，则有解得（另一解舍去）因为，所以假设成立，则有解得 （2）出发后经时间，两车间的距离解得因为，所以在汽车刚开始匀速行驶时，智驾系统尚未第二次报警，汽车匀速行驶的速度大小解得设两车出发后经时间，智驾系统开始第二次报警，则有解得又解得 （3）汽车在紧急制动阶段的加速度随时间线性变化，其运动的图像与时间轴围成的面积表示汽车速度的变化量，从汽车紧急制动起在时间内，汽车的速度变化量大小 从汽车开始紧急制动计时，汽车的速度随时间变化的规律为从汽车开始紧急制动计时，在时间内，汽车行驶的距离将代入上式，可得 2 5 学科网（北京）股份有限公司 $