精品解析：2026年四川省绵阳中学英才学校九年级中考考前预测物理试卷

2026年初中2023级中考第三次模拟考试 物理试卷 一、选择题（本题包括13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求） 1. 二手烟对人们的危害非常严重，能导致多种疾病乃至癌症的产生，因此学校明文规定：“学校内禁止吸烟”，这样就可以避免同学们吸二手烟．该规定的科学依据是 A. 一切物体都是由分子组成的 B. 分子在不停地做无规则的运动 C. 分子之间存在相互作用力 D. 有的分子之间只有引力，有的分子之间只有斥力 2. 抖空竹是中国民间传统游戏之一，宋代《梦粱录》中就有其详细记载。如图，空竹圆轮以竹木制成，其外侧开有若干方形哨口，哨口内有大小不同的气腔，因其转动时会发出嗡嗡声，又名“空钟”。下列说法不正确的是（　　） A. 空竹发出的声音是通过空气传入人耳的 B. 空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的 C. 气腔内空气振动越快，声音传播速度越大 D. 气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大 3. 石家庄市某中学八年级学生开展了“探究厨房中的物态变化”的跨学科实践，如图所示，小明同学煮好饭后提起锅盖，发现水从锅盖内侧流下，锅盖内的水经历的物态变化是（　　） A. 先凝固后熔化 B. 先汽化后液化 C. 先汽化后凝固 D. 先升华后凝华 4. 温室效应主要是由于现代化工业社会过多燃烧煤炭、石油和天然气以及大量排放汽车尾气等原因造成的。温室效应会使地球的表面温度升高，将会导致地球两极冰雪融化，使得海平面上升。两极冰雪融化的过程中，下列说法合理的是（　　） A. 冰雪温度很低，不具有内能 B. 冰雪吸收热量，温度不一定升高 C. 冰雪熔化是因为空气温度比冰雪高 D. 温室效应通过做功改变冰雪内能 5. 利用图甲所示的实验装置来探究冰的熔化规律，根据实验数据画出冰熔化过程的“温度—时间”图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A. 试管中装上适量碎冰进行实验，因为碎冰比大块冰的比热容小，熔化的更快 B. 实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，说明冰的熔点为-3℃ C. 由图乙可知，在的时间内碎冰停止吸热 D. 时间内的温度变化比时刻后的温度变化快，原因是水的比热容比冰的大 6. 如图所示，平面镜竖直放置在水平面上，一支直立的铅笔从平面镜前40cm处，以5cm/s的水平速度垂直向平面镜匀速靠近，下列说法正确的是（ ） A. 铅笔在平面镜中所成的像逐渐变大 B. 经过2s，铅笔与它的像之间的距离变为20cm C. 铅笔的像相对于平面镜的速度为10cm/s D. 若平面镜顺时针转至图中虚线位置，铅笔的像将与铅笔垂直 7. “强行透视法”是一种富有创意的拍摄技巧。拍摄时，让两个物体离镜头远近不同，再调整拍摄角度，使两物体的像在同一张照片中呈现出有趣的效果。如图，是利用该技巧拍摄的照片，下列说法正确的是（　　） A. 照相机镜头对光有发散作用 B. 拍摄该照片时，花比人更靠近照相机镜头 C. 花和人通过照相机镜头成的是正立、缩小的实像 D. 若要使花的像更大一些，可将花移到照相机镜头一倍焦距之内 8. 甲、乙两车在同一平直公路上沿同一方向运动，甲、乙两车的路程s随时间t变化的图像如图所示。下列说法中正确的是（ ） A. 甲、乙两车是从同一位置开始出发的 B. 甲做变速直线运动，乙车的运动速度是先快后慢 C. 在t1到t2时间内，甲、乙两车通过的路程相等 D. 在0到t2时间内，甲、乙两车的平均速度相等 9. 如图所示，用甲、乙、丙三种简单机械分别提起同一重物G，已知滑轮重20N，杠杆（OB=2OA）重10N，手的拉力始终沿竖直方向，忽略绳重及摩擦，下列说法错误的是（　　） A. 甲图：该装置不省力也不省距离 B. 乙图：该装置的机械效率是三者中最低的 C. 丙图：在匀速拉动物体上升的过程中，拉力F3逐渐变小 D. 若提升的物体越重，乙、丙的机械效率就会越高 10. 2024年6月2日，“嫦娥六号”着陆器和上升器的组合体（简称着上组合体）平稳软着陆月背南极。如图，是着上组合体通过调节发动机推力进行落月操作的画面。落月过程大致分为主减速段、悬停段和缓速下降段等几个阶段。下列说法正确的是（ ） A. 在主减速段，着上组合体的机械能不变 B. 在悬停段，着上组合体不受力的作用 C. 平稳软着陆后，着上组合体的惯性消失 D. 着上组合体的四只“大脚”可减小对月球表面的压强 11. 如图所示是坐位体前屈测量仪，测试时根据挡板停留在刻度尺上的位置读数即可。晓晨利用电表等器材对该测量仪进行改进，使电表的示数随着挡板被推动距离的增大而增大。下列电路设计符合要求的是（　　） A. B. C. D. 12. 图甲是一种汽车尾气排放检测电路，当尾气浓度高于某一设定值时，电铃报警；气敏电阻R1的阻值与尾气浓度之间的关系如图乙所示，下列分析正确的是（　　） A. 电磁铁通电后，线圈上端为N极 B. R1的阻值随尾气浓度的增大而增大 C. 检测时保持R2滑片位置不变，当尾气浓度变大时，R1两端电压变大 D. 为使尾气浓度更低时报警，应将R2滑片适当上移 13. 如图甲所示，电源电压保持不变，为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为。电压表量程为，电流表量程为。在保证电路各元件安全的前提下，电压表的示数随滑动变阻器阻值变化的关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（ ） A. 电源电压为 B. 定值电阻阻值为 C. 电路的最小功率为 D. 电流表示数变化范围为 二、填空题（共5小题，每空2分，共计20分） 14. 在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向向右拉动一个物块，当弹簧测力计的示数为10N时，物块做匀速直线运动，此时物块受到的滑动摩擦力是______N；当弹簧测力计的示数增大到14N时，物块受到的滑动摩擦力是______N。 15. 小华家使用的是天然气热水器，他尝试估测该热水器的效率，以核对铭牌上的数值是否准确。当只有该热水器使用天然气时。把40L的水从15℃加热到40℃，天然气表的示数由2365.89m3变为2366.05m3，已知水的比热容c=4.2103J/（kg·），天然气的热值q=3.5107J/m3，则水吸收的热量是______J；该热水器的效率是______。 16. 视力正常的小明把凸透镜贴近眼睛，观察远处的房屋，眼前“模糊”了，此时来自远处房屋的光会聚在视网膜的_______（选填“前”或“后”）方。当他伸直手臂时，如图所示，通过凸透镜观察到房屋清晰的倒立像，像的位置在凸透镜的 ______（选填“左”或“右”）侧。 17. 如图所示，40g的金属小球从导轨a处静止下滑，依次经过b处、c处，到达d处时恰好停下。则小球从a到b，重力做功____________ J，从a到d，小球损耗的机械能为__________J 18. 如图所示的电路中，电流表量程0~3A，电压表量程0~15V，电源电压保持不变，定值电阻的阻值为R0，灯丝电阻为RL，忽略温度对灯丝电阻的影响，R0︰RL＝1︰2，先将单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，电压表示数为6V；只闭合开关S2、S4，滑片P移至中点时，电压表示数为2V。再将单刀双掷开关S3拨至触点b，只闭合开关S1、S2时，电流表示数为0.3A。电源电压为_____V，电路的最大功率为______W。 三、实验探究题（共3小题，空每空2分，共计20分） 19. 小明在“测量小车的平均速度”实验中，使小车从带刻度尺的斜面上静止下滑，如图甲。 （1）请根据图中信息回答： sAC＝_____ cm，小车在AC段平均速度vAC＝ ____m/s。 （2）图乙中能正确反映小车在斜面上运动情况的是图 。 A. B. C. D. （3）小球在AC段运动过程中，经过时间tAC中点时的速度为v1，经过路程sAC中点时的速度为v2，则v1______v2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 20. 在“探究光的反射规律”实验中，平面镜水平放置于桌面上，E、F是两块可以绕接缝ON翻折的白色硬纸板。 （1）多次改变入射光的方向并描绘光的传播路径，用量角器量出每组反射角与入射角的大小并记入表格，可得结论：光反射时，___________ 。 （2）当若入射光束AO绕O点顺时针旋转，将观察到反射光束OB在平面镜中所成的像绕O点_______时针旋转。 （3）如图所示，实验过程中进行下列哪项操作后，在白板上仍可以看到反射光 。（填序号） A. 如图乙所示，将白板的右半部分B向后翻折 B. 如图丙所示，将白板与入射光束一起以ON为轴旋转 C. 如图丁所示，将白板与入射光束一起以CD为轴向后倾 21. 用图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个（铭牌上分别标有甲：“5Ω 3A”，乙：“20Ω 2A”，丙：“50Ω 1.5A”），电流表、电压表、开关各一个，阻值为10Ω的电阻一个，导线若干。 （1）闭合开关后，电流表和电压表示数均为0，移动滑片P，两表指针均不偏转；将与电压表“﹣”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则可能是________________。 （2）排除故障后，重新开始实验，探究电流与电压的关系。闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A。移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表的示数U和对应的电流表的示数I；以电流I为纵坐标、电压U为横坐标，采用描点的方式，画出I﹣U图像，如图乙所示。依据图像，得到的结论是：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，实验中选用的滑动变阻器是 ______（选填“甲”“乙”或“丙”），电源电压为________V。 四、计算题（共2小题，22题9分，23题12分） 22. 有种饭菜保温板如图甲，利用温控开关能根据设定温度自动在加热和保温之间切换，使得食物能够长时间保持在最佳进食温度，它的工作原理图如图乙所示，S是温控开关，查看铭牌可知：额定电压220V，加热功率400W，保温功率100W。求： （1）在保温状态下，保温板lh消耗的电能； （2）保温板电路中R1和R2阻值； （3）因用电高峰，电压降到198V，保温板处于加热状态时的实际电功率。 23. 底面积S为200cm2的柱形薄壁容器中装有适量的水，放置在水平桌面上，将体积V为103cm3的正方体物块用细线吊着浸入水中，当物块有一半体积浸在水中时，此时水面高度h为25cm，细线对物块竖直向上的拉力F为1N，如图所示。已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求： （1）物块一半体积浸在水中时，物块受到的浮力F浮； （2）物块所受的重力G物； （3）若剪断细线，物块静止后水对容器底的压强p； （4）从剪断细线到物块静止，物块所受重力对物块做功W。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年初中2023级中考第三次模拟考试 物理试卷 一、选择题（本题包括13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求） 1. 二手烟对人们的危害非常严重，能导致多种疾病乃至癌症的产生，因此学校明文规定：“学校内禁止吸烟”，这样就可以避免同学们吸二手烟．该规定的科学依据是 A. 一切物体都是由分子组成的 B. 分子在不停地做无规则的运动 C. 分子之间存在相互作用力 D. 有的分子之间只有引力，有的分子之间只有斥力 【答案】B 【解析】 【详解】由于烟分子做无规则运动，在空气中进行扩散，所以只要有一个人吸烟，校园其他地方也会充满烟味，使其他同学吸到二手烟，吸烟有害健康，所以不要在学校吸烟，故B正确． 故选B． 2. 抖空竹是中国民间传统游戏之一，宋代《梦粱录》中就有其详细记载。如图，空竹圆轮以竹木制成，其外侧开有若干方形哨口，哨口内有大小不同的气腔，因其转动时会发出嗡嗡声，又名“空钟”。下列说法不正确的是（　　） A. 空竹发出的声音是通过空气传入人耳的 B. 空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的 C. 气腔内空气振动越快，声音传播速度越大 D. 气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大 【答案】C 【解析】 【详解】A．声音的传播需要介质，空竹发出的声音是通过空气传入人耳的，故A正确，不符合题意； B．声音是由物体振动产生的，空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的，故B正确，不符合题意； C．气腔内空气振动越快，发出声音的频率越高，音调越高，但传播速度不一定越大，因为影响声音传播速度的因素是传声的介质和温度，故C错误，符合题意； D．响度与振动幅度有关，气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大，故D正确，不符合题意。 故选C。 3. 石家庄市某中学八年级学生开展了“探究厨房中的物态变化”的跨学科实践，如图所示，小明同学煮好饭后提起锅盖，发现水从锅盖内侧流下，锅盖内的水经历的物态变化是（　　） A. 先凝固后熔化 B. 先汽化后液化 C. 先汽化后凝固 D. 先升华后凝华 【答案】B 【解析】 【详解】锅中的水先汽化为水蒸气，遇到冷的锅盖液化成了小水珠，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 4. 温室效应主要是由于现代化工业社会过多燃烧煤炭、石油和天然气以及大量排放汽车尾气等原因造成的。温室效应会使地球的表面温度升高，将会导致地球两极冰雪融化，使得海平面上升。两极冰雪融化的过程中，下列说法合理的是（　　） A. 冰雪温度很低，不具有内能 B. 冰雪吸收热量，温度不一定升高 C. 冰雪熔化是因为空气温度比冰雪高 D. 温室效应通过做功改变冰雪内能 【答案】B 【解析】 【详解】A．一切物体都有内能，冰雪温度很低，仍然具有内能，故A不符合题意； B．冰雪是晶体，有一定的熔点，在熔化过程中吸收热量，温度不变，故B符合题意； C．地球两极温度很低，通常低于冰雪的熔点，冰雪熔化主要是吸收了太阳热辐射的能量，故C错误； D．做功和热传递都可以改变物体的内能，温室效应通过热传递改变冰雪内能，故D错误。 故选 B。 5. 利用图甲所示的实验装置来探究冰的熔化规律，根据实验数据画出冰熔化过程的“温度—时间”图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A. 试管中装上适量碎冰进行实验，因为碎冰比大块冰的比热容小，熔化的更快 B. 实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，说明冰的熔点为-3℃ C. 由图乙可知，在的时间内碎冰停止吸热 D. 时间内的温度变化比时刻后的温度变化快，原因是水的比热容比冰的大 【答案】D 【解析】 【详解】A．将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做不仅可以使碎冰受热均匀，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的状态，故A错误； B．图丙中温度计的分度值是1℃，液面在0刻度以下第3格，所以读数为-3℃，说明某时刻冰的温度是-3℃，而不是冰的熔点为-3℃，故B错误； C．图乙中的时间内，冰在熔化过程中，冰在吸收热量，温度保持0℃不变，故C错误； D．取0至t1时段与t2时刻后一段相等时间观察，则吸热相等，物质由固态冰变为液态水的过程中质量保持不变，水的比热容比冰大，由 知道，升高的温度不同，水升温比冰要慢，故D正确。 故选D。 6. 如图所示，平面镜竖直放置在水平面上，一支直立的铅笔从平面镜前40cm处，以5cm/s的水平速度垂直向平面镜匀速靠近，下列说法正确的是（ ） A. 铅笔在平面镜中所成的像逐渐变大 B. 经过2s，铅笔与它的像之间的距离变为20cm C. 铅笔的像相对于平面镜的速度为10cm/s D. 若平面镜顺时针转至图中虚线位置，铅笔的像将与铅笔垂直 【答案】D 【解析】 【详解】A．平面镜所成的像与物体大小是相等的，物体大小不变，像的大小也不变，故A错； B．经过2s，物体向前移动了10cm，铅笔到平面镜的距离变为30cm，此时铅笔与它的像的距离变为60cm，故B错； C．像相对于镜面的速度与物体相对于镜面的速度是相等的为5cm/s，故C错； D．根据平面镜成像与物体的对称性可知，若平面镜顺时针转至图中虚线位置，铅笔的像将与铅笔垂直，故应选D． 7. “强行透视法”是一种富有创意的拍摄技巧。拍摄时，让两个物体离镜头远近不同，再调整拍摄角度，使两物体的像在同一张照片中呈现出有趣的效果。如图，是利用该技巧拍摄的照片，下列说法正确的是（　　） A. 照相机镜头对光有发散作用 B. 拍摄该照片时，花比人更靠近照相机镜头 C. 花和人通过照相机镜头成的是正立、缩小的实像 D. 若要使花的像更大一些，可将花移到照相机镜头一倍焦距之内 【答案】B 【解析】 【详解】A．照相机镜头相当于一个凸透镜，凸透镜对光有会聚作用。故A错误； B．“强行透视法”利用了凸透镜成实像时“物远像小，物近像大”的规律。照片中，人的像很小，花的像很大，说明人离镜头较远，花离镜头较近。故B正确； C．根据凸透镜成像规律，花和人通过照相机镜头成的都是倒立、缩小的实像。故C错误； D．若要使花的像更大一些，根据凸透镜成实像时“物近像大”的规律，应将花靠近镜头。但照相机是利用物体在凸透镜二倍焦距以外成倒立、缩小实像的原理工作的，若将花移到照相机镜头一倍焦距之内，将成正立、放大的虚像，无法在感光元件（如底片或CCD）上成像。故D错误。 故选B。 8. 甲、乙两车在同一平直公路上沿同一方向运动，甲、乙两车的路程s随时间t变化的图像如图所示。下列说法中正确的是（ ） A. 甲、乙两车是从同一位置开始出发的 B. 甲做变速直线运动，乙车的运动速度是先快后慢 C. 在t1到t2时间内，甲、乙两车通过的路程相等 D. 在0到t2时间内，甲、乙两车的平均速度相等 【答案】C 【解析】 【详解】A．由图可知，时，甲车在距离起点位置，乙车在起点位置，两车出发位置不同，故A错误； B．s-t图像中，倾斜直线代表匀速直线运动，倾斜程度越大，速度越快，甲车的图线是直线，因此甲做匀速直线运动；乙车图线的倾斜程度先大后小，速度是先快后慢，故B错误； C．由图可知，在t1到t2时间内，甲车通过的路程为 乙车通过的路程为 两车通过的路程相等，故C正确； D．在0到t2时间内，时间相同，甲车通过的路程为 乙车通过的路程为，乙车通过的路程大于甲车通过的路程，根据可知，乙车的平均速度大于甲车的平均速度，故D错误。 故选C。 9. 如图所示，用甲、乙、丙三种简单机械分别提起同一重物G，已知滑轮重20N，杠杆（OB=2OA）重10N，手的拉力始终沿竖直方向，忽略绳重及摩擦，下列说法错误的是（　　） A. 甲图：该装置不省力也不省距离 B. 乙图：该装置的机械效率是三者中最低的 C. 丙图：在匀速拉动物体上升的过程中，拉力F3逐渐变小 D. 若提升的物体越重，乙、丙的机械效率就会越高 【答案】C 【解析】 【详解】A．甲图中，该滑轮的位置是固定的，是定滑轮，使用定滑轮时不省力也不省距离，但可以改变力的方向，故A正确，不符合题意； B．根据 可知，忽略绳重及摩擦，甲图中不用克服摩擦和滑轮做额外功，该装置的机械效率最高；乙图中克服动滑轮的重力做的功为额外功，机械效率为 丙图中，克服杠杆的重力做的功为额外功，当物体被提升h时，根据数学的相似三角形知识可知，拉力端移动2h，杠杆的重心上升h，则该装置的机械效率为 可知，可得：乙装置的机械效率是三者中最低的，故B正确，不符合题意； C．丙图中，根据杠杆平衡条件可得 则 在匀速拉动物体上升的过程中，物重和杠杆重不变，阻力臂变小，动力臂也变小，根据数学的相似三角形知识可知，阻力臂与动力臂的比值是一个定值，所以拉力F3不变，故C错误，符合题意； D．若提升的物体越重，根据 以及 可知，乙、丙的机械效率就会越高，故D正确，不符合题意。 故选C。 10. 2024年6月2日，“嫦娥六号”着陆器和上升器的组合体（简称着上组合体）平稳软着陆月背南极。如图，是着上组合体通过调节发动机推力进行落月操作的画面。落月过程大致分为主减速段、悬停段和缓速下降段等几个阶段。下列说法正确的是（ ） A. 在主减速段，着上组合体的机械能不变 B. 在悬停段，着上组合体不受力的作用 C. 平稳软着陆后，着上组合体的惯性消失 D. 着上组合体的四只“大脚”可减小对月球表面的压强 【答案】D 【解析】 【详解】A．在主减速段，着上组合体的质量一定，速度减小，高度减小，因此其动能减小，重力势能减小，机械能减小，故A错误； B．在悬停段，着上组合体处于静止状态，在竖直方向上受到平衡力的作用，故B错误； C．平稳软着陆后，着上组合体同样具有惯性，惯性是物体的固有属性，无论处于何种状态物体都具有惯性，故C错误； D．着上组合体的四只“大脚”可以通过增大受力面积，从而可减小对月球表面的压强，故D正确。 故选D。 11. 如图所示是坐位体前屈测量仪，测试时根据挡板停留在刻度尺上的位置读数即可。晓晨利用电表等器材对该测量仪进行改进，使电表的示数随着挡板被推动距离的增大而增大。下列电路设计符合要求的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】A．变阻器与R串联，电压表测变阻器的电压，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变小，由分压原理，电压表示数变小，故A不符合题意； B．变阻器与R串联，电压表接在变阻器的滑片上，故电流要通过全部电阻丝，变阻器连入电路的电阻不变，由串联电阻的规律及欧姆定律可知电路的电流不变，电压表测滑片以左电阻丝的电压，当挡板被推动距离的增大时，滑片以左电阻丝变小，根据U=IR可知，电压表示数变小，故B不符合题意； C．变阻器与R串联，电流表测电路的电流，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电阻的规律可知电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流表示数变大，故C符合题意； D．电流表与R并联，R短路，电流表测电路的电流，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变大，电路的电流变小，且到电流大到一定程度时，电流表有可能损坏，故D不符合题意。 故选C。 12. 图甲是一种汽车尾气排放检测电路，当尾气浓度高于某一设定值时，电铃报警；气敏电阻R1的阻值与尾气浓度之间的关系如图乙所示，下列分析正确的是（　　） A. 电磁铁通电后，线圈上端为N极 B. R1的阻值随尾气浓度的增大而增大 C. 检测时保持R2滑片位置不变，当尾气浓度变大时，R1两端电压变大 D. 为使尾气浓度更低时报警，应将R2滑片适当上移 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据安培定则，用右手握住电磁铁的线圈，让四指指向电流的流动方向，大拇指所指的一端就是电磁铁的N极。观察图甲中电路的电流方向，可判断电磁铁通电后，线圈下端为N极，上端为S极，故A错误； B．分析图乙中气敏电阻R1的阻值与尾气浓度的关系曲线可知，R1的阻值随尾气浓度的增大而减小，故B错误； C．检测时保持R2滑片位置不变，当尾气浓度变大时， R1的阻值减小。由于R1与R2串联在电路中，根据串联电路的分压规律（电阻越大，分得的电压越大；电阻越小，分得的电压越小），R1两端的电压会变小，故C错误； D．若要使尾气浓度更低时报警，意味着当R1的阻值更大时，电磁铁能产生足够的磁性吸下衔铁，使电铃报警。根据欧姆定律，在电源电压不变的情况下，要增大电路中的电流，需减小电路的总电阻。因此，应将R2的滑片适当上移，减小R2的阻值，从而增大电路电流，使电磁铁在R1较大时能吸下衔铁，故D正确。 故选D。 13. 如图甲所示，电源电压保持不变，为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为。电压表量程为，电流表量程为。在保证电路各元件安全的前提下，电压表的示数随滑动变阻器阻值变化的关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（ ） A. 电源电压为 B. 定值电阻阻值为 C. 电路的最小功率为 D. 电流表示数变化范围为 【答案】D 【解析】 【详解】AB．分析电路可知，、串联，电压表测电压，电流表测电路电流。由乙图可知，当时，电压表示数为3V，根据串联分压原理则有 ① 当时，电压表示数为2V，根据串联分压原理则有 ② 联立①②解得，电源电压。故AB错误； CD．电路中电流最小为 则电路的最小功率为 电压表量程为，则当电压表示数最大为3V时，电流最大为 所以电流表示数变化范围为，故C错误，D正确。 故选D。 二、填空题（共5小题，每空2分，共计20分） 14. 在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向向右拉动一个物块，当弹簧测力计的示数为10N时，物块做匀速直线运动，此时物块受到的滑动摩擦力是______N；当弹簧测力计的示数增大到14N时，物块受到的滑动摩擦力是______N。 【答案】 ①. 10 ②. 10 【解析】 【详解】[1]物块做匀速直线运动时，弹簧测力计的拉力与物块所受的滑动摩擦力是一对平衡力，所以滑动摩擦力的大小等于拉力的大小，为10N。 [2]因为物块所受滑动摩擦力的大小只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，当拉力增大时，物块对水平桌面的压力不变，与水平桌面接触面的粗糙程度不变，所以滑动摩擦力的大小不变，仍为10N。 15. 小华家使用的是天然气热水器，他尝试估测该热水器的效率，以核对铭牌上的数值是否准确。当只有该热水器使用天然气时。把40L的水从15℃加热到40℃，天然气表的示数由2365.89m3变为2366.05m3，已知水的比热容c=4.2103J/（kg·），天然气的热值q=3.5107J/m3，则水吸收的热量是______J；该热水器的效率是______。 【答案】 ①. 4.2×106 ②. 75% 【解析】 【详解】[1]热水器中水的体积为 水的质量为 水吸收的热量 [2]消耗的天然气的体积为 天然气完全燃烧放出的热量为 该热水器的热效率为 16. 视力正常的小明把凸透镜贴近眼睛，观察远处的房屋，眼前“模糊”了，此时来自远处房屋的光会聚在视网膜的_______（选填“前”或“后”）方。当他伸直手臂时，如图所示，通过凸透镜观察到房屋清晰的倒立像，像的位置在凸透镜的 ______（选填“左”或“右”）侧。 【答案】 ①. 前 ②. 右 【解析】 【详解】凸透镜对光线有会聚作用，原本视力正常的眼睛看远处物体时，光线会刚好会聚在视网膜上；当凸透镜贴近眼睛后，让光线提前会聚，因此远处房屋的光会会聚在视网膜的前方，导致眼前模糊； 伸直手臂观察远处房屋时，房屋到凸透镜的距离远大于凸透镜的2倍焦距，根据凸透镜成像规律，此时会成倒立的实像，实像与物体位于凸透镜的两侧；房屋在凸透镜的左侧，因此像成在凸透镜的右侧。 17. 如图所示，40g的金属小球从导轨a处静止下滑，依次经过b处、c处，到达d处时恰好停下。则小球从a到b，重力做功____________ J，从a到d，小球损耗的机械能为__________J 【答案】 ①. 0.2 ②. 0.12 【解析】 【详解】小球质量  到的竖直高度差  重力做功 小球在处和处都静止，动能都为0，则损耗的机械能等于减少的重力势能。 a和d的高度差  则小球损耗的机械能 18. 如图所示的电路中，电流表量程0~3A，电压表量程0~15V，电源电压保持不变，定值电阻的阻值为R0，灯丝电阻为RL，忽略温度对灯丝电阻的影响，R0︰RL＝1︰2，先将单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，电压表示数为6V；只闭合开关S2、S4，滑片P移至中点时，电压表示数为2V。再将单刀双掷开关S3拨至触点b，只闭合开关S1、S2时，电流表示数为0.3A。电源电压为_____V，电路的最大功率为______W。 【答案】 ①. 18 ②. 24.3 【解析】 【详解】[1]​拨，只闭合​、，滑片在最右端 与串联，电压表测电压，电路电流 电源电压 ① 只闭合​、​，滑片在中点 与​串联，电压表测​电压，电路电流 电源电压② 由得③ 联立①②③解得，代入①得电源电压  [2]拨，只闭合、， 此时​与​串联，电流表示数，总电阻 由欧姆定律 解得，则，；电源电压不变，由可知，总电流越大，功率越大。 当开关​、、都闭合，滑片移到最左端（滑动变阻器接入电阻为0），与​并联，总电阻最小为 总电流  因此最大功率 三、实验探究题（共3小题，空每空2分，共计20分） 19. 小明在“测量小车的平均速度”实验中，使小车从带刻度尺的斜面上静止下滑，如图甲。 （1）请根据图中信息回答： sAC＝_____ cm，小车在AC段平均速度vAC＝ ____m/s。 （2）图乙中能正确反映小车在斜面上运动情况的是图 。 A. B. C. D. （3）小球在AC段运动过程中，经过时间tAC中点时的速度为v1，经过路程sAC中点时的速度为v2，则v1______v2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 【答案】（1） ①. 90.0 ②. 0.3 （2）BC （3）小于 【解析】 【小问1详解】 刻度尺的单位是dm，分度值为0.1dm，故AC段读数为9.00dm，即90.0cm； 物体在A点时间为15：35：20，在C点时间为15：35：23，故，小车在AC段平均速度为 【小问2详解】 由图可知，小车从A到B用时2s，从B到C用时1s，故小车在做加速运动，AD选项图像表示匀速运动，BC选项图像表示加速运动的，故选BC。 【小问3详解】 小车在斜面上加速，以经过B点作为参考，经过时间tAC中点时，还未到达B点，故，经过路程sAC中点时，已经过B点，故，所以。 20. 在“探究光的反射规律”实验中，平面镜水平放置于桌面上，E、F是两块可以绕接缝ON翻折的白色硬纸板。 （1）多次改变入射光的方向并描绘光的传播路径，用量角器量出每组反射角与入射角的大小并记入表格，可得结论：光反射时，___________ 。 （2）当若入射光束AO绕O点顺时针旋转，将观察到反射光束OB在平面镜中所成的像绕O点_______时针旋转。 （3）如图所示，实验过程中进行下列哪项操作后，在白板上仍可以看到反射光 。（填序号） A. 如图乙所示，将白板的右半部分B向后翻折 B. 如图丙所示，将白板与入射光束一起以ON为轴旋转 C. 如图丁所示，将白板与入射光束一起以CD为轴向后倾 【答案】（1）反射角等于入射角 （2）顺 （3）B 【解析】 【小问1详解】 根据表格数据分析可知，在光的反射现象中，反射角等于入射角，且随入射角的变化而变化。 【小问2详解】 若入射光束AO绕O点顺时针旋转，此时入射角变小，则反射角也会变小，因此反射光束OB会逆时针转，而平面镜成像中物与像关于平面镜对称，因此在平面镜中所成的像绕O点顺时针转。 【小问3详解】 A．将纸板的右半部分向后翻折，此时两个纸板不在同一平面内，而入射光线、反射光线在同一平面内，因此无法观察到反射光线。故A不符合题意； B．将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转，此时两个纸板在同一平面内，因此可以观察到反射光线，故B符合题意； C．将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒，此时入射光线所在面与右侧纸板不在同一平面内，因此无法观察到反射光线，故C不符合题意。 故选B。 21. 用图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个（铭牌上分别标有甲：“5Ω 3A”，乙：“20Ω 2A”，丙：“50Ω 1.5A”），电流表、电压表、开关各一个，阻值为10Ω的电阻一个，导线若干。 （1）闭合开关后，电流表和电压表示数均为0，移动滑片P，两表指针均不偏转；将与电压表“﹣”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则可能是________________。 （2）排除故障后，重新开始实验，探究电流与电压的关系。闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A。移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表的示数U和对应的电流表的示数I；以电流I为纵坐标、电压U为横坐标，采用描点的方式，画出I﹣U图像，如图乙所示。依据图像，得到的结论是：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，实验中选用的滑动变阻器是 ______（选填“甲”“乙”或“丙”），电源电压为________V。 【答案】（1）电流表与滑动变阻器B接线柱之间断路 （2） ①. 丙 ②. 4.2 【解析】 【小问1详解】  闭合开关后两表均无示数，说明电路是断路故障。本题中电压表正接线柱始终接在电源正极侧，将电压表负接线柱试触C点指针不偏转、试触B点指针偏转，说明B点到电源负极是通路，断路在C点和B点之间，即电流表与滑动变阻器B接线柱之间断路。 【小问2详解】 由图甲可知，电源为3节干电池串联，每节电压略小于1.5V，则电源电压应该大于3V，小于4.5V；闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知，电源电压为······① 若选用“”的滑动变阻器，最大阻值代入①式，可得，不符合题意； 若选用“”的滑动变阻器，最大阻值代入①式，可得，不符合题意； 若选用“”的滑动变阻器，最大阻值代入①式，可得，符合题意； 故实验中选用的是滑动变阻器丙，电源电压为4.2V。 四、计算题（共2小题，22题9分，23题12分） 22. 有种饭菜保温板如图甲，利用温控开关能根据设定温度自动在加热和保温之间切换，使得食物能够长时间保持在最佳进食温度，它的工作原理图如图乙所示，S是温控开关，查看铭牌可知：额定电压220V，加热功率400W，保温功率100W。求： （1）在保温状态下，保温板lh消耗的电能； （2）保温板电路中R1和R2阻值； （3）因用电高峰，电压降到198V，保温板处于加热状态时的实际电功率。 【答案】（1）；（2）121Ω，363Ω；（3）324W 【解析】 【详解】解：（1）在保温状态下，保温板lh消耗的电能 （2）当开关S接a时，电路为R1的简单电路，开关S接b时,两电阻串联，根据串联电阻的规律，开关S接a时电路的电阻较小，根据可知，此时保温板处于加热状态，R1的电阻值 当开关S接b时，两电阻串联，饮水机处于保温状态，则电路中的总电阻 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R2的电阻值 R2＝R﹣R1＝484Ω﹣121Ω＝363Ω （3）电压降到198V，保温板处于加热状态时的实际电功率 答：（1）在保温状态下，保温板lh消耗的电能； （2）保温板电路中R1和R2阻值分别为121Ω、363Ω； （3）保温板处于加热状态时的实际电功率324W。 23. 底面积S为200cm2的柱形薄壁容器中装有适量的水，放置在水平桌面上，将体积V为103cm3的正方体物块用细线吊着浸入水中，当物块有一半体积浸在水中时，此时水面高度h为25cm，细线对物块竖直向上的拉力F为1N，如图所示。已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求： （1）物块一半体积浸在水中时，物块受到的浮力F浮； （2）物块所受的重力G物； （3）若剪断细线，物块静止后水对容器底的压强p； （4）从剪断细线到物块静止，物块所受重力对物块做功W。 【答案】（1） （2） （3） （4） 【解析】 【小问1详解】 物块一半体积浸在水中时，排开水的体积为 物块受到的浮力为 【小问2详解】 物块处于静止状态，受竖直向下的重力G物、竖直向上的浮力F浮和拉力F作用，根据力的平衡条件可得，物块所受的重力为 【小问3详解】 若剪断细线，物块完全浸没时受到的浮力为 物块所受浮力大于重力，所以物块静止后会漂浮在水面上，此时受到的浮力 此时排开水的体积为 由（1）可知排开水的体积增加了 水面上升的高度为 此时水面总高度为 水对容器底的压强为 【小问4详解】 正方体物块的体积为，其边长为10cm，底面积为，剪断细线前，物块一半浸入水中，物块重心恰好在水面位置，距离容器底的高度为； 剪断细线后物块漂浮，浸入水中的深度为 此时物块底部距离容器底的高度为 物块重心距离容器底的高度为 物块重心下降的高度为 物块所受重力对物块做功为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $