福建漳州市华安县第一中学2025-2026学年高二下学期7月期末物理试题

**基本信息** 聚焦核心素养，融合科技情境与实验探究，全面覆盖高二物理主干知识，注重从概念理解到综合应用的能力梯度。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|4/16|分子动理论、弹簧振子、光的折射、机械波|基础概念辨析，如扩散现象本质、波的传播方向判断| |多选题|4/24|光的色散、动量守恒、霍尔效应、交流电|科技情境应用，如无绳跳绳霍尔计数、风力发电输电损耗分析| |填空题|3/7|LC振荡、查理定律、波的叠加|过程分析，如振荡电路能量转化、波相遇位移叠加| |实验题|2/15|单摆测g、动量守恒验证|科学探究，如单摆摆长测量、碰撞速度计算| |解答题|3/38|电磁感应、导体切割磁感线、动量能量综合|复杂问题建模，如笔弹跳过程动量守恒与动能损失计算|

2025-2026学年下学期期末考高二物理试卷 姓名：___________班级：___________座号：___________ 一、单选题（每题4分，共16分） 1．下列关于分子动理论的说法，正确的是（    ） A．只有气体才能发生扩散现象 B．悬浮颗粒越大，布朗运动越明显 C．扩散现象是由物质分子无规则运动产生的 D．时水已经结为冰，部分水分子已经停止了热运动 2．如图所示，由劲度系数的轻质弹簧与质量的小球组成的弹簧振子处于静止状态，现把小球缓慢向下拉释放并计时，小球第一次运动到最高点，重力加速度取，下列说法正确的是（     ） A．小球振动的振幅为 B．小球振动的周期为 C．小球在最高点的加速度大小为 D．取向上为正方向，小球的振动方程为 3．如图所示，一束复色光斜射到上下表面平行的玻璃砖上表面，经折射后分为两束单色光a和b。下列说法正确的是（　　） A．玻璃中a光的传播速度大于b光的传播速度 B．真空中a光的波长大于b光的波长 C．两束光从玻璃砖下表面出射时，出射角大小相等 D．增大上表面的入射角，折射光在玻璃砖的下表面可能会发生全反射 4．一机械波沿轴传播，图甲为时的波形图像，图乙为处质点的振动图像，此时、两质点的位移均为（波已传到足够远），则（　　） A．这列波向轴正方向传播，波速为 B．时，、两质点加速度相同 C．质点的振动方程为 D．时，位置坐标为 的质点向上振动 二、多选题（每题6分 共24分） 5．如图所示，一束光经玻璃三棱镜折射后分为两束单色光、，波长分别为、，在该玻璃中的传播速度分别为、，该玻璃对单色光、的折射率分别为、，则下列说法中正确的是（　　） A．， B．， C．， D．， 6．如图所示，质量为m=200 kg的小船静止在平静的水面上，船两端载着质量分别为、的甲、乙游泳者。某时刻乙游泳者向右以2 m/s（相对于岸）的水平速度跃入水中，甲游泳者始终在船上且与船相对静止，不计水对船的阻力，关于小船和甲游泳者构成的系统，下列说法正确的是（     ） A．系统获得的速度大小为1 m/s，方向水平向左 B．系统获得的速度大小为0.5 m/s，方向水平向左 C．系统受到的冲量大小为120 N·s，方向水平向右 D．系统受到的冲量大小为120 N·s，方向水平向左 7．如图甲，无绳跳绳器利用霍尔效应进行计数。其原理如图乙所示：金属材料制成的霍尔元件固定在手柄外壳内，通有从外向里的恒定电流，跳绳时，小球带动转轴旋转，转轴通过连接杆带动磁铁绕转轴做圆周运动，当磁铁靠近霍尔元件时，霍尔电压增大，当电压达到设定值时计数1次。下列说法正确的是（　　） A．磁铁绕转轴转得越快，霍尔电压越大 B．若磁铁N、S极调转，则不会产生霍尔电压 C．仅增大电流，霍尔电压最大值增大 D．仅缩小磁铁与霍尔元件的距离，霍尔电压最大值增大 8．如图甲为我国海上风力发电简化工作原理模型图，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中转动输出如图乙所示的交流电，并通过两理想变压器和远距离输电给用户供电，电压表为理想电表。下列说法正确的是（　　） A．用电高峰期相当于滑片向下移动，则电压表的示数变大 B．t=0.015s时穿过线圈的磁通量为零 C．将输电电压提高到原来的10倍，输电线路上损失的功率变为原来的 D．若风速增大时，转速增加，输电线上损失的功率增大 三、填空题（每空1分 共7分） 9．手机的信号的发射需通过振荡电路产生高频电磁振荡信号，该电路由电容器与固定自感系数的线圈构成。某时刻下，电容器极板的电荷量随时间的变化规律如图所示，该振荡电路的频率f=_______Hz；在4×10-6s~5×10-6时间内，电容器C正在_______（选填“充电”或“放电”），此时能量将由______________。（选填“磁场能转化为电场能”或“电场能转化为磁场能”） 10．夜间环境温度为时，某汽车轮胎的胎压为个标准大气压，胎内气体视为理想气体，温度与环境温度相同，体积和质量都保持不变。次日中午，环境温度升至，此时胎压为_____个标准大气压，胎内气体的内能_____（填“大于”“等于”或“小于”）时的内能。（计算时取） 11．两列简谐波沿x轴相向而行，波速均为，两波源分别位于A、B处，时的波形如图所示。这两列波相遇时_________发生干涉现象（填“一定会”、“可能”或“不可能”）；当时，M点的位移为_________cm。 四、实验题(6+9) 12．小组用单摆测量重力加速度，装置如图。 (1)游标卡尺测得摆球直径，刻度尺测得摆线长，则摆长_____（保留四位有效数字）； (2)使摆线与竖直方向夹角为（），无初速度释放摆球，摆球位于_____选填：“最高点”或“最低点”）开始计时，记录摆球做次全振动，由此测得当地重力加速度_____（取，保留三位有效数字）。 13．某实验小组用如图所示的实验装置验证动量守恒定律。调节气垫导轨水平。图中气垫导轨上有光电门1和光电门2，它们与数字计时器（图中未画出）相连，两滑块（含挡光片）的质量分别为m1和（），两遮光片沿运动方向的宽度均为d，实验时先调节气垫导轨成水平状态，滑块A静置于光电门1左侧，滑块B静置于光电门1和光电门2之间，轻推滑块A，测得A通过光电门1的遮光时间为，A与B相碰后，B和A先后经过光电门2的遮光时间分别为和。回答下列问题： (1)碰前A的速度大小vA=_________（用题中字母表示）； (2)为使B和A先后经过光电门2，应选取质量为________（选填“m1”或“”）的滑块作为滑块A； (3)若在误差范围内满足关系式 ____________（用字母m1，m2，t1， t2， t3表示），则可验证动量守恒定律。 (4)若=________（用m1、表示），则可说明该碰撞为弹性碰撞。 五、解答题(10+12+16) 14．如图所示，交流发电机的矩形金属线圈处于磁感应强度的匀强磁场中。线圈面积、匝数（图中只画出1匝）、总电阻，线圈可绕垂直于磁场且过和ad边中点的转轴以角速度匀速转动。线圈的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环 、焊接在一起，并通过电刷与阻值的定值电阻连接。电路中其他电阻忽略不计。求： (1)线圈中感应电动势的最大值； (2)电阻上的发热功率。 15．间距L=1m、足够长的两光滑水平金属导轨固定在垂直于纸面向里、磁感应强度大小B=0.2T的匀强磁场中，导轨左侧接有阻值R=3Ω的定值电阻。质量m=0.1kg、阻值r=1Ω、长度也为L的金属棒垂直于导轨放置。用水平向右的拉力拉着金属棒由静止开始做匀加速直线运动，金属棒的速度大小v1=10m/s时，拉力大小F1=0.6N。金属棒始终与导轨接触良好，不计导轨电阻，求： (1)金属棒的速度大小v1=10m/s时流过金属棒两端的电流I； (2)金属棒的加速度大小a； (3)0~8s内通过金属棒的电荷量q。 16．某种型号的笔由弹簧、内芯和外壳三部分构成。小明同学在探究这种笔的弹跳问题时，发现笔的弹跳过程可简化为三个阶段：①把笔竖直倒立于水平硬桌面上，下压外壳使其下端接触桌面（如图1所示）；②把笔由静止释放，外壳竖直上升，当速度达到某一值时，与静止的内芯碰撞，碰撞过程时间极短，碰后瞬间，内芯与外壳具有竖直向上的共同速度（如图2 所示）；③然后，内芯与外壳以相同速度一起向上运动（如图 3 所示）。 已知笔的外壳和内芯质量分别为和，外壳与内芯碰撞后一起上升的最大高度h；不计弹簧质量和空气阻力，重力加速度为g，求： （1）外壳和内芯碰撞后瞬间的共同速度大小； （2）外壳与内芯碰撞前瞬间外壳速度的大小； （3）外壳与内芯组成的系统在碰撞过程中损失的动能。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2025-2026学年下学期期末考高二物理试卷》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 C D C C BC BD CD BD 1．C 【详解】A．扩散现象是不同物质相互接触时彼此进入对方的现象，气体、液体、固体均能发生扩散，故A错误； B．悬浮颗粒越大，同一时刻撞击颗粒的分子数越多，各方向撞击作用越容易平衡，且颗粒质量越大惯性越大，布朗运动越不明显，故B错误； C．扩散现象是分子无规则热运动的宏观直接体现，由分子无规则运动产生，故C正确； D．分子热运动永不停息，温度仅影响热运动剧烈程度，结为冰时水分子仍在平衡位置附近做无规则热运动，不会停止，故D错误。 故选C 。 2．D 【详解】A．小球从平衡位置被拉至最低点，该距离即为振幅，故振幅，故A错误； B．由题意可知 解得，故B错误； C．小球做简谐运动，在最高点和最低点的加速度大小相等，根据 根据牛顿第二定律可得 解得，故C错误； D．圆频率为 振动方程为 当时， 可得 故振动方程为，故D正确。 故选D。 3．C 【详解】由图可知，a光折射角小于b光折射角，二者入射角相同，由折射定律可知，则 A．介质中光速，由得，故A错误； B．波长，由得，故B错误； C．光线从空气进入玻璃砖上表面再经下表面射回空气，因为两面平行，出射光线与入射光线方向平行，两束光入射角相等，因此两束光从玻璃砖下表面出射时，出射角大小相等，故C正确； D．全反射发生的条件是，光从光密介质射向光疏介质，且入射角大于等于临界角。 折射光在玻璃砖的下表面时，入射角，出射角，在上表面，入射角，由折射定律，为临界角，所以永远有，即下表面的入射角永远小于临界角，不可能全反射，故D错误； 故选C。 4．C 【详解】A．根据质点A的振动图像可知，t=0时刻质点A在平衡位置沿y轴正向振动，结合波形图可知，这列波向轴正方向传播，波长，周期T=12s，则波速为，A错误； B．时，质点回到平衡位置，而质点正向波谷运动，则此时两质点位移不同，则振动的加速度不相同，B错误； C．设质点的振动方程为 当t=0时y=-1cm，可知，可知 则质点的振动方程为，C正确； D．时，位置坐标为的质点在平衡位置向下振动，D错误。 故选C。 5．BC 【详解】由题图可知，光线从空气射入玻璃三棱镜时，光的偏折程度小于光的偏折程度，则玻璃对光的折射率小于对光的折射率，即，可知光的频率小于对光的频率，根据可知，光的波长大于光的波长，即；根据可知，。 故选BC。 6．BD 【详解】AB．取水平向右为正方向，对小船、甲、乙组成的系统，水平方向不受外力，动量守恒，有 代入数据解得 负号表示速度方向水平向左，故A错误，B正确； CD．对小船和甲游泳者构成的系统，由动量定理得 代入数据解得 负号表示冲量方向水平向左，大小为，故C错误，D正确。 故选BD。 7．CD 【详解】霍尔效应平衡时，洛伦兹力等于电场力，则 结合电流微观式 其中为载流子浓度，为霍尔元件厚度，为霍尔电压对应两侧的间距，整理可得霍尔电压为 A．霍尔电压仅和电流I、磁感应强度B有关，磁铁转动快慢不改变霍尔元件处的磁感应强度大小，因此霍尔电压不变，故A错误； B．磁铁N、S极调转后，仅改变磁场方向，只会改变霍尔电压的极性，仍然会产生霍尔电压，故B错误； C．根据，仅增大电流I，磁感应强度最大值不变，因此霍尔电压最大值增大，故C正确 D．缩小磁铁与霍尔元件的距离，霍尔元件处的磁感应强度B增大，因此霍尔电压最大值增大，故D正确。 故选CD。 8．BD 【详解】A．用电高峰期用户增加，并联总电阻减小，相当于滑片向下移动，升压变压器两端电压不变，降压变压器副线圈电流变大，则原线圈电流也增大，输电导线电阻两端电压增大，降压变压器原线圈两端电压减小，即电压表示数减小，故A错误； B．时，电压，为最大值，所以线圈平面与磁感线平行，穿过线框的磁通量为0，故B正确； C．将输电电压提高到原来的10倍，根据，可知输电线路上的电流变为原来的，根据输电线路上损失的功率，可知输电线路上损失的功率变为原来的，故C错误； D．若风速增大，则风轮带动线圈转动更快，发电机转速增大，感应电动势增大，输出电压增大。在变压器变比不变、用户负载不变的情况下，输电线中的电流增大。由于线路损耗功率为，所以输电线上的损失功率增大，故D正确。 故选BD。 9． 2.5×105 放电 电场能转化为磁场能 【详解】[1]从电荷量随时间变化的图像可得，振荡电路的周期 根据频率公式 ，代入计算得。 [2]在内，电容器极板的电荷量从最大值逐渐减小到0，因此电容器正在放电。 [3]LC振荡电路放电过程中，电路电流逐渐增大，磁场能增加，电容器的电场能减少，因此能量由电场能转化为磁场能。 10． 3 大于 【详解】[1]设大气压强为，根据查理定律 解得此时胎压为 [2]一定质量的理想气体的内能只与温度有关，因此气体温度升高时其内能增大，故时胎内气体的内能大于时的内能。 11． 不可能 2 【详解】[1]从波形图可得两列波的波长，，已知波速相等，根据频率公式可得，两列波频率不相等，不满足干涉的条件（频率相同的同类波），因此不可能发生干涉现象。 [2]时，波传播的距离，即A波向右传播，B波向左传播。 M点坐标，计算两列波在M点的位移叠加，A波在M点位移为，B波在M点位移为，总位移为。 12．(1) (2) 最低点 【详解】（1）单摆的摆长为 （2）[1]为减小实验计时误差，需摆球经过最低点时开始计时； 单摆周期 [3]根据单摆周期公式 可得 代入数值得 13．(1) (2)m2 (3) (4) (3分) 【详解】（1）由于遮光片宽度很小，可用平均速度近似代替瞬时速度，碰前A通过光电门1的平均速度为 （2）若要碰撞后A、B都向右运动，先后经过光电门2，需要碰撞后入射滑块A不反弹，仍向前运动，根据碰撞规律，入射滑块质量需大于被碰滑块，应选取质量为的滑块作为滑块A； （3）碰撞后，B的速度 A的速度 碰撞前B静止，总动量为，碰撞后总动量为 若动量守恒，满足 可得 （4）若为弹性碰撞，同时满足动量守恒 动能守恒 可得弹性碰撞中被碰滑块速度 联立得 14．(1) (2) 【详解】（1）线圈中感应电动势的最大值 （2）根据闭合电路欧姆定律可知线圈中电流的最大值 线圈中电流的有效值 电阻上的发热功率 15．(1)0.5A (2)5m/s2 (3)8C 【详解】（1）金属棒的速度大小v1=10m/s时，感应电动势大小为 回路中电流大小为 I=0.5A （2）根据牛顿第二定律可得 解得 （3）通过金属棒的电流为 由此可知，金属棒中的电流随时间均匀增大，则0~8s内通过金属棒的电荷量为 联立解得 16．（1）；（2）；（3） 【详解】（1）根据匀变速直线运动的规律，得 （2）外壳与内芯碰撞过程，由动量守恒定律 得 （3）外壳与内芯组成的系统在碰撞过程中损失的动能 可计算出 解得 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $