云南大理巍山彝族回族自治县第一中学2025-2026学年高三下学期期中考试物理试卷

**基本信息** 立足高三期中复习检测，以北斗卫星导航、“冰锅挑战”等真实情境为载体，融合物理观念与科学思维，通过基础概念辨析（如速度加速度）、综合模型应用（如电磁感应双棒）及实验探究（水流量测量），实现知识覆盖与能力梯度的精准匹配。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|核反应、运动学、天体运动、电磁感应等|题4结合北斗卫星考查开普勒定律，题5以“冰锅挑战”对比水平与竖直圆周运动支持力| |非选择题|5题/54分|实验（游标卡尺/电阻测量）、气体定律、动量能量、电磁感应双棒|题11探究水流量培养科学探究能力，题15双棒问题综合运动、受力与能量守恒，体现科学推理|

2025-2026学年高三年级下学期期中考试 物理 试卷 满分100分，考试时间75分钟。 第I卷(选择题，共46分) 1、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.卢瑟福用α粒子轰击氮原子核发现新核素，核反应方程为核电站反应堆中，一种典型的裂变反应为。下列说法正确的是(  ) A.卢瑟福发现新核素的核反应属于核聚变 B.核反应方程中的X是中子 C.β衰变的实质是Y转化成 X 和电子 D.铀235裂变需要吸收能量 2.关于速度和加速度，下列描述中，正确的是 （      ）  A.物体的速度变化量越大，加速度越大 B.物体的速度为零时，加速度一定为零 C.物体的速度变化越快，则加速度越大 D.物体的加速度为零时，速度一定为零 3.如图所示，物块、叠放在光滑水平面上，水平外力分别以①、②两种方式作用，两物块一起以最大加速度运动。已知以方式①运动时加速度大小为，、的质量之比为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则以方式②运动时的加速度大小为(　) A. B. C. D. 4.北斗三号卫星导航系统由24颗中圆地球轨道卫星(MEO)、3颗地球静止同步轨道卫星(GEO)和3颗倾斜地球同步轨道卫星(IGSO)共30颗卫星组成。已知地球半径为，地球表面赤道处重力加速度为，地球同步卫星到地心的距离为，中圆地球轨道卫星的周期为同步卫星周期的一半，如图所示。下列关于地球静止同步轨道卫星A、倾斜地球同步轨道卫星B与中圆地球轨道卫星C的说法正确的是(  ) A.地球静止同步轨道卫星A和倾斜地球同步轨道卫星B均相对赤道表面静止 B.卫星C和卫星B在相等的时间内扫过的面积相等 C.地球表面赤道处的重力加速度 D.某时刻B、C两卫星相距最近，则再经，两卫星间距离为 5.“冰锅挑战”是近期在长春西湖公园火爆的一种冬季汽车漂移、爬坡或脱困挑战。如图，在冰砖砌成的冰坑里驾驶汽车，挑战如何从“锅底”静止起步驶出“锅沿”。第一次汽车从坑底沿冰坑侧面逐步提速，完成若干水平面内圆周运动后沿圆周切线方向驶出冰坑；第二次汽车在竖直面内做类似荡秋千的变速圆周运动，通过逐次的能量积累最终荡出冰坑。若汽车两次均以相同的速率经过P点(图中)，则两次经过P点时汽车所受支持力大小之比为(　　) A. B. C. D. 6.如图所示，边长为、匝数为的正三角形线圈电阻为，在磁感应强度为的匀强磁场中绕转轴转动(转轴垂直于磁感线)，线圈通过滑环和电刷连接一个原、副线圈的匝数比为的理想变压器，电压表可视为理想电表。滑动变阻器的最大阻值为，初态滑片位于滑动变阻器最上端，。线圈以恒定角速度转动，则(　　) A.从图示位置开始计时，线圈产生感应电动势瞬时值的表达式为 B.滑动变阻器的滑片P从最上端向下滑动时，变压器的输出功率变大 C.初态时电压表V2示数为 D.滑动变阻器的滑片P向下滑动时，电压表V1示数变小 7.如图所示，空间存在垂直于纸面向里的匀强磁场，水平直线下方、上方的磁感应强度大小分别为、，且，一带正电的粒子P静止在直线下方与距离为d的位置。某时刻，粒子P爆炸分裂为带正电的粒子A和不带电的粒子B，已知粒子A的质量为m，电荷量为，以大小为的速度开始水平向右运动，一段时间后与粒子B相遇。不计粒子重力，磁场区域足够大。则(  ) A.粒子B的质量为 B.粒子B的速度大小为 C.两粒子相遇前，粒子A运动的时间为 D.两粒子相遇前，粒子B通过的距离为 8.用试探电荷的受力和运动情况可以探测电场中场强和电势的分布。如图甲所示，两个被固定的点电荷、，连线的延长线上有a、b、c三点，带负电。带负电试探电荷q仅在电场力作用下，时刻从a点沿着ac方向运动，其图像如图乙所示，图中、、对应试探电荷经过a、b、c三点时的速度，下列判断正确的是(　) A.电荷量可能大于 B.可能带负电 C.b点场强一定为零 D.a点电势一定高于c点电势 9.如图所示，S为位于泳池底部的一点光源，光源距水面的深度为h，从水面上看水面有光亮的圆形区域的面积为S1，水对该光的折射率为n，光在真空中的传播速度为c。下列说法正确的是(  ) A.若向泳池内注水增加水深，水面被照亮区域的面积会增大 B.若将池水换成折射率比水大的某种液体，液面被照亮区域的面积会增大 C. D.光在水中传播到圆形区域边缘的时间 10.如图所示，在倾角的光滑固定斜面底端固定了一根劲度系数为的轻质弹簧，弹簧与斜面平行，一质量为的小物块从弹簧原长位置静止释放。重力加速度为，下列说法正确的是(  ) A.小物块运动过程中的最大加速度为 B.弹簧长度最短为 C.弹簧的最大弹性势能为 D.小物块的最大动能为 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题（本题共5个小题，共54分） 11.（6分）某物理兴趣小组的同学想探究自来水管水的流量，以便改进如何节约水资源，小组同学先用游标卡尺测量水管的内径如图甲，然后打开水龙头(水龙头处管口水平)，测水在空中的运动轨迹如图乙，然后将轨迹简化为一条平滑曲线，小组同学以轨迹上的某点O为坐标原点建立如图丙所示的坐标系，重力加速度g=10m/s²，取 (1) 用游标卡尺测量水管的直径，示数如图甲所示，则水管的直径d=                  mm。 (2) A点的速度大小为                  (保留3位有效数字)。 (3) 自来水水管的流量(流量为每秒流过的水的体积)为                  (保留3位有效数字)。 12.（8分）某小组利用下列实验器材测量某一圆柱形玻璃管中自来水的电阻率(不考虑温度对阻值的影响)：管两端有密封完好的电极，管中自来水电阻约为、两节干电池、电压表V(量程3V，内阻约)、电流表A、滑动变阻器、开关、游标卡尺、导线若干。 (1) 测出装满水的玻璃管两极间的距离h；用游标卡尺测玻璃圆柱体的内径d，测量结果如图乙所示，该读数_______________cm； (2)为了保证实验能正常进行并减小测量误差，应从以下四个电路中选择_______________电路来测量自来水电阻； A. B. C. D. (3) 利用第(2)问中所选电路进行正确连接后，测得一组U、I数据：再调节滑动变阻器，重复上述测量步骤，得出一系列数据如下表所示，请在图丙的图像中标出相应坐标点并作出图线_______________； 测量序号 1 2 3 4 5 电压 0.18 0.33 0.44 0.57 0.69 电流 1.4 3.2 4.5 5.6 5.7 (4)根据图丙图线可得出该玻璃管中自来水的电阻_______________(结果保留两位有效数字)。请从系统误差的角度比较该电阻的测量值与真实值的大小，测量值___________(选填“大于”，“等于”，“小于”)真实值，并说明理由：_________。 13.（10分）如图所示，开口向上的汽缸放置在水平地面上，缸内装有一定质量的水，在水中悬浮一开口向下的圆柱形玻璃管，水在玻璃管内封闭一定质量的理想气体，玻璃管的底端与水面齐平。已知玻璃管的质量m=100g、横截面积，重力加速度取，水的密度，大气压强，汽缸横截面积足够大，玻璃管厚度可忽略，T=t+273K。 (1) 求玻璃管内气体的压强和体积。 (2) 初始时环境温度为27℃，通过缓慢升高环境温度使玻璃管底端高出水面5cm，求最终环境的温度。 14.（12分）如图所示，一颗子弹(可视为质点)以水平速度射向静止在光滑水平地面上的木块并最终留在其中，二者相对运动过程中子弹对木块的冲击力近似视为恒力，其大小为F。已知子弹质量为m，木块质量为M，不计空气阻力。求： (1)子弹相对木块静止时的速度大小； (2) 子弹和木块相对运动过程中木块的位移s； (3) 子弹和木块组成的系统损失的机械能∆E。 15.（16分）如图，两足够长平行金属导轨MN、PQ构成的平面与水平面间的夹角为，导轨间距为L=1m。在导轨平面中，有一垂直导轨的虚线边界，MPGF区域无磁场，区域直导轨平面向下、磁感应强度大小为的匀强磁场。质量分别为，的导体棒ab和cd垂直导轨放置，cd距离FG足够远，ab与导轨间无摩擦、cd与轨间的滑动摩擦因数为，ab和cd接入电路的总电阻为，导轨电阻不计，导体棒ab从轨道上距FG上方x=0.75m处由静止释放，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小，，。求： (1) 导体棒ab刚进入磁场时的速度大小； (2) 导体棒ab刚进入磁场时，cd棒的加速度大小； (3) 导体棒ab和cd在磁场中运动的最终速度大小。 2025-2026学年高三年级下学期期中考试 物理 答案 第I卷(选择题，共46分) 2、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.C【解析】核聚变是轻核结合成较重的核，卢瑟福的核反应是α粒子轰击氮核产生氧核和质子，属于人工核转变，A错误；由质量数守恒和电荷数守恒，第一个反应中，X的电荷数=7+2-8=1，质量数=14+4-17=1，故X为质子()；第二个反应中，Y的电荷数=56+36-92=0，质量数=，故Y为中子()，B错误；β衰变的实质是原子核内的中子(Y)转化为质子(X)和电子，电子作为β粒子释放，C正确；铀235裂变存在质量亏损，会释放大量能量，不需要吸收能量，D错误。故选C。 2.C【解析】由加速度的定义式，可知速度变化量大，但若时间也很长，加速度可能较小，A错误；速度为零时，加速度不一定为零，例如竖直上抛运动的最高点，速度为零，但加速度为重力加速度，B错误；加速度是反应物体速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，C正确；物体的加速度为零时，可能处于匀速直线运动状态，速度可以不为零，D错误。故选C。 3.B【解析】当、之间达到最大静摩擦力时，两者的加速度最大，第①种情况，对N做为研究对象，根据牛顿第二定律有，解得，第②种情况，对M做为研究对象，根据牛顿第二定律有，解得，故选B。 4.D【解析】由题意可知，地球静止同步轨道卫星A相对于赤道静止，倾斜地球同步轨道卫星B只是周期等于地球自转周期，相对于赤道不静止，A错误；卫星B、C不在同一轨道，二者周期相同，扫过的面积不相等，B错误；B卫星受到的万有引力完全提供向心力，根据牛顿第二定律，有，对任意地球表面赤道处的物体受力分析，由牛顿第二定律可得，联立解得，C错误；某时刻B、C两卫星相距最近，则再经，B卫星运动半周，C卫星运动一周，此时两卫星相距最远，距离为两者轨道半径之和。对于B、C卫星，由开普勒第三定律得，解得，D正确。故选D。 5.D【解析】设汽车的质量为。第一次，汽车在水平面内做匀速圆周运动，其向心力由倾斜面对汽车的支持力F₁的水平分力提供，，在竖直方向，支持力的竖直分力与重力平衡，，其中，联立解得，第二次，汽车在竖直面内做变速圆周运动，在P点时，由重力的分力与支持力的合力提供向心力，指向圆心O。在P点时，根据牛顿第二定律可得，联立，可得，即两次经过P点时汽车所受支持力大小之比为1:1。故选D。 6.D【解析】由题意可知，开始时线圈平面与磁场平行，则感应电动势瞬时值表达式为，其中线圈面积，可得，A错误；发电机的有效值，由闭合电路欧姆定律可知原线圈电压的有效值为，根据变压器原副线圈电压与匝数关系，解得副线圈电压，即电压表示数为，C错误；滑动变阻器的滑片P从最上端向下滑动时，副线圈中负载总电阻减小，由欧姆定律可知，副线圈电流增大，则原线圈电流增大，所以通过正三角形线圈的电流增大，内电压增大，则变压器原线圈输入电压减小，即电压表V1示数变小，D正确；发电机的功率不变，内电压增大，则内电阻的功率变大，变压器原线圈得到的功率变小，又变压器为理想变压器，原、副线圈的功率相等，所以变压器的输出功率变小，B错误。故选D。 7.B【解析】由题意可知，粒子A获得水平向右的速度，在磁场中做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力结合牛顿第二定律，可得，同理，根据，可得，粒子B获得水平向左的速度，在水平方向做匀速直线运动，若粒子A、B相遇，则两者的运动轨迹如图所示。 相遇前粒子A运动的总时间为，根据速度公式，根据动量守恒，得到，AC错误；B正确；根据几何关系可得，相遇前粒子B通过的距离为，D错误。故选B。 8.CD【解析】图像的切线斜率表示瞬时加速度，所以b点加速度为零，根据可知，该点场强为零，两电荷在该点产生场强等大反向，则带正电，根据，该点离Q2近，则电荷量一定小于，A、B错误C正确；a点速度大于c点速度，根据能量守恒，a点电势能小于c点电势能，粒子带负电，电势能大的地方电势低，则a点电势一定高于c点电势，D正确。故选CD。 9.AC【解析】设在水面形成的光斑的半径为，由题意可知，水面上形成的光斑边缘光线恰好发生全反射，入射角等于临界角，根据几何关系，继续向泳池内注水，增加水深h变大，由于临界角不变，被光源照亮的水面的半径R增大，被照亮区域的面积增大，A正确；根据折射率与临界角关系可知，将水换成折射率比水大的某种液体，临界角减小，根据可知，被光源照亮的液面的半径减小，被照亮区域的面积减小，B错误；由数学关系可知，由圆的面积计算公式可得，联立，解得，C正确；由几何关系可知光在水中传播到圆形区域边缘的距离，传播时间，D错误。故选AC。 10.AC【解析】小物块由静止释放后，对其受力分析，由牛顿第二定律可得，当弹簧的形变量为零时，小物块的加速度达到最大值，其最大值为，A正确；设弹簧长度最短时，其弹簧的形变量为，则小物块从释放到到达最低位置过程，由动能定理可得，由胡克定律可知，弹簧的弹力随形变量的增加而均匀增加，在运动过程中。弹簧的弹力做负功，有，解得，则此时弹簧的长度为，由于弹簧的原长未知，所以弹簧的最短长度也未知，B错误；由上述分析可知，弹簧的最大形变量为，所以弹簧的最大弹性势能为，C正确；当小物块的加速度为零时，其速度最大，此时小物块达到最大动能，由平衡条件可得，解得，小物块从释放直至速度达到最大过程，根据动能定理可得，解得，D错误。故选AC。 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题（本题共5个小题，共54分） 11. (1) (2) (3) 【解析】(1) 图甲可知，游标卡尺为20分度，则精度为0.05mm，主尺读数为42mm，游标尺上第8条刻度线与主尺对齐，故游标尺读数为0.05mm×8=0.40mm。因此，水管的直径为d=42mm+0.40mm=42.40mm。 (2) 水从管口水平流出后做平抛运动。根据图丙，O、A、B三点在水平方向相邻距离均为20cm，说明相邻两点的时间间隔相等，设为T，在竖直方向上，由匀变速直线运动的推论，解得，因为，解得水流从水龙头到O点时间，故，，解得。 (3)流量为单位时间内流过水管横截面的水的体积，流量。 12. (1) 5.020； (2) A (3) 见解析； (4)///////////，大于，电流表采用内接法，则电压的测量值大于真实值，电流的测量值等于真实值，根据可知，该电阻的测量值大于真实值。 【解析】(1)图乙中游标卡尺是20分度的，精度为0.05mm，故玻璃圆柱体的内径 (2)管中自来水的电阻约为，电压表的内阻约为，由于电流表的内阻很小，满足，因此电流表应采用内接法；由于滑动变阻器R的最大阻值为，远小于待测电阻的阻值，若采用限流式接法，电流的调节范围很小，因此滑动变阻器应采用分压式接法。故选A。 (3) 舍去偏离较远的点，让尽可能多的点落到直线上，落不到直线上的点应均匀的分布在直线两侧，则作出的U－I图线如图所示 (4) 根据欧姆定律结合图丙U－I图线可知，该玻璃管中自来水的电阻为，该实验采用电流表内接法，则电压的测量值大于真实值，电流的测量值等于真实值，由欧姆定律可知，该电阻的测量值大于真实值。 13. (1)， (2) 57℃ 【解析】(1)对玻璃管受力分析，向下受重力mg和大气压力p₀S，向上受内部气体压力p₁S。由平衡条件有 解得 对玻璃管内的水面，由液体压强公式有 解得 则玻璃管内气体的体积 (2)缓慢升高环境温度的过程中，玻璃管内气体发生等压变化，玻璃管内外水面高度差h保持不变，玻璃管向上移动。最终玻璃管内气柱长度为0.55m，初状态,体积为 末状态,体积为 由盖-吕萨克定律有 可得,即环境温度为 14. (1)； (2)； (3) 【解析】(1)由题意可知，子弹射入木块过程中，系统水平方向不受外力，系统动量守恒，根据动量守恒定律可得 解得子弹相对木块静止时的速度大小 (2)以木块为研究对象，子弹和木块相对运动过程中，根据动能定理可得 解得 (3)根据能量守恒可知，子弹和木块组成的系统损失的机械能等于系统初动能减去末动能，即 解得 15. (1)； (2)； (3)， 【解析】(1)由题意可知，导体棒从静止开始沿导轨平面向下运动到进入磁场前瞬间的过程中，只有重力做功，设导体棒刚进入磁场时的速度为，根据动能定理有 解得 (2)导体棒刚进入磁场时，根据法拉第电磁感应定律可得感应电动势为 根据闭合电路欧姆定律有 导体棒cd受到的安培力大小为 对导体棒cd受力分析，根据牛顿第二定律有 解得 (3)对两导体棒构成的系统受力分析，有 可知系统动量守恒。设导体棒和cd在磁场中运动的最终速度分别为和，根据动量守恒定律有 根据法拉第电磁感应定律可知导体棒和cd切割磁感线产生的总电动势为 根据闭合电路欧姆定律 导体棒最终匀速运动时，处于平衡状态，有 联立解得， 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $