第5单元 第17课时 分离定律在特殊情况下的应用(课时作业Word)-【高考领航】2027年高考生物大一轮复习学案（创新版）

**基本信息** 聚焦遗传学特殊现象，以分离定律为基础，系统整合复等位基因、配子致死、从性遗传等拓展内容，注重科学思维与逻辑推导 **专项设计** |模块|题量/典例|题型特征|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |基础达标练|8题（1-8）|以选择题为主，考查基本规律应用，涉及配子致死（1、2）、复等位基因（3、4、5）、从性遗传（7）|从分离定律基础到特殊遗传现象，构建“基本规律→异常情况→现象解释”逻辑链| |能力提升练|4题（9-12）|含选择与非选择，侧重综合分析与实验设计，涉及外显率（9）、核质互作（10）、遗传实验（11、12）|深化特殊遗传机制，形成“现象观察→实验验证→结论推导”探究路径，体现探究实践素养|

限时规范训练 (建议用时：30分钟　满分：50分) (选择题1～10题每题3分，共30分) [A组　基础达标练] 1．(2026·浙江杭州调研)某昆虫的一对等位基因B、b位于常染色体上，B对b为完全显性。雌性个体产生的含B基因的卵细胞有50%没有活性，雄性个体产生的含b基因的精子有50%没有活性，理论上，两个杂合亲本杂交产生后代的表型比例是(　　) A．2∶1　　　　　　 B．7∶2 C．3∶2 D．8∶1 解析：B　两个杂合亲本基因型均为Bb，父本产生两种数量相等的雄配子，含b基因的精子有50%没有活性，即参与受精的雄配子B＝2/3，雄配子b＝1/3。母本产生两种数量相等的雌配子，含B基因的卵细胞有50%没有活性，即参与受精的雌配子B＝1/3，雌配子b＝2/3，故后代的表型比例是7∶2，B符合题意。 2．(2026·山东临沂模拟)金鱼原产于中国，中国人自古以来就喜欢鱼(鱼和余同音)，而金鱼象征着有金有余。现有一较高观赏价值的金鱼突变品系，其体色为桃红带白斑(A)，野生型为翡翠绿带黄斑(a)，现用桃红带白斑品系(Aa)大量繁殖子代后发现，F1中桃红带白斑个体和野生型个体数量比不为3∶1，已知该现象产生的原因为含a基因的雄配子有2/3失活，且该等位基因A/a位于常染色体上。下列有关分析错误的是(　　) A．F1中桃红带白斑个体和野生型个体数量比为7∶1 B．该金鱼种群的A基因频率会随着杂交代数的增加而增大 C．F1个体产生的雌配子中A∶a＝5∶3 D．F1个体自由交配，F2桃红带白斑个体中杂合子所占比例为3/9 解析：D　题意显示，Aa雄性个体产生的含基因a配子1/3存活，则产生的雄配子A为3/4，a为1/4，而雌配子A、a各为1/2，根据配子棋盘法，可得野生型(aa)为1/4×1/2＝1/8，所以A_∶aa＝7∶1，A正确；2/3的a基因雄配子死亡后，改变后代分离比，基因A有更多的机会遗传下去，该金鱼种群的A基因频率会随着杂交代数的增加而增大，B正确；F1基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝3∶4∶1，F1产生的雌配子中，A的比例＝3/8＋4/8×1/2＝5/8，a的比例为1－5/8＝3/8，故雌配子中A∶a＝5∶3，C正确；F1雌性产生的可育配子为A∶a＝5∶3，可育雄配子的比例为A∶a＝5/8∶3/8×1/3＝5∶1，根据棋盘法可得出F2中AA∶Aa∶aa＝25∶20∶3，桃红带白斑个体中杂合子所占比例为占4/9，D错误。 3．(2026·河南洛阳模拟)异色瓢虫的鞘翅色斑有多种类型，已知基因型SASA表现为黑缘型，基因型SESE表现为均色型，基因型ss表现为黄底型。研究人员用这三种基因型的个体及子代进行了以下杂交实验，结果如下。 实验一：黑缘型×均色型，F1为镶嵌型，F2中黑缘型∶镶嵌型∶均色型＝1∶2∶1。 实验二：黑缘型×黄底型，F1为黑缘型，F2中黑缘型∶黄底型＝3∶1。 实验三：实验一F1×实验二F1，F2为黑缘型∶镶嵌型∶均色型＝2∶1∶1。 下列叙述错误的是(　　) A．瓢虫鞘翅色斑的遗传方式遵循孟德尔的分离定律 B．异色瓢虫种群中关于鞘翅色斑有6种基因型、4种表型 C．实验二F1与实验三F2中黑缘型个体杂交后代分离比为3∶1 D．两只异色瓢虫杂交后代可能出现4种表型的子代 解析：C　实验一：黑缘型(SASA)与均色型(SESE)杂交，后代为SASE，表现为镶嵌型，说明两基因为共显性。实验二：黑缘型(SASA)与黄底型(ss)杂交，后代为SAs，表现为黑缘型，SA对s为显性。实验三：镶嵌型(SASE)与黑缘型(SAs)杂交，后代为黑缘型(SASA)、黑缘型(SAs)、镶嵌型(SASE)、均色型(SEs)，SE对s为显性。因此SE、SA、s为一组复等位基因，群体中可形成6种基因型，4种表型，分别为SASA(黑缘型)、SESE(均色型)、SASE(镶嵌型)、ss(黄底型)、SEs(均色型)、SAs(黑缘型)，遵循孟德尔的分离规律，A、B正确；实验二F1中黑缘型个体基因型为SAs，实验三F2中黑缘型个体基因型及比例为SASA∶SAs＝1∶1，两者杂交后代表型及比例为黑缘型∶黄底型＝7∶1，C错误；若黑缘型(SAs)与均色型(SEs)杂交，则后代为镶嵌型(SASE)、黑缘型(SAs)、均色型(SEs)、黄底型(ss)，所以两只异色瓢虫杂交后代可能出现4种表型的子代，D正确。 4．(2026·福建福州模拟)我国科学家在对黑底型异色瓢虫的鞘翅色斑遗传方式进行研究时发现两种不同类型的遗传过程，请根据下列两组杂交实验过程，选出正确的实验推理(　　) A．实验一、二的F2均表现出1∶2∶1的性状分离比 B．以上决定异色瓢虫鞘翅色斑的SA、SC、SE互为等位基因 C．实验二中的F1通过基因重组，在F2中再次出现亲本类型 D．色斑形成过程中，基因的显隐关系很可能表现为SC>SA>SE 解析：B　实验一黑缘型×二窗型，F1(基因型为SCSA)为二窗型(与基因型为SCSC颜色相同，说明SC对SA为显性)，F1自交，F2的表型及其比例为二窗型∶黑缘型＝3∶1；实验二黑缘型×均色型，F1(基因型为SESA)为新类型(与基因型为SESE颜色不相同)，F1自交，F2的表型及其比例为黑缘型∶新类型∶均色型＝1∶2∶1，A错误；上述杂交现象说明控制瓢虫鞘翅色斑类型的SA、SE、SC为复等位基因，位于一对同源染色体上的相同位置上，瓢虫的鞘翅色斑类型的遗传遵循孟德尔的分离定律，B正确；实验二中的F1(SESA)由于等位基因分离(而不是基因重组)产生两种类型的配子(SE和SA)，雌雄配子结合导致F2中再次出现亲本类型(SESA)，C错误；由实验一可知SC>SA，但实验二中基因型为SESE颜色为均色型、基因型为SESA为新类型，基因型为SASA为黑缘型，无法判断SA和SE的显隐性关系，D错误。 5．(2026·湖南岳阳模拟)自交不亲和性是指某一植物的雌雄两性机能正常，但不能进行自花传粉或同一品系内异花传粉的现象。在烟草中至少有15个自交不亲和基因(S1、S2……S15)构成一个复等位基因系列(位于一对常染色体上的相同位置)。当花粉落到柱头上时，只要花粉的基因与柱头的某个基因相同，那么花粉的萌发就受到阻抑，不能参与受精，导致不育，如图所示。下列叙述错误的是(　　) A．S1、S2……S15的遗传遵循基因的分离定律 B．对烟草进行杂交实验时，不需要对母本进行“去雄”操作 C．若某小岛烟草的自交不亲和基因只有S1、S2、S3三种基因，则该群体有3种基因型 D．不同基因型的个体正交与反交的结果一定相同 解析：D　S1、S2……S15属于复等位基因，位于一对常染色体上的相同位置，因此其遗传遵循基因的分离定律，A正确；对烟草进行杂交实验时，不需要对母本进行“去雄”操作，因为雄配子不能给相同基因型的雌配子授粉，B正确；若某小岛烟草的自交不亲和基因只有S1、S2、S3三种基因，则该群体有3种基因型，即S1S2、S2S3、S1S3，C正确；因为雄配子不能给相同基因型的雌配子授粉，故不同基因型的个体正交与反交的结果可能不相同，D错误。 6．(2026·湖南长沙模拟)油菜花有黄花、乳白花和白花三种，受一对等位基因A/a控制，A基因是一种“自私基因”，杂合子在产生配子时，A基因会使体内含a基因的雄配子一半致死。选择黄花(AA)植株和白花(aa)植株杂交，正反交结果均为F1全部开乳白花，F1植株自交得F2。下列叙述正确的是(　　) A．A基因杀死部分雄配子，故基因A/a的遗传不遵循分离定律 B．根据F1油菜植株的花色可知，A基因对a基因为完全显性 C．F1自交，F2油菜植株中，黄花∶乳白花∶白花＝3∶2∶1 D．以F1乳白花植株作父本，其测交后代中乳白花占2/3 解析：D　A基因杀死部分雄配子，但基因A/a的遗传遵循分离定律，A错误；选择黄花(AA)植株和白花(aa)植株杂交，正反交结果均为乳白花(Aa)，说明A基因对a基因为不完全显性，B错误；F1自交，根据题干信息，杂合子在产生配子时，A基因会使体内含a基因的雄配子一半致死，则F1产生的雄配子的种类及比例为A∶a＝2∶1，雌配子的种类及比例为A∶a＝1∶1，后代黄花(AA)∶乳白花(Aa)∶白花(aa)＝2∶3∶1，C错误；以F1乳白花植株作父本，产生的雄配子的种类及比例为A∶a＝2∶1，与aa个体测交，后代中乳白花(Aa)∶白花(aa)＝2∶1，乳白花占2/3，D正确。 7．(2025·安徽蚌埠三模)从性遗传是指由常染色体上基因控制的表型受个体性别影响的现象。某种动物的毛色有黄色和白色，分别由基因B、b控制，且纯合白毛(雌性)×纯合白毛(雄性)→白毛(雌性)、黄毛(雄性)。下列说法错误的是(　　) A．亲本中雌性和雄性的基因型分别是BB、bb B．基因型为bb的雌、雄个体的表型没有差异 C．只有基因型为BB、Bb的雄性个体表现为黄色 D．子一代雌雄个体相互交配，后代表型比为黄毛∶白毛＝3∶2 解析：D　某种动物的毛色有黄色和白色，分别由基因B、b控制，纯合白毛(雌性BB)×纯合白毛(雄性bb)→白毛(雌性Bb)、黄毛(雄性Bb)，亲本中雌性和雄性的基因型分别是BB、bb，A正确；基因型为bb的雌、雄个体的表型没有差异，均为白色，B正确；只有基因型为BB、Bb的雄性个体表现为黄色，其他均为白色，C正确；子一代雌雄个体(Bb)相互交配，后代表型比为黄毛(BB、Bb的雄性)∶白毛(BB、Bb的雌性、 bb的雌雄性)＝3∶5，D错误。 8．(2026·湖北武汉模拟)研究发现，具有一对相对性状的纯合子进行正反交实验，结果如下： 实验一：♀甲×♂乙→F1呈甲性状。 实验二：♂甲×♀乙→F1呈乙性状。 不考虑基因突变和染色体变异等，为解释这一现象，某生物兴趣小组的同学提出如下假说： 假说1：该对性状由细胞核内的遗传物质控制，甲为显性性状，个体的性状由母体的基因型决定，不受自身基因型的支配，即母性效应。 假说2：该对性状由细胞质内的遗传物质控制，即细胞质遗传，特点为母系遗传。 下列分析正确的是(　　) A．母性效应和细胞质遗传均遵循孟德尔遗传定律 B．将实验一的F1自交得到F2，若F2全为甲性状，则假说2正确 C．将实验二的F1自交得到F2，若F2全为甲性状，则假说2正确 D．将C中F2自交得到F3，若F3出现3∶1的分离比，则假说1正确 解析：D　母性效应受核基因控制，遵循孟德尔遗传定律；母系遗传为细胞质遗传，不遵循孟德尔遗传定律，A错误。若假说1正确，假设甲的基因型为AA，乙的基因型为aa，让F1(Aa)自交得F2，实验一和实验二的F2均表现为甲性状(F1都是Aa)；若假说2正确，实验一的F1、F2均表现为甲性状，实验二的F1、F2全为乙性状，故实验一的F1自交得到F2，若F2全为甲性状，无法判断是母性效应还是母系遗传；将实验二的F1自交得到F2，若F2全为甲性状，说明假说1正确，B、C错误。若假说1正确，母性效应遵循孟德尔遗传定律，假设实验二中甲的基因型为AA，乙的基因型为aa，让F1(Aa)自交得F2，F2的基因型为1AA∶2Aa∶1aa，F2自交得到的F3表现与各自母本一致，即为甲性状∶乙性状＝3∶1，若假说2成立，实验二的F1、F2、F3全为乙性状，D正确。 [B组　能力提升练] 9．(2026·江苏南京模拟)外显率是指一定环境条件下，群体中某一基因型个体表现出相应表型的百分率。黑腹果蝇的正常翅脉(I)和间断翅脉(i)是一对相对性状，基因型为II和Ii的个体外显率为100%，基因型为ii的个体90%表现为间断翅脉，10%表现为正常翅脉。一对黑腹果蝇杂交后，F1中正常翅脉个体占31/40，间断翅脉个体占9/40。饲养果蝇的环境条件始终不变，下列相关叙述错误的是(　　) A．该饲养条件下，基因型为ii的个体外显率为10% B．这对黑腹果蝇的表型均为正常翅脉，且均为杂合子 C．F1正常翅脉个体中，纯合子所占比例为11/31 D．F1随机交配，所得F2中正常翅脉个体仍占31/40 解析：A　根据外显率的定义可知，基因型为ii的个体90%表现为间断翅脉，10%表现为正常翅脉，即基因型为ii的个体外显率为90%，A错误；一对黑腹果蝇杂交后，F1中正常翅脉∶间断翅脉≈3∶1，说明两亲本均为杂合子，而杂合子的个体外显率为100%，即表型为正常翅脉，B正确；亲本基因型为Ii×Ii，子代中II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，由于基因型为ii的个体外显率为90%，所以F1正常翅脉个体中，纯合子所占比例为11/31，C正确；F1随机交配，所得F2中II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，因此，所得F2中正常翅脉个体仍占31/40，D正确。 10．(2026·山东威海统考)水稻存在雄性不育基因：R(雄性可育)对r(雄性不育)为显性，是存在于细胞核中的一对等位基因；N(雄性可育)与S(雄性不育)是存在于细胞质中的基因；只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时，个体才表现为雄性不育。下列有关叙述正确的是(　　) A．R、r和N、S的遗传遵循基因的自由组合定律 B．水稻种群中雄性可育植株共有6种基因型 C．母本S(rr)与父本N(rr)的杂交后代均为雄性不育 D．母本S(rr)与父本N(Rr)的杂交后代均为雄性可育 解析：C　基因的自由组合定律适用于真核生物的细胞核基因遗传，细胞质中基因的遗传不遵循自由组合定律，A错误；由题意分析可知，只有S(rr)表现为雄性不育，其他均为雄性可育，即水稻种群中雄性可育植株共有5种基因型，B错误；细胞质遗传的特点是所产生的后代细胞质基因均来自母本，而细胞核基因遗传遵循分离定律，因此母本S(rr)与父本N(rr)杂交，后代细胞质基因为S，细胞核基因为rr，即产生的后代均为雄性不育，C正确；母本S(rr)与父本N(Rr)杂交，后代的基因型为S(Rr)、S(rr)，即后代一半雄性可育，一半雄性不育，D错误。 11．(10分)(2026·河北唐山模拟)通常雌鸡的羽毛宽、短、钝且直，叫母羽；雄鸡的羽毛细、长、尖且弯曲，叫雄羽。所有的雌鸡都只具有母羽，而雄鸡可以有母羽也可以有雄羽。鸡的这种羽毛性状由位于常染色体上的一对等位基因控制(用H、h表示)。现用一对母羽亲本进行杂交，发现子代中的雌鸡都为母羽，而雄鸡中母羽∶雄羽＝3∶1。请回答下列问题： (1)亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为___________。母羽和雄羽中显性性状是______________。 (2)在子代中，母羽鸡的基因型为______________。将子代的所有雌鸡分别和雄羽鸡杂交，理论上后代雄鸡的表型及比例是____________________。 (3)现有各种表型鸡的品种，为进一步验证亲本中的雌鸡是杂合子，请另行设计一组杂交实验，用遗传图解表示(需写出配子和F1中雄鸡表型及比例)。 解析：(1)亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为性状分离，说明母羽对雄羽是显性，亲本都是杂合子，即Hh。(2)在子代中，由于所有的雌鸡都为母羽，所以母羽鸡的基因型为HH、Hh、hh。由于雄羽为隐性性状，所以雄羽鸡的基因型为hh。雌鸡的基因型有HH、Hh、hh，比例为1∶2∶1，将子代的所有雌鸡分别和雄羽鸡hh杂交，理论上后代雄鸡的基因型有Hh和hh，比例为1∶1，所以表型及比例是母羽∶雄羽＝1∶1。(3)为进一步验证亲本中的雌鸡是杂合子，可用母羽雌鸡(Hh)与雄羽雄鸡(hh)杂交，子代中雌鸡都是母羽，雄鸡中母羽∶雄羽＝1∶1，遗传图解见答案。 答案：(1)性状分离　母羽　(2)HH、Hh、hh　母羽∶雄羽＝1∶1　(3)如图所示　 12．(10分)(2026·湖北武汉模拟)某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位基因(位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因)控制，其中M为不育基因，Mf为恢复可育基因，m为可育基因，且其显隐性强弱关系为Mf>M>m。该种植物雄性不育植株不能产生可育花粉，但雌蕊发育正常。如表为雄性可育植株的杂交组合及结果，请分析回答问题： 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 (1)该种植物雄性不育与可育的遗传____________(填“遵循”或“不遵循”)基因的分离定律。 (2)据表分析，雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别为______________、______________、________________。 (3)该种雄性不育植株在进行杂交实验人工传粉前，母本____________(填“需要”或“不需要”)去雄处理。 (4)现有某雄性不育植株丁，请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及结论。 ①实验思路：_______________________________________。 ②预期实验结果和结论： 若子代植株______________________________________，则植株丁的基因型为MM； 若子代植株________________________________，则植株丁的基因型为Mm。 解析：(1)由题意可知，该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因的分离定律。(2)依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf>M>m，雄性可育植株的基因型有4种：MfMf、MfM、Mfm和mm。由杂交组合1可知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为MfM；由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm；由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为MfMf。(3)对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。(4)①雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可选择丁(母本)和乙(父本mm)进行杂交，统计子代植株的表型及比例。②若子代植株全部表现为雄性不育，则丁的基因型为MM；若子代植株中雄性可育∶雄性不育＝1∶1，则丁的基因型为Mm。 答案：(1)遵循　(2)MfM　mm　MfMf　(3)不需要　(4)①选择丁(母本)和乙(父本)进行杂交，统计子代植株的表型及比例　②全部表现为雄性不育　雄性可育∶雄性不育＝1∶1 学科网（北京）股份有限公司 $