第5单元 第18课时 自由组合定律的发现及应用(课件PPT)-【高考领航】2027年高考生物大一轮复习学案（创新版）

该高中生物学高考复习课件聚焦“自由组合定律的发现及应用”专题，依据课标要求阐明基因自由组合的遗传规律，结合考情分析明确高频考点（解题规律及方法）、中频考点（验证和应用）及低频考点（杂交实验分析），系统归纳杂交实验分析、基因型推断等常考题型，体现高考备考的针对性。 课件亮点在于“考点梳理+真题精析+方法建模”，如通过“拆分法”“逆向组合法”破解多对基因遗传计算，结合2025甘肃卷等真题培养科学思维，设计自交/测交实验验证提升探究实践能力，帮助学生掌握答题技巧，教师可据此高效指导复习。

第18课时　自由组合定律的发现及应用 返回 ‹#› 课标 要求 阐明有性生殖中基因的自由组合使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。 考情 分析 考点 考题统计 考频等级 1.两对相对性状的遗传实验分析 2022·全国甲卷，32；2022·广东卷，5 低频 2.自由组合定律的验证和判断 2025·湖北卷，12；2024·贵州卷，6；2024·安徽卷，12；2023·全国甲卷，6；2023·江苏卷，23；2023·北京卷，19 中频 3.自由组合定律的解题规律及方法 2025·甘肃卷，6；2025·河南卷，15；2025·黑吉辽内蒙古卷，20；2025·新课标卷，32；2024·广东卷，14；2024·河北卷，23；2023·全国甲卷，32 高频 返回 ‹#› 1 考点融会 划重点，强记忆 栏 目 导 引 2 速练达标 练经典，提技巧 3 限时规范训练 返回 ‹#› 1．两对相对性状杂交实验的过程和现象 (1)实验过程 考点融会 划重点，强记忆 考点一　两对相对性状的杂交实验 黄圆 绿圆 绿皱 9∶3∶3∶1　 返回 ‹#› (2)结果分析 ①F1全为黄色圆粒，表明显性性状分别是________、________。 ②F2中粒色的分离比为黄色∶绿色＝________，粒形的分离比为圆粒∶皱粒＝________，表明粒色和粒形的遗传都遵循____________。 ③F2出现了新性状的组合，表明不同对的性状之间发生了____________，重组性状在F2中的占比为________。 黄色 圆粒 3∶1 3∶1　 分离定律　 自由组合 3/8　 返回 ‹#› (3)自由组合现象的解释和验证 豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，后代性状的统计结果如表所示。下图表示孟德尔利用杂种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆进行的测交实验过程及结果。回答下列问题： 返回 ‹#› ①根据表中结果，推测亲本的基因组成是______________。 ②在表中F1的表型不同于亲本的是____________、____________，它们之间的数量比为________。F1中纯合子占的比例是________。F1中黄色圆粒豌豆的基因型是______________。 ③上图实验中，F1绿色圆粒的基因型是________。F1的四种表型中，与亲本不同的表型有_____种。单独分析圆粒与皱粒这一对相对性状，F1中圆粒与皱粒之比为________。 YyRr×yyRr 黄色皱粒 绿色皱粒 1∶1 1/4 YyRR、YyRr　 yyRr　 2　 1∶1　 返回 ‹#› ④上图的测交实验进一步证实了亲本黄色圆粒产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对遗传因子自由组合，它产生的配子有四种：__________________，它们之间的数量比例为______________，受精时，雌雄配子随机结合。 ⑤有人提出孟德尔运用自交的方法也可进行验证，将F1进行自交，如果出现9∶3∶3∶1的分离比，即可证明假说。你认为这种方法是否可行？理由是什么？_______________________________________________ _____________________ 1∶1∶1∶1 YR、Yr、yR、yr　 不可行。理由是让F1进行自交只是对实验进行了 重复，并不能证明假说　 返回 ‹#› ⑥孟德尔遗传规律的现代解释：基因自由组合定律的实质是位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，_________________ _________基因自由组合。 非同源染色体上的 非等位 返回 ‹#› 2．用分离定律分析两对相对性状的杂交实验 返回 ‹#› F2 1YY(黄)、2Yy(黄) 1yy(绿) 1RR(圆)、 2Rr(圆) 1YYRR、2YyRR、 2YYRr、4YyRr(黄圆) 1yyRR、 2yyRr(绿圆) 1rr(皱) 1YYrr、2Yyrr(黄皱) 1yyrr(绿皱) 返回 ‹#› (1)基因间的相互作用会使表型复杂化。例如，小鼠在单基因G或R突变的情况下，gg表现为α型，rr表现为γ型，而双突变体小鼠ggrr表现为α型。表型正常的GgRr小鼠间杂交，F1表型及占比为：正常9/16、α型3/8、γ型1/16。F1的α型个体中杂合子的基因型有ggRr、Ggrr。(2025·北京卷)( ) √ 返回 ‹#› (2)某研究小组从野生型高秆(显性)玉米中获得了2个矮秆突变体，为了研究这2个突变体的基因型，该小组让这2个矮秆突变体(亲本)杂交得F1，F1自交得F2，发现F2中表型及其比例是高秆∶矮秆∶极矮秆＝9∶6∶1。若用A、B表示显性基因，则F2矮秆中纯合子所占比例为1/2，F2高秆中纯合子所占比例为1/16。(2023·新课标卷)( ) 提示：F2矮秆基因型为A_bb、aaB_共6份，纯合子基因型为aaBB、AAbb共2份，因此矮秆中纯合子所占比例为1/3，F2高秆基因型为A_B_共9份，纯合子为AABB共1份，因此高秆中纯合子所占比例为1/9。 × 返回 ‹#› 考向一　两对相对性状的杂交实验 1．(2026·山东潍坊模拟)孟德尔两对相对性状杂交的实验运用了“假说—演绎法”。下列说法正确的是(　　) A．“产生配子过程中，同源染色体分离使成对遗传因子彼此分离”属于假说内容 B．“F1自交后代出现4种性状组合，且比例为9∶3∶3∶1”属于实验现象 C．“进行测交实验，后代出现4种性状组合，且表型比例为1∶1∶1∶1”属于演绎推理 D．孟德尔揭示自由组合定律的实质是雌雄配子结合时，控制不同性状的遗传因子自由组合 B 返回 ‹#› 解析：B　“生物体在形成生殖细胞——配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中”属于假说内容，孟德尔没有提到染色体的概念，A错误；“F1自交后代出现4种性状组合，且比例为9∶3∶3∶1”属于实验现象，B正确；“进行测交实验，后代出现4种性状组合，且表型比例为1∶1∶1∶1”属于实验验证，C错误；孟德尔揭示自由组合定律的实质是形成配子时，决定同一性状的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合，D错误。 返回 ‹#› 2．(2026·广东深圳模拟)孟德尔在两对相对性状的豌豆杂交实验中，用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交得F2。下列有关叙述正确的是(　　) A．黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗传遵循自由组合定律 B．F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等，是F2出现9∶3∶3∶1性状分离比的前提 C．从F2的绿色圆粒植株中任取两株，这两株基因型不同的概率为4/9 D．自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，后代出现绿色皱粒的概率为1/81 C 返回 ‹#› 解析：C　连锁的两对等位基因也都遵循分离定律，故不能依据黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，得出这两对性状的遗传遵循自由组合定律的结论，A错误；F1产生的雄配子总数往往多于雌配子总数，B错误；从F2的绿色圆粒植株yyRR或yyRr中任取两株，这两株基因型相同的概率为1/3×1/3＋2/3×2/3＝5/9，故不同的概率为4/9，C正确；自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，由于豌豆是自花传粉植物，只有基因型为YyRr的个体才会产生绿色皱粒(yyrr)，故后代出现绿色皱粒的概率为4/9×1/16＝1/36，D错误。 返回 ‹#› 考向二　多对相对性状的杂交现象分析 3．(2026·黑龙江大庆模拟)进行有性生殖的某种植物含有n对独立遗传的等位基因，每对基因只控制一种性状，相应基因可以依次用A/a、B/b、C/c……表示，下列说法正确的是(　　) A．利用基因型分别为AABb和Aabb的植株杂交，可以恰当解释基因自由组合定律的实质 B．仅考虑两对基因，若两亲本杂交子代的表型之比为1∶1∶1∶1，则亲本之一肯定为隐性纯合子 C．某植株n对基因均杂合，不考虑变异的情况下，其测交子代中杂合子所占的比例为1/2n D．某植株n对基因均杂合，不考虑变异的情况下，其测交子代中单杂合子(仅一对基因杂合)的比例为n/2n D 返回 ‹#› 解析：D　利用基因型分别为AABb和Aabb的植株杂交，不可以解释基因自由组合定律的实质，原因是无论A/a、B/b位于一对同源染色体还是两对同源染色体上，杂交后代表型均会出现1∶1，而基因自由组合定律的实质是位于两对同源染色体上的两对等位基因的遗传规律，因此需选择AaBb的植物自交或测交，A错误；仅考虑两对基因，若两亲本杂交子代的表型之比为1∶1∶1∶1，亲本可以是AaBb和aabb，也可以是aaBb和Aabb，B错误；测交后代的表型及比例可反映待测个体产生的配子类型及比例，某植株n对基因均杂合，不考虑变异的情况下，测交时，只有均含隐性基因的配子交配的后代才是纯合子，故其测交子代中纯合子所占的比例为1/2n，杂合子所占的比例为1－1/2n，C错误；若测交后代只考虑一对基因杂合，则某植株需产生的配子中包含n对杂合基因中有1个基因为显性，其余均为隐性基因，有n种可能，该植株能产生2n种配子，该配子类型的占比为n/2n，故单杂合子(仅一对基因杂合)所占的比例为n/2n，D正确。 返回 ‹#› 4．某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是 (　　) A．植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体 B．n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大 C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等 D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数 B 返回 ‹#› 解析：B　每对等位基因测交后会出现2种表型，故n对等位基因杂合的植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体，A正确；n越大，植株A测交子代中表型的种类数目越多，但各表型个体数目的比例相等，与n的大小无关，B错误；植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数为1/2n，纯合子的个体数也是1/2n，两者相等，C正确；植株A的测交子代中纯合子的个体数是1/2n，杂合子的个体数为1－(1/2n)，故n≥2时，测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确。 返回 ‹#› [归纳总结]　多对基因控制生物性状的分析 n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律如表所示。 亲本相 对性状 的对数 F1配子 F2表型 F2基因型 种类 比例 种类 比例 种类 比例 1 2 (1∶1)1 2 (3∶1)1 3 (1∶2∶1)1 2 22 (1∶1)2 22 (3∶1)2 32 (1∶2∶1)2 n 2n (1∶1)n 2n (3∶1)n 3n (1∶2∶1)n 返回 ‹#› 1．自由组合定律 (1)细胞学基础 考点二　自由组合定律的验证和判断 等位基因　 非同源染　 色体上的非等位基因 返回 ‹#› (2)实质、发生时间及适用范围 减数分裂Ⅰ后期 真核生物 细胞核遗传 返回 ‹#› 2．孟德尔获得成功的原因 豌豆 统计 假说—演绎 返回 ‹#› (1)萝卜是雌雄同花植物，其贮藏根(萝卜)红色、紫色和白色由一对等位基因W、w控制，长形、椭圆形和圆形由另一对等位基因R、r控制。一株表型为紫色椭圆形萝卜的植株自交，F1的表型及其比例为：红色长形∶红色椭圆形∶红色圆形∶紫色长形∶紫色椭圆形∶紫色圆形∶白色长形∶白色椭圆形∶白色圆形＝1∶2∶1∶2∶4∶2∶1∶2∶1。则控制萝卜颜色和形状的两对基因不遵循孟德尔第二定律。(2023·辽宁卷)( ) 提示：F1中红色长形∶红色椭圆形∶红色圆形∶紫色长形∶紫色椭圆形∶紫色圆形∶白色长形∶白色椭圆形∶白色圆形＝1∶2∶1∶2∶4∶2∶1∶2∶1，比例为9∶3∶3∶1的变形，两对性状遵循自由组合定律，即遵循孟德尔第二定律。 × 返回 ‹#› (2)某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色由花瓣中色素决定，色素的合成途径是：白色红色紫色。其中酶1的合成由基因A控制，酶2的合成由基因B控制，基因A和基因B位于非同源染色体上。让紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合体植株杂交，子代植株表型及其比例为白花∶红花∶紫花＝2∶3∶3。(经典高考题)( ) √ 返回 ‹#› 某二倍体植物叶片的缺刻叶和马铃薯叶，果实的红色与黄色为两对相对性状，分别受基因A、a和B、b控制，基因型为AaBb个体表型为缺刻叶红果，请思考并回答下列问题： (1)请在下图方框中补充标出基因型为AaBb个体其他两种类型位置关系(用竖线表示染色体，黑点表示基因在染色体上的位点)。 返回 ‹#› 提示：如图所示 返回 ‹#› (2)请分析预测上述(1)中三种位置下，该个体自交和测交所得子代的表型及比例(不考虑染色体互换)。 提示：第一种类型自交结果为缺刻叶红果∶马铃薯叶红果∶缺刻叶黄果∶马铃薯叶黄果＝9∶3∶3∶1，测交结果为缺刻叶红果∶马铃薯叶红果∶缺刻叶黄果∶马铃薯叶黄果＝1∶1∶1∶1；第二种类型自交结果为缺刻叶红果∶马铃薯叶黄果＝3∶1，测交结果为缺刻叶红果∶马铃薯叶黄果＝1∶1；第三种类型自交结果为缺刻叶红果∶马铃薯叶红果∶缺刻叶黄果＝2∶1∶1，测交结果为马铃薯叶红果∶缺刻叶黄果＝1∶1。 返回 ‹#› (3)另有一基因型为aaBb(马铃薯叶红果)的个体，与基因型为AaBb个体杂交，请完成下图中相关结果预测。 提示：题图三种结果依次为缺刻叶红果∶马铃薯叶红果∶缺刻叶黄果∶马铃薯叶黄果＝3∶3∶1∶1；缺刻叶红果∶马铃薯叶红果∶缺刻叶黄果＝1∶2∶1；缺刻叶红果∶马铃薯叶红果∶马铃薯叶黄果＝2∶1∶1。 返回 ‹#› (4)再有一基因型为Aabb(缺刻叶黄果)的个体，与基因型为aaBb个体杂交，请完成下图中相关结果预测。 提示：题图两种结果依次均为缺刻叶红果∶马铃薯叶红果∶缺刻叶黄果∶马铃薯叶黄果＝1∶1∶1∶1。 返回 ‹#› (5)综合前(1)～(4)的分析，思考在杂交组合：AaBb×AaBb、AaBb×aabb、Aabb×aaBb、AaBb×aaBb、AaBb×Aabb中能判断两对等位基因是否遵循自由组合定律的杂交组合是_______________________ _____________________________。 AaBb×AaBb、 AaBb×aabb、 AaBb×aaBb、AaBb×Aabb 返回 ‹#› [思维升华]　验证自由组合定律的常用方法 自交法 具有两对相对性状的纯合亲本杂交得F1，让F1自交，观察F2的性状分离比 若子代出现9∶3∶3∶1的性状分离比(或其变式)，则这两对基因位于2对同源染色体上 若子代出现3∶1或1∶2∶1的性状分离比(或其变式)，则这两对基因位于1对同源染色体上，不遵循自由组合定律 返回 ‹#› 测交法 具有两对相对性状的纯合亲本杂交得F1，让F1与隐性纯合子杂交，观察F2的性状比例 若子代出现1∶1∶1∶1的性状分离比，则这两对基因位于2对同源染色体上 若子代出现1∶1的性状分离比，则这两对基因位于1对同源染色体上，不遵循自由组合定律 花粉 鉴定法 双杂合子若产生四种花粉，比例为1∶1∶1∶1，则遵循自由组合定律 返回 ‹#› 考向一　自由组合定律的实质 1．(2026·河北邢台质检)某植株的红花(A)对白花(a)为显性，高茎(D)对矮茎(d)为显性。两植株杂交，子代的表型及数量如图所示。下列说法正确的是(　　) A．两对基因的遗传遵循自由组合定律 B．亲本的基因型组合为AaDd×Aadd C．组成基因A和基因D的碱基种类不同 D．子代中纯合子所占比例为1/4 D 返回 ‹#› 解析：D　由子代的表型为红花∶白花≈1∶1，高茎∶矮茎≈3∶1可知，亲本的基因型组合为AaDd×aaDd，但根据子代比例无法确定两对等位基因的位置关系，若两对等位基因位于一对同源染色体上，AaDd×aaDd→1/4AaDD、1/4AaDd、1/4aaDd、1/4aadd，或AaDd×aaDd→1/4AaDd、1/4aaDd、1/4Aadd、1/4aaDD，遵循基因分离定律，且子代表型比例与题图比例相符；若两对等位基因位于两对同源染色体上，AaDd×aaDd→1/4AaDd、1/8AaDD、 1/8Aadd、1/8aaDD、1/4aaDd、1/8aadd，遵循基因自由组合定律，且子代表型比例与题图比例相符，则A、B错误，D正确。组成基因A和基因D的碱基种类相同，C错误。 返回 ‹#› 2．两对等位基因A和a、B和b在同源染色体上的位置情况有如图三种类型。若在产生配子时，不考虑染色体互换，则下列说法错误的是(　　) A．三种类型中的A和a的遗传遵循分离定律，B和b的遗传也遵循分离定律 B．三种类型中的A、a和B、b的遗传均遵循自由组合定律 C．类型1和类型2的个体减数分裂产生两种配子，类型3产生四种配子 D．类型1和类型2个体自交，后代 的基因型类型不相同 B 返回 ‹#› 解析：B　A、a是一对等位基因，位于一对同源染色体上，B、b是一对等位基因，位于一对同源染色体上，均会随着同源染色体的分开而分离，故遵循基因的分离定律，A正确。类型1和2中两对等位基因位于一对同源染色体上，不遵循自由组合定律；类型3中两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，B错误。类型1能产生2种配子：Ab、aB，类型2能产生2种配子：AB、ab，类型3能产生4种配子：AB、Ab、aB、ab，C正确。类型1能产生2种配子：Ab、aB，自交后代的基因型为AAbb、AaBb和aaBB，类型2能产生2种配子：AB、ab，自交后代的基因型为AABB、aabb和AaBb，即类 型1和类型2个体自交，后代的基因型 类型不相同，D正确。 返回 ‹#› 考向二　自由组合定律的验证 3．下列关于基因自由组合定律的叙述，正确的是(　　) A．若基因型为aaBb和Aabb的个体杂交，后代表型比例为1∶1∶1∶1，说明两对基因能自由组合 B．若基因型为AaBb的个体产生基因型为AB、Ab、aB、ab的四种配子，说明两对基因能自由组合 C．若基因型为AaBb的个体自交，后代表型比例不为9∶3∶3∶1，则两对基因一定不能自由组合 D．若基因型为AaBb和aaBb的个体杂交，后代表型比例为3∶1∶3∶1，说明两对基因能自由组合 D 返回 ‹#› 解析：D　若基因型为aaBb和Aabb的个体杂交，不管两对基因是否能自由组合，aaBb产生的配子基因型及比例均为ab∶aB＝1∶1，Aabb产生的配子基因型及比例均为Ab∶ab＝1∶1，后代表型比例均为1∶1∶1∶1，A错误；若两对基因能自由组合，基因型为AaBb的个体将产生基因型为AB、Ab、aB、ab的四种配子，但如果基因连锁且发生互换，也能产生这四种配子，B错误；若基因型为AaBb的个体自交，后代表型比例不为9∶3∶3∶1，可能为12∶3∶1等变式，也能说明两对基因能自由组合，C错误；基因型为AaBb和aaBb的个体杂交，若两对基因能自由组合，AaBb产生的配子基因型及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，aaBb产生的配子基因型及比例为aB∶ab＝1∶1，则后代表型比例为3∶1∶3∶1，D正确。 返回 ‹#› 4．已知某种昆虫的有眼(A)与无眼(a)、正常刚毛(B)与小刚毛(b)、正常翅(E)与斑翅(e)这三对相对性状各受一对等位基因控制。现有三个纯合品系：①aaBBEE、②AAbbEE和③AABBee。假定不发生染色体变异和染色体互换，且A/a、B/b、E/e这三对等位基因都位于常染色体上，请以上述品系为材料，设计实验来确定这三对等位基因是否分别位于三对染色体上。(要求：写出实验思路、预期实验结果和结论) 返回 ‹#› 解析：选择①×②、②×③、①×③三个杂交组合，分别得到F1，F1自交得到F2，若各杂交组合的F2中均出现四种表型，且比例为9∶3∶3∶1，则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上；若出现其他结果，则可确定这三对等位基因不是分别位于三对染色体上。 答案：实验思路：让①和②杂交、①和③杂交、②和③杂交。得到的F1自交，观察F2的表型及比例。预期结果：若各杂交组合的F2中均出现四种表型，且比例为9∶3∶3∶1，则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上。 返回 ‹#› 题型一　“拆分法”求解自由组合定律计算问题 1．求配子种类及比例(以AaBbCCDd为例) (1)求产生配子种类数 考点三　自由组合定律的解题规律及方法 返回 ‹#› (2)求产生ABCD配子的概率 (3)求配子间结合方式 AaBbCCDd自交，配子之间的结合方式为(2×2)×(2×2)×(1×1)×(2×2)＝64(种)。 基因型 Aa Bb CC Dd 结果 产生配子 A B C D 配子比例 1/2 1/2 1 1/2 相乘得1/8 返回 ‹#› 2．求基因型和表型的类型及比例 提醒：在计算不同于双亲的表型的概率时，可以先算与双亲一样的表型的概率，然后用1减去与双亲一样的表型的概率即可。 返回 ‹#› [演练1]　(2026·广东珠海模拟)某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是(　　) A．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表型有3种，基因型有4种 B．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型，6种表型 C．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为1/3，而所有植株中纯合子约占1/4 D．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代中红色花瓣的植株占3/8 B 返回 ‹#› 解析：B　若基因型为AaRr的亲本自交，由于两对基因独立遗传，根据基因的自由组合定律，子代共有3×3＝9(种)基因型，而Aa自交子代表型有3种，Rr自交子代表型有2种，理论上子代表型有3×2＝6(种)，但由于aa表现为无花瓣，故aaR_与aarr的表型相同，所以子代表型共有5种，B错误。 返回 ‹#› 题型二　“逆向组合法”推断亲本基因型问题 1．基因填充法 根据亲代表型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表型将所缺处补充完整，特别要学会利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。 返回 ‹#› 2．分解组合法 返回 ‹#› [演练2]　(2025·甘肃卷，6)某种牛常染色体上的一对等位基因H(无角)对h(有角)完全显性。体表斑块颜色由另一对独立的常染色体基因(M褐色/m红色)控制，杂合态时公牛呈现褐斑，母牛呈现红斑。在下图的杂交实验中，亲本公牛的基因型是(　　) A．HhMm　　　 B．HHMm C．HhMM D．HHMM A 返回 ‹#› 解析：A　若亲本公牛基因型为HhMm(无角褐斑)，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，Hh×hh后代会出现有角(hh)和无角(Hh)个体，对于体表斑块颜色这对性状，Mm×Mm后代会出现MM、Mm和mm个体，F1公牛和母牛均会出现有角褐斑，若无角褐斑公牛的基因型为HhMm，无角褐斑母牛的基因型为H_MM，二者杂交后代会出现无角红斑母牛(H_Mm)，A正确； 返回 ‹#› 若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMm，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全部为无角(Hh)，不符合子代的表型，B错误；若亲本无角褐斑公牛基因型为HhMM，有角红斑母牛基因型为hhMm，后代会出现有角褐斑公牛(hhM_)或者有角褐斑母牛(hhMM)，若无角褐斑公牛基因型为HhMM，无角褐斑母牛基因型为H_MM，子代不会出现无角红斑(H_Mm或H_mm)，不符合子代表型，C错误；若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMM，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全 部为无角(Hh)，不符合子代表型， D错误。 返回 ‹#› [演练3]　(2026·山东济南模拟)豌豆的花色和花的位置分别由基因A、a和B、b控制，基因型为AaBb的豌豆植株自交获得的子代表型及比例是红花顶生∶白花顶生∶红花腋生∶白花腋生＝9∶3∶3∶1。将红花腋生与白花顶生豌豆植株作为亲本进行杂交得到F1，F1自交得到的F2表型及比例是白花顶生∶红花顶生∶白花腋生∶红花腋生＝15∶9∶5∶3，则亲本植株的基因型是(　　) A．AAbb与aaBB B．Aabb与aaBB C．AAbb与aaBb D．Aabb与aaBb B 返回 ‹#› 解析：B　由基因型为AaBb自交获得的子代性状分离比可知，红花和顶生是显性性状，且控制两对性状的两对等位基因遵循基因的自由组合定律。所以红花腋生的基因型为A_bb，白花顶生的基因型为aaB_，两者杂交得到的F1自交，F2表型及比例是白花顶生∶红花顶生∶白花腋生∶红花腋生＝15∶9∶5∶3，其中白花∶红花＝5∶3，说明F1为1/2Aa、1/2aa，顶生∶腋生＝3∶1，说明F1为Bb，因此F1的基因型为AaBb、aaBb，则亲本植株的基因型是Aabb与aaBB，B符合题意。 返回 ‹#› 题型三　自由组合中的群体自交、测交和自由交配的概率计算问题 1．纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中绿色圆粒豌豆个体和黄色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表型及比例分别如下表所示： 项目 表型及比例 yyR_ (绿圆) 自交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝5∶1 测交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶1 自由交配 绿色圆粒∶绿色皱粒＝8∶1 返回 ‹#› 项目 表型及比例 Y_R_ (黄圆) 自交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝25∶5∶5∶1 测交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝4∶2∶2∶1 自由交配 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝64∶8∶8∶1 返回 ‹#› 2.在涉及两对等位基因的自由交配时，一般拆分后对每一对等位基因自由交配后再组合，但有些类型则不能利用拆分法，实例如下： 返回 ‹#› 返回 ‹#› [演练4]　豌豆高茎×豌豆矮茎→F1全为高茎，自交→F2中高茎∶矮茎＝3∶1。灰身果蝇×黑身果蝇→F1全为灰身，雌雄果蝇自由交配→F2中灰身雌蝇∶黑身雌蝇∶灰身雄蝇∶黑身雄蝇＝3∶1∶3∶1。下列说法错误的是(　　) A．F2高茎豌豆自交，后代矮茎占1/6 B．F2灰身果蝇雌雄自由交配，后代黑身果蝇占1/6 C．F2高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，后代高茎∶矮茎＝2∶1 D．F2灰身果蝇和黑身果蝇雌雄自由交配，后代灰身∶黑身＝2∶1 B 返回 ‹#› 解析：B　F2高茎豌豆中纯合子占1/3，杂合子占2/3，仅杂合子自交后代能分离出矮茎，其比例为2/3×1/4＝1/6，A正确；假设控制果蝇灰身黑身的基因用B、b表示，F2灰身果蝇中纯合子占1/3，杂合子占2/3，由此可得其产生两种配子B∶b＝2∶1，F2灰身果蝇雌雄自由交配，后代黑身果蝇(bb)所占比例＝1/3×1/3＝1/9，B错误；假设控制豌豆高矮茎的基因用D、d表示，F2高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，即1/3DD×dd→1/3Dd，2/3Dd×dd→1/3Dd、1/3dd，后代高茎(2/3Dd)∶矮茎(1/3dd)＝2∶1，C正确；由于F2灰身果蝇中B占2/3，b占1/3，则其与黑身果蝇雌雄自由交配，后代灰身∶黑身＝2∶1，D正确。 返回 ‹#› [演练5]　陆地棉枝条黄色(Y)对绿色(y)为显性，抗黄萎病(D)对不抗黄萎病(d)为显性。某农业科研工作者用该植物黄色枝条抗黄萎病和绿色枝条抗黄萎病植株作亲本进行杂交，发现子代(F1)出现4种类型，对性状的统计结果如图所示。若去掉花瓣，让F1中黄色枝条抗黄萎病植株随机传粉，F2的表型及其性状分离比是(　　) A．黄抗∶黄不抗∶绿抗∶绿不抗＝24∶8∶3∶1 B．黄抗∶黄不抗∶绿抗∶绿不抗＝25∶5∶5∶1 C．黄抗∶黄不抗∶绿抗∶绿不抗＝24∶3∶8∶1 D．黄抗∶黄不抗∶绿抗∶绿不抗＝15∶5∶3∶1 C 返回 ‹#› 解析：C　由题图可知，黄色枝条抗黄萎病和绿色枝条抗黄萎病植株作亲本进行杂交的后代中，抗∶不抗＝3∶1，说明亲本的基因组成为Dd和Dd；黄∶绿＝1∶1，说明亲本的基因组成为Yy和yy，因此亲本基因型是YyDd×yyDd，F1中黄色枝条抗黄萎病植株的基因型及比例是YyDD∶YyDd＝1∶2，将自由组合问题转化成2个分离定律问题：Yy自由交配，后代中黄色(Y_)∶绿色(yy)＝3∶1，D_自由交配，由于Dd占2/3，DD占1/3，不抗病植株(dd)的比例是1/9，抗病植株(D_)的比例是8/9，抗病∶不抗病＝8∶1，因此考虑2对相对性状，让F1中黄色枝条抗黄萎病植株随机传粉，F2的表型及其性状分离比是(3黄色∶1 绿色)(8抗黄萎病∶1不抗黄萎病)＝黄色抗黄萎病∶黄色不抗黄萎病∶绿色抗黄萎病∶绿色不抗黄萎病＝24∶3∶8∶1，C符合题意。 返回 ‹#› 题型四　利用自由组合定律计算患遗传病的概率 当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率如下表所示： 序号 类型 计算公式 已知 患甲病的概率为m 不患甲病的概率为1－m 患乙病的概率为n 不患乙病的概率为1－n ① 同时患两病的概率 m·n ② 只患甲病的概率 m·(1－n) ③ 只患乙病的概率 n·(1－m) ④ 不患病的概率 (1－m)(1－n) 拓展 求解 患病的概率 ①＋②＋③或1－④ 只患一种病的概率 ②＋③或1－(①＋④) 返回 ‹#› 以上各种情况可概括为下图： 返回 ‹#› [演练6]　(2026·江西南昌模拟)人类的多指(T)对正常指(t)为显性，白化(a)对正常(A)为隐性，决定不同性状的基因自由组合。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，两者均不患白化病，他们有一个患白化病但手指正常的孩子。请分析下列说法错误的是(　　) A．父亲的基因型是AaTt，母亲的基因型是Aatt B．其再生一个孩子只患白化病的概率是3/8 C．生一个既患白化病又患多指的女儿的概率是1/16 D．后代中只患一种病的概率是1/2 B 返回 ‹#› 解析：B　一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个孩子手指正常(tt)但患白化病(aa)，可确定父亲和母亲的基因型分别为AaTt和Aatt，A正确；后代患白化病的概率为1/4，患多指的概率为1/2，故再生一个只患白化病孩子的概率为1/4×1/2＝1/8，B错误；生一个既患白化病又患多指的女儿的概率是1/4×1/2×1/2＝1/16，C正确；后代只患多指的概率为1/2×3/4＝3/8，只患白化病的概率＝1/2×1/4＝1/8，故后代中只患一种病的概率为3/8＋1/8＝1/2，D正确。 返回 ‹#› 一、基础落实 1．判断有关表述的正误 (1)F1(基因型为YyRr)产生的雌雄配子各有4种：YR、Yr 、yR 、yr，它们之间的数量比为1∶1∶1∶1。(必修2 P10正文)( ) (2)基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和4种类型的卵细胞可以自由组合。(必修2 P12正文)( ) 提示：基因自由组合定律的实质是在形成配子时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 (3)基因型是性状表现的内在因素，表型是基因型的表现形式。(必修2 P15本章小结)( ) 速练达标 练经典，提技巧 √ × √ 返回 ‹#› 2．(必修2 P9正文)F2中还出现了亲本所没有的性状组合——绿色圆粒和黄色皱粒。请思考：具有两对相对性状的纯合亲本杂交，产生的F1基因型为AaBb，则两亲本基因型是什么？F2中重组类型是什么？所占比例又是多少？ 提示：亲本基因型可以是AABB×aabb，此时重组类型是A_bb和aaB_，占3/8；亲本基因型还可以是AAbb×aaBB，此时重组类型是A_B_和aabb，占5/8。 返回 ‹#› 3．(必修2 P12思考·讨论)在豌豆杂交实验之前，孟德尔曾花了几年时间研究山柳菊，结果却一无所获，其原因主要有哪些？ 提示：①山柳菊没有既容易区分又可以连续观察的相对性状；②山柳菊有时进行有性生殖，有时进行无性生殖；③山柳菊的花小，难以做人工杂交实验。 4．(必修2 P13正文)某生物兴趣小组利用现有抗倒伏抗病小麦(Ddtt)，获得纯合的抗倒伏抗病小麦的实验思路。 提示：让抗倒伏抗病小麦(Ddtt)自交，淘汰不抗倒伏抗病小麦，再连续自交并选择，直到不发生性状分离为止。 返回 ‹#› 二、高考演练 1．(2025·湖北卷，12)某学生重复孟德尔豌豆杂交实验，取一粒黄色圆粒F1种子(YyRr)，培养成植株，成熟后随机取4个豆荚，所得32粒豌豆种子表型计数结果如表所示。下列叙述最合理的是(　　) A．32粒种子中有18粒黄色圆粒种子，2粒绿色皱粒种子 B．实验结果说明含R基因配子的活力低于含r基因的配子 C．不同批次随机摘取4个豆荚，所得种子的表型比会有差别 D．该实验豌豆种子的圆粒与皱粒表型比支持孟德尔分离定律 性状 黄色 绿色 圆粒 皱粒 个数/粒 25 7 20 12 C 返回 ‹#› 解析：C　分析可知，理论上F1(YyRr)自交后代中会出现9∶3∶3∶1的分离比，则32粒种子中有18粒黄色圆粒和2粒绿色皱粒，但由于子代数量太少，实际结果不一定恰好与理论结果吻合，A不合理；理论上子代中圆粒种子个数为32×3/4＝24(个)，皱粒种子个数为32×1/4＝8(个)，实际圆粒种子个数少于理论值，皱粒种子个数多于理论值，但由于样本数量少，实际可能与理论不符，故该实验结果不能说明含R基因配子的活力低于含r基因的配子，B不合理；样本数量较小时，实际比例可能偏离理论比例，不同批次随机摘取4个豆荚，每个豆荚中种子数量和表型可能不同，所得种子的表型比会有差别，C合理；圆粒(20粒)与皱粒(12粒)个数的比例为20∶12＝5∶3，与孟德尔分离定律中3∶1的比例偏差较大，不能很好地支持孟德尔分离定律，D不合理。 返回 ‹#› 2．(2025·黑吉辽内蒙古卷，20改编)中国养蚕制丝历史悠久。蚕卵的红色、黄色由常染色体上一对等位基因(R/r)控制。将外源绿色蛋白基因(G)导入纯合的黄卵(rr)、结白茧雌蚕的Z染色体上，获得结绿茧的亲本1，与纯合的红卵、结白茧雄蚕(亲本2)杂交选育红卵、结绿茧的纯合品系。不考虑突变，下列叙述不正确的是(　　) A．F1雌蚕均表现出红卵、结绿茧表型 B．F1雄蚕次级精母细胞中的基因组成可能有RRGG、rr等类型 C．F1随机交配得到的F2中，红卵、结绿茧的个体比例是3/8 D．F2中红卵、结绿茧的个体随机交配，子代中目的个体的比例是2/9 A 返回 ‹#› 解析：A　F1雌蚕基因型为RrZW，均表现为红卵、结白茧表型，A错误。F1雄蚕基因型为RrZGZ，间期染色体复制后基因型为RRrrZGZGZZ，减数分裂Ⅰ后期同源染色体分离，非同源染色体自由组合，RR和rr分离，ZGZG和ZZ分离，RR和rr与ZGZG和ZZ之间自由组合，次级精母细胞中的基因组成可能是RRGG、rr或者RR、rrGG，B正确。F1随机交配(RrZW×RrZGZ)得到的F2中，红卵、结绿茧的个体基因型为RRZGW、RrZGW和RRZGZ、RrZGZ，其中RR和Rr共占3/4，ZGW和ZGZ各占1/4，故F2中红卵、结绿茧的个体比例是3/4×1/4＋3/4×1/4＝3/8，C正确。F2中红卵、结绿茧的个体RRZGW、RrZGW和RRZGZ、RrZGZ随机交配，子代目的个体为纯合红卵、结绿茧雌蚕和纯合红卵、结绿茧雄蚕，基因型分别 返回 ‹#› 为RRZGW和RRZGZG，F2中RR∶Rr＝1∶2，产生R配子所占的比例是1/3＋2/3×1/2＝2/3，故子代RR所占比例是2/3×2/3＝4/9，F2中ZGW和ZGZ交配，子代ZGW和ZGZG个体各占1/4，共占1/2，故子代目的个体的比例是4/9×1/2＝2/9，D正确。 返回 ‹#› 3．(2025·福建卷，19)家猫毛色受常染色体和性染色体基因控制，回答下列问题： (1)家猫常染色体上的2对等位基因独立遗传(A/a、E/e)，显性基因E使毛色呈黑色，隐性基因e使毛色呈黄色，A蛋白抑制E蛋白功能，a蛋白无此功能。据此可知黑猫的基因型为________________________。基因型为AaEe的雌雄家猫交配，子代黑猫的概率为________________。 返回 ‹#› (2)研究发现：①在家猫发育过程中，体细胞的2条X染色体同时存在时，会随机失活其中1条；②X染色体上1对等位基因参与毛色控制：XB(黑色)、XO(黄色)和XBXO(玳瑁色)。对家猫胚胎皮肤细胞进行检测，统计能转录B或O基因的不同类型细胞比例，结果如图1。 从结果可知该mRNA特异性地在_______ _______细胞中由________________基因转录，由此判断图中未知猫的基因型是______________ (只考虑性染色体)。 返回 ‹#› (3)性染色体基因(B/O)能影响常染色体基因对毛色的控制。E蛋白通过P蛋白控制毛色形成；O蛋白存在时，与P蛋白结合，导致P蛋白降解从而改变毛色，机制如图2所示。若无E蛋白则毛色皆为黄色。 返回 ‹#› ①不含A基因的杂合黄色雌猫基因型有__________种。含aaEe基因的黄色雌猫与含aaEe基因的黑色雄猫杂交，子代雄猫的毛色是____________。 ②若两只纯合黄猫杂交，子代雄猫均为黑色，子代雌猫基因型为________________。 返回 ‹#› 解析：(1)分析题干信息可知，显性基因E使毛色呈黑色，隐性基因e使毛色呈黄色，A蛋白抑制E蛋白功能，a蛋白无此功能，由此可知，黑猫的基因型为aaE_(aaEE、aaEe)。家猫常染色体上的2对等位基因独立遗传(A/a、E/e)，因此基因型为AaEe的雌雄家猫交配，子代黑猫(aaE_)的概率为1/4×3/4＝3/16。(2)结合题干信息可知，黑色雄猫的基因型为XBY，黄色雄猫的基因型为XOY，结合题图可知， 该mRNA特异性地在黑素细胞中由O基因 转录，在未知猫黑素细胞中转录O mRNA 的细胞比例为50%，由此判断图中未知猫 的基因型是XBXO。 返回 ‹#› (3)①E使毛色呈黑色，隐性基因e使毛色呈黄色，A蛋白抑制E蛋白功能，a蛋白无此功能。E蛋白通过P蛋白控制毛色形成；O蛋白存在时，与P蛋白结合，导致P蛋白降解从而改变毛色，若无E蛋白则毛色皆为黄色，且在家猫发育过程中，体细胞的2条X染色体同时存在时，会随机失活其中1条，则不含A基因的杂合黄色雌猫的基因型可能为aaEeXOXO或aaeeXBXO，有2种。 返回 ‹#› 含aaEe基因的黄色雌猫(aaEeXOXO)与含aaEe基因的黑色雄猫(aaEeXBY)杂交，子代雄猫的基因型为aaE_XOY或aaeeXOY，由于“E蛋白通过P蛋白控制毛色形成，O蛋白存在时，与P蛋白结合，导致P蛋白降解从而改变毛色，若无E蛋白则毛色皆为黄色”，则子代雄猫的毛色均表现为黄色。②两只纯合黄猫杂交，子代雄猫均 为黑色(aaE_XBY)，由此逆推亲 本纯合黄猫的基因型为aaEEXOY、 aaeeXBXB，则子代雌猫基因型为 aaEeXBXO。 返回 ‹#› 答案：(1)aaEE、aaEe　3/16　 (2)黑素　O　XBXO　 (3)①2　黄色　②aaEeXBXO 返回 ‹#› 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 1 2 (建议用时：30分钟　满分：50分) (选择题1～10题每题3分，共30分) [A组　基础达标练] 1．(2026·广东江门质检)纯合黄色圆粒豌豆和纯合绿色皱粒豌豆杂交，得到F1黄色圆粒豌豆(YyRr)，F1自交得到F2，下列叙述正确的是(　　) A．F1产生的精子中，YR和yr的比例为9∶1 B．F1自交时，雌、雄配子有9种结合方式 C．F2中重组类型所占比例为5/8 D．F2中黄色圆粒的基因型有4种 限时规范 训练 D 返回 ‹#› 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 1 2 解析：D　F1产生的精子中，YR和yr的比例为1∶1，A错误；F1自交时，雌、雄配子有4×4＝16(种)结合方式，B错误；F2中重组类型(黄色皱粒Y_rr和绿色圆粒yyR_)所占比例为3/16＋3/16＝3/8，C错误；F2中黄色圆粒Y_R_的基因型有2×2＝4(种)，D正确。 返回 ‹#› 2 1 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 2．(2026·河南信阳模拟)某生物兴趣小组选择纯合黄色圆粒和绿色皱粒的豌豆进行杂交获得F1，再让F1进行自交产生F2，取F2中一株黄色皱粒植株和一株绿色圆粒植株进行杂交产生子代F3，下列相关叙述错误的是(　　) A．F2黄色圆粒中，有4/9的自交后代会产生3∶1的分离比 B．F2中黄色皱粒豌豆的自交子代会出现黄色∶绿色＝5∶1 C．通过对F2所结种子进行统计来获得F3表型及比例的数据 D．若F3表型有四种且比例为1∶1∶1∶1，说明两对基因遵循自由组合定律 D 返回 ‹#› 2 1 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 解析：D　F2黄色圆粒(Y_R_)中，基因型为YYRr(2/9)和YyRR(2/9)的植株自交时，分别会在形状(圆∶皱＝3∶1)或颜色(黄∶绿＝3∶1)上出现3∶1的分离比，合计占4/9，A正确；F2黄色皱粒(Y_rr)中，基因型为Yyrr(占2/3)的植株自交后，子代黄色∶绿色＝3∶1；基因型为YYrr(占1/3)的植株自交后代全为黄色。综合比例为(1/3×1)＋(2/3×3/4)黄∶(2/3×1/4)绿＝5∶1，B正确；F3是F2植株杂交产生的子代，统计F2植株所结种子(即F3)的表型可直接获得数据，C正确；若F3亲本为Yyrr和yyRr，两对基因连锁时也有F3表型有四种且比例为1∶1∶1∶1的情况出现，D错误。 返回 ‹#› 2 3 1 4 5 6 7 8 9 10 12 11 3．(2026·湖南师大附中模拟)豌豆的花腋生和花顶生(受基因A、a控制)，半无叶形和普通叶形(受基因F、f控制)是两对相对性状。现利用花腋生普通叶形植株甲、花顶生普通叶形植株乙和花腋生半无叶形植株丙进行杂交实验，实验结果如下表所示。则甲、乙、丙的基因型分别是(　　) A．AaFF、aaFF、AAff B．AaFf、aaFf、AAff C．AaFF、aaFf、AAff D．AaFF、aaFf、Aaff 亲本组合 F1的表型及比例 甲×乙 花腋生普通叶形∶花顶生普通叶形＝1∶1 乙×丙 花腋生普通叶形∶花腋生半无叶形＝1∶1 甲×丙 全部表现为花腋生普通叶形 C 返回 ‹#› 2 3 1 4 5 6 7 8 9 10 12 11 解析：C　由乙×丙组可推测出花腋生对花顶生为显性，由甲×丙组可推测出普通叶形对半无叶形为显性，即甲为A_F_，植株乙为花顶生普通叶形，即乙的基因型为aaF_，植株丙为花腋生半无叶形，即丙的基因型为A_ff。甲(A_F_)×乙(aaF_)，后代花腋生∶花顶生＝1∶1，即甲中关于花腋生的基因型为Aa。甲(AaF_)×丙(A_ff)杂交，后代全部表现为普通叶形，说明甲中关于叶形的基因型为FF，即甲的基因型为AaFF。乙(aaF_)×丙(A_ff)杂交，后代普通叶形∶半无叶形＝1∶1，说明乙中关于叶形的基因型为Ff，则乙的基因型为aaFf，甲和丙杂交后代全为花腋生，说明丙中关于花腋生的基因型为AA，故丙的基因型为AAff，C符合题意。 返回 ‹#› 2 3 4 1 5 6 7 8 9 10 12 11 4．(2026·江苏扬州模拟)如图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆植株及其体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布。下列叙述正确的是(　　) 返回 ‹#› 2 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 1 A．甲、乙、丙、丁所示个体都可以作为验证基因分离定律的材料 B．丁所示个体自交后代中表型为黄皱与绿皱的比例是1∶1 C．甲、乙所示个体减数分裂时，都能揭示基因的自由组合定律的实质 D．乙所示个体自交后代会出现3种表型，比例为1∶2∶1 返回 ‹#› 2 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 1 解析：A　由图可知，甲、乙、丙、丁均含有等位基因，都可以作为研究基因分离定律的材料，A正确；丁个体的基因型为YyDdrr，两对等位基因位于一对同源染色体上，其自交后代中DDYYrr∶DdYyrr∶ddyyrr＝1∶2∶1，其中黄色皱粒(Y_rr)∶绿色皱粒(yyrr)＝3∶1，B错误；甲、乙都只有一对等位基因，所表示个体减 数分裂时，不能用来揭示基因的自由组合定律的实质，C错误；乙个体(YYRr)自交，只会出现两种表型，黄色圆粒(YYR_)∶黄色皱粒(YYrr)＝3∶1，D错误。 返回 ‹#› 2 3 4 5 1 6 7 8 9 10 12 11 5．(2026·河南郑州模拟)某植物的高茎(B)对矮茎(b)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，花粉粒非糯性(E)对花粉粒糯性(e)为显性，非糯性花粉遇碘液变蓝色，糯性花粉遇碘液呈棕色。现有品种甲(BBDDee)、乙(bbDDEE)、丙(BBddEE)和丁(bbddee)，进行了如下两组实验：   亲本 F1生殖细胞 组合一 甲×丁 BDe∶Bde∶bDe∶bde＝4∶1∶1∶4 组合二 丙×丁 BdE∶Bde∶bdE∶bde＝1∶1∶1∶1 返回 ‹#› 2 3 4 5 1 6 7 8 9 10 12 11 下列叙述错误的是(　　) A．由组合一可知，基因B/b和基因D/d位于同一对同源染色体上 B．组合一利用F1自交能验证基因的自由组合定律 C．由组合二可知，基因E/e和基因B/b位于不同对同源染色体上。利用F1自交所得F2中，杂合子占3/4 D．利用花粉鉴定法(检测F1花粉性状)验证基因的自由组合定律，可选用的亲本组合有甲×丙 B 返回 ‹#› 2 3 4 5 1 6 7 8 9 10 12 11 解析：B　据组合一F1生殖细胞比例可知，B/b和D/d位于同一对同源染色体上，A正确；B/b和D/d位于同一对同源染色体上，不遵循自由组合定律，对等位基因E/e而言，又因为F1产生的生殖细胞只含有e基因，因此组合一利用F1自交无法验证基因的自由组合定律，B错误；由分析可知，B/b和E/e位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，组合二F1(BbddEe)自交所得的F2中纯合子所占的比例为4/16＝1/4，所以F2中杂合子所占的比例为1－1/4＝3/4，C正确；可通过观察F1花粉粒的形状和花粉遇碘液的颜色来验证基因的自由组合定律，因此两亲本杂交后F1中应同时含有D/d和E/e，符合条件的组合有乙×丁和甲×丙，D正确。 返回 ‹#› 2 3 4 5 6 1 7 8 9 10 12 11 6．已知玉米的抗旱(A)对不抗旱(a)为显性，多颗粒(B)对少颗粒(b)为显性，两对相对性状独立遗传。现有一袋抗旱多颗粒玉米种子，这些种子种下后让其随机受粉，统计子代的表型及比例，结果为抗旱多颗粒∶抗旱少颗粒∶不抗旱多颗粒∶不抗旱少颗粒＝24∶8∶3∶1。下列相关叙述正确的是(　　) A．这袋玉米种子中基因型为AaBb的种子占1/4 B．这袋玉米种子中基因型为AABB的种子占1/4 C．子代抗旱多颗粒种子中纯合子所占比例为1/6 D．若子代不抗旱多颗粒种子种下后自交，后代少颗粒占1/4 C 返回 ‹#› 2 3 4 5 6 1 7 8 9 10 12 11 解析：C　结合题干，对两对相对性状单独进行分析，抗旱∶不抗旱＝8∶1，故子代中aa占1/9，可知a配子占1/3，A配子占2/3，可推出亲本中基因型为AA∶Aa＝1∶2；多颗粒∶少颗粒＝3∶1，可推出亲本只有Bb一种基因型，则这袋玉米种子中基因型为AaBb的种子占2/3，A、B错误。若子代不抗旱多颗粒种子种下后自交，即1/3aaBB、2/3aaBb自交，后代少颗粒(aabb)占2/3×1/4＝1/6，D错误。 返回 ‹#› 7 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 2 7．(2026·江西南昌调研)二倍体小麦的籽粒颜色有红色和白色两种，由R1/r1、R2/r2、R3/r3三对等位基因控制，红色需要三种显性基因同时存在，任一隐性基因纯合时表现为白色。现有红色籽粒小麦和白色籽粒小麦杂交，F1基因型为R1r1R2r2R3r3，让F1自交，F2中红色籽粒个体与白色籽粒个体的比值不可能为(　　) A．27∶37 B．3∶1 C．9∶7 D．3∶5 D 返回 ‹#› 7 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 2 解析：D　若R1/r1、R2/r2、R3/r3三对等位基因分别位于三对同源染色体上，则红色概率为(3/4)3＝27/64，白色为1－27/64＝37/64，比例为27∶37，A不符合题意；若R1/r1、R2/r2、R3/r3三对等位基因位于一对同源染色体上，则红色概率为3/4，白色为1/4，B不符合题意；若R1/r1、R2/r2、R3/r3三对等位基因中有两对等位基因位于一对同源染色体上，则红色概率为9/16，白色为7/16，C不符合题意；F1自交，F2中红色籽粒个体与白色籽粒个体的比值不会出现3∶5，D符合题意。 返回 ‹#› 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 2 8．(2025·海南儋州三模)某植物(雌雄同株)的花粉粒有三种性状，受三对独立遗传的等位基因A/a、B/b、C/c控制，只有基因A、B和C共存时花粉粒才表现为圆形(分为正圆形、椭圆形两种表型)，其余为长条形。选择正圆形花粉粒植株与某长条形花粉粒植株杂交，F1花粉粒均为椭圆形，F1自交，F2的花粉粒中正圆形∶椭圆形∶长条形＝1∶26∶37。下列说法错误的是(　　) A．长条形花粉粒植株之间杂交，后代可能会出现椭圆形花粉粒植株 B．椭圆形花粉粒植株和长条形花粉粒植株杂交，后代中不会出现正圆形花粉粒植株 C．椭圆形花粉粒植株的基因型有7种，长条形花粉粒植株的基因型有19种 D．亲本长条形花粉粒植株的基因型为aabbcc，F2长条形花粉粒植株中纯合子占9/37 D 返回 ‹#› 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 2 解析：D　F2的花粉粒中正圆形∶椭圆形∶长条形＝1∶26∶37，该比例为(3∶1)(3∶1)(3∶1)的变形，进而可知控制F1椭圆形花粉粒植株的三对基因均杂合，即为AaBbCc，结合亲本性状与F2性状的比例可知，正圆形花粉粒植株基因型为AABBCC，控制椭圆形花粉粒植株的三种基因全部为显性基因，但是三对基因不能同时纯合，即长条形花粉粒植株基因型为至少有一对基因隐性纯合。因此长条形花粉粒植株之间杂交，后代可能会出现椭圆形花粉粒植株，如aaBBCC×AAbbcc，后代基因型为AaBbCc，是椭圆形花粉粒植株，A正确。由于长条形花粉粒植株至少有一对基因隐性纯合，如aaBBCC，而正圆形花粉粒植株的基因型为AABBCC，所以椭圆形花粉粒植株和长条形花粉粒植株杂交，后代不会 返回 ‹#› 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 2 出现正圆形花粉粒植株，B正确。控制椭圆形花粉粒的三对基因全部为显性，但是三对基因不能同时纯合，故其基因型种类为2×2×2－1＝7(种)，即椭圆形花粉粒植株的基因型有7种，而长条形花粉粒植株至少有一对基因隐性纯合，F2的基因型一共3×3×3＝27(种)，故长条形花粉粒植株的基因型有27－7－1＝19(种)，C正确。亲本正圆形花粉粒植株的基因型为AABBCC，F1椭圆形花粉粒植株的基因型为AaBbCc，所以亲本长条形花粉粒植株的基因型为aabbcc；F2长条形花粉粒植株中纯合子的基因型为AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、aabbcc，故F2长条形花粉粒植株中纯合子所占的比例为7/37，D错误。 返回 ‹#› 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 2 [B组　能力提升练] 9．(2026·河北保定模拟)某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子，基因型分别为①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。下列相关说法不正确的是(　　) A．若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用①和④杂交所得F1的花粉 B．若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察①和②杂交所得F1的花粉 C．若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④为亲本进行杂交 D．将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，会看到四种类型的花粉 B 返回 ‹#› 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 2 解析：B　采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，应选择糯性与非糯性、花粉粒长形与圆形两对相对性状，①和②具有两对相对性状，但抗病与非抗病这对相对性状通过花粉鉴定法无法区别，B错误。 返回 ‹#› 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 9 2 10．(2025·河北保定三模)某雌雄同株的植物有黄色、白色和橙红色三种花色，由基因 A/a、B/b两对独立遗传的等位基因控制，已知无A 基因时植株开白花。科研人员选择黄花与白花植株杂交，F1均为橙红色，F1自交，F2的表型及比例为黄色∶白色∶橙红色＝3∶4∶2。下列相关分析正确的是(　　) A．两种亲本均为纯合子，F1测交后代产生三种表型 B．F1产生含 A 的雌配子或雄配子致死，雌、雄配子有9种组合方式 C．F2开橙红色花的植株自交，子代中各花色比例与题干F2 比例相同 D．F2中白花植株与黄花植株杂交，后代中有1/4植株开橙红色花 C 返回 ‹#› 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 9 2 解析：C　根据题干中无A基因时开白花，可确定白花的基因型为aa_ _，黄花与白花杂交，子代只有橙红色一种表型，可确定两种亲本均为纯合子，可知F1为双杂合子AaBb，由F2表型比为3∶4∶2，可知基因型为AB的雌雄配子致死，对F1测交后代仅会出现两种表型，A、B错误；F2开橙红色花的个体基因型为AaBb，自交的子代中各花色比例与F2相同，C正确；F2开白花个体基因型为aaBB、aaBb、aabb，比例为1∶2∶1，与F2中开黄花个体AAbb、Aabb，比例为1∶2，杂交后代中(1/3×1/4＋1/3×1/2×1/2＋2/3×1/4×1/2＋2/3×1/2×1/4＝1/3)开橙红色花，D错误。 返回 ‹#› 11 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 2 11．(10分)(2026·陕西西安模拟)某雌雄同株单子叶植物种子的非糯性和糯性是由等位基因A/a控制的一对相对性状，植株的抗病和易感病是由等位基因T/t控制的一对相对性状，花粉粒的长形和圆形是由等位基因D/d控制的一对相对性状。现有甲(非糯性抗病圆形)、乙(非糯性易感病长形)、丙(非糯性易感病圆形)、丁(糯性易感病圆形)四种纯合植株，杂交实验及其结果如下表所示，分析并回答下列问题： 组别 亲本 F1 F2 实验一 甲×乙 非糯性抗病长形 非糯性抗病长形∶非糯性抗病圆形∶非糯性易感病长形∶非糯性易感病圆形＝9∶3∶3∶1 实验二 丙×丁 非糯性易感病圆形 非糯性易感病圆形∶糯性易感病圆形＝3∶1 返回 ‹#› 11 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 2 (1)花粉粒的长形和圆形性状中，显性性状是____________，亲本乙、丁的基因型分别是____________________________。 (2)实验一中，F2的非糯性抗病长形植株中纯合子所占的比例为____________，选择F2的非糯性抗病圆形植株随机交配，则子代的表型及比例为____________________________________。 (3)仅凭杂交实验一和实验二尚不能确定上述三对等位基因的遗传是否遵循自由组合定律，为证明基因A/a、T/t和D/d的遗传遵循自由组合定律，可利用甲、乙、丙、丁四种纯合植株再设计两组杂交实验。 实验思路：选择甲和丁(实验三)、______________(实验四)分别进行杂交获得F1，F1自交，____________________________________。 预期实验结果：实验三F2的表型及比例为非糯性抗病圆形∶非糯性易感病圆形∶糯性抗病圆形∶糯性易感病圆形＝9∶3∶3∶1；实验四_____________________________。 返回 ‹#› 11 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 2 解析：(1)实验一中，甲(非糯性抗病圆形)×乙(非糯性易感病长形)，F1的表型为非糯性抗病长形，F2中非糯性抗病长形∶非糯性抗病圆形∶非糯性易感病长形∶非糯性易感病圆形＝9∶3∶3∶1，说明控制植株的抗病和易感病、花粉粒的长形和圆形这两对相对性状的基因，即基因T/t和D/d的遗传遵循自由组合定律，且抗病、长形为显性性状，易感病、圆形为隐性性状。实验二中，丙(非糯性易感病圆形)×丁(糯性易感病圆形)，F1的表型为非糯性易感病圆形，说明非糯性为显性性状，糯性为隐性性状，故纯合植株甲的基因型为AATTdd、乙的基因型为AAttDD、丙的基因型为AAttdd、丁的基因型为aattdd。(2)实验一中，F1的基因型为AATtDd，F2中非糯性抗病长形(AAT_D_)植株所占的比例为3/4×3/4＝9/16，纯合的非糯性抗病长形(AATTDD)植株所占的比例为1/4×1/4＝1/16，所以F2的非糯性抗病长形植株中纯合子所占的比例为1/16÷9/16＝1/9。选择F2的非糯性抗病圆形(2/3AATtdd、1/3AATTdd)植株随机交配， 返回 ‹#› 11 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 2 其产生的雌、雄配子的种类及比例均为ATd∶Atd＝2∶1，子代的基因型及比例为AATTdd∶AATtdd∶AAttdd＝(2/3×2/3)∶(2/3×1/3×2)∶ (1/3×1/3)＝4∶4∶1，故子代的表型及比例为非糯性抗病圆形∶非糯性易感病圆形＝8∶1。(3)仅凭杂交实验一和实验二只能证明控制植株的抗病和易感病、花粉粒的长形和圆形这两对相对性状的基因，即基因T/t和D/d的遗传遵循自由组合定律，但不能证明上述三对等位基因的遗传遵循自由组合定律，为证明基因A/a、T/t和D/d的遗传遵循自由组合定律，还需要证明基因A/a和T/t的遗传遵循自由组合定律，以及基因A/a和D/d的遗传遵循自由组合定律。因此，可选择甲和丁(实验三)、乙和丁(实验四)分别进行杂交获得F1，F1自交，观察并统计F2的表型及比例。实验三为甲和丁杂交，即AATTdd×aattdd，F1的基因型为AaTtdd，若基因A/a和T/t的遗传遵循自由组合定律，则F2的表型及比例为非糯性抗病圆形∶非糯性易感病圆形∶糯性抗病圆形∶糯性易感病圆形＝9∶3∶3∶1；实验四为乙和 返回 ‹#› 11 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 2 丁杂交，即AAttDD×aattdd，F1的基因型为AattDd，若基因A/a和D/d的遗传遵循自由组合定律，则F2的表型及比例为非糯性易感病长形∶非糯性易感病圆形∶糯性易感病长形∶糯性易感病圆形＝9∶3∶3∶1。 答案：(1)长形　AAttDD、aattdd　(2)1/9　非糯性抗病圆形∶非糯性易感病圆形＝8∶1　(3)乙和丁　观察并统计F2的表型及比例　F2的表型及比例为非糯性易感病长形∶非糯性易感病圆形∶糯性易感病长形∶糯性易感病圆形＝9∶3∶3∶1 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 12．(10分)(2026·河北衡水模拟)我国科学家屠呦呦因发现治疗疟疾的青蒿素而获得诺贝尔奖，青蒿素是从青蒿中提取的药用成分。已知青蒿茎的颜色有青色和红色。青蒿茎的颜色和茎的高度分别受等位基因A/a、B/b控制。一株红色高茎青蒿(M)和一株青色矮茎青蒿(aabb)杂交，所获得的F1中有红色高茎和青色高茎两种，让F1中的红色高茎青蒿自交，F2中红色高茎∶青色高茎∶红色矮茎∶青色矮茎＝9∶3∶3∶1。请回答下列问题： (1)A/a和B/b这两对等位基因的遗传__________(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律。 (2)由题意可知，M植株的基因型是_____________________________。 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 (3)青蒿茎的形状有两种，圆形对菱形为显性，由另一对等位基因D/d控制，已知基因D/d和B/b不位于一对同源染色体上，但基因D/d和A/a的位置关系还没确定，请设计一个测交实验判断基因D/d和 A/a是否位于一对同源染色体上(不考虑互换)。 实验思路： ①让红色圆形茎青蒿(AADD)和青色菱形茎青蒿(aadd)杂交，获得F1。 ②______________________________________。 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 预期实验结果及结论： a．若测交后代的表型及比例为____________________，则基因D/d和A/a位于两对同源染色体上，与图1对应。 b．若测交后代的表型及比例为________________________，则基因D/d和A/a位于一对同源染色体上，与图2对应。请根据实验结果在图1、2中标出F1中基因D和基因d的位置。 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 解析：(1)据题干信息“F2中红色高茎∶青色高茎∶红色矮茎∶青色矮茎＝9∶3∶3∶1”可知，A/a和B/b这两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。(2)据题干信息可知，一株红色高茎的青蒿M和一株青色矮茎(aabb)的青蒿杂交，所获得的F1中红色高茎和青色高茎两种表型，即亲本红色(A _)与青色(aa)杂交可得子代红色与青色，故亲本红色基因型为Aa，亲本高茎(B_)与矮茎(bb)杂交所得子代均为高茎，说明亲本高茎基因型为BB，所以M植株的基因型是AaBB。 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 (3)欲判断D/d和A/a基因是否位于一对同源染色体上，需要证明两对基因是否自由组合，即自交是否出现9∶3∶3∶1或测交出现1∶1∶1∶1，故实验思路为：让红色圆形茎青蒿(AADD)和青色菱形茎青蒿(aadd)杂交，获得F1(AaDd)，据题意可知，采用测交方式进行判断，所以用F1与表型为青色菱形茎(aadd)的青蒿测交，观察并统计后代表型及比例；若D/d和A/a 位于两对同源染色体上，如图1 ，两对等位基因遵循自由 组合定律，则测交后代表型及比例为红色圆形茎∶红色菱形茎∶青色圆形茎∶青色菱形茎＝1∶1∶1∶1； 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 若D/d和A/a位于一对同源染色体上，如图2 ，两对等位基 因遵循分离定律，则测交后代表型及比例为红色圆形茎∶青色菱形茎＝1∶1。 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 答案：(1)遵循　(2)AaBB　(3)让F1与青色菱形茎青蒿测交，观察并统计后代表型及比例　红色圆形茎∶红色菱形茎∶青色圆形茎∶青色菱形茎＝1∶1∶1∶1　红色圆形茎∶青色菱形茎＝1∶1 返回 ‹#› 第18课时　自由组合定律的发现及应用 点击进入WORD文档 按ESC键退出全屏播放 返回 ‹#› $