山西部分学校2025-2026学年高二下学期7月期末考试物理试题

秘密★启用前 普通高中2025一2026学年（下）高二年级期末考试 0 物理 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 装 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的。 1.关于分子动理论，下列说法正确的是 A.气体温度升高，每一个分子的动能都增大 B.固体和液体之间无法发生扩散现象 C,布朗运动是物质微粒受其他分子的撞击力不平衡造成的 订 D.分子间距离减小，分子力增大 2.如图所示，内壁光滑的半球壳固定在水平面上，小球A在球壳内最低点附近左右摆动 (振幅远小于球壳半径)。当小球A运动到最高点时，在球壳最低点轻轻放上小球B, 之后两球发生碰撞并粘在一起。A、B均可视为质点，则关于小球A碰撞后的周期和 振幅，下列说法正确的是 A.周期增大，振幅减小 B.周期不变，振幅减小 A 班 级 C.周期、振幅均不变 D.周期和振幅均减小 3.将一小球从地面上方某一高度处由静止释放，小球与地面发生碰撞后原速率反弹（碰 撞过程极短)，小球在空中运动过程中所受空气阻力大小与速率成正比。如图为其由 姓 名 释放到第一次反弹至最高点过程的v-t图像，图中两阴影部分面积分别为S1、S2。下 列说法正确的是 A.t=0与t=t2时，图像切线斜率相同 B.小球上升与下降至同一高度时速度大小相同 C.S1等于S2 D.图像A、B两点处切线斜率可能相同 物理试题第1页（共6页） 4.如图所示，将球1和球2同时从同一高度相距s=2处沿两球连线方向向右水平抛 出，抛出点距地面高度h=15m,抛出速度分别为v1=4m/s和v2=2m/s。不计空气 阻力和小球的大小，重力加速度g=10m/s2,则两球相遇位置距地面的高度为 不12 A.5 m B.8 m C.10m D.12m 5.假设某星球由于吸引来自太空的物质，半径不断缓慢增大，密度保持不变，且始终可视 为质量分布均匀的球体，则下列说法正确的是 A.该星球表面的重力加速度大小不变 B.该星球的第一宇宙速度增大 C.若有一颗卫星要在保持与该星球中心距离不变的高度上运行，则线速度需保持不变 D.若有一颗卫星要在保持与球心距离不变的高度上运行，则其周期需保持不变 6.如图所示是某小型发电机的原理示意图。线圈逆时针转动，产生的电动势瞬时值表达 式为e=102sin10πt(V)。发电机线圈的总电阻r=12,外接灯泡的电阻R=9。 电压表为理想电压表，图示时刻线圈中磁通量为零。则下列说法正确的是 A.图示时刻电压表的示数为9√2V B.图示时刻，从上向下看线圈中电流沿顺时针方向 C.电流方向每秒改变5次 ⊙⑧ D.灯泡的功率为9W 7.如图所示，半径为R的均匀带电绝缘圆环水平固定放置，圆心为O,总电荷量为十q, 过O点的足够长光滑绝缘细杆竖直固定，带电荷量也为十g的小球套在杆上。在小球 距O点高h处时给小球一个向下的初速度o,小球经过O点时速度也为v。已知点 电荷的电势公式为P=k?(其中及为静电力常量，Q为点电荷电荷量，为到点电荷 的距离)，小球可视为点电荷，重力加速度为g。则下列说法正确的是 A.从开始运动到到达O点小球先加速后减速 B.小球的运动为简谐运动 C.小球的质量为kg(仁 ghR √R2+h D.小球运动至O点下方h处时的速度大小为√2gh 物理试题第2页（共6页） 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有 两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选 错的得0分。 8.如图所示，一列简谐横波沿x轴传播，图示为t=0时刻的部分波形，此时质点A正在 做加速运动，经过1s,质点A运动的路程为20cm,则关于 ◆y/cm 该简谐波，下列说法正确的是 10 A.该简谐波沿x轴正方向传播 >x/m B.该简谐波的周期为2s 10 C.该简谐波的波速为20cm/s D.t=0与t=1s时刻质点A的加速度相同 9.如图所示为一半圆形玻璃砖的横截面，其半径为R,圆心为O。一束单色光从A点垂 直底面射人玻璃砖并恰好未从上侧圆弧面射出，仅在圆弧面上连续发生三次反射后从 B点垂直底面射出。已知真空中光速为c。则下列说法正确的是 A.玻璃砖的折射率为√3 B玻璃砖的折射率为3 C.光在玻璃砖中传播的时间为2V5R D.光在玻璃砖中传播的时间为33R 10.如图所示，竖直平面内长为L、不可伸长的轻质绝缘细线一端固定于O点，另一端连 接一带电小球。小球带电荷量为十q,质量为，空间存在平行于竖直平面的匀强电 场（图中未画出），小球可在竖直平面内做圆周运动，A与O点等高。现将小球从最 低点由静止释放，其运动至A点时细线突然断裂，此后小球以方向水平向左、大小为 g的加速度做类平抛运动。重力加速度为g。则下列说法正确的是 A.电场方向水平向左 B,电场强度大小为巨mg q C.细线断裂前瞬间小球的速度大小为√2gL D.若细线未断，小球不能运动到最高点 三、非选择题：本题共5题，共54分。 11.(6分)如图甲所示为利用气垫导轨验证动量守恒定律的实验装置。中间装有光电门 的气垫导轨放在水平桌面上，导轨左右两侧的挡板上各固定一根水平弹簧，调节导轨 水平。将滑块1、2分别放在光电门的两侧，两个滑块的碰撞端分别贴有轻质尼龙搭 物理试题第3页（共6页） 扣，两弹簧与滑块均未连接，滑块1上固定有遮光条，推动滑块1压缩左侧弹簧，并用 轻绳连接滑块1和左侧挡板。实验时烧断轻绳，使滑块1向右运动与滑块2发生碰 撞，两滑块碰撞后连为一体，测得遮光条前两次的挡光时间分别为t1和t2。已知滑 块1（含遮光条）、2的质量分别为M和m,重力加速度为g。 滑块1 光电门 滑块2 遮光条 气垫导轨 10 知 乙 (1)利用游标卡尺测量遮光条的宽度d,如图乙所示，可得d= mm。 (2)滑块1与滑块2碰前的速度大小为 (用d、t1或t2表示)。 (3)如果表达式 成立，则两滑块组成的系统在碰撞过程中动量守恒。 (4)初始时左侧弹簧的弹性势能为 ,两滑块碰撞过程中损失的机械能为 12.(9分)为防止车辆超载，在车上安装了超载报警装置，其报警原理电路图如图甲所 示，压敏电阻的阻值RN随所受压力FN的变化如图乙所示。将压敏电阻置于车厢下 某一受力点，经过设计，已知压敏电阻所受的压力为车厢和货物的总重量的一半。车 厢的质量m。=1000kg,车厢限载质量m=7000kg,电源电动势E=12V,内阻r= 12,定值电阻R。=22,报警器两端电压大于等于2V时会发出警报，重力加速度 g=10m/s2。 报管器 R。 R 2468 F/(×10N) 甲 乙 (1)报警器应并联在 (填“R。”或“R、”)两端，汽车所载货物越重，报警器两端 的电压 (填“越大”或“越小”)。 (2)应将电阻箱R的接人阻值调为 n。 (3)若要减小车厢限载质量m,应将电阻箱R的接入阻值调 (填“大”或 “小”)。 (4)长时间使用后，电源电动势降低，为使报警器正常工作，应将电阻箱R的接人阻 值调 (填“大”或“小”)。 物理试题第4页（共6页） 13.(10分)如图所示，一开口向上、导热良好的柱形汽缸置于水平地面上，缸内用活塞封 闭了一定质量的理想气体。活塞质量m=1kg、横截面积S=10cm2,活塞与汽缸间 的最大静摩擦力F,=10N。开始时活塞与汽缸底部的距离为h1=10cm,活塞与汽 缸壁间恰好无摩擦，环境温度T1=330K,大气压强p。=1.0×105Pa。汽缸足够高， 最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2,现缓慢升高环境温度。 (1)求活塞开始运动时的环境温度； (2)若从活塞开始运动到环境温度升高至540K的过程中，封闭气体从外界吸收了 20J的热量，求该过程中封闭气体内能的改变量。 7777777777777777 14.(12分)如图所示，圆形区域内存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B。的匀强 磁场I,其圆心为O,半径为R。正三角形ABC的中心也为O,在圆形和三角形间存 在方向垂直纸面向外的匀强磁场Ⅱ，磁感应强度大小也为B。一质量为m、电荷量 为q的带正电粒子从圆上的D点以垂直AB、指向O点的速度进人磁场I,粒子第一 次离开磁场I时速度方向指向A点，粒子在运动过程中恰好未离开△ABC范围。粒 子重力不计。求： (1)粒子的速度v的大小； (2)粒子从开始运动到第一次回到D点经过的时间t; (3)粒子运动到AC边时到A点的距离L。 X 0 1 D -≥B 物理试题第5页（共6页） 15.(17分)如图所示，两根足够长的光滑平行金属直导轨MN、PQ固定在同一绝缘水平 面内，导轨间距为L,导轨的左侧MP间接有阻值为R的定值电阻。一质量为m的 导体棒α垂直导轨放置，其电阻为R。导轨平面内存在竖直向上的匀强磁场，磁感应 强度大小为B。水平面上方固定一光滑小定滑轮，定滑轮位于两导轨正中间上方高 H处。一不可伸长的绝缘轻绳绕过定滑轮，一端连接导体棒中点，另一端施加竖直 向下的作用力，使导体棒由静止开始运动，初始时轻绳与水平方向的夹角为30°。当 轻绳与水平方向的夹角为45°时，轻绳自由端竖直向下的速度大小为。，此刻使轻绳 与导体棒脱离。轻绳与导体棒脱离之前导体棒位于定滑轮右侧，轻绳始终紧绷。导 装 体棒与导轨始终接触良好，导轨电阻不计。求： (1)轻绳刚与导体棒脱离时，回路中电流大小； (2)从导体棒开始运动到轻绳刚脱离导体棒时，通过定值电阻的电荷量； (3)导体棒从开始运动到静止时的位移大小； (4)若轻绳与导体棒脱离之前导体棒克服安培力做功为W,则从导体棒开始运动到最 终静止，定值电阻R产生的热量。 注意清点有无漏 30 或缺 若有要及时更换 线 物理试题第6页（共6页）普通高中2025一2026学年（下）高二年级期末考试 物理参考答案及评分细则 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 C B A C B D 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得 0分。 题号 8 9 10 答案 AB BC BC 三、非选择题：本题共5题，共54分。 11.【答案及评分细则】(6分) (1)3.75(1分) (2)1分) (3)4_M+m (2分) t1 t2 1分) ()-w+ma分 12.【答案及评分细则】(9分) (1)R。(1分)越大(2分) (2)5(2分) (3)小(2分) (4)小(2分) 13.【答案及评分细则】(10分) (1)360K (2)增加了14J 解析：(1)开始时，分析活塞受力，可得 pS+mg=p1S(1分) 活塞开始运动时，摩擦力向下达到最大，分析活塞受力，可得 poS+mg十F:=p2S(1分) 由查理定律号一： (1分) 由以上各式，解得T2=360K(1分) (2)活塞移动后，封闭气体压强不变，由盖-吕萨克定律 hiS h2S T2-T3 (2分) ·物理评分细则（第1页，共3页）· 外界对气体做功 W=-p2(h2-h1)S(2分) 由热力学第一定律，△U=W+Q(1分) 由以上各式，代入数据，解得 △U=14J(1分) 即封闭气体内能增加了14J。 14.【答案及评分细则】(12分) (1)3qB.R 3m (2)6元m qB。 25)R 解析：(1)根据题意，由几何关系可知，粒子从进入磁场I到第1次离开磁场I转过的角度为120°，如图 60R 可得粒子做圆周运动的轨迹半径 3R(2分) 根据洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律 2 qoB。=m r (1分) 解得=3gB,R 3m (1分) (2)如图，画出粒子运动轨迹 C 08 A 由图得，粒子运动时间t=3T(2分) T=2rm qB。 (1分) 得t=6m (1分) gBo (3)由图可得 0F=r+R=(+3)Ra分) 3 ·物理评分细则（第2页，共3页)· CF=√3OF=(1+3)R(1分) A到切点的距离 L-cF--(+2g）R (2分) 15.【答案及评分细则】(17分) (12BLv 2R (2)V3-1)BLH 2R 2v2mvoR (3) B2L2 +(3-1)H (④2w+日mi 解析：1)轻绳与导休棒脱离时，导体棒的速度一。5=区0。(2分) 此时感应电动势E=BLw=√2BL0。(1分) E_√2BLvo 回路中电流I=2 2R (1分) △Φ △t (2)根据题意，由法拉第电磁感应定律，此过程电路中平均电流I= 2R (2分) 通过定值电阻的电荷量q=I△1=2R △Φ (1分) 由△④=BL·x1=BL·(W3H-H)(1分) (3-1)BLH 可得q= 2R (1分) (3)从轻绳脱离到导体棒静止，对导体棒，由动量定理 -B1A=B7A=B=0-E2分) 2R 2R 可得z2=2V2mu,R B2L2 (1分) 2√2muoR 则总位移x=x1十x2= B2L2 +(3-1)H(2分) (4)轻绳与导体棒脱离之前导体棒克服安培力做功为W,则脱离之前电阻R产生的热量 Q.-W (1分) 脱离后，导体棒的动能全部转化为内能，电阻R产生的热量 Q。=2Ek=2mu8(1分) 故整个过程中定值电阻R产生的热量 Q=Q,+Q,=w+2md1分) ·物理评分细则（第3页，共3页)·普通高中2025一2026学年（下）高二年级期末考试 物理参考答案 1.C解析：温度升高，分子的平均动能增大，不是每一个分子的动能都增大，A错误；扩散现象可以发生在固体 和液体之间，B错误；布朗运动是物质微粒受其他分子的撞击力不平衡造成的，C正确；分子间距离减小，分子 力可能减小，D错误。故选C。 2.B解析：根据单摆周期公式T=2可知摆长不变，周期不变，碰后速度减小，因此振隔减小，B正确 故选B。 3.A解析：下落过程中加速度a1=mg二”，上升过程加速度a,=mg十0(>0)，d=0与t=12时，速度均为 零，加速度均为g,A正确；下降过程中加速度小于g,上升过程中加速度大于g,B点处切线斜率必然大于A 点，D错误；根据能量守恒，在同一高度处下降过程速度更大，B错误：小球回不到释放位置，则S1>S2,C错 误。故选A。 4.C解析：两球相遇时水平方向s=(o1一v2)t,竖直方向y=2g,△h=h一y,由以上各式，代入数据，解得 △h=10m,C正确。故选C。 5.B解析：由G R-mg M-4 Rp,可得g=号xGR,因此该星球表面重力加速度将增大，A错误；由 4 v2 R2mR,解得03GR,因此该星球的第一字宙速度增大，B正确；由G加，，可得0○ G,M增大，线速度增大，C错误；由T=2”,速度增大，周期减小，D错误。故选B。 R 6.D解析：电压表的示数U有一R十，E有=9V,A错误由右手定则，图示时刻，从上向下看线圈中电流沿逆时 针方向，B错误；电流频率子一%=5Hz,一个周期内电流方向改变2次，每秒电流方向改变10次，C错误；灯 泡的功率P _U=9W,D正确。故选D, R 7.C解析：运动至O点时，小球所受电场力为零，合力等于重力，小球做加速运动，因此将到达O点时一定做 加速运动，A错误；小球经过O点后一直向下做加速运动，不会返回，因此不会做简谐运动，B错误；由释放至 O点，根据能量守恒h三k最号产，解得m一仑又们小 1 gh(R√R+,C正确；根据能量守恒， 2mgh十m=2m2，解得=√4g十，D销误。放选C 8.AB解析：A正在做加速运动，即正向平衡位置运动，可知波沿x轴正方向传播，A正确；质点A1s内运动 的路程为2倍振幅，则经过的时间为半个周期，因此周期为2s,B正确；波速v=行=1m/s,C错误；t=0与 t=1s时刻质点A的加速度方向不同，D错误。故选AB。 ·物理答案（第1页，共5页）· C解折：由题应及几儿何知议可知，全反甜你界角为6，断封率aC-2A结误，B正确， 60 光在玻聘砖中的传播速度。一只，传播路程：=3R,传播时间1=。，解得1-2R,C正确，D错误。故 选BC。 10.BC解析：细线断后小球以方向水平向左、大小为g的加速度做类平抛运动，可知合力大小为g,方向水 平向左，分析小球受力，如图 F电 F合=g 45°入 、mg 由图可知，电场力大小为F角=E=2mg,则E=2g,电场方向与水平方向成45斜向左上，A错误， B正确；由释放到A点，根据动能定理，mgL=2mu员，解得A=√2g工，C正确；释放位置为最低点，A为等 效最低点，根据对称性，小球可运动至最高点且在最高点时速度为零，D错误。故选BC。 11.答案：(1)3.75(1分) (2)1分) (3)4_M+m (2分) t t2 w2() 1分) 合(）》'-M+m()a分 解析：(1)根据题意可知d=3mm十0.05×15mm=3.75mm。 d (2)碰前滑块1的速度为v。= (3)根据动量守恒定律，M=(M十m) ,化简可得4_M+m t1 t2 (④根据能量守包定律，左侧弹養开始时的弹性势能为2M()°，碰撞损失的机械能为M(侣)°- 2(M+m)(). t2 12.答案：(1)R。(1分)越大(2分) (2)5(2分) ·物理答案（第2页，共5页）· (3)小(2分) (4)小(2分) 解析：(1)汽车所载货物越重，报警器两端的电压应越大，压力越大，压敏电阻的阻值越小，因此报警器应并 联在R。两端。 (2)当达到限载质量时，作用于压敏电阻的压力大小为4×104N,对应阻值为4Ω，由闭合电路的欧姆定律， Ro U=R,十R十Rs十，E,代人数据，得R=50. (3)减小车厢限载质量，压敏电阻R、的阻值增大，电阻箱接入阻值应调小。 (4)电源电动势降低，电阻箱接入阻值应调小。 13.答案：(1)360K (2)增加了14J 解析：(1)开始时，分析活塞受力，可得 poS+mg=p1S(1分) 活塞开始运动时，摩擦力向下达到最大，分析活塞受力，可得 poS+mg+F:=p2S(1分) 由查理定律=(1分) 由以上各式，解得T2=360K(1分) (2)活塞移动后，封闭气体压强不变，由盖-吕萨克定律 hiS h2S T2 Ts (2分) 外界对气体做功 W=-p2(h2-h1)S(2分) 由热力学第一定律，△U=W十Q(1分) 由以上各式，代入数据，解得 △U=14J(1分) 即封闭气体内能增加了14J。 14.答案：(1) √3qBR 3m (2)6元2 gBo 2)R 解析：(1)根据题意，由几何关系可知，粒子从进入磁场I到第1次离开磁场I转过的角度为120°，如图 可得粒子做圆周运动的轨迹半径 ·物理答案（第3页，共5页）· r= =3R(2分) 根据洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律 quB。=m7 (1分) 解得0=3gBR (1分) 3m (2)如图，画出粒子运动轨迹 X A-- B 由图得，粒子运动时间t=3T(2分) T、2rm qB。 (1分) 得t=6mm (1分) gBo (3)由图可得 oF=r+R-(+9）R (1分) CF=√3OF=(1+√5)R(1分) A到切点的距离 L-cF-=(+2)R2分) 15.答案：(1) 2BLmo 2R (2)3-1)BLH 2R (3)22muR B2L2 +(3-1)H (④gw+2moi 解析：1轻绳与导体排脱肉时，导体排的速度。一m5=区，（2分)） 此时感应电动势E=BLo=√2BL。(1分) 回路中电流I= E_2BLw1分) 2R2R ·物理答案（第4页，共5页）· △Φ (2)根据题意，由法拉第电磁感应定律，此过程电路中平均电流I= △t (2分) 2R 通过定值电阻的电荷量g三I△1-P (1分)》 由△Φ=BL·x1=BL·(3H-H)(1分) 可得g=3-1)BLH 2R (1分) (3)从轻绳脱离到导体棒静止，对导体棒，由动量定理 -BLI△t= 人BL20AEB.2=0-√2mw0(2分) 2R 2√2mvoR 可得x2= B2L2 (1分) 2√2muR 则总位移x=x1十x2= B2L2 +(W3-1)H(2分) (4)轻绳与导体棒脱离之前导体棒克服安培力做功为W,则脱离之前电阻R产生的热量 W Q1-2 (1分) 脱离后，导体棒的动能全部转化为内能，电阻R产生的热量 1 Q:=2E.=2m6(1分) 故整个过程中定值电阻R产生的热量 Q=Q,+Q,=2w+2mw1分) ·物理答案（第5页，共5页）·