专题06 化学反应机理（6年汇编）（湖南专用）2021-2026年高考化学真题分类汇编

**基本信息** 聚焦化学反应机理，汇编2021-2026年湖南高考真题及2026年模拟题，以光催化、金属配合物催化等真实科研情境为载体，考查催化剂识别、中间体判断等核心能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|17题|化学反应机理（催化循环、能垒计算、反应选择性等）|以光催化、沸石催化等科研情境呈现反应历程图，强化多步反应物种转化逻辑推理，契合高考从单一能量图向复杂机理图演变趋势|

专题06 化学反应机理 6年真题1年模拟 考点分类 考情示例 命题规律 考点01 化学反应机理 2026湖南（1题）、2025湖南（1题）、2023湖南（1题）、2022湖南（1题）、2021湖南（1题） · 情境设置：以光催化、金属配合物催化、沸石催化等真实科研情境为载体，呈现反应历程图或能量变化图 · 考查重点：侧重催化剂识别、中间体判断、决速步分析、能垒计算、反应选择性分析等核心概念 · 命题趋势：从单一能量图向复杂催化循环机理图演变，强化多步反应中物种转化关系的逻辑推理，与有机合成、新能源材料深度融合 考点1 化学反应机理 1.（2026·湖南·高考真题）光催化是一种常用的绿色有机合成方法，合成化合物M(表示芳基，表示叔丁基)的反应历程如图所示。下列说法错误的是 A. X→Y过程中既有σ键断裂，又有π键断裂 B. Z中Ni的化合价为+2 C. PC②→PC①是一个氧化过程 D. 总反应式为 2.（2025·湖南·高考真题）环氧化合物是重要的有机合成中间体。以钛掺杂沸石为催化剂，由丙烯()为原料生产环氧丙烷()的反应机理如图所示。下列说法正确的是 A. 过程中Ⅱ是催化剂 B. 过程中有极性键和非极性键的断裂和形成 C. 过程中元素的化合价发生了变化 D. 丙烯与双氧水反应生成环氧丙烷的原子利用率为100% 3.（2023·湖南·高考真题）是一种强还原性的高能物质，在航天、能源等领域有广泛应用。我国科学家合成的某(Ⅱ)催化剂(用表示)能高效电催化氧化合成，其反应机理如图所示。     下列说法错误的是 A. (Ⅱ)被氧化至(Ⅲ)后，配体失去质子能力增强 B. M中的化合价为 C. 该过程有非极性键的形成 D. 该过程的总反应式： 4.（2022·湖南·高考真题）（多选）反应物(S)转化为产物(P或P·Z)的能量与反应进程的关系如下图所示： 下列有关四种不同反应进程的说法正确的是 A. 进程Ⅰ是放热反应 B. 平衡时P的产率：Ⅱ>Ⅰ C. 生成P的速率：Ⅲ>Ⅱ D. 进程Ⅳ中，Z没有催化作用 5.（2021·湖南·高考真题）（多选）铁的配合物离子(用表示)催化某反应的一种反应机理和相对能量的变化情况如图所示： 下列说法错误的是 A. 该过程的总反应为 B. c(H+)过大或者过小，均导致反应速率降低 C. 该催化循环中元素的化合价发生了变化 D. 该过程的总反应速率由Ⅱ→Ⅲ步骤决定 模拟题精选 1.（2026·湖南怀化·一模）苯甲醛与硝基甲烷在KOH存在下生成-硝基苯乙烯()的可能反应机理如图所示。 下列说法错误的是 A. 该反应过程中涉及了加成反应和消去反应 B. 反应过程中涉及极性键、非极性键的断裂和形成 C. 该过程中部分碳原子由杂化转变为杂化 D. 该过程的总反应方程式为： 2.（2026·湖南岳阳·一模）在特定条件下，利用氢气与氧气在催化剂作用下发生反应可制取双氧水，其反应的原理如图所示，据此进行相关分析。下列说法中正确的是 A. 和HCl两种物质都是该制备反应的催化剂 B. 反应过程中每一步转化，Pd元素的化合价都发生了变化 C. 步骤②中，参加反应，理论上转移电子数目为 D. 该反应的原理图中1 mol微粒含电子数的粒子有3种 3.（2026·湖南长沙·模拟）手性二醇是合成精细化学品的重要中间体。我国科学家开发了首例钴催化羟基酮氢化反应生成手性二醇，其机理如图所示。下列说法错误的是 A. 化合物E中存在配位键、氢键 B. 化合物能发生缩聚反应 C. 催化过程中Co的化合价发生改变 D. 该反应的原子利用率可达到100% 4.（2026·湖南株洲·一模）三苯基膦（L）为催化剂的基础原料，在国内石油化工中有广泛的用途。下列说法正确的是 A. L的空间结构为平面三角形 B. 该过程中Pd(Ⅱ)的配位数均为4 C. 三苯基膦配位能力弱于三丁基膦 D. 用同位素标记的代替可得到DBr 5.（2026·湖南长沙湖师大附中·一模）已知C2H5Br在NaOH乙醇溶液中发生的取代反应和消去反应互为竞争关系，二者反应历程中的相对能量变化如图所示。已知：热力学聚焦反应的自发性、方向和限度，通过焓变、熵变、ΔG等来确定；动力学探讨反应速率、机理、如何发生、反应多快，通过速率方程、活化能、催化剂等作用。 下列说法错误的是 A. C2H5Br在NaOH乙醇溶液中发生取代反应的速率比消去反应快 B. C2H5Br发生取代反应或消去反应时，OH-进攻的原子不同 C. NaOH乙醇溶液中，用18O标记NaOH，可能有H218O生成 D. NaOH乙醇溶液中，OH-与乙醇分子间形成了氢键 6.（2026·湖南岳阳·二模）以、CO、HI作原料催化合成乙酸的机理如图所示(表示Rh的价态)。下列说法错误的是 A. 该过程中有非极性键的形成 B. 已知中Rh只以配位键与周围原子结合，则Rh的化合价为价 C. 若中C均用标记，反应物CO用，一段时间后在产物中可检出 D. 反应⑥的中O原子进攻正电性很强的羰基碳 7.（2026·湖南邵阳·二模）在催化剂X或催化剂Y作用下，丙烷发生脱氢反应制备丙烯，总反应的化学方程式为   ，反应进程中的相对能量变化如图所示(*表示吸附态，中部分进程已省略)。 下列说法错误的是 A.  B. ①转化为②的进程中，决速步骤为 C. 被催化剂X吸附得到的吸附态更稳定 D. 催化剂Y作用下丙烯的产率更高 8.（2026·湖南湘潭·二模）在不同催化剂作用下加氢还原反应历程与相对能量的关系如图(A1~A4、B1~B4均表示过渡态)。下列说法正确的是 A. 该反应为吸热反应 B. 路径A和B，均包含4个基元反应 C. 路径A中，最大能垒(活化能)为2.15 eV D. 与路径B对比，路径A的反应速率更快 9.（2026·湖南长沙长郡中学·二模）稳定、高度多孔的双金属材料()是一种高效的光催化剂，能够在空气氛围中实现硫代苯甲醚()向甲基苯基亚砜()的高选择性转化，其可能的催化机理如图所示。已知：；是激发态氧分子，具有很高的反应活性。 下列说法错误的是 A. C→D的化学方程式可能为 B. 硫代苯甲醚和甲基苯基亚砜中的S均为杂化 C. 硫代苯甲醚与氧气反应生成甲基苯基亚砜的原子利用率为100% D. 若改变材料中的孔径大小，不会影响其催化效率 10.（2026·湖南长沙长郡中学·模拟）以某种含镍催化剂(L为中性配体)催化芳香酰胺(以苯甲酰胺为例)的醇解反应的机理如图所示(、烃基)。 已知①中存在苯环大键电子填入Ni空轨道形成的配位键。下列说法正确的是 A. 该过程中Ni的化合价不变 B. 该过程有键和键的形成和断裂 C. 总反应的反应类型为取代反应 D. 若将反应物中的换为，则生成①的速率更快 11.（2026·湖南长沙雅礼中学·二模）某研究团队认为：硝基苯在钴基双位催化剂((Co-NPs)的作用下，转化为苯胺的反应机理如图所示。下列叙述错误的是 A. 该反应中的还原剂是 B. 该反应过程中涉及配位键的形成 C. 若用同位素标记的代替，则得到 D. 总反应为： 12.（2026·湖南长沙湖师大附中·二模）如果在反应体系中只有底物和溶剂，没有另加试剂，那么底物就将与溶剂发生反应，溶剂就成了试剂，这样的反应称为溶剂解反应。如三级溴丁烷可以在乙醇中发生溶剂解反应，反应的机理及能量变化与反应进程的关系如图所示。 已知：催化剂M可使该反应速率加快几万倍。下列说法错误的是 A. 三级溴丁烷在乙醇中的溶剂解反应属于取代反应 B. 催化剂M对反应②的活化能影响最大 C. 该反应机理的中间产物中的碳原子有两种杂化方式 D. 降低温度，可提高的平衡产率 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题06 化学反应机理 考点1 化学反应机理 1【答案】B 2.【答案】B 3.【答案】B 4.【答案】AD 5.【答案】CD 模拟题精选 1【答案】B 2.【答案】D 3.【答案】C 4.【答案】C 5.【答案】A 6.【答案】B 7.【答案】D 8.【答案】B 9.【答案】D 10.【答案】C 11.【答案】C 12.【答案】B 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题06 化学反应机理 6年真题1年模拟 考点分类 考情示例 命题规律 考点01 化学反应机理 2026湖南（1题）、2025湖南（1题）、2023湖南（1题）、2022湖南（1题）、2021湖南（1题） · 情境设置：以光催化、金属配合物催化、沸石催化等真实科研情境为载体，呈现反应历程图或能量变化图 · 考查重点：侧重催化剂识别、中间体判断、决速步分析、能垒计算、反应选择性分析等核心概念 · 命题趋势：从单一能量图向复杂催化循环机理图演变，强化多步反应中物种转化关系的逻辑推理，与有机合成、新能源材料深度融合 考点1 化学反应机理 1.（2026·湖南·高考真题）光催化是一种常用的绿色有机合成方法，合成化合物M(表示芳基，表示叔丁基)的反应历程如图所示。下列说法错误的是 A. X→Y过程中既有σ键断裂，又有π键断裂 B. Z中Ni的化合价为+2 C. PC②→PC①是一个氧化过程 D. 总反应式为 【答案】B 【解析】A．X→Y过程中，X含碳碳三键，反应时三键的键断裂，同时伴随键（如Ni-Cl键）断裂，既有键断裂又有键断裂，A正确； B．由图可知，中Ni的化合价为+2价，中Ni与结合生成Z，Ni原子与具有单电子的碳原子结合形成键，且共用单子对偏向于C原子，则Ni的化合价上升到+3价，B错误； C．该步骤是光催化剂PC②与 反应，生成PC①和 。在这个反应中，Ni的化合价从+1价下降到0价，是氧化剂，则PC②→PC①是一个氧化过程，C正确； D．根据反应历程，反应物为炔烃X和ArCl，产物为M，条件为光、催化剂，总反应式为，D正确； 故选B。 2.（2025·湖南·高考真题）环氧化合物是重要的有机合成中间体。以钛掺杂沸石为催化剂，由丙烯()为原料生产环氧丙烷()的反应机理如图所示。下列说法正确的是 A. 过程中Ⅱ是催化剂 B. 过程中有极性键和非极性键的断裂和形成 C. 过程中元素的化合价发生了变化 D. 丙烯与双氧水反应生成环氧丙烷的原子利用率为100% 【答案】B 【解析】A．根据反应原理，Ⅰ先消耗再生成，是整个历程的催化剂，Ⅱ先生成，再消耗，是中间产物，A错误； B．过程中存在中O-O非极性键的断裂，以及中非极性键的形成；还存在极性键的断裂，以及极性键的形成，B正确； C．过程中Ti的化学键()始终是4个，配位键不会改变Ti的化合价，故元素的化合价不变，C错误； D．反应生成了，且存在的分解反应，原子利用率小于100%，D错误； 故选B。 3.（2023·湖南·高考真题）是一种强还原性的高能物质，在航天、能源等领域有广泛应用。我国科学家合成的某(Ⅱ)催化剂(用表示)能高效电催化氧化合成，其反应机理如图所示。     下列说法错误的是 A. (Ⅱ)被氧化至(Ⅲ)后，配体失去质子能力增强 B. M中的化合价为 C. 该过程有非极性键的形成 D. 该过程的总反应式： 【答案】B 【解析】A．(Ⅱ)被氧化至(Ⅲ)后，中的带有更多的正电荷，其与N原子成键后，吸引电子的能力比(Ⅱ)强，这种作用使得配体中的键极性变强且更易断裂，因此其失去质子（）的能力增强，A说法正确； B．(Ⅱ)中的化合价为+2，当其变为(Ⅲ)后，的化合价变为+3，(Ⅲ)失去2个质子后，N原子产生了1个孤电子对，的化合价不变；M为，当变为M时，N原子的孤电子对拆为2个电子并转移给1个电子，其中的化合价变为，因此，B说法不正确； C．该过程M变为时，有键形成，是非极性键，C说法正确； D．从整个过程来看， 4个失去了2个电子后生成了1个和2个，(Ⅱ)是催化剂，因此，该过程的总反应式为，D说法正确； 综上所述，本题选B。 4.（2022·湖南·高考真题）（多选）反应物(S)转化为产物(P或P·Z)的能量与反应进程的关系如下图所示： 下列有关四种不同反应进程的说法正确的是 A. 进程Ⅰ是放热反应 B. 平衡时P的产率：Ⅱ>Ⅰ C. 生成P的速率：Ⅲ>Ⅱ D. 进程Ⅳ中，Z没有催化作用 【答案】AD 【解析】A．由图中信息可知，进程Ⅰ中S的总能量大于产物P的总能量，因此进程I是放热反应，A说法正确； B．进程Ⅱ中使用了催化剂X，但是催化剂不能改变平衡产率，因此在两个进程中平衡时P的产率相同，B说法不正确； C．进程Ⅲ中由S•Y转化为P•Y的活化能高于进程Ⅱ中由S•X转化为P•X的活化能，由于这两步反应分别是两个进程的决速步骤，因此生成P的速率为Ⅲ<Ⅱ，Ｃ说法不正确； D．由图中信息可知，进程Ⅳ中S吸附到Z表面生成S•Z，然后S•Z转化为产物P•Z，由于P•Z没有转化为P＋Z，因此，Z没有表现出催化作用，D说法正确； 综上所述，本题选AD。 5.（2021·湖南·高考真题）（多选）铁的配合物离子(用表示)催化某反应的一种反应机理和相对能量的变化情况如图所示： 下列说法错误的是 A. 该过程的总反应为 B. c(H+)过大或者过小，均导致反应速率降低 C. 该催化循环中元素的化合价发生了变化 D. 该过程的总反应速率由Ⅱ→Ⅲ步骤决定 【答案】CD 【解析】A．由反应机理可知，HCOOH电离出氢离子后，HCOO-与催化剂结合，放出二氧化碳，然后又结合氢离子转化为氢气，所以化学方程式为HCOOHCO2↑+H2↑，A正确； B．若氢离子浓度过低，则反应Ⅲ→Ⅳ的反应物浓度降低，反应速率减慢，若氢离子浓度过高，则会抑制加酸的电离，使甲酸根浓度降低，反应Ⅰ→Ⅱ速率减慢，所以氢离子浓度过高或过低，均导致反应速率减慢，B正确； C．由反应机理可知，Fe在反应过程中化合价未发生变化，C错误； D．由反应进程可知，反应Ⅳ→Ⅰ能垒最大，反应速率最慢，对该过程的总反应起决定作用，D错误； 故选CD。 模拟题精选 1.（2026·湖南怀化·一模）苯甲醛与硝基甲烷在KOH存在下生成-硝基苯乙烯()的可能反应机理如图所示。 下列说法错误的是 A. 该反应过程中涉及了加成反应和消去反应 B. 反应过程中涉及极性键、非极性键的断裂和形成 C. 该过程中部分碳原子由杂化转变为杂化 D. 该过程的总反应方程式为： 【答案】B 【分析】由图可知，第一步发生反应，第二步发生反应+，第三步发生反应++，第四步发生反应++，第五步发生反应+，据此分析。 【解析】A．由分析知，第二步中进攻苯甲醛的醛基时，醛基的碳氧双键打开发生加成反应；第五步中脱去1分子水形成碳碳双键，属于消去反应，A正确； B．由图可知，该反应过程中，断裂的化学键均为不同原子间的极性键（如C-H键、C=O键、O-H键），仅最终形成了碳碳非极性双键，没有非极性键的断裂，因此不涉及非极性键的断裂，B错误； C．由分析知，第五步反应为消去反应，苯环侧链上的碳原子由饱和变为不饱和，杂化类型由转化为，C正确； D．由分析知，反应物为和，为催化剂，生成物为和，故总反应为，D正确； 故选B。 2.（2026·湖南岳阳·一模）在特定条件下，利用氢气与氧气在催化剂作用下发生反应可制取双氧水，其反应的原理如图所示，据此进行相关分析。下列说法中正确的是 A. 和HCl两种物质都是该制备反应的催化剂 B. 反应过程中每一步转化，Pd元素的化合价都发生了变化 C. 步骤②中，参加反应，理论上转移电子数目为 D. 该反应的原理图中1 mol微粒含电子数的粒子有3种 【答案】D 【分析】如图所示，[PdCl4]2-首先被氢气还原为Pd，同时生成HCl和Cl-，然后Pd在氧气、Cl-的作用下被氧化为中间体，最后在HCl作用下转化为[PdCl4]2-和过氧化氢；其中，HCl、Cl-、Pd和都属于先生成后消耗，为中间产物；H2和O2只消耗，为反应物；[PdCl4]2-先消耗后生成为催化剂；H2O2只生成，为产物；据此解答。 【解析】A．据分析，和HCl为中间产物，A错误； B．Pd元素的化合价的变化为+2→0→+2→+2，非每一步的化合价都发生变化，B错误； C．步骤②O元素由0价转化为-1价，参加反应，转移电子数目为，C错误； D．该反应中HCl、H2O2、Cl-均含18电子，1 mol微粒含电子数的粒子有3种，D正确； 故答案为D。 3.（2026·湖南长沙·模拟）手性二醇是合成精细化学品的重要中间体。我国科学家开发了首例钴催化羟基酮氢化反应生成手性二醇，其机理如图所示。下列说法错误的是 A. 化合物E中存在配位键、氢键 B. 化合物能发生缩聚反应 C. 催化过程中Co的化合价发生改变 D. 该反应的原子利用率可达到100% 【答案】C 【解析】A．化合物E中，Co与O、P原子之间存在配位键，同时分子内存在O–H…O氢键作用，A正确； B．分子式为C7H6O3的物质是水杨酸（邻羟基苯甲酸），同时含有羧基和羟基，自身可以发生缩聚反应生成聚水杨酸酯，B正确； C．在整个催化循环中，Co原子配位键数目不变且配体电荷不变时，则Co元素化合价不变，C错误； D．依据图示，总反应为：，原子利用率100%，D正确； 故选C。 4.（2026·湖南株洲·一模）三苯基膦（L）为催化剂的基础原料，在国内石油化工中有广泛的用途。下列说法正确的是 A. L的空间结构为平面三角形 B. 该过程中Pd(Ⅱ)的配位数均为4 C. 三苯基膦配位能力弱于三丁基膦 D. 用同位素标记的代替可得到DBr 【答案】C 【分析】由图可知反应机理为以溴苯（A）和丙烯酸甲酯（B）为原料，在催化剂作用下发生偶联，生成产物C，同时生成HBr（D）。据此分析。 【解析】A．P的杂化方式为，故L的空间结构不是平面三角形，A错误； B．第④步生成物中，Pd(Ⅱ)的配位数并非是4，B错误； C．丁基为推电子基团，三丁基膦更易提供配位电子，C正确； D．据③④可知，D原子没有脱离，D错误； 故答案选C。 5.（2026·湖南长沙湖师大附中·一模）已知C2H5Br在NaOH乙醇溶液中发生的取代反应和消去反应互为竞争关系，二者反应历程中的相对能量变化如图所示。已知：热力学聚焦反应的自发性、方向和限度，通过焓变、熵变、ΔG等来确定；动力学探讨反应速率、机理、如何发生、反应多快，通过速率方程、活化能、催化剂等作用。 下列说法错误的是 A. C2H5Br在NaOH乙醇溶液中发生取代反应的速率比消去反应快 B. C2H5Br发生取代反应或消去反应时，OH-进攻的原子不同 C. NaOH乙醇溶液中，用18O标记NaOH，可能有H218O生成 D. NaOH乙醇溶液中，OH-与乙醇分子间形成了氢键 【答案】A 【解析】A．由图可知，发生消去反应的活化能更低，速率更快，A错误； B．C2H5Br发生取代反应时，OH-进攻与Br连接的碳原子，发生消去反应时，OH-进攻与Br连接的碳原子的邻位碳原子上的H(即β-H)，B正确； C．消去反应中，得到生成，若被标记，结合可生成，C正确； D．由图可知，NaOH乙醇溶液中OH-中的O与乙醇分子中羟基氢之间存在作用，符合氢键形成特征，故NaOH醇溶液中OH-与乙醇分子间形成了氢键，D正确； 故选A。 6.（2026·湖南岳阳·二模）以、CO、HI作原料催化合成乙酸的机理如图所示(表示Rh的价态)。下列说法错误的是 A. 该过程中有非极性键的形成 B. 已知中Rh只以配位键与周围原子结合，则Rh的化合价为价 C. 若中C均用标记，反应物CO用，一段时间后在产物中可检出 D. 反应⑥的中O原子进攻正电性很强的羰基碳 【答案】B 【解析】A．总反应为，产物乙酸中存在非极性共价键，该键是反应过程中生成的，因此该过程有非极性键形成，A正确； B．该配合物为，整体带个单位负电荷。配体电荷：每个带电荷，共3个，总电荷为；带电荷；为中性配体，电荷为。设化合价为，根据整体电荷：，解得。因此，Rh的化合价为价，B错误； C．从机理可知，中配位的会迁移插入键，形成，最终进入产物乙酸的羧基，因此一段时间后可在产物中检出，C正确； D．羰基中氧电负性大于碳，羰基碳带较强正电性，中O有孤对电子，带部分负电，会进攻正电性的羰基碳，发生水解反应生成乙酸，D正确； 故选B。 7.（2026·湖南邵阳·二模）在催化剂X或催化剂Y作用下，丙烷发生脱氢反应制备丙烯，总反应的化学方程式为   ，反应进程中的相对能量变化如图所示(*表示吸附态，中部分进程已省略)。 下列说法错误的是 A.  B. ①转化为②的进程中，决速步骤为 C. 被催化剂X吸附得到的吸附态更稳定 D. 催化剂Y作用下丙烯的产率更高 【答案】D 【解析】A．由图可知，生成物的总相对能量高于反应物，说明正反应吸热，，A正确； B．决速步骤由活化能最大（反应速率最慢）的步骤决定，①（）转化为②（）的过程中，步骤的活化能远大于第一步，因此该步骤是决速步骤，B正确； C．能量越低物质越稳定，丙烷被催化剂X吸附后得到的吸附态相对能量低于催化剂Y吸附后的吸附态，因此X吸附得到的吸附态更稳定，C正确； D．催化剂只改变反应速率，不改变反应的始态和终态，不影响化学平衡，因此不能改变平衡产率，两种催化剂下丙烯的平衡产率相同，D错误； 故选D。 8.（2026·湖南湘潭·二模）在不同催化剂作用下加氢还原反应历程与相对能量的关系如图(A1~A4、B1~B4均表示过渡态)。下列说法正确的是 A. 该反应为吸热反应 B. 路径A和B，均包含4个基元反应 C. 路径A中，最大能垒(活化能)为2.15 eV D. 与路径B对比，路径A的反应速率更快 【答案】B 【解析】A．观察图像可知，反应物能量高于生成物能量，该反应为放热反应，A项错误； B．路径A和B，都有四个过渡态，均包含4个基元反应，B项正确； C．路径A中，最大能垒（活化能）为 ，C项错误； D．路径B的最大能垒为 ，路径A的最大能垒高于路径B，因此路径A的反应速率更慢，D项错误。 故答案为B。 9.（2026·湖南长沙长郡中学·二模）稳定、高度多孔的双金属材料()是一种高效的光催化剂，能够在空气氛围中实现硫代苯甲醚()向甲基苯基亚砜()的高选择性转化，其可能的催化机理如图所示。已知：；是激发态氧分子，具有很高的反应活性。 下列说法错误的是 A. C→D的化学方程式可能为 B. 硫代苯甲醚和甲基苯基亚砜中的S均为杂化 C. 硫代苯甲醚与氧气反应生成甲基苯基亚砜的原子利用率为100% D. 若改变材料中的孔径大小，不会影响其催化效率 【答案】D 【解析】A．从机理图可以看出，与按1:2反应，结合质量守恒可知，中间体C转化为产物D的化学方程式可能为，A正确； B．硫代苯甲醚中S的孤电子对数为，价层电子对数，为杂化。甲基苯基亚砜中S的孤电子对数，价层电子对数，为杂化，B正确； C．从图像可以看出，和硫代苯甲醚为反应物，物质的量之比为，甲基苯基亚砜为产物，总反应方程式为，该反应原子利用率为100%，C正确； D．由题干信息可知，是多孔材料，具有很高的比表面积，孔径大小的改变会影响材料对气体及其他反应物等的吸附，从而影响其催化效率，D错误； 故答案选D。 10.（2026·湖南长沙长郡中学·模拟）以某种含镍催化剂(L为中性配体)催化芳香酰胺(以苯甲酰胺为例)的醇解反应的机理如图所示(、烃基)。 已知①中存在苯环大键电子填入Ni空轨道形成的配位键。下列说法正确的是 A. 该过程中Ni的化合价不变 B. 该过程有键和键的形成和断裂 C. 总反应的反应类型为取代反应 D. 若将反应物中的换为，则生成①的速率更快 【答案】C 【解析】A. 该过程中、①中配体均是中性配体，Ni为0价，②、③、④中Ni为价，共有两种不同的价态，A错误； B. 该过程无键的形成与断裂，B错误； C. 总反应为苯甲酰胺的醇解反应，生成苯甲酸甲酯和胺，属于取代反应，C正确； D. ①中苯环大键电子与Ni形成配位键，则苯环电子云密度越大，形成配位键的趋势越大，三氟甲基为吸电子基，使苯环的电子云密度降低，形成配位键的趋势减弱，故反应物换为后，生成①的速率变慢，D错误； 故选C。 11.（2026·湖南长沙雅礼中学·二模）某研究团队认为：硝基苯在钴基双位催化剂((Co-NPs)的作用下，转化为苯胺的反应机理如图所示。下列叙述错误的是 A. 该反应中的还原剂是 B. 该反应过程中涉及配位键的形成 C. 若用同位素标记的代替，则得到 D. 总反应为： 【答案】C 【分析】由图可知，硝基苯在钴基双位催化剂((Co-NPs)的作用下与反应生成苯胺，总反应为：。 【解析】A．硝基苯转化为苯胺发生还原反应，中B为-3价，反应后生成 中B为+3价，B化合价升高失去电子，是还原剂，A正确； B．反应中Co-NPs作为催化剂，Co有空轨道，由图知，该反应过程涉及钴与氧原子、氮原子之间配位键的形成，B正确； C．中BH3的H未被标记。苯胺中氨基（-NH2）的H来自BH3提供的H，ND3的D不参与H转移，产物应为Ph-NH2而非Ph-NHD，C错误； D．由图，总反应为硝基苯与在Co-NPs催化下生成苯胺和NH4BO2，结合质量守恒，反应为，D正确； 故选C。 12.（2026·湖南长沙湖师大附中·二模）如果在反应体系中只有底物和溶剂，没有另加试剂，那么底物就将与溶剂发生反应，溶剂就成了试剂，这样的反应称为溶剂解反应。如三级溴丁烷可以在乙醇中发生溶剂解反应，反应的机理及能量变化与反应进程的关系如图所示。 已知：催化剂M可使该反应速率加快几万倍。下列说法错误的是 A. 三级溴丁烷在乙醇中的溶剂解反应属于取代反应 B. 催化剂M对反应②的活化能影响最大 C. 该反应机理的中间产物中的碳原子有两种杂化方式 D. 降低温度，可提高的平衡产率 【答案】B 【解析】A．三级溴丁烷在乙醇中的溶剂解的总反应最终得到(CH3)3COC2H5和HBr，因此反应属于取代反应，A正确； B．多步反应的速率由活化能最高的速控步决定，由图可知，反应①的活化能最大，为该反应的速控步，催化剂M能使该反应速率加快几万倍，说明催化剂M对反应①的活化能影响最大，B错误； C．中间产物中的中心碳原子为sp2杂化，甲基上的碳原子为sp3杂化，存在两种杂化方式，C正确； D．由图可知，该反应的反应物总能量高于生成物总能量，为放热反应；降低温度，平衡向正反应方向移动，可提高的平衡产率；D正确； 故答案选B。 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $