河北NT20名校联合体2025-2026学年高一下学期7月期末物理试题

7月高一期末巩固训练 物理答案 1.【答案】B 【详解】A.根据点电荷场强公式五=k是可得a、b两点的电场强度大小相等，a、b两点电场 强度的方向分别沿各自电场线方向，故、b点场强大小相等但方向不相同，故A错误： B.若电场线为曲线，则电场线的切线方向表示电场强度的方向。因为α、b两点关于连线中 点中心对称，故a、b点电场强度大小相等，方向相同；沿电场线方向电势降低，故α、b点电 势不相等，故B正确： C.因为、b两点到两场源电荷连线距离相等，故a、b两点的电场强度大小相等，但点电 场强度方向竖直向上，b点电场强度方向竖直向下；、b两点电势相同，故C错误； D.根据匀强电场的性质可知α、b两点电场强度和电势都相同，故D错误。故选B。 2.【答案】C 【详解】A将4极饭向左移动。则1变大，根据电容的决定式℃=胞C变小，由C一号 则U变大，静电计指针张角变大，A错误； B.根据C=eS 号，E=，解得E和 S，电荷量不变只将电容器A板向左平移，d 变大，极板间的电场强度不变，故B错误： C.只将电容器A板向左平移，极板间的电场强度不变，M点电势升高，正电荷电势能增大，C 正确： D.仅在极板间插入有机玻璃板，介电常数增大，根据电容的决定式C-S,C变大，由C-号 4πkd 则U变小，静电计指针张角变小，D错误。故选C。 3.【答案】C 【详解】A.导线中电流减小，所以电流周围的磁场的磁感应强度减小，线框面积不变，线框 沿导线向下做匀速运动或以直导线为轴转动时，线框到导线的距离·均不改变，因此穿过线框 的磁通量减小，能产生感应电流，故A,D不符合题意： B.导线中电流减小，所以电流周围的磁场的磁感应强度减小，线框面积不变，线框沿导线向 右远离导线时，线框到导线的距离变大，因此穿过线框的磁通量减小，能产生感应电流，故 B不符合题意： 第1页共8页 C.导线中电流减小，所以电流周围的磁场的磁感应强度减小，线框面积不变，线框沿导线向 左靠近导线时，线框到导线的距离”变小，因此穿过线框的磁通量可能不变，可能不会产生感 应电流，符合题意。故选C。 4.【答案】C 【详解】A.设α球质量为，所带电荷量为q,b小球质量为M,所带电荷量为Q。如图所 示，α、b球分别受到绳子拉力、自身重力、库仑力而保持平衡。 T T b,F库 mg Mg 对a球，由平衡条件得tana= 库 ng 对b球，由平衡条件得tan0= F库 Mg 又因为F库= ,联立以上解得a、b两球质量比为3：1： B.两小球之间的静电力是相互作用力，大小相等，方向相反，根据库仑定律可得，仅能确定 两小球带电量的乘积，但电荷量大小关系不确定，故B错误； CD.剪断细线后，两球水平方向受相等的库仑力，竖直方向受重力作用，竖直方向做自由落 体运动，高度相等，则时间相等，两球水平方向相互排斥，距离变大，库仑力变小，所以合外 力不恒定，加速度发生变化，不是匀变速运动，故C正确，D错误。故选C。 5.【答案】B 【详解】AB.由图可知，当x→0时，p→+”，根据点电荷电势公式p=g可知，原点O处的 电荷2带正电；当x→+∞时，P从负值趋近于0，说明远处电势为负，即总电荷量9+O<0, 故Q,带负电，A错误： BC.由图像可知，原点位置放置一正电荷O,因p-x图像的斜率等于电场强度，在x轴正方 第2页共8页 向电场强度方向先沿x轴正方向后沿x轴负方向，可知在x轴的负方向上放置电量为-Q,的负 电荷，因b的位置图像斜率不为零，则场强不为零：5cm处的电势为零，则但=但， xx+d 可得号放B正碗，C错误 D.因P-x图像的斜率等于电场强度，从α点运动到c点过程电场强度一直减小，所以电子受 电场力一直减小，加速度一直减小，故D错误。故选B。 6.【答案】A 【详解】A.根据万有引力提供向心力可得G =wr,整理可得o= GM 两边取对数可符1g=grgG)。 则图中两直线的截距的差值为6-a=eGM大上le(G4,）g3, 可得二者质量比为9：1，故A正确： B.火星的半径是月球的2倍，根据g= R,可知行星表面的加速度为&=G☑ R2 可得两者表面的加速度之比为9：4，故B错误； 9 C.根据第一宇宙速度v= GM 可得二者第一宇宙速度之比为， 故C错误； R M D.行星平均密度P=4 则二者密度之比为9：8，故D错误。故选A。 7.【答案】C 【详解】A.C球刚离开地面时，A球的速度达到最大，则此时A、B、C的加速度均为0，A的 质量为1.5，故A错误； B.初始时B球受重力、弹簧弹力，由平衡可列=g,释放瞬间弹簧弹力不突变，弹力 仍为g。设轻绳上的拉力为7，对A、B分别列牛顿第二定律： 对A有：1.5g-T=1.5ma, 对B有：T+m8=@ 3 联立解得a=48,故B错误： 第3页共8页 C.初始时弹簧压缩，球C对地面压力为二g时弹簧拉伸，初、末状态弹簧形变量大小相等， 因此弹性势能不变，A下滑距离等于B上升距离，则h=2x=”3 根据能量守恒定律有mgh-mgh= m+与m，解得v= m 故C正确； D.整个过程AB系统所受合外力减小，加速度减小。所以A所受绳拉力逐渐增大，故D错误。 故选C。 8.【答案】BD 【详解】A.由于不知道等势面电势的高低情况，所以无法判断粒子的电性，故A错误； B.等差等势面越密集的地方场强越大，故M点的加速度比N点的小，故B正确： C粒子的运动方向无法判断，故C错误； D根据粒子所受电场力指向曲线轨迹的凹侧且与等势面垂直可知，粒子在M点的电势能大于 在N点的电势能，故D正确。故选BD。 9.【答案】AD 【详解】A.滑动变阻器R的滑片向“端移动，滑动变阻器接入电阻增大，电路总电阻增大，干 路电流减小，电源的总功率P=E,电源的总功率一定减小，A正确： BC电源内阻与灯泡L分得的电压减小，并联部分电压增大，通过灯泡L3电流增大，则通过L, 电流减小，所以L3变亮，L,变暗，故B、C均错误； D若将开关S断开，稳定后，电容器极板之间电压等于电源电动势，与闭合开关时相比，电容 器极板之间电压增大，电量增大，要对电容器充电，将有电流从c点流向d点，故D正确。 故选AD。 10.【答案】CD 【详解】A.由qE=g可知，小球所受合力方向斜向下且与水平方向成45°角， v2) 1 F=V(g)+(gE)2=2g,所以小球经过B、C中点时绳拉力最大，F金L- =w2, 2 -"受，解符=6万-2e,故A错灵 B.小球在A点由静止开始释放后，将沿合外力方向做匀加速直线运动，到C点时绳突然绷紧， 有机械能损失，所以到B点速度应小于2√gL 第4页共8页 C.由qE=g可知，小球所受合力方向斜向下且与水平方向成45°角，F会=√0g)2+gE)2=V2g 所以小球经过B、C中点时速度最大。若恰好做完整圆周运动，则在AD中点处由向心力公式 可列2gm兰，再由动能定理可列2g2L=)m-m,解得最大速度是=V5V2g1: 2 故C正确； D.剪断细线，小球在竖直方向上先做竖直上抛运动，在水平方向上做初速度为零、加速度 为8的匀加速直线运动，小球回到与4点同一水平线上时，时间为=2”.2可 88 水平位移x=82-2L=AB,故小球恰好经过B点，经过B点时竖直速度大小为，=√g，水 平速度人小为(=248，设合速度与水平方向火角为9，回8-文日故D正确，故远CD. 11.【答案】(1)0.576(2分)，0.588(2分)；(2)A(2分) 【详解】(1)电源频率f=50Hz,打点周期为0.02s,每相邻计数点间有4个点未标出，因此 相邻计数点的时间间隔T=0s,根据匀变速直线运动中，中间时刻瞬时速度等于平均速度 ==-21.60+2640k10m=24ms, 2T 2×0.1s ①动能塔加量△2.-m+m-005+015k241=05761, ②0点到5点，B下落h,A上升h,h=38.40cm+21.60cm=0.60m, 故总重力势能减少量为△E。=(-m)gh=(0.15-0.05)x9.80×0.60J=0.588J: (2)根据机械能守恒(m-mh=m+m,整理得号-，Eh,因此二-h图像 22+1% 的斜率k=m,-西g_1」 %+28=490m6，故选A. 12.【答案】(1)R(2分)；(2)2000(2分)；(3)4000(2分)：(44100(2分) 【详解】(1)由于本实验中滑动变阻器采用分压式接法，所以应选阻值较小的，故选R; (2)由实验操作步骤可知，通过微安表的电流等于通过电阻箱的电流，可知两部分电阻比为 2:1,即微安表G内阻的测量值等于电阻箱接入电路的电阻的2倍，即R。=20002; 第5页共8页 (3)将微安表改装成量程为3V的电压表需要串联电阻的阻值为 R= -1,R_3-5x104×2000=40002: 5×104 (4)当微安表示数为400A时（即测量时），有2.36=400×10-6.(R1+R,解得R1+R=59002, 者改装后的电表无误若，电表内部总电以为R=R+足-号-60n,当电压为236v时， 有2.36V=1·(R2+R),解得=393.33A,故改装后的电表测量值比真实值偏大，应增大与R 串联的电阻，调整后的电压表内阻增大了1002，即将R,的阻值变为R,'=1002+R=41002。 13.【答案】(1)P=18W;(2)F=9N 【详解】(1)保护电阻两端的电压为U,=R,=4V… …（1分) 电动机两端的电压UM=E-U3=20V… …(1分) 电动机的电功率M=UMI=20W… …（1分) 电动机的热功率P热=IR=2W… …(1分) 电动机的输出功率P=M-P热=18W… …（1分) (2)因P=y0…(2分) 联立解得F=9N… …（1分) 14.【答案】(1)U=9.6V;(2)U=19.2V 【详解】设板间距和板长均为1，仁0时刻进入的粒子，在0~t时间内做类平抛运动，竖直位 1 移三)ai…uu …（1分) 竖直末速度y,=at… …(1分) t。~2时间内，粒子以速度y,做匀速直线运动，竖直方向的位移y=y,=at…(1分) 粒子恰好从边缘射出，竖直方向的总位移y=y,+y,=1…（1分) 水平方向y0·2t=1…(1分) aeU0（分 ml 第6页共8页 解得U,= 8w6 =9.6V…(1分) 3e (2)若粒子从t=0.5t时刻进入，粒子在板间运动时间仍为2t,故离开时刻为2.5t,设此时 电压为U1,加速度为4= 0…… ml 运动过程分为三个阶段： ①0.5t~时间内，粒子做类平抛运动，则有= …(1分) 6未的瞬时速度为%=426…（1分） ②t一2粒子做匀速直线运动，则有y=y…（1分) ③2，~2.51粒子做匀减速运动，则有y'=Y …(1分) 总位移y=y十y3'十y3=1…(1分) U,= 16v0=192V... (1分) 3e 15.【答案】(1)40N;(2)24J;3)4=0.4,4=0.2 【详解】(1)物块P从A点静止下滑至B,由机械能守恒得 1 hgR1-c0s6）=号hy2…(1分) 解得Vg=4m/S… 。…“…………。。。。(分） 在B点，由牛顿第二定律得-8=1 …（1分) R 联立解得FN=40N 由牛顿第三定律可知P经过B点时对轨道的压力大小为40N…(1分) (2)物块P在传送带上滑动时，由牛顿第二定律得4g=%4 解得4=2m/s2… …(1分) 加速至与传送带同速的时间为5=一塑=1s… …(1分) 第7页共8页 此阶假物块的位移为x-2二=5m,份好到达传送带右端…1分) 传送带的位移x2=vt1=6m P与传送带的相对位移△x=x一x=1m… …(1分) P与传送带之间摩擦生的热为Q=山g·△x=4J… …(1分) P的动能增加量为A2:三54vyg=20J严 …(1分) 电动机多消耗的电能E电=Q+△E=24… …（1分）) (3)P在Q上滑动时，两者运动的v-t图像如图所示， AU/m.s-1 6 根据图中的阴影面积代表物块与木板的相对位移，由平均速度可得 LZ-)=3m…(1分） 可得t=1s… (1分) v-4,gt=48-m+%g …(1分) 13 得山3-山3=0.2…（1分) 由能量守恒可知，物块的动能全部转换为系统因摩擦产生的热量，可列 1 5y=4,h8+m+g3……（1分） 得43十山3=0.6 …(（1分) 联立解得43=0.4,43=0.2… …(1分) 第8页共8页7月高一期末巩固训练 物理答题卡 准考证号 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 贴条形码区 1 1 2 2 d 5 5 5 姓 名： 6 6 6 6 6 6 6 6 6 6 6 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 班 级： 8 8 8 8 8 8 8 8 8 8 8 9 9 9 9 9 9 9 9 9 9 9] 考 场： 1.答题前，考生先将白己的姓名、准考证号填写清楚，并认真核 正确填涂 准条形码上的准考证号、姓名及科目，在规定位置贴好条形码。 填 缺考 意 2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米及以上 □ 事 (但不要太粗)黑字字迹的签字笔书写，要求字体工整、笔迹清楚。 3.请严格按照题号在相应的答题区域内作答，超出答题区域书写的 样错误填涂 项答案无效：在草稿纸、试题卷上答题无效。 例☑☒ 4.保持卡面清沽，不装订、不要折叠、不要破损 ①0国 选择题(1~7题为单选题，每小题4分：8~10题为多选题，每小题6分；共46分) 1A□BCD 6AB□CD 2ABCD 7ABCD 3 ABCD 8 ABCD 4ABCD 9ABCD 5A□B]CDI 10 AB CD 非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(6分，每空2分) (1) (2) 12.(8分，每空2分) (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效 13.(8分) 14.(14分) P UQE Uo 236t 9-U% 甲 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效， 高一物理答题卡第1页共1页 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效 15.(18分) 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效。7月高一期末巩固训练 物理 注意事项：1.本试卷考试时间为75分钟，满分100分。 2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应的位置。 一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中， 只有一项符合题目要求。 1.在下图所示的四种电场中，分别标记了a、b两点。其中a、b两点电场强度相同 但电势不同的是 甲 A.甲图中与点电荷等距的a、b两点 B.乙图中关于两等量异种电荷连线中点对称的a、b两点 C.丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的α、b两点 D.丁图中匀强电场中“等高”的a、b两点 2.如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，极板A接地，B与一个灵敏的 静电计相接，两板间有一试探电荷（带正电）固定在M点，下列说法正确的是 A.仅将A板向左移动，静电计指针张角变小 B.仅将A板向左移动，两板间电场强度变小 C.仅将A板向左移动，正电荷在M点的电势能增大 D.仅在极板间插入有机玻璃板，静电计指针张角变大 77777777 3.如图甲所示，矩形线圈PQRS位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面 内，线圈的PS边与导线平行。导线中电流i与时间t的关系如图乙所示，在t1 ~t2这段时间内，线圈中不一定产生感应电流的操作是 A.线框沿导线向下做匀速运动 B.线框水平向右远离导线 C.线框水平向左靠近导线 D.线框以直导线为轴转动 4.如图所示，两根绝缘细线一端分别连接α、b两个带电的小球（可视为质点），细 线另一端悬挂于同一点，两球静止时处于同一水平高度，细线与竖直方向的夹角 分别为a=30°、0=60°。下列说法正确的是 高一物理第1页共6页 A.a、b两球质量比为2：1 B.a的电荷量一定大于b的电荷量 C.若同时剪断两根细线，a、b同时落地 D.若同时剪断两根细线，a、b均做匀变速运动 5.真空中有两个固定点电荷，Q1在坐标原点O,Q2在x轴上的某点，两点电荷相 距10cm,x正半轴上各点电势9随x的变化如图所示，其中b点坐标为5cm。 已知在孤立点电荷q的电场中，与其相距为r处的电势9=飞复（取无限远处电 势为零)。下列说法正确的是 A.Q、Q2可能都带正电 B.Q1、Q2的电量绝对值之比为1：3 a b C.b点电场强度等于零 x/cm D.电子仅在电场力作用下沿x轴从a点运动到c点过 程中，其加速度一直增大 6.近年来，我国的火星探测工程和探月工程都取得了较大的进展。火星的半径是月 球半径的2倍，它们各自的航天探测器都在绕其做匀速圆周运动。如图为探测器 角速度与轨道半径的lgw一lgr图像，图中两图线纵截距的差值b一α=lg3,忽略 其他星球的引力干扰。结合图像判断选项正确的是 ↑1gω A.火星和月球的质量之比为9：1 B.火星和月球表面的重力加速度之比为2：1 火星 、月球 C.火星的第一宇宙速度是月球的1.5倍 D.火星和月球的平均密度之比为1：1 0 7.如图所示，球A、B由绕过轻质定滑轮的轻绳相连，球B、C通过劲度系数为k的 竖直轻质弹簧连接，球C放在水平地面上。初始时用手托住球A,整个系统处于 静止状态，轻绳恰好拉直且无弹力。已知球B的质量为，m、球C的质量为m,重 力加速度为g,开始时整个系统处于静止状态。释放球A后，球A下降至速度最 大时球C恰好离开地面，不计空气阻力，下列说法正确的是 LLLL∠LLLL A.球A质量为3m B.释放球A的瞬间，球B的加速度大小为0.4g C.球C对地面压力为mg时，球A的速度是g√ m OB D.从释放球A到球C刚离开地面的过程中，轻绳上拉力先减 小后增大 7777777 高一物理第2页共6页 二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中， 有两个或两个以上正确答案，全部选对得6分，漏选得3分，错选得0分。 8.某带电体产生电场的等势面分布如图中虚线所示，相邻等势面的电势差相等。实 线是一带电粒子仅在此电场作用下的运动轨迹，M、N分别是运动轨迹与等势面 b、a的交点，下列说法正确的是 A.粒子一定带正电 B.粒子在M点的加速度小于在N点的加速度 C.粒子一定是从M点运动到N点 D.粒子在M点的电势能大于在N点的电势能 9.如图所示的电路中有一个平行板电容器，L、L和L是完全相同的三个灯泡，电源 内阻不可忽略，当闭合开关后滑动变阻器R的滑片向α端移动时，下列说法正确的是 A.电源的总功率变小 B.灯泡L2的亮度变亮 C.灯泡L。的亮度变暗 D.若将开关S断开，将有电流从c点流向d点 10.如图所示，竖直平面内有一半径为L、圆心为O的圆，AB为水平直径，CD为 竖直直径。长为L的轻质细线一端系小球，另一端固定在圆心O。可视为质点 的小球带的电荷量为十q,质量为m。方向水平向右、电场强度大小为E的匀 强电场与圆所在平面平行，且qE=mg,重力加速度为g,下列说法正确的是 B A.若小球从C点由静止释放，则在运动过程中，细线拉力的最大值为 2(√2-1)mg B.若小球从A点由静止释放，则小球到达B点速度大小为2√g工 C.若小球恰好可以做完整的圆周运动，则运动过程中速度最大值为√5√2gL D.剪断细线，将小球从A点以o=√gL的速度竖直向上抛出，小球经过B点 时速度与水平方向夹角的正切值为2 三、非选择题：本题共5道小题，共54分。解答应写出必要的文字说明、方程式和 重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分；有数值计算的，答案中必须明确 写出数值和单位。 高一物理第3页共6页 11.(6分)学校物理兴趣小组用如图甲所示的实验装置验证A、B组成的系统机械能 守恒。B从高处由静止开始下落，A拖着的纸带通过打点计时器，打出一系列的 点，然后对纸带上的点迹进行测量。如图乙所示是实验中获取的一条纸带，0是 打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的 距离已标注，打点计时器所接电源频率为50Hz。已知A、B的质量分别为m1= 50g,m2=150g,当地的重力加速度g为9.80m/s2。 铁架台 打点计时器9！？3 .单位：c四， 一纸带 38.4021.6026.40 甲 乙 丙 (1)在打下第“0”点到打下第“5”点的过程中系统动能的增加量△Ek= J, 系统重力势能的减少量△E,= J。在误差允许的范围内，△Ek=△E,则 验证了A、B系统机械能守恒定律；（计算结果均保留3位有效数字） (2)另一组同学利用他们实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器 打下的第一个点的距离h,算出了各计数点对应的速度v,以h为横轴，以 2女为纵轴画出了如图丙的图线。若A、B系统机械能守恒，则图线的斜 率数值上近似等于 m/s2(填正确选项前字母即可)。 A.4.90 B.9.80 C.7.20 D.3.60 12.(8分)某同学把量程为500μA、内阻未知的微安表改装成电压表，先测量出微安 表的内阻，然后对电表进行改装，最后再利用标准电压表对改装后的电压表进行 校准。该同学利用图甲测量微安表的内阻，实验器材有： A.微安表@© B.电阻箱R →标准电 C.电源(E=1.5V,内阻不计) 压表 改装电 D.滑动变阻器R,(0~10) 压表 E.滑动变阻器R2(0~10k2) F.开关S、S、S2、导线若干。 具体实验步骤如下： ①按照图甲连接电路； 甲 ②调节滑动变阻器滑片至左端； ③闭合开关S1、S,调节滑动变阻器使微安表满偏； ④保持滑动变阻器滑片不动，断开开关S2,调节电阻箱R,使微安表指针偏 转到满刻度的号时，记录电阻箱的阻值R为1000Q。 高一物理第4页共6页 请回答下列问题： (1)图甲中滑动变阻器应选 （选填“R,”或“R2”); (2)由实验操作步骤可知微安表内阻的测量值Rg=( n; (3)以上述实验测得的微安表内阻为依据，拟将其改装成量程为3V的电压表， 则应串联一个阻值为R,= 2的电阻： (4)改装后用图乙所示电路对改装电压表进行校对，由于内阻测量造成的误差， 当标准电压表示数为2.36V时，改装电压表中微安表的示数如下图所示， 要达到(3)的预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量， 只需要将阻值为R,的电阻换为一个阻值为 2的电阻即可。（结果保 留4位有效数字)。 200300 400 wwhwwlmm山yw5o0 13.(8分)如图所示为某种电动绞缆机模型的工作示意图。电源的电动势E=24V, 内阻忽略不计，保护电阻R,=42,卷绳电动机M内部线圈电阻r=22。卷绳 电动机固定在平台上，通过不可伸长的轻绳与小船相连。闭合开关S,理想电 流表示数为=1A,卷绳电动机以恒定输出功率工作，拉动小船匀速靠岸，小 船靠岸过程中轻绳始终保持水平，小船的速度大小为=2m/s。求： (1)卷绳电动机的输出功率P; (2)轻绳拉力F的大小。 高一物理第5页共6页 14.(14分)如图甲所示，两平行极板P、Q的极板长度和板间距离相等，位于极 板左侧的粒子源从P板边缘垂直电场方向连续向右发射速度大小为。=8× 105m/s的电子。已知电子的质量m=9×1031kg,电荷量大小e=1.6×1019C, 电子重力不计。在两板间加上如图乙所示的电压（不考虑极板边缘的影响）。已 知t=0时刻进入两板间的带电粒子恰好在t=2t。时刻经极板边缘射出。不考虑 粒子间相互影响及返回极板间的情况。 (1)求两平行板间所加电压U。的大小； (2)若在1=弓。时刻进入两板间的带电粒子，恰好也用时2经极板Q边缘射 出，求两板间所加电压U1大小。 24361 0 -00 甲 15.(18分)如图所示，竖直面内有一光滑圆弧轨道AB,半径R=1.6,圆弧所 对的圆心角0=60°，轨道最低点B与水平传送带左端相切，传送带BC长度为 L1=5m,以速率v=6m/s顺时针匀速转动。质量m1=2kg的物块P(可视为 质点)从圆弧轨道的最高点A由静止释放，P与传送带间的动摩擦因数为1= 0.2,质量m2=1kg、长度L2=3m的长木板Q静止在C点右侧的水平地面上， Q上表面与BC平齐，P可以无动能损失地滑上Q,P与Q间的动摩擦因数为 42,Q与地面间的动摩擦因数为43。已知cos60°=0.5，重力加速度g取 10m/s2。 7777777777777777777 (1)求P经过B点时对轨道的压力大小； (2)求P从B点运动到C点过程中电动机多消耗的电能； (3)若P滑上Q后恰能到达Q的最右端，Q板运动的最大距离L3=2m,求2 和3的大小 高一物理第6页共6页