精品解析：2026届广东广州市天河区高三下学期考前学情自测物理试题

2026届普通高中毕业班适应性训练（二） 物 理 本试卷共8页，15小题，满分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1、答卷前，考生必须用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的学校、姓名、班级、座位号和考生号填写在答题卡相应的位置上，再用2B铅笔把考号的对应数字涂黑。 2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。 3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔或涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4、考生必须保证答题卡的整洁，考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 第四代核电技术之一的钍基熔盐堆核电，经一系列反应生成。随后通过核反应释放能量。则下列正确的是（　　） A. 该核反应为聚变反应 B. 该核反应方程前后粒子的总质量不变 C. 比结合能比小 D. 将加温加压，其半衰期会变短 【答案】C 【解析】 【详解】A．该核反应为重核裂变反应，A错误； B．该核反应方程前后因放出核能，则有质量亏损，B错误； C．因反应后放出核能，生成物更加稳定，则生成物的比结合能更大，则比结合能比小，C正确； D．半衰期由内部因素决定，与外界条件无关，则将加温加压，其半衰期不变，D错误。 故选C。 2. 如图甲所示，某鱼漂原来静止在平静的水面上，某时刻受到小鱼的拱饵而上下浮动。若将鱼漂在竖直方向上的运动看作做简谐运动，设原来静止的位置为其平衡位置，向上为正方向，其位移x与时间t的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（ ） A. t=1s时，鱼漂的振幅为零 B. t=2s时，鱼漂的加速度为零 C. t=3s时，鱼漂的速度方向向上 D. 0~2s内，鱼漂的位移先增大后减小 【答案】C 【解析】 【详解】A．鱼漂的振幅为定值，保持不变，故A错误； B．t=2s时，位移为负向最大，则加速度为正向最大，不为零，故B错误； C．图像的斜率表示速度，t=3s时斜率为正，说明鱼漂的速度方向向上，故C正确； D．0~2s内，鱼漂从最高点运动到最低点，位移先减小后增大，故D错误。 故选C。 3. 如图所示，一个均匀的透明水晶球，过球心的截面是半径为r的圆。一单色细光束平行直径PQ从A点射入球内，折射光线AQ与PQ夹角为30°。已知光在真空中的传播速度为c，则（ ） A. 水晶球的折射率为 B. 光在水晶球中的传播速度为 C. 光在水晶球中的传播时间为 D. 光在水晶球中发生全反射的临界角为30° 【答案】B 【解析】 【详解】A．连接OA，由几何关系可知为等腰三角形，折射角，由于入射光线平行于直径PQ，根据几何关系可知，入射角，根据折射定律有 代入数据解得，故A错误； B．根据光在介质中的传播速度与折射率的关系有 解得，故B正确； C．由几何关系可知，光在水晶球中传播的距离为 解得 光在水晶球中的传播时间为 解得，故C错误； D．设光在水晶球中发生全反射的临界角为，则有 解得 因为，可知临界角不为，故D错误。 故选B。 4. 范德格拉夫静电加速器结构如图所示，其工作原理是先通过传送带将正电荷传送到金属球壳（电荷在金属球壳上均匀分布），使金属球与地面间产生几百万伏的高压，然后利用高压给绝缘管中的带电粒子加速。在加速管顶端点无初速度释放一带电粒子，粒子经过两点到达管底（为中点）。不计粒子重力，仅考虑球壳产生电场的影响，下列说法正确的是（ ） A. 点电势比点电势高 B. 绝缘管中被加速的粒子带负电 C. 粒子从点到点的过程中电势能增大 D. 粒子在与间的动能增加量相同 【答案】A 【解析】 【详解】B．根据题意可知，电场方向由A→C，粒子从静止开始向下运动，受电场力向下，带正电，故B错误； AC．根据题意可知电场线方向沿着ABC的方向，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以B点电势比C点电势高，粒子在加速过程中，动能增大，电势能减小，故A正确，C错误； D．因为从A到C的过程中场强逐渐减小，根据公式可知，AB两点间的电势差大于BC两点间的电势差，所以粒子在AB间的动能变化量大于在BC间的动能变化量，故D错误。 故选A。 5. 2025年9月6日我国在第三届深空探测（天都）国际会议上提出，拟对某小行星实施“伴飞、撞击、伴飞”的动能撞击防御验证任务：先发射观测器抵近观测，再发射撞击器高速撞击，最后观测器再次围绕小行星观测。已知该小行星可视为质量均匀的球体，半径为，表面重力加速度为，引力常量为。观测器绕小行星做半径为的匀速圆周运动；撞击器正面撞击小行星中心处，且撞击后撞击器完全附着，观测器经过调整后仍然围绕小行星做半径为的匀速圆周运动。忽略小行星自转及其他天体引力，下列说法正确的是（　　） A. 撞击前小行星的质量为 B. 撞击前观测器绕小行星运动的周期为 C. 撞击后观测器的速度变大 D. 撞击后观测器的加速度减小 【答案】C 【解析】 【详解】A．小行星表面物体的重力约等于万有引力，设小行星的质量为，则 解得，故A错误； B．观测器做圆周运动的向心力由万有引力提供，则 其中 解得，故B错误； C．撞击后，小行星的质量增大，根据 可得 所以，速度增大，故C正确； D．撞击后，小行星的质量增大，根据 可得 所以，加速度增大，故D错误。 故选C。 6. 风力发电厂输电网络供电的装置如图甲所示，保持发电机输出的交变电压如图乙所示，升压变压器、降压变压器均为理想变压器，下列说法正确的是（ ） A. 线框转动的角速度为100 rad/s B. t=0.01s时穿过线圈的磁通量为零 C. t=0.01s时串联在升压变压器原线圈中的交流电流表示数为0 D. 用电高峰时，输电线上的功率损失增大 【答案】D 【解析】 【详解】A．由乙图可知交流电的周期为，根据角速度与周期的关系式有 代入数据解得，故A错误； B．由乙图可知在时，发电机输出的交变电压为0，此时线圈刚好位于中性面，穿过线圈的磁通量最大，故B错误； C．交流电流表测量的是交流电的有效值，虽然在时瞬时电压为0，但电路中持续产生交变电流，其有效值不为0，因此串联在升压变压器原线圈中的交流电流表示数不为0，故C错误； D．用电高峰时，用户端并联接入的用电器增多，相当于负载的总电阻减小，导致降压变压器副线圈电流增大，根据理想变压器原理可知输电线上的电流增大，根据输电线上的功率损失公式有 由于电流增大，可知输电线上的功率损失增大，故D正确。 故选D。 7. 如图所示，一物块（可视为质点）以初速度从足够长的固定斜面底端滑上斜面，运动过程中所受的阻力与速度大小成正比。以斜面底端为原点和重力势能的零点，沿斜面向上为正方向，该物块的动能为、重力势能为、机械能为、速率为、位移为，在斜面上运动的时间为。在该物块从斜面底端滑上斜面到返回斜面底端的过程中，下列图像可能正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】B．物块在斜面上运动时，上升过程中所受的合力 图像的斜率表示合外力，可知上升过程速度减小，合外力减小，斜率减小；下降过程中所受的合力 下降过程速度增大，合外力减小，斜率减小，且加速度没有突变，即斜率没有突变，故B错误； C．物块在斜面上运动时，上升过程中所受的合力 下降过程中所受的合力 可知上升的加速度大小大于下降的加速度，可知物块上滑到最高点所用的时间小于下滑到底端的时间，故C错误； D．物块沿斜面运动的过程中，由于阻力做负功，物块的机械能一直在减小，故D错误。 A．根据，上升过程中速度大，加速度大，斜率变化平缓，之后速度减小得快，加速度趋于，斜率绝对值变大；下降阶段，速度变大，加速度减小，可知斜率绝对值变小，故A正确。 故选A。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 图甲是某自行车采用的无链传动系统，利用圆锥齿轮90°轴交，将动力传至后轴，驱动后轮转动，杜绝了传统自行车“掉链子”问题。图乙是圆锥齿轮90°轴交示意图，其中A是圆锥齿轮转轴上的点，B、C分别是两个圆锥齿轮边缘上的点，两个圆锥齿轮中心轴到A、B、C三点的距离分别记为rA、rB和rC（rA<rB=rC）。下列说法正确的是（ ） A. A点与B点的线速度大小满足 B. A点与C点的角速度大小满足ωA=ωC C. A点与B点具有相同的向心加速度 D. B点与C点具有相同的向心加速度 【答案】AB 【解析】 【详解】A．A、B两点同轴转动，角速度相等，即 由线速度公式 得， 联立得：，A正确。 B．圆锥齿轮啮合传动，啮合点处线速度大小相等，即 已知，由 可得 又因为A、B同轴，，因此，B正确。 C．向心加速度公式 A、B角速度相同，，因此： 可得，两点向心加速度大小不同，C错误。 D．B、C线速度大小相等、转动半径相等，向心加速度大小相等，但向心加速度方向不同，因此向心加速度不相同，D错误。 故选AB。 9. 如图所示，匝数、面积、电阻的线圈处在竖直向下的匀强磁场中，通过电阻不计的软导线与边长为正方形线框abcd的d点和c点相连接，正方形线框用两个劲度系数均为的绝缘轻弹簧悬吊在天花板上，整个线框处在垂直纸面向外的匀强磁场中，已知随时间的变化规律为，正方形线框每条边的电阻值均为，电键闭合后，两弹簧的长度变化了，忽略软导线对线框的作用力，下列说法正确的是（ ） A. 电键闭合后，cd边中的电流方向由c到d B. ab边与cd边所受的安培力不相等 C. 闭合电键后，流过线圈的总电流为15A D. 磁感应强度的大小2T 【答案】BCD 【解析】 【详解】A．电键闭合后，根据楞次定律结合安培定则可知，cd边中的电流方向由d到c，故A错误； B．由于da，ab，bc三个边串联之后再与dc并联，可知通过ab边与cd边电流不相等，根据可知，ab边与cd边所受的安培力不相等，故B正确； C．感应电动势为 回路总电阻为 则流过线圈的总电流为，故C正确； D．电键闭合后，两弹簧的长度变化了，根据平衡条件可得 解得，故D正确。 故选BCD。 10. 坚硬的水平地面上放置一木料，木料上有一个竖直方向的方孔，方孔各侧壁完全相同。木栓材质坚硬，形状为正四棱台，上下底面均为正方形，四个侧面完全相同且与上底面的夹角均为θ。木栓质量为m，与方孔侧壁的动摩擦因数为μ。现用一锤子敲击木栓使其嵌入木料方孔：将木栓下底面对准方孔边缘，接触但无挤压，锤子敲击木栓后瞬间反弹，木栓所受的合力冲量为I，方向竖直向下。此后木栓获得一个向下的初速度开始嵌入方孔，最终嵌入深度为Δx，未到达方孔底部。若进入的过程方孔侧壁发生弹性形变，每个侧壁面的弹力大小与木栓的嵌入深度成正比，最大静摩擦力约等于滑动摩擦力，则（ ） A. 锤子敲击木栓后，木栓获得的初速度为 B. 木栓嵌入方孔过程中，木料对木栓的平均阻力大小 C. 木栓嵌入方孔过程中，木料和木栓组成的系统机械能共损失了 D. 木栓在方孔中静止后，木栓每个侧面所受的弹力为 【答案】AD 【解析】 【详解】A．锤子撞击木栓，木栓所受的合力冲量为I，根据 解得，故A正确； B．锤子撞击木栓后木栓获得的动能为 木栓嵌入方孔过程根据动能定理 解得平均阻力大小，故B错误； C．木栓嵌入方孔过程，木栓的动能与重力势能，一部分转化为系统内能另一部分转化为木料的弹性势能。 故木料和木栓组成的系统机械能的损失 解得，故C错误； D．木栓嵌入方孔过程中，当嵌入深度为Δx时，木料对木栓的一个侧面的弹力和滑动摩擦力如图所示 由于方孔每个侧壁面的弹力大小与木栓的嵌入深度成正比，则木栓嵌入方孔过程，有 根据 联立解得木栓在方孔中嵌入深度为Δx时，木料对木栓每个侧面的弹力大小 木栓在方孔中此位置静止时，木料对木栓每个侧面的弹力不变，故D正确。 故选AD。 三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。 11. 某实验小组用如图甲所示的实验装置来完成“探究平抛运动的特点”实验。图乙为用相机拍摄的频闪照片的一部分，A、B、C三点为连续三次频闪照相时小球的位置，则可以得出O点________（选“是”或“不是”）小球的抛出点。 【答案】不是 【解析】 【详解】根据乙图 可知OA与AB的时间不等。 竖直位移之比，故O不是小球的抛出点，小球的抛出点应该在x轴负方向离O一格的位置。 故填不是。 12. 某同学用螺旋测微器测量金属丝的直径时，测量结果如图所示，可知金属丝的直径D=________mm。 【答案】0.830 【解析】 【详解】螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为33.0×0.01mm=0.330mm，所以最终读数为：0.5mm+0.330mm=0.830mm 13. 物理兴趣小组利用手机中“声学秒表”软件测量当地的重力加速度。如图甲所示，他们将铁架台放在水平台面上，上端固定电磁铁M能吸住小球，打开手机软件，断开开关，小球下落撞击挡板A，手机接收到断开开关的声音和小球撞击挡板A的声音，算出时间间隔t，改变小球距离挡板A的高度h及对应的时间间隔t，测量多组数据。 某次记录声音响度随时间变化曲线如图乙，第一、第二个尖峰的横坐标分别对应断开开关的声音和撞击挡板A的声音，小球下落的时间t=______s。作出如图丙所示的图线，可得到重力加速度g=______m/s2（结果保留小数点后1位）。 【答案】 ①. 0.4 ②. 9.5 【解析】 【详解】[1]根据图乙可知，第一、第二个尖峰的横坐标分别对应断开开关和撞击挡板的时间，分别为和，则小球下落的时间为 代入数据解得 [2]小球下落过程做自由落体运动，根据位移时间关系有 整理得 可知图像的斜率表示当地的重力加速度，即，由图丙取直线上两点和，可得图像斜率为 解得 则当地的重力加速度大小为 14. 图甲为苹果自动分拣装置的示意图，该装置按一定质量标准自动分拣大苹果和小苹果。该装置的托盘秤通过以O1为转动轴的杠杆压在压力传感器R上，R的阻值随压力变化的曲线如图乙所示。当质量等于分拣标准（0.15 kg）的大苹果经过托盘秤时，杠杆对R的压力为1 N。调节可调电阻R0，可改变R、R0两端的电压比，使质量等于分拣标准的大苹果通过托盘秤时，R0两端的电压恰好能使放大电路中的电磁铁吸动分拣开关的衔铁，此电压叫做放大电路的激励电压。该放大电路中包含保持电路，能够确保大苹果在衔铁上运动时电磁铁始终保持吸动状态。 （1）当大苹果通过托盘秤时，R所受的压力较大，电阻______（填“较大”或“较小”）。 （2）自动分拣装置正常工作时，大苹果通过______（填“通道A”或“通道B”）。 （3）若电源电动势为5 V，内阻不计，放大电路的激励电压为2 V： ①为使该装置达到上述分拣目的，R0的阻值等于_____kΩ。（结果保留两位有效数字） ②某同学想在托盘秤压在杠杆上的位置不变的情况下，利用一块电压表测出每个苹果的质量，电压表的示数随苹果质量的增大而增大，则电压表应该并联在______（填“R”、“R0”或“电源”）两端。 ③若托盘秤压在杠杆上的位置不变的情况下，压力传感器受到的压力与苹果的质量成正比，现要提高分拣标准到0.33 kg，仅将R0的阻值调为______kΩ即可实现。（结果保留两位有效数字） 【答案】（1）较小 （2）通道B （3） ①. 20 ②. ③. 16 【解析】 【小问1详解】 大苹果经过托盘秤时，因其质量较大，托盘秤受到的压力较大，从而使得杠杆对压力传感器的压力较大。根据图乙可知，压力传感器的阻值随压力的增大而减小，因此当大苹果通过时，电阻受到的压力较大，电阻较小。 【小问2详解】 自动分拣装置正常工作时，当大苹果通过托盘秤，由于压力增大，压力传感器的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知整个电路总电阻减小，电路中电流增大，从而使得可调电阻两端的电压（即放大电路中的激励电压）增大。当大苹果使得激励电压达到或超过时，电磁铁吸动分拣开关的衔铁向下运动，结合图甲可知，分拣开关向下移动后，通道被打开，因此大苹果通过通道。 【小问3详解】 [1]当质量等于分拣标准的大苹果经过托盘秤时，杠杆对的压力为。由图乙可知此时压力传感器的阻值为，根据题意可知此时放大电路的激励电压为，电源电动势，由于内阻不计，根据串联电路分压原理有 代入已知数据解得 [2]当苹果质量增大时，托盘秤受到的压力增大，传感器受到的压力也随之增大，由图乙可知其阻值减小。此时电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知电路中的总电流增大，从而使得可调电阻两端的电压增大。由于电源两端电压保持不变，传感器两端的电压减小。要利用一块电压表测出每个苹果的质量，且要求电压表的示数随苹果质量的增大而增大，则电压表应该并联在电阻两端。 [3]根据图乙中图线的坐标点、、，可得压力传感器的阻值（单位为）与压力（单位为）的关系式为 根据题意可知压力传感器受到的压力与苹果的质量成正比，设比例关系式为 代入与解得 当分拣标准提高到时，根据正比例关系有 代入数据解得 代入阻值与压力的关系式解得此时压力传感器的阻值为 要使质量为的大苹果刚好被分拣，此时放大电路的激励电压恰好为，根据串联电路分压原理有 代入数据解得 题目要求结果保留两位有效数字，故仅将的阻值调为即可实现。 15. 气压式升降椅内的汽缸填充了气体，通过汽缸上下运动来支配椅子升降。如图乙所示为其简易结构示意图，圆柱形汽缸与椅面固定连接，总质量为；横截面积为的柱状气动杆与底座固定连接。可自由移动的汽缸与气动杆之间封闭一定质量的理想气体，不坐人时测得封闭气体柱长度为。设汽缸气密性、导热性能良好，忽略摩擦力。已知大气压强为，室内温度T1=300K，重力加速度g取10m/s2。现有一质量的人盘坐在椅面上。 （1）若室内温度保持不变，求稳定后缸内气体柱长度为多少； （2）人盘坐稳定后再打开空调，在室内气温缓慢降至T2=290K的过程中，外界对缸内气体所做的功。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 对圆柱形汽缸与椅面，根据平衡条件得 人盘坐在椅面上稳定后，根据平衡条件得 稳定后缸内气体柱长度为，由玻意耳定律得 解得 【小问2详解】 降温过程封闭气体等压变化，有 代入数据求得时，气柱长 外界对缸内气体所做的功 解得 16. 2022年2月4日至20日，北京冬奥会成功举办，冰壶项目给人们留下了深刻的印象。某次投掷冰壶的物理过程，可以简化为如下模型：如图甲所示，P、M、O为比赛场地中心线上的3个点。投壶手从起滑架处，推着冰壶沿中心线由静止出发，投壶手对冰壶推力的方向与速度方向相同。在P点放手，冰壶沿中心线滑动，冰道的右端有一圆形的营垒区，以场地上冰壶最终静止时距离营垒圆心O的远近决定胜负。已知冰壶（可视为质点）的质量均为，PO的距离为，冰壶与冰面间的动摩擦因数，重力加速度g取。 （1）某次投壶手对冰壶的推力大小，随时间变化规律如图乙所示，投壶手在点P处放手时，冰壶的速度是多大？ （2）某次比赛中，蓝壶静止在营垒区M点，M点距圆心O的距离为，如图甲所示。红壶在P点以初速度为投掷出，沿冰道中心线PO滑行，在M点与蓝壶发生弹性正碰。求蓝壶停止时，距点O的距离。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）图线与t轴所围成的面积表示推力F的冲量，内推力的冲量为 设脱手时冰壶的速度为v，由动量定律得 解得 （2）设PM间的距离为，在PM间由牛顿第二定律得 由运动学公式得 以红蓝两冰壶为研究对象，设碰前红壶的速度为，碰后瞬间它们的速度分别为和，根据动量守恒定律 根据能量守恒定律 解得 所以红壶停在M点。蓝壶继续做减速运动，设滑行x后速度减为0，根据动能定理得 解得 所以蓝壶停在距离中心点右侧处 。 17. 如图所示，在坐标系第一、四象限中过Q点的直线MN的右侧存在着范围足够大、方向垂直坐标平面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场；在第二象限内存在着沿y轴负方向的匀强电场；第三象限内（包含边界）存在着垂直坐标平面向外的匀强磁场。将一质量为m、电荷量为q的带正电粒子以初速度从C点沿y轴负方向射入磁场区域，粒子经D点进入第二象限，此时粒子速度方向与x轴正方向的夹角，运动一段时间后恰好沿x轴正方向进入第一象限，不计粒子重力。 （1）求第三象限内匀强磁场的磁感应强度大小； （2）求第二象限内匀强电场的场强大小； （3）若将上述粒子从P点以的速度沿x轴正方向射入第一象限，当直线MN与x轴的夹角（）取合适值时，粒子经过磁场偏转后恰好能够到达Q点，求粒子从P点运动到Q点可能经历的时间。 【答案】（1） （2） （3）或 【解析】 【小问1详解】 粒子在第三象限的运动轨迹如图所示 设轨迹半径为R，由几何关系有 解得 根据牛顿第二定律有 解得 【小问2详解】 根据几何关系有 粒子在第二象限做类斜抛运动，有 联立解得 【小问3详解】 粒子进入磁场区域后做匀速圆周运动，设轨迹半径为r，根据牛第二定律有 解得 根据几何关系可知，当时，粒子恰好能够到达Q点，粒子在第一象限的运动轨迹如图所示 粒子在第一象限内水平运动的距离 经历的时间 粒子在磁场区域做匀速圆周运动的周期， 粒子在磁场中转过的圆心角为 故粒子在磁场中运动的时间 所以粒子从P点运动到Q点的时间 当时，粒子也恰好能够到达Q点，粒子在第一象限内水平运动的距离 经历的时间 粒子在磁场中转过的圆心角为，则粒子在磁场中运动的时间 所以粒子从P点运动到Q点的时间 综上所述粒子从P点运动到Q点可能经历的时间为或 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届普通高中毕业班适应性训练（二） 物 理 本试卷共8页，15小题，满分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1、答卷前，考生必须用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的学校、姓名、班级、座位号和考生号填写在答题卡相应的位置上，再用2B铅笔把考号的对应数字涂黑。 2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。 3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔或涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4、考生必须保证答题卡的整洁，考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 第四代核电技术之一的钍基熔盐堆核电，经一系列反应生成。随后通过核反应释放能量。则下列正确的是（　　） A. 该核反应为聚变反应 B. 该核反应方程前后粒子的总质量不变 C. 比结合能比小 D. 将加温加压，其半衰期会变短 2. 如图甲所示，某鱼漂原来静止在平静的水面上，某时刻受到小鱼的拱饵而上下浮动。若将鱼漂在竖直方向上的运动看作做简谐运动，设原来静止的位置为其平衡位置，向上为正方向，其位移x与时间t的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（ ） A. t=1s时，鱼漂的振幅为零 B. t=2s时，鱼漂的加速度为零 C. t=3s时，鱼漂的速度方向向上 D. 0~2s内，鱼漂的位移先增大后减小 3. 如图所示，一个均匀的透明水晶球，过球心的截面是半径为r的圆。一单色细光束平行直径PQ从A点射入球内，折射光线AQ与PQ夹角为30°。已知光在真空中的传播速度为c，则（ ） A. 水晶球的折射率为 B. 光在水晶球中的传播速度为 C. 光在水晶球中的传播时间为 D. 光在水晶球中发生全反射的临界角为30° 4. 范德格拉夫静电加速器结构如图所示，其工作原理是先通过传送带将正电荷传送到金属球壳（电荷在金属球壳上均匀分布），使金属球与地面间产生几百万伏的高压，然后利用高压给绝缘管中的带电粒子加速。在加速管顶端点无初速度释放一带电粒子，粒子经过两点到达管底（为中点）。不计粒子重力，仅考虑球壳产生电场的影响，下列说法正确的是（ ） A. 点电势比点电势高 B. 绝缘管中被加速的粒子带负电 C. 粒子从点到点的过程中电势能增大 D. 粒子在与间的动能增加量相同 5. 2025年9月6日我国在第三届深空探测（天都）国际会议上提出，拟对某小行星实施“伴飞、撞击、伴飞”的动能撞击防御验证任务：先发射观测器抵近观测，再发射撞击器高速撞击，最后观测器再次围绕小行星观测。已知该小行星可视为质量均匀的球体，半径为，表面重力加速度为，引力常量为。观测器绕小行星做半径为的匀速圆周运动；撞击器正面撞击小行星中心处，且撞击后撞击器完全附着，观测器经过调整后仍然围绕小行星做半径为的匀速圆周运动。忽略小行星自转及其他天体引力，下列说法正确的是（　　） A. 撞击前小行星的质量为 B. 撞击前观测器绕小行星运动的周期为 C. 撞击后观测器的速度变大 D. 撞击后观测器的加速度减小 6. 风力发电厂输电网络供电的装置如图甲所示，保持发电机输出的交变电压如图乙所示，升压变压器、降压变压器均为理想变压器，下列说法正确的是（ ） A. 线框转动的角速度为100 rad/s B. t=0.01s时穿过线圈的磁通量为零 C. t=0.01s时串联在升压变压器原线圈中的交流电流表示数为0 D. 用电高峰时，输电线上的功率损失增大 7. 如图所示，一物块（可视为质点）以初速度从足够长的固定斜面底端滑上斜面，运动过程中所受的阻力与速度大小成正比。以斜面底端为原点和重力势能的零点，沿斜面向上为正方向，该物块的动能为、重力势能为、机械能为、速率为、位移为，在斜面上运动的时间为。在该物块从斜面底端滑上斜面到返回斜面底端的过程中，下列图像可能正确的是（ ） A. B. C. D. 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 图甲是某自行车采用的无链传动系统，利用圆锥齿轮90°轴交，将动力传至后轴，驱动后轮转动，杜绝了传统自行车“掉链子”问题。图乙是圆锥齿轮90°轴交示意图，其中A是圆锥齿轮转轴上的点，B、C分别是两个圆锥齿轮边缘上的点，两个圆锥齿轮中心轴到A、B、C三点的距离分别记为rA、rB和rC（rA<rB=rC）。下列说法正确的是（ ） A. A点与B点的线速度大小满足 B. A点与C点的角速度大小满足ωA=ωC C. A点与B点具有相同的向心加速度 D. B点与C点具有相同的向心加速度 9. 如图所示，匝数、面积、电阻的线圈处在竖直向下的匀强磁场中，通过电阻不计的软导线与边长为正方形线框abcd的d点和c点相连接，正方形线框用两个劲度系数均为的绝缘轻弹簧悬吊在天花板上，整个线框处在垂直纸面向外的匀强磁场中，已知随时间的变化规律为，正方形线框每条边的电阻值均为，电键闭合后，两弹簧的长度变化了，忽略软导线对线框的作用力，下列说法正确的是（ ） A. 电键闭合后，cd边中的电流方向由c到d B. ab边与cd边所受的安培力不相等 C. 闭合电键后，流过线圈的总电流为15A D. 磁感应强度的大小2T 10. 坚硬的水平地面上放置一木料，木料上有一个竖直方向的方孔，方孔各侧壁完全相同。木栓材质坚硬，形状为正四棱台，上下底面均为正方形，四个侧面完全相同且与上底面的夹角均为θ。木栓质量为m，与方孔侧壁的动摩擦因数为μ。现用一锤子敲击木栓使其嵌入木料方孔：将木栓下底面对准方孔边缘，接触但无挤压，锤子敲击木栓后瞬间反弹，木栓所受的合力冲量为I，方向竖直向下。此后木栓获得一个向下的初速度开始嵌入方孔，最终嵌入深度为Δx，未到达方孔底部。若进入的过程方孔侧壁发生弹性形变，每个侧壁面的弹力大小与木栓的嵌入深度成正比，最大静摩擦力约等于滑动摩擦力，则（ ） A. 锤子敲击木栓后，木栓获得的初速度为 B. 木栓嵌入方孔过程中，木料对木栓的平均阻力大小 C. 木栓嵌入方孔过程中，木料和木栓组成的系统机械能共损失了 D. 木栓在方孔中静止后，木栓每个侧面所受的弹力为 三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。 11. 某实验小组用如图甲所示的实验装置来完成“探究平抛运动的特点”实验。图乙为用相机拍摄的频闪照片的一部分，A、B、C三点为连续三次频闪照相时小球的位置，则可以得出O点________（选“是”或“不是”）小球的抛出点。 12. 某同学用螺旋测微器测量金属丝的直径时，测量结果如图所示，可知金属丝的直径D=________mm。 13. 物理兴趣小组利用手机中“声学秒表”软件测量当地的重力加速度。如图甲所示，他们将铁架台放在水平台面上，上端固定电磁铁M能吸住小球，打开手机软件，断开开关，小球下落撞击挡板A，手机接收到断开开关的声音和小球撞击挡板A的声音，算出时间间隔t，改变小球距离挡板A的高度h及对应的时间间隔t，测量多组数据。 某次记录声音响度随时间变化曲线如图乙，第一、第二个尖峰的横坐标分别对应断开开关的声音和撞击挡板A的声音，小球下落的时间t=______s。作出如图丙所示的图线，可得到重力加速度g=______m/s2（结果保留小数点后1位）。 14. 图甲为苹果自动分拣装置的示意图，该装置按一定质量标准自动分拣大苹果和小苹果。该装置的托盘秤通过以O1为转动轴的杠杆压在压力传感器R上，R的阻值随压力变化的曲线如图乙所示。当质量等于分拣标准（0.15 kg）的大苹果经过托盘秤时，杠杆对R的压力为1 N。调节可调电阻R0，可改变R、R0两端的电压比，使质量等于分拣标准的大苹果通过托盘秤时，R0两端的电压恰好能使放大电路中的电磁铁吸动分拣开关的衔铁，此电压叫做放大电路的激励电压。该放大电路中包含保持电路，能够确保大苹果在衔铁上运动时电磁铁始终保持吸动状态。 （1）当大苹果通过托盘秤时，R所受的压力较大，电阻______（填“较大”或“较小”）。 （2）自动分拣装置正常工作时，大苹果通过______（填“通道A”或“通道B”）。 （3）若电源电动势为5 V，内阻不计，放大电路的激励电压为2 V： ①为使该装置达到上述分拣目的，R0的阻值等于_____kΩ。（结果保留两位有效数字） ②某同学想在托盘秤压在杠杆上的位置不变的情况下，利用一块电压表测出每个苹果的质量，电压表的示数随苹果质量的增大而增大，则电压表应该并联在______（填“R”、“R0”或“电源”）两端。 ③若托盘秤压在杠杆上的位置不变的情况下，压力传感器受到的压力与苹果的质量成正比，现要提高分拣标准到0.33 kg，仅将R0的阻值调为______kΩ即可实现。（结果保留两位有效数字） 15. 气压式升降椅内的汽缸填充了气体，通过汽缸上下运动来支配椅子升降。如图乙所示为其简易结构示意图，圆柱形汽缸与椅面固定连接，总质量为；横截面积为的柱状气动杆与底座固定连接。可自由移动的汽缸与气动杆之间封闭一定质量的理想气体，不坐人时测得封闭气体柱长度为。设汽缸气密性、导热性能良好，忽略摩擦力。已知大气压强为，室内温度T1=300K，重力加速度g取10m/s2。现有一质量的人盘坐在椅面上。 （1）若室内温度保持不变，求稳定后缸内气体柱长度为多少； （2）人盘坐稳定后再打开空调，在室内气温缓慢降至T2=290K的过程中，外界对缸内气体所做的功。 16. 2022年2月4日至20日，北京冬奥会成功举办，冰壶项目给人们留下了深刻的印象。某次投掷冰壶的物理过程，可以简化为如下模型：如图甲所示，P、M、O为比赛场地中心线上的3个点。投壶手从起滑架处，推着冰壶沿中心线由静止出发，投壶手对冰壶推力的方向与速度方向相同。在P点放手，冰壶沿中心线滑动，冰道的右端有一圆形的营垒区，以场地上冰壶最终静止时距离营垒圆心O的远近决定胜负。已知冰壶（可视为质点）的质量均为，PO的距离为，冰壶与冰面间的动摩擦因数，重力加速度g取。 （1）某次投壶手对冰壶的推力大小，随时间变化规律如图乙所示，投壶手在点P处放手时，冰壶的速度是多大？ （2）某次比赛中，蓝壶静止在营垒区M点，M点距圆心O的距离为，如图甲所示。红壶在P点以初速度为投掷出，沿冰道中心线PO滑行，在M点与蓝壶发生弹性正碰。求蓝壶停止时，距点O的距离。 17. 如图所示，在坐标系第一、四象限中过Q点的直线MN的右侧存在着范围足够大、方向垂直坐标平面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场；在第二象限内存在着沿y轴负方向的匀强电场；第三象限内（包含边界）存在着垂直坐标平面向外的匀强磁场。将一质量为m、电荷量为q的带正电粒子以初速度从C点沿y轴负方向射入磁场区域，粒子经D点进入第二象限，此时粒子速度方向与x轴正方向的夹角，运动一段时间后恰好沿x轴正方向进入第一象限，不计粒子重力。 （1）求第三象限内匀强磁场的磁感应强度大小； （2）求第二象限内匀强电场的场强大小； （3）若将上述粒子从P点以的速度沿x轴正方向射入第一象限，当直线MN与x轴的夹角（）取合适值时，粒子经过磁场偏转后恰好能够到达Q点，求粒子从P点运动到Q点可能经历的时间。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $