云南怒江傈僳族自治州民族中学2025-2026学年高二下学期期中考试物理试卷

**基本信息** 高二年级物理期中卷涵盖热学、电磁学、力学等模块，实验题如折射率测量（11题）、电压表内阻测量（12题）注重科学探究，综合题如导体棒切割磁感线（15题）融合模型建构与能量守恒，体现物理观念与科学思维的阶段性检测需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|理想气体状态方程（1题）、电磁感应（5题）、简谐横波（8题）|第8题结合波形图考查波速与质点振动，渗透科学推理| |非选择题|5题/52分|折射率测量（11题）、动量守恒（14题）、电磁综合（15题）|15题多棒运动设计，关联高考真题趋势，强化科学论证与模型应用|

2025-2026学年下学期期中考试 高二年级物理 试卷 满分100分，考试时间75分钟。 第I卷(选择题，共46分) 1、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.从河底形成的一个气泡，在缓慢上升到河面的过程中没有破裂。若越接近水面，河内水的温度越高，大气压强没有变化，将气泡内的气体看成理想气体。气泡上升的过程中，下列说法正确的是(  ) A.外界对气泡内的气体做正功 B.气泡内的气体从外界吸收热量 C.气泡内的气体的压强可能不变 D.气泡内每个气体分子的速度都变大 2.一定质量的理想气体经历过程，整个过程气体体积与热力学温度的关系图像如图所示，则(  ) A.气体在状态的压强大于在状态的压强 B.过程，气体向外界放热 C.过程，单位时间撞击单位面积器壁的分子数减少 D.过程，气体内能的增加量等于气体从外界吸收的热量 3.如图所示，甲分子固定在坐标原点，乙分子位于轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示。为轴上四个特定的位置。现把乙分子从处由静止释放，则(  ) A.乙分子从运动到，分子力先减小后增大 B.乙分子运动到点时分子势能最小 C.乙分子运动到点时所受引力为0 D.乙分子从运动到的过程中，分子动能先增大后减小，点分子动能最大 4.某空间出现了如图所示的一组闭合的电场线，这可能是(  ) A.沿AB方向磁场在迅速减弱 B.沿AB方向磁场在迅速增强 C.沿BA方向磁场在迅速减弱 D.条件不足无法判断 5.如图甲所示为一台小型发电机构造的示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间按余弦规律变化，其图象如图乙所示。发电机线圈的内阻为1，外接灯泡的电阻为9，则(  ) A.在1.0×10－2s时刻电压表的示数为0V B.发电机的输出功率为3.24W C.在1.0×10－2s时刻，穿过线圈的磁通量最小 D.在2.0×10－2s时刻，穿过线圈的磁通量变化率最小 6.下面有关四幅闭合回路的描述正确的是（  ） A.图甲中，感应电流方向沿顺时针 B.图乙中，感应电流方向沿顺时针 C.图丙中，导体棒中的电流从M到N D.图丁中，导体棒中的电流从M到N 7.为测量磁感应强度，某兴趣小组设计了如图所示的装置。轻绳跨过光滑定滑轮，左边挂一物体，右方轻绳下面有一轻质绝缘挂钩，挂钩处有水平方向向里的匀强磁场。将一个通电矩形线圈挂在右方下面的挂钩上，线圈中的电流方向如图所示，整体处于平衡状态(线圈下边呈水平状态)。下列说法正确的是( ) A.线圈质量和物体的质量相等 B.线圈所受的安培力方向竖直向下 C.若磁场、电流方向突然同时反向，其它条件不变，整体仍处于平衡状态 D.若线圈中的电流突然反向，其它条件不变，线圈将向上运动 8.如图所示，实线是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列波在t=0.2s时刻的波形图。下列说法正确的是(　　) A.t=0时刻，x=8m处的质点的振动方向沿y轴正方向 B.0.2s内，x=8m处的质点的路程一定是5cm C.该列波的波速可能是10m/s D.t=0.4s时刻，x=6m处的质点恰好位于波峰 9.如图甲所示，水平弹簧振子的平衡位置为O点，小球在B、C两点之间做简谐运动，规定水平向右为正方向，图乙是小球做简谐运动的x-t图像，则(  ) A.小球从B点经过O点再运动到C点为一次全振动 B.图乙中的P点对应时刻小球的速度方向与加速度方向都沿正方向 C.小球的振动方程为 D.小球在前2.5s内的路程为1m 10.物块a、b中间用一根轻质弹簧相接，放在光滑水平面上，，如图甲所示。开始时两物块均静止，弹簧处于原长，时对物块施加水平向右的恒力，时撤去恒力，在内两物块的加速度随时间变化的情况如图乙所示。弹簧始终处于弹性限度内，整个运动过程中，以下分析正确的是（  ） A.内恒力的冲量大小为 B.物块的质量为 C.撤去之后，a、b的总动量、总动能均保持不变 D.撤去之后，弹簧形变量最大时a、b的速度大小均为 11.（6分）某同学测量一半圆形透明玻璃砖的折射率，实验过程如下： ①用游标卡尺测量玻璃砖的直径d，确定其底面圆心位置并标记在玻璃砖上； ②将玻璃砖放在位于水平桌面并画有直角坐标系Oxy的白纸上，使其底面圆心和直径分别与O点和x轴重合，将一长直挡板紧靠玻璃砖并垂直于x轴放置，如图(b)所示； ③用激光器发出激光从玻璃砖外壁始终指向O点水平射入，从y轴开始向右缓慢移动激光器，直至恰好没有激光从玻璃砖射出至挡板上的区域时，在白纸上记录激光束从玻璃砖外壁入射的位置P。 ④取走玻璃砖，过P点作y轴的垂线PQ，用刻度尺测量PQ的长度L。 根据以上步骤，回答下列问题： (1) 测得半圆形玻璃砖直径d的读数如图(a)所示，则                  cm； (2)根据以上测量的物理量，写出计算玻璃砖折射率的表达式为                  ，若测得PQ线段的长度，计算可得玻璃砖的折射率为                  。(结果保留3位有效数字) (3)若改变入射角会在挡板上得到两个亮斑、，O点到、的距离分别为、，则玻璃的折射率的表达式为                  。 12.（8分）一实验小组要测量一只电压表的内阻，过程如下。 (1) 用多用电表粗测电压表内阻，主要步骤有 ① 把多用电表选择开关置于欧姆挡某位置，然后红黑两只表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指向表盘“0Ω”位置； A.红表笔接红接线柱、黑表笔接黑接线柱 B.红表笔接黑接线柱、黑表笔接红接线柱 ② 已知被测电压表的红色接线柱为“+”、黑色接线柱为“-”，欧姆表与电压表连接时，正确的做法是                  ； ③ 当选用“×10”倍率时，发现指针位置过于靠左，如图1中的虚线所示。同学们认为是倍率选择不合适造成的，于是决定更换倍率，更换倍率后再次测量前重新欧姆调零； ④ 更换倍率后指针位置如图1中实线所示，这次选用的倍率为                  (填“×1”或“×100”)，电压表内阻的测量值为                  。 (2)同学们利用身边的实验器材，设计了如图2所示的测量电路，图2中电压表甲为被测电压表，电压表乙为标准电压表，定值电阻阻值为。 ① 请在图3虚线框中把实验电路图补充完整，并在两电压表旁标明甲、乙                  ； ②电路连接好之后，闭合开关，当滑动变阻器滑片位于某一位置时，电压表甲、乙的读数分别为和，则被测电压表内阻测量值的表达式为                  。 13.（10分）如图所示，直线与y轴的夹角为，在此角范围内有沿y轴负方向的匀强电场E。与x轴之间有垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q()的粒子以速度从y轴上的M点平行于x轴射入电场，粒子经电场偏转并经过上的N点进入匀强磁场，再经磁场偏转后恰好沿x轴射出。已知O点到N点的距离为。电场强度，不计粒子的重力，求： (1) O点到M点的距离， (2) 匀强磁场的磁感应强度B。 14.（12分）如图所示，薄木板静置在光滑水平地面上，木板右侧有一固定挡板，一滑块从木板左端以的水平初速度滑上木板，在木板与挡板发生碰撞前，A、已经共速。木板与固定挡板发生碰撞时，木板将以原速率反弹(碰撞时间极短，忽略不计)，最终滑块A恰好未滑离木板。滑块A、木板的质量分别为、，滑块与木板间的动摩擦因数，取重力加速度大小，求： (1)木板与挡板发生碰撞前瞬间，木板的速度大小； (2)从木板与固定挡板发生碰撞到、再次共速所经历的时间。 15.（16分）如图所示，平行光滑金属导轨被固定在水平绝缘桌面上，导轨间距为，右端连接阻值为的定值电阻。水平导轨上足够长的矩形区域存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为。某装置从左侧沿导轨水平向右发射一根质量为、电阻为的导体棒，导体棒以初速度进入磁场，导体棒的长度恰好等于导轨间距，与导轨接触良好（发射前导体棒与导轨不接触），不计空气阻力、导轨的电阻，忽略回路中的电流对原磁场的影响。求： (1) 回路中的最大电流； (2) 安培力的最大功率； (3)若第1根导体棒速度减为零时被锁定，从原位置再发射第2根相同的导体棒且导体棒仍以初速度进入磁场，速度减为零时被锁定，以此类推。在第6根导体棒进入磁场减速为零的过程中导轨右端定值电阻上产生的热量。 2025-2026学年下学期期中考试 高二年级物理 答案 第I卷(选择题，共46分) 2、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.B【解析】由题意可知，气泡内气体压强满足，上升过程中深度减小，压强减小；同时温度升高，根据理想气体状态方程可知气体体积增大，外界对气体做负功，即，AC错误；理想气体内能仅由温度决定，温度升高则内能增大，即，根据热力学第一定律，解得，即气体从外界吸收热量，B正确；温度是分子平均动能的标志，温度升高仅说明分子平均动能增大、平均速率增大，不代表每个气体分子的速度都变大，D错误。故选B。 2.D【解析】根据理想气体状态方程，可得，结合图像可知气体的体积与热力学温度成正比，即段是一条等压线，所以气体在状态的压强等于在状态的压强，错误；过程，气体的体积和温度都增加，所以外界对气体做负功，即，同时气体的内能增加，即，由热力学第一定律可知，，即气体一定从外界吸热，B错误；过程，气体体积保持不变，气体的温度增加，所以单位时间撞击单位面积器壁的分子数增加，C错误；过程，气体体积不变，气体不对外做功，又因为气体的温度升高，所以气体内能的增加量等于气体从外界吸收的热量，D正确。故选D。 3.D【解析】由图可知，乙分子从a运动到b的过程中，分子力增大，从b运动到c的过程中，分子力减小，A错误；乙分子从a运动到c的过程中，分子力表现为引力，与乙分子运动方向相同，分子力做正功，分子动能增加，分子势能减小，越过c点后，分子力表现为斥力，与乙分子运动方向相反，分子力做负功，分子动能减小，分子势能增大，所以乙分子运动到c点时分子势能最小，分子动能最大，B错误，D正确；c点是分子力由引力转为斥力的平衡位置()，此时分子间合力为零，但引力和斥力大小相等、方向相反，均不为零，C错误。故选D。 4.A【解析】根据安培定则可知感应电场产生的磁场方向竖直向下，根据麦克斯韦电磁场理论可知磁场一定变化的。若有沿AB方向上的磁场，与感应磁场方向相同，则磁场正逐渐减弱；若有沿BA方向的磁场，与感应磁场方向相反，则磁场正逐渐增强，故A正确，BCD错误。故选A。 5.B【解析】由图象可知，电动机电压的最大值，故有效电压为6V，电压表测量的是灯泡的电压，所以电压为，A错误；发电机的输出功率，B正确；在1.0×10－2s时刻，感应电动势最小，此时穿过线圈的磁通量最大，C错误；在2.0×10－2s时刻，感应电动势最大，此时磁通量变化率最大，D错误。故选B。 6.A【解析】根据楞次定律“增反减同”和安培定则得：感应电流方向沿顺时针，A正确；线圈向右运动时，穿过其的磁通量减少，根据楞次定律的“增反减同”，感应电流方向沿逆时针，B错误；由，B减小，则穿过闭合回路的磁通量减少，根据楞次定律的“增反减同”， 感应电流方向沿逆时针，即导体棒中的电流从N到M，C错误；导体棒做切割磁感线运动时，根据右手定则得：电流方向从N到M，D错误。故选A。 7.C【解析】根据图中磁场方向结合左手定则可知，线圈所受安培力方向竖直向上，根据平衡条件可推知线圈质量大于物体质量，AB错误；根据左手定则可知，若磁场、电流方向突然同时反向，其它条件不变，线圈所受安培力方向不变，则整体仍处于平衡状态，C正确；根据左手定则可知，若线圈中的电流突然反向，其它条件不变，线圈所受安培力方向变为竖直向下，则线圈所受合力竖直向下，将向下运动，D错误。故选C。 8.CD【解析】根据“上下坡法”，t=0时刻，x=8m处的质点沿y轴负方向振动，A错误；由题图可知，该列波的波长λ=8m，当波沿x轴正方向传播，周期满足0.2s=(n+)T(n=0，1，2，…)，解得T=(n=0，1，2，…)，由于周期不确定，故x=8m处的质点的路程也不确定，B错误；当n=0时，周期为0.8s，波速v==10m/s，C正确；t=0.2s时刻，x=6m处的质点通过平衡位置向上振动，根据对称性和周期性，t=0.4s时刻，x=6m处的质点恰好位于波峰，D正确。故选CD。 9.CD【解析】根据全振动的概念可知弹簧振子从B点经过O点再运动到C点为次全振动，A错误；题图乙中的P点时振子的速度方向为负，此时振子正在沿负方向做减速运动，加速度方向为正，B错误；根据题图乙可知，弹簧振子的振幅是A=0.1m，周期为T=1s，根据圆频率与周期的关系，可知圆频率为，规定水平向右为正方向，t=0时，振子的位移为0.1 m，表示振子从B点开始运动，初相为，则振子的振动方程为，C正确；因为周期T=1s，则，根据简谐运动的周期性可知振子在前2.5s内的路程为，D正确。故选CD。 10.AB【解析】由题意可知，时，弹簧弹力为零，对物块a，根据牛顿第二定律有，由乙图可知，解得，内，恒力F的冲量大小为，A正确；由乙图可知时，a、b整体的加速度相同为，根据牛顿第二定律有，解得，B正确；撤去F之后，a、b及轻弹簧组成的系统所受合外力为0，动量守恒、机械能守恒，故a、b的总动量不变，系统内弹簧弹力做功，涉及弹簧弹性势能与物块动能之间的相互转化，a、b的总动能会发生变化，C错误；撤去F之后，弹簧形变量最大时 a、b的速度相同，对全程，根据动量定理有，解得，D错误。故选AB。 第Ⅱ卷(非选择题，共52分) 二、非选择题（本题共5个小题，共52分） 11. (1) 6.43 (2)；1.61 (3) 【解析】(1) 游标卡尺为10分度，精确度为0.1mm。主尺读数为6.4cm，游标尺第3条刻度线与主尺对齐，故读数为 6.4cm + 0.1×3mm = 6.43cm。 (2) 当恰好没有激光从玻璃砖射出至挡板上y<0的区域时，说明激光在玻璃砖内发生了全反射。当恰好发生全反射时，有，代入数据可得 (3)由折射率公式可得 12. (1) ②B；④×100，1600； (2)①见解析；② 【解析】(1) ②根据多用电表“红入黑出”可知红、黑表笔要分别与电压表的负极、正极相连。故选B。 ④由题图1中的虚线可知，待测电压表的内阻约为1500，为了减小测量误差，使指针指在中央刻度线附近，应将选择开关旋转到欧姆挡“×100”位置，由题图1中实线可知，该电压表内阻为 (2) ① 根据图2的实物连接图，完整的电路图，如图所示 ②待测电压表甲与定值电阻串联，电流大小相同，根据欧姆定律和串联电路分压规律有，解得 13. (1) (2) 【解析】(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向位移 竖直方向加速度 竖直方向的位移 的距离 (2)粒子出电场进磁场时速度为，速度偏转角为，粒子在磁场中偏转的半径为R，运动轨迹如图所示 竖直方向上 根据合速度与分速度的关系，有 解得 进入磁场的速度为 速度与垂直，作速度和x轴的垂线，交点是粒子在磁场中偏转圆弧的圆心，由几何关系 由牛顿第二定律 联立解得 14. (1)； (2) 【解析】(1) 在B与挡板碰撞前，A、B已共速，且水平地面光滑，滑块、木板组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律有 解得木板与挡板发生碰撞前瞬间木板的速度大小为 (2) 设碰撞发生后，滑块A、木板B最终的共同速度为，根据动量守恒定律有 对滑块分析，取向左为正方向，根据动量定理，有 解得从木板与固定挡板发生碰撞到、再次共速所经历的时间为 15. (1) 0.05A； (2) 0.05W； (3) 【解析】(1)由题意可知，导体棒进入磁场后，做减速运动，则导体棒刚进入磁场时回路中电流最大，此时产生的感应电动势为 根据闭合电路欧姆定律可知此时回路的电流为 (2)导体棒刚进入磁场时安培力的功率最大，此时导体棒受到的安培力 此时导体棒受安培力的功率 解得P=0.05W (3)第6根导体棒进入磁场减速为零的过程中，右端5根被锁定的金属棒并联电阻为 再与右端定值电阻R并联，则外电路电阻为 第6根导体棒从进入磁场到速度减为0的过程中，根据能量守恒可得回路产生的总热量为 导轨右端金属棒和定值电阻R上产生的总热量 解得 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $