2026年暑假培优讲义 第20讲 物质的比热容（预习） 苏科版物理九年级上册

第20讲 物质的比热容 本讲定位：热学核心计算专题，承接内能、热传递，中考必考实验+计算题；海边沙滩温差、水冷系统、气候调节为常考应用题，热量计算公式是热学计算基础。 核心重点：热量定义；探究不同物质吸热升温实验；比热容定义、单位、公式；水的比热容大的应用；吸热、放热计算公式及计算；比热容是物质物理属性。 高频易错点：混淆Δt（温度变化量）、初温、末温；计算漏写单位；不理解比热容只与物质种类有关；分不清升温吸热、降温放热公式；忽略热量散失对实际加热的影响。 学习建议：牢记、、；记住水的比热容；实验掌握控制变量法、转换法；抓住 “水比热容大” 两类应用：取暖、降温、调节气候。 本讲内容导航 一、课标要求・素养目标 二、思维导图 三、知识梳理・核心考点 四、重点难点・易错警示 五、典例精讲・思路分析 六、基础过关精练 七、拔高培优专练 一、课标要求・素养目标 课程标准 核心素养维度 学习目标 2.2.6 通过实验了解不同物质吸热能力不同；理解比热容概念，记住水的比热容；会利用进行简单热量计算；能用比热容知识解释生活、自然中的温差现象 物理观念 建立吸热能力微观模型，知道比热容是物质固有属性，区分质量、温度、物质种类对吸放热的影响 科学思维 利用控制变量分析吸热实验；灵活变形比热容公式进行定量计算；结合海边、内陆温差解释比热容规律 科学探究 完成水与沙子吸热对比实验，利用相同热源加热时间反映吸收热量，掌握转换法、控制变量法 科学态度与责任 了解水资源调节气候的作用，结合塞罕坝造林案例理解生态价值；能解释汽车水冷、热水袋取暖等生活应用 二、思维导图 三、知识梳理・核心考点 1．热量（Q） （1）定义：物体在热传递过程中转移的内能叫作热量，符号。 （2）单位：焦耳，符号，与能量单位一致。 （3）影响吸收、放出热量多少的三个因素：①物体质量；②温度变化量；③物质种类（比热容）。 举例：烧开一壶水比半壶水吸热多；冷水升温越多吸热越多；同等条件下水比沙子吸热多。 2．探究实验：不同物质吸热升温现象（水 vs 沙子） （1）实验控制变量：沙子、水质量相等，使用相同红外灯加热（相同时间吸收热量相等，转换法）。 （2）实验现象：加热相同 4min，沙子温度 55.4℃，水仅 30.7℃；沙子升温更快。 （3）推理结论：若升高相同温度，水需要更长加热时间，吸收热量更多；水的吸热能力更强。 （4）实验方法： ①控制变量法：控制质量、热源相同，改变物质种类；②转换法：用加热时间长短表示物体吸收热量多少。 3．比热容基础概念 （1）定义：物体温度升高吸收的热量与它质量和升高温度乘积之比；数值含义：单位质量的某种物质，温度升高（降低）1℃吸收（放出）的热量。 （2）公式： （3）符号与单位：符号；单位，读作焦每千克摄氏度。 （4）核心性质：比热容是物质的物理属性，只与物质种类、状态有关；与质量、温度、吸放热多少无关。 （5）重点数据：水的比热容，常见物质中数值最大。 4．水的比热容大的应用与自然现象 （1）生活生产应用 ①热水袋取暖：相同质量水降低相同温度，放出热量多，保暖效果好；②汽车发动机水冷系统：水吸收大量热量，有效降温，保护发动机。 （2）自然气候现象 ①海边昼夜温差小，内陆沙漠昼夜温差大：海水比热容大，吸、放大量热量时温度变化小；沙石比热容小，少量吸放热温度剧烈变化，出现 “早穿皮袄午穿纱”。 ②水源、森林调节气候：森林涵养水源，区域水体多，气温波动更小；塞罕坝造林蓄水，改善区域温差与生态。 5．热量计算公式 由变形得通用式： 设：初温，末温，温度变化 （1）物体吸热（升温，）： （2）物体放热（降温，）： 教材例题计算示范 已知：，，， 补充思考：实际加热提供热量大于计算值，因为加热过程有热量散失到空气、容器。 重点难点・易错警示 误区：物体质量越大，比热容越大；纠正：比热容是物质属性，只由种类、状态决定，与质量无关。 误区：温度越高，比热容越大；纠正：同一物质状态不变时，比热容不随温度改变。 误区：是末温，不是温度差；纠正：末温初温（升温）或 初温末温（降温）。 误区：海边中午沙子烫、海水凉是因为沙子吸热多；纠正：相同吸热，沙子小，升温更快；不是吸收热量更多。 误区：计算时不带单位、单位混用；纠正：质量必须用，温度用，最终热量单位为。 误区：水结冰后比热容不变；纠正：冰比热容，物态改变，比热容改变。 五、典例精讲・思路分析 典例01．以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　） A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大 D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大 【答案】B 【解析】依题意初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，说明吸收相同的热量，甲温度变化比乙温度变化小，由此可知，初温相同的甲、乙放出相同热量，甲乙温度都降低，由于甲温度变化比乙温度变化小，所以甲的末温比乙的末温高，但由于不知道甲乙两块金属的质量关系，所以无法判断甲、乙比热容哪一个大，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 思路分析：考点：比热容公式；温度变化量分析；吸热、放热过程温度变化规律。 本题核心：、不变时，越大，越小；吸收相同热量，甲升温更少，说明甲温度变化幅度更小；放出相同热量时，甲降温幅度也更小；缺少两块金属质量条件，无法对比二者比热容。 关键思路：、不变时，越大，越小；吸收相同热量，甲升温更少，说明甲温度变化幅度更小；放出相同热量时，甲降温幅度也更小；缺少两块金属质量条件，无法对比二者比热容。 做题技巧：、不变，与成反比；吸热升温、放热降温，同种物质温度变化幅度一致；缺少质量则无法比较比热容。 典例02．如图是0.5kg冰块熔化前后温度随时间变化的图像，冰单位时间内______（吸/放）热相等，它处于固态、液态时的比热容大小关系为c固_________c液，第15min 到第20min水吸收的热量Q=_______J。[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）] 【答案】 吸 小于 【解析】[1]冰熔化需要吸收热量，因为用相同的加热器加热，相同时间内加热器放出的热量相同，冰吸收的热量等于加热器放出的热量，所以冰单位时间内吸热相等。 [2]由图像可知，它在0~5min处于固态，5~15min处于固液共存态，15~20min处于液态；它处于固态、液态时，在相同时间内（5min）吸收的热量相同，质量相同，处于液态时温度变化量小于处于固态时的温度变化量，根据可知，它处于固态、液态时的比热容大小关系为c固小于c液。 [3]第15min 到第20min水升高的温度为5℃，所以，吸收的热量为 思路分析：考点：相同加热器吸热规律；比热容图像分析；计算。 本题核心：相同热源，单位时间吸热相等；相同时，越大，比热容越小；固态冰升温更快，；代入公式计算水升温吸收的热量。 关键思路：同一加热器供热稳定，相同时间提供热量相等，冰单位时间吸热相等；0~5min 固态冰、15~20min 液态水，两段时间均为 5min，吸热相同、质量相同；固态冰温度变化更大，由得；15~20min，，代入。 做题技巧：图像对比比热容：等时间吸热相等，升温越快，比热容越小；计算题统一带单位，质量用 kg。 典例03．小华在家里学习烧饭做菜的过程中，经常要加热食用油和水。因此，她对一些物理现象有了一定的认识，她猜想食用油的比热容比水的小。 （1）下列能够支持她这一猜想的一个事实是________（填字母）。 A．食用油能把食物炸得焦黄，而水不能 B．食用油能漂在水面上 C．食用油比水难蒸发 D．相同条件下，加热时食用油比水热得快 （2）为了验证自己的猜想，小华进行如下探究：将水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度。 ①图甲是小华的实验装置，其中有一处明显错误，请指出错误之处：________________。 ②纠正错误后继续实验，实验中用________表示物质吸热的多少。 ③小华根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化的关系图像，由图像可知________的吸热能力较强。已知水的比热容为，则食用油的比热容为________。 ④实验结束后，小华评估实验时认为用图丙中的实验装置进行实验更好，你认为选择电加热器加热的优点是____________________（写出一个即可）。 【答案】（1）D；（2）没有控制水和食用油的质量相同 加热时间 水 容易控制水和食用油吸收的热量相同 【解析】（1）比热容是反映物质吸热能力的物理量，比热容越小，物质吸收相同热量时温度升高越快，或升高相同温度时吸收的热量越少。 A．食用油能把食物炸焦黄而水不能，是因为食用油的沸点远高于水的沸点（标准大气压下水沸点 100℃，食用油沸点通常 200℃以上），与比热容无关，故A不符合题意； B．食用油漂在水面上，是因为食用油的密度小于水的密度，属于密度特性，与比热容无关，故B不符合题意； C．食用油比水难蒸发，是因为食用油的分子间作用力较大、挥发性较弱，与比热容无关，故C不符合题意； D．相同条件下加热时食用油比水热得快，说明在吸收相同热量（相同加热条件）时，食用油的温度升高更快，根据比热容的物理意义，这表明食用油的吸热能力较弱，即比热容比水小，能支持小华的猜想，故D符合题意。 故选D。 （2）[1]探究不同物质的比热容大小，需根据控制变量法保证除物质种类不同外，其他影响实验的因素均相同，包括物质的质量、初温、加热源规格、烧杯规格等。图甲装置中，两个烧杯内的水和食用油体积相同，由于水和食用油的密度不同，则烧杯中水和食用油的质量不相等，因此明显错误是没有控制水和食用油的质量相同。 [2]实验中使用两个相同的酒精灯加热，相同规格的酒精灯在相同时间内释放的热量相同（不考虑热量损失时），物质吸收的热量等于酒精灯释放的热量。因此，加热时间越长，物质吸收的热量越多，可用加热时间表示物质吸热的多少，采用了转换法。 [3]由温度随时间变化的图像可知，水和食用油从20℃升高到60℃，升高相同温度，水的加热时间为8min，食用油的加热时间为4min。由于加热时间反映吸热多少，说明水吸收的热量是食用油的2倍，水的吸热能量较强。对于水来说，对于食用油来说，故，整理得 [4]图丙装置使用电加热器加热，与酒精灯相比，电加热器的优点在于：电加热器可以精确控制在相同时间内释放的热量完全相同，能更准确地保证水和食用油吸收的热量相同，避免了酒精灯火焰大小不稳定导致的热量供应不均匀问题，减少实验误差。 思路分析：考点：比热容物理意义；控制变量法；转换法（加热时间表示吸热）；比热容比例计算；实验装置优化。 本题核心：比热容小的物质，相同加热条件升温更快；探究实验必须控制质量相等；用加热时间反映吸热多少；升温相同时，吸热多少正比于比热容；电加热器供热均匀稳定，减小实验误差。 关键思路：（1） 比热容反映吸热能力，升温快说明吸热弱、更小，选 D；其余选项分别对应沸点、密度、挥发性，与比热容无关。 （2） ①控制变量要求水和油质量相同，原图仅体积相同，密度不同导致质量不等，是错误点； ②相同酒精灯，加热时间越长吸热越多，用加热时间表示吸热多少（转换法）； ③升高相同温度，水加热时间是油 2 倍，，相同，，算出；水加热久，吸热能力更强； ④电加热器供热稳定，能保证相同时间放出热量相等，实验误差更小。 做题技巧：区分各物理属性：升温快慢看比热容、漂浮看密度、煎炸看沸点；比热容实验固定操作：控制质量相同，加热时间代表吸热；升温相同，吸热之比=比热容之比。 六、基础过关精练 1．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。这主要是因为水的（　　） A．密度较大 B．比热容较大 C．沸点较高 D．凝固点较低 【答案】B 【解析】因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，因此生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 2．下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（　　） A．傍晚往稻田灌水保护秧苗夜间不被冻坏 B．暖手宝一般用水作为导热介质 C．北方冬天会放一缸水在地窖来防止蔬菜被冻坏 D．海边昼夜温度变化比沙漠中小 【答案】C 【解析】A．夜间空气的温度较低，向秧田中多灌些水，利用水的比热容大的特点，可以在夜间释放较多的热量，尽量使秧苗的温度不至于过低，防止冻坏，故A不符合题意； B．暖手宝用水作为介质，是因为水的比热容比较大，相同质量降低相同温度能放出更多热量，保暖效果好，故B不符合题意； C．北方冬天的菜窖内放入一桶水，利用的是水凝固时放热，故C符合题意； D．水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热时，温度变化小，故海边的昼夜温差比较小，故D不符合题意。 故选C。 3．夏日晴朗的白天，在太阳光照射下，某海边城市陆地与海面之间空气流动示意图（如图中箭头表示空气流动方向）合理的是（    ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】白天时，水的比热容比土大，吸收相同的热量温度升高慢，则此时陆地温度高于海水温度，陆地上方空气受热膨胀，向上运动，下方空气由海面空气补充，海面上层空气由陆地上升的空气补充，三者气体方向按照顺时针方向变化。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 4．关于比热容下列说法中正确的是（　　） A．比热容跟物体吸收或放出的热量有关 B．物体的比热容跟物体的质量成反比 C．物体的比热容跟物体升高的温度成反比 D．比热容是物质自身的性质，与质量、吸收或放出的热量均无关 【答案】D 【解析】比热容是物质自身的性质，与物质种类、物质状态有关，与质量、吸收或放出的热量、物体升高的温度均无关，故ABC错误，D正确。 故选D。 5．小明为了探究动能的大小与物体的质量和速度的关系，他设计出了实验：让不同质量的小车从同一高度滑下的目的是：使两小车到达斜面底端时具有相同______；小车滑至水平面后，与静止的木块发生碰撞，实验中，通过观察______来判断小车动能的大小。小华为了探究水和煤油的吸热升温现象，实验过程中水和煤油吸收热量的多少是通过______来判断的。两个实验中，小明和小华研究问题所运用的相同方法是______。 【答案】 速度 木块滑行的距离 加热时间长短 转换法、控制变量法 【解析】[1]小车在斜面下滑时做加速运动，根据控制变量法，让不同质量的小车从同一高度滑下的目的是：使两小车到达斜面底端时具有相同速度。 [2]根据转换法，探究动能的大小与物体的质量和速度的关系的实验中，通过观察木块滑行的距离来判断小车动能的大小，木块滑行的距离越远，说明小车动能越大。 [3]探究水和煤油的吸热升温现象实验中，根据控制变量法，用相同的热源加热，单位时间内水和煤油吸收热量相同，根据转换法，实验过程中水和煤油吸收热量的多少是通过加热时间长短来判断的。 [4]由上述分析可知，两个实验中，小明和小华研究问题所运用的相同方法是转换法、控制变量法。 6．如图所示，设相同时间内物质吸收的热量相同，甲、乙两图中符合冰熔化规律的是图__________（选填“甲”或“乙”）。这是因为__________（选填“”“”或“”），所以相同时间内__________（选填“冰”或“水”）升温更快。 【答案】 乙 < 冰 【解析】【小题1】[1][2][3]冰熔化过程：从固态冰升温到 0℃（升温阶段），在 0℃ 熔化（温度不变阶段），全部变成水后，水温从 0℃ 再上升（升温阶段）；由 ，相同时间吸热相同相同，质量相同，则升高的温度与比热容成反比。因为，所以冰的升温比水快，在图像中，冰的升温线段应该更陡。因此甲、乙两图中符合冰熔化规律的是乙图。 7．“热岛效应”产生的主要原因是城市建筑群密集，在相同日照的情况下，城市地区升温较______。为减弱城市的“热岛效应”，郑州市修建了大量的湿地公园和人工湖，这主要是利用了水的比热容______的特点，请再列举一种应用此特点的实例：_________。 【答案】 快 较大 汽车发动机用水做冷却剂 【解析】[1]城市内，建筑物是砂石制成，比热容较小，同样日照条件下，吸收相同热量下，根据可知，在质量不变时，温度变化大，即升温快。 [2]根据可知，质量相等的水和其它物质相比，在吸收相同热量的情况下，由于水的比热容较大，温度变化小，具有调节气候的作用，所以增大城区的绿地、水域面积可以减弱城市热岛效应。 [3]比热容大的其它用途：汽车发动机用水做冷却剂、暖气中采用水作为导热剂等。 8．“卡路里”简称“卡”，是热量的另一个单位。1卡等于在标准大气压下，1g水温度升高1℃吸收的热量，已知水的比热容为，则1卡等于______J；若一名参赛选手参加完这次比赛，身体消耗的能量约为，相当于______卡。 【答案】 4.2 【解析】[1]1卡等于在标准大气压下，1g水温度升高1℃吸收的热量，则1卡等于 [2]若一名参赛选手参加完这次比赛，身体消耗的能量约为，相当于 9．夏季，炎炎烈日之下，海滩上的沙子热得烫脚，但海水却非常凉爽。晓丽对此非常好奇，于是设计了如图甲所示的装置，与小宇一起探究“水和沙子吸热的情况”。 （1）两只相同的烧杯中装入初温、________相同的水和沙子。 （2）用两盏相同的酒精灯同时加热水和沙子，通过__________的方式改变水和沙子的内能；加热过程中用玻璃棒不断搅拌，目的是使水和沙子受热________。测得的数据如表： 加热时间/min 0 1 2 3 4 温度/℃ 水 20 21 23 25 27 沙子 20 24 32 40 第4min末，沙子的温度如图乙所示，其温度为______℃。 （3）烈日下，沙子热得烫脚，海水却很凉爽，是因为沙子的比热容海水的比热容 ______。 （4）在本次实验中，烧杯中水的质量为200g，那么0~3min时间内，水吸收的热量为__________J。 【答案】（1）质量；（2）热传递 均匀 47；（3）小；（4）4.2×103 【解析】（1）探究“水和沙子吸热的情况”时，根据控制变量法可知，要控制水和沙子的质量相同，故两只相同的烧杯中装入初温、质量相同的水和沙子。 （2）[1]用酒精灯加热水和沙子时，火焰温度比较高，热量从火焰传递到陶土网、烧杯底部，最后传递到水和沙子中，故是通过热传递的方式改变它们的内能。 [2]用酒精灯加热水和沙子时，烧杯底部的温度比较高，用玻璃棒不断搅拌时，可以使不同温度的水、沙子充分混合，达到均匀受热的目的。 [3]如图乙所示，温度计分度值为1℃，温度计中液柱液面在40℃上面第7小格处，故其温度为47℃。 （3）在相同的日照条件下，沙子和海水吸收的热量相同，根据可知，在质量和吸收热量相同的情况下，比热容越小，温度升高得越多。因为沙子热得烫脚，海水却很凉爽，即沙子温度升高得多，所以沙子的比热容小于海水的比热容。 （4）0~3min内烧杯内的水吸收的热量 10．小明为探究“不同物质的吸热能力”，设计了如下的实验方案：将A、B两种液体分别装入烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热，实验装置如图甲、乙所示，实验时每隔一段时间同时测量并记录A、B的温度。 （1）组装器材时应按照自下而上的顺序依次安装； （2）要完成该实验，除图甲、乙所示的器材外，还需要的测量工具有天平和_____； （3）实验时，选取质量相同、初温相同的A、B两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过_____的方式来增大液体内能的； （4）此实验通过_____（选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映液体吸收热量的多少； （5）实验中用两个相同的酒精灯同时加热一段时间后，液体B的温度如图乙所示，为_____℃； （6）根据实验数据小明绘制出两种液体的温度—时间图像如图丙所示，由图像可知液体　 _____（选填“A”或“B”）的吸热能力弱； （7）冬天，小明想自制一个暖手袋，从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热介质，选择_____（选填“A”或“B”）时保暖时间会更长。 【答案】 秒表 热传递 加热时间的长短 33 A B 【解析】（2）[1]实验中需要记录物质的温度随时间的变化情况，因此还需要测量时间的工具：秒表。 （3）[2]给质量相同的A、B两种液体加热，两种液体吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变液体的内能。 （4）[3]用相同的酒精灯加热，加热时间越长，液体吸收的热量越多，所以通过加热时间的长短反映液体吸收热量的多少。 （5）[4]乙图中温度计的分度值是1℃，且刻线往上越来越大，读数为33℃。 （6）[5]据丙图可知，质量相同的两种液体，升高相同的温度，B液体需要加热的时间长，吸收的热量多，说明B液体吸热能力强，比热容大，A的吸热能力弱，比热容小。 （7）[6]由于B液体的比热容大，根据可知在质量和降低的温度相同时，B放热多，故液体B更适合作为暖手袋中输送能量的介质。 11．质量为60kg、温度为20℃的某种液体内能增加1.26×107J，温度升高了50℃（未发生物态变化），求： （1）这种液体吸收的热量； （2）这种液体的比热容。 【答案】（1）；（2） 【解析】（1）未发生物态变化时，液体增加的内能等于吸收的热量 （2）由得 12．在标准大气压下，将一壶质量为2kg、温度为20℃的水，加热到70℃。求：[] （1）水升高的温度。 （2）水吸收的热量。 （3）继续加热，若水又吸收了的热量，水的末温。 【答案】（1）50℃；（2）；（3）100℃ 【解析】（1）水升高的温度，即水的温度变化量 （2）由得，水吸收的热量 （3）继续加热时，水的温度变化量 理论末温，但标准大气压下水的沸点为，水沸腾时吸收热量温度不变，故实际末温为100℃。 七、拔高培优专练 1．如图（a）所示，规格相同的容器中装了相同质量的纯净水，用不同的加热器加热，忽略散热，得到如图（b）所示的水温与时间的关系图像，下列说法正确的是（　　） A．甲杯的水加热2min与乙杯的水加热2min吸收的热量相同 B．图中温度计的示数为43℃ C．甲烧杯中的水温上升快，说明甲杯中的水的比热容比乙杯中的水比热容小 D．相同时间内，电加热器1比电加热器2提供热量多 【答案】D 【解析】A．因为用不同的加热器加热，相同时间内不同加热器放出的热量不同，所以甲杯的水加热2min与乙杯的水加热2min吸收的热量不相同，故A错误； B．如图（a）中乙所示，温度计的分度值为1℃，液柱在30℃以上第7个小格处，示数应为37℃，故B错误； C．甲乙两容器中都是相同质量的纯净水，它们的种类和状态相同，根据比热容的性质，两杯水的比热容相同，故C错误； D．由图（b）可知，相同时间内，甲杯中的水升高的温度比乙杯中的水升高的温度高，两杯水质量相同，根据可知，甲杯中的水吸收的热量更多，因为甲杯中的水用加热器1加热，所以相同时间内，电加热器1比电加热器2提供热量多，故D正确。 故选D。 2．关于“早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”这句谚语的解释，下列说法正确的是（   ） A．该现象主要是因为当地物质密度小，导致温度变化快 B．该现象体现了当地砂石、土壤等物质比热容小，吸收或放出相同热量时温度变化大 C．这是由于当地空气导热性差，早晨热量不易传入，中午热量不易传出 D．主要原因是当地水分蒸发吸热，导致昼夜温度差异显著 【答案】B 【解析】A．温度变化快慢与物质密度无关，是物质比热容的影响，故A错误； B．当地砂石、土壤等物质比热容小，根据，吸收或放出相同热量时，温度变化大，导致昼夜温差显著，故B正确； C．该现象与空气导热性无关，是物质比热容的影响，故C错误； D．水分蒸发吸热不是主要原因，主要原因是物质比热容小，故D错误。 故选B。 3．某同学用图甲所示的装置比较水和煤油的吸热本领，用相同规格的电加热器给等质量的水和煤油加热。图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像以下分析正确的是（　　） A．电加热器“规格相同”是指它们的额定电压相同和额定电流相同 B．由乙图可知，质量相等的水和煤油，升高相同温度时，吸收的热量相同 C．由乙图可知，a物质的比热容小于b物质的比热容 D．由乙图可知，a是煤油的温度随时间变化图像 【答案】A 【解析】A．“规格相同”是指电加热器的额定电压和额定电流均相同，即其额定功率相同，故A正确； B．由可知，在质量和温度变化量的相同的情况下，液体的吸收热量还与比热容有关，水的比热容比煤油大，故升高相同温度时水吸收的热量比煤油大，故B错误； CD．由图乙可见，加热相同时间内曲线b的升温更快，说明在相同加热功率、相同时间里吸收的热量相同，曲线b对应物质的比热容更小，因为水的比热容比煤油大，所以曲线a为水的温度时间图像，b为煤油的温度时间图像，故CD错误； 故选 A。 4．甲、乙两物体质量之比为，甲物体温度降低，乙物体温度升高时，乙物体吸收热量是甲物体放出热量的2倍，甲、乙两物体比热容之比是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】根据可知 则 故BCD不符合题意，A符合题意 故选A。 5．科技小组同学用如图甲所示的装置比较不同物质的吸热升温情况。将水和油分别盛在两个相同的试管中，同时用红外加热器加热，温度传感器与电脑相连。电脑上显示温度随时间变化的图线如图乙所示。 （1）实验中需要选取________（选填“质量”或“体积”）相等的水、油两种液体； （2）加热3分钟A吸收的热量________（选填“大于”“小于”或“等于”）B吸收的热量； （3）由图像分析可知________液体是水（选填“A”或“B”）； （4）小华用该装置重新实验，得到水和油的温度随时间变化图线重合均与图乙中的A相同，则小华所取的水和油质量之比为________； （5）美丽的青岛依山傍海，气候与无大海和湖泊环绕的内陆城市相比存在明显差异。青岛和某一无大海和湖泊环绕的内陆城市年气温变化曲线如图丙所示，从图像丙可以看出，在一年中，青岛应该对应________（选填“a”或“b”）这条曲线。 【答案】（1）质量；（2）等于；（3）B；（4）2:3；（5）a 【解析】（1）在比较不同物质的吸热能力的实验中，应在两个相同的烧杯中加入初温相同和质量都相同的水和油。 （2）同时用红外加热器加热，可以认为在相等时间内煤油和水吸收的热量相等，即用同一红外加热器对水和油加热3分钟水吸收的热量等于煤油吸收的热量。 （3）由图乙可知，从20℃升高到40℃，A加热的时间为2min，而B加热的时间为3min，所以B的吸热本领强，B为水。 （4）由公式可知，质量相同的水和油，升高相同温度时，吸收的热量之比等于比热容之比，即加热的时间之比等于比热容之比，由图乙可知，水由20℃升高到40℃时，需加热3min，油由20℃升高到40℃时，需加热2min，则 小华用该装置重新实验，得到水和油的温度随时间变化图线重合，即水和油加热相同时间，升高的温度相同，即水和油吸收相同热量时，升高的温度相同，由公式可知，水和油吸收相同热量时，升高的温度相同，可知 则水和油质量之比 （5）青岛周围水较多，无大海和湖泊环绕的内陆城市多砂石。根据公式可知，质量相同的砂石和水，从太阳处吸收相同的热量后，升高的温度Δt和比热c成反比，砂石的比热容小于水的比热容，因此水的温度升的慢，从丙图可以看出曲线b的温度升的高，因此曲线b是内陆城市气温变化所对应的曲线，a是青岛气温变化所对应的曲线。 6．一壶体积为2L、温度为20℃的水，加热到70℃。已知ρ水=1.0×103kg/m3，1L=1×10-3m3。 求： （1）水的质量； （2）水吸收的热量； （3）接着再继续加热，若水又吸收了8.4×104J的热量，水的末温是多少。 【答案】（1）2kg；（2）；（3）80℃ 【解析】（1）水的质量为 （2）水吸收的热量为 （3）由得 7．用电热水器将10kg的水从加热到，已知水的比热容是，煤油的比热容是。 （1）求在这一过程中水吸收的热量； （2）若水吸收的热量全部被煤油吸收且使煤油温度升高了，求煤油的质量； （3）在标准大气压下，若初温为、质量为10 kg的水吸收的热量，求水的末温。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】（1）水吸收的热量 （2）水吸收的热量全部被煤油吸收，即 根据可知，煤油的质量 （3）水的温度变化 在标准大气压下，水的沸点是，计算出水的末温 所以水的末温是。 8．阅读短文，回答文后问题， 牛顿冷却定律 当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于15℃），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q=k（t物-t环），其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。由于不同物质的比热容不同，即使散热快慢相同，它们降低相同温度需要的时间也不同，根据降温时间可以得到两种物质比热容的大小关系，从而可以进行比热容的测量。 （1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做______； （2）散热快慢q和下列概念中物理意义最接近的是______； A．速度 B．密度 C．功率 D．效率 （3）一个物体温度为30℃，周围环境温度保持20℃不变，此时物体的放热快慢为q。当物体温度降低到29℃时，散热快慢为______。 （4）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是30℃，周围环境温度保持20℃不变，保温杯散开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，盐水的密度为1.1×103kg/m3，则盐水的比热容为______J/(kg·℃)。 【答案】（1）热传递；（2）C；（3）；（4）3.5×103 【解析】（1）[1]物体向周围散热，物体的内能转移到周围温度较低的物体上，内能减小，这种方式叫热传递。 （2）[2]q是表示散热快慢的物理量，速度是表示物体运动快慢的物理量，功率是表示做功快慢的物理量，这三者的物理意义接近，速度单位m/s。功率单位与散热快慢单位都是J/s。因此只选C。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 （3）[3] 当物体温度为30℃，周围环境温度为20℃时，根据牛顿冷却定律q=k(t物-t环)可得物体的散热系数 当物体温度降低到29℃时，散热快慢为 （4）[4]由图乙可知，水从30℃降到25℃放出的热量为Q放=c水m水(t0水-t水)=4.2×103J/(kg·℃)×m水×(30℃-25℃)=4.2×103J/(kg·℃)×1.0×103kg/m3×V水×5℃ 盐水从30℃降到25℃放出的热量为Q放ˊ=c盐水m盐水(t0盐水-t盐水)=c盐水m盐水×(30℃-25℃)= c盐水×1.1×103kg/m3×V盐水×5℃ 其中水和盐水降温时间分别为24min和22min，盐水和水的体积相同，所以放出的热量之比为 可求得盐水的比热容为3.5×103J/(kg·℃) / 学科网（北京）股份有限公司 $ 第20讲 物质的比热容 本讲定位：热学核心计算专题，承接内能、热传递，中考必考实验+计算题；海边沙滩温差、水冷系统、气候调节为常考应用题，热量计算公式是热学计算基础。 核心重点：热量定义；探究不同物质吸热升温实验；比热容定义、单位、公式；水的比热容大的应用；吸热、放热计算公式及计算；比热容是物质物理属性。 高频易错点：混淆Δt（温度变化量）、初温、末温；计算漏写单位；不理解比热容只与物质种类有关；分不清升温吸热、降温放热公式；忽略热量散失对实际加热的影响。 学习建议：牢记、、；记住水的比热容；实验掌握控制变量法、转换法；抓住 “水比热容大” 两类应用：取暖、降温、调节气候。 本讲内容导航 一、课标要求・素养目标 二、思维导图 三、知识梳理・核心考点 四、重点难点・易错警示 五、典例精讲・思路分析 六、基础过关精练 七、拔高培优专练 一、课标要求・素养目标 课程标准 核心素养维度 学习目标 2.2.6 通过实验了解不同物质吸热能力不同；理解比热容概念，记住水的比热容；会利用进行简单热量计算；能用比热容知识解释生活、自然中的温差现象 物理观念 建立吸热能力微观模型，知道比热容是物质固有属性，区分质量、温度、物质种类对吸放热的影响 科学思维 利用控制变量分析吸热实验；灵活变形比热容公式进行定量计算；结合海边、内陆温差解释比热容规律 科学探究 完成水与沙子吸热对比实验，利用相同热源加热时间反映吸收热量，掌握转换法、控制变量法 科学态度与责任 了解水资源调节气候的作用，结合塞罕坝造林案例理解生态价值；能解释汽车水冷、热水袋取暖等生活应用 二、思维导图 三、知识梳理・核心考点 1．热量（Q） （1）定义：物体在热传递过程中转移的内能叫作热量，符号。 （2）单位：焦耳，符号，与能量单位一致。 （3）影响吸收、放出热量多少的三个因素：①物体质量；②温度变化量；③物质种类（比热容）。 举例：烧开一壶水比半壶水吸热多；冷水升温越多吸热越多；同等条件下水比沙子吸热多。 2．探究实验：不同物质吸热升温现象（水 vs 沙子） （1）实验控制变量：沙子、水质量相等，使用相同红外灯加热（相同时间吸收热量相等，转换法）。 （2）实验现象：加热相同 4min，沙子温度 55.4℃，水仅 30.7℃；沙子升温更快。 （3）推理结论：若升高相同温度，水需要更长加热时间，吸收热量更多；水的吸热能力更强。 （4）实验方法： ①控制变量法：控制质量、热源相同，改变物质种类；②转换法：用加热时间长短表示物体吸收热量多少。 3．比热容基础概念 （1）定义：物体温度升高吸收的热量与它质量和升高温度乘积之比；数值含义：单位质量的某种物质，温度升高（降低）1℃吸收（放出）的热量。 （2）公式： （3）符号与单位：符号；单位，读作焦每千克摄氏度。 （4）核心性质：比热容是物质的物理属性，只与物质种类、状态有关；与质量、温度、吸放热多少无关。 （5）重点数据：水的比热容，常见物质中数值最大。 4．水的比热容大的应用与自然现象 （1）生活生产应用 ①热水袋取暖：相同质量水降低相同温度，放出热量多，保暖效果好；②汽车发动机水冷系统：水吸收大量热量，有效降温，保护发动机。 （2）自然气候现象 ①海边昼夜温差小，内陆沙漠昼夜温差大：海水比热容大，吸、放大量热量时温度变化小；沙石比热容小，少量吸放热温度剧烈变化，出现 “早穿皮袄午穿纱”。 ②水源、森林调节气候：森林涵养水源，区域水体多，气温波动更小；塞罕坝造林蓄水，改善区域温差与生态。 5．热量计算公式 由变形得通用式： 设：初温，末温，温度变化 （1）物体吸热（升温，）： （2）物体放热（降温，）： 教材例题计算示范 已知：，，， 补充思考：实际加热提供热量大于计算值，因为加热过程有热量散失到空气、容器。 重点难点・易错警示 误区：物体质量越大，比热容越大；纠正：比热容是物质属性，只由种类、状态决定，与质量无关。 误区：温度越高，比热容越大；纠正：同一物质状态不变时，比热容不随温度改变。 误区：是末温，不是温度差；纠正：末温初温（升温）或 初温末温（降温）。 误区：海边中午沙子烫、海水凉是因为沙子吸热多；纠正：相同吸热，沙子小，升温更快；不是吸收热量更多。 误区：计算时不带单位、单位混用；纠正：质量必须用，温度用，最终热量单位为。 误区：水结冰后比热容不变；纠正：冰比热容，物态改变，比热容改变。 五、典例精讲・思路分析 典例01．以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　） A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大 D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大 思路分析：考点：比热容公式；温度变化量分析；吸热、放热过程温度变化规律。 本题核心：、不变时，越大，越小；吸收相同热量，甲升温更少，说明甲温度变化幅度更小；放出相同热量时，甲降温幅度也更小；缺少两块金属质量条件，无法对比二者比热容。 关键思路：、不变时，越大，越小；吸收相同热量，甲升温更少，说明甲温度变化幅度更小；放出相同热量时，甲降温幅度也更小；缺少两块金属质量条件，无法对比二者比热容。 做题技巧：、不变，与成反比；吸热升温、放热降温，同种物质温度变化幅度一致；缺少质量则无法比较比热容。 典例02．如图是0.5kg冰块熔化前后温度随时间变化的图像，冰单位时间内______（吸/放）热相等，它处于固态、液态时的比热容大小关系为c固_________c液，第15min 到第20min水吸收的热量Q=_______J。[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）] 思路分析：考点：相同加热器吸热规律；比热容图像分析；计算。 本题核心：相同热源，单位时间吸热相等；相同时，越大，比热容越小；固态冰升温更快，；代入公式计算水升温吸收的热量。 关键思路：同一加热器供热稳定，相同时间提供热量相等，冰单位时间吸热相等；0~5min 固态冰、15~20min 液态水，两段时间均为 5min，吸热相同、质量相同；固态冰温度变化更大，由得；15~20min，，代入。 做题技巧：图像对比比热容：等时间吸热相等，升温越快，比热容越小；计算题统一带单位，质量用 kg。 典例03．小华在家里学习烧饭做菜的过程中，经常要加热食用油和水。因此，她对一些物理现象有了一定的认识，她猜想食用油的比热容比水的小。 （1）下列能够支持她这一猜想的一个事实是________（填字母）。 A．食用油能把食物炸得焦黄，而水不能 B．食用油能漂在水面上 C．食用油比水难蒸发 D．相同条件下，加热时食用油比水热得快 （2）为了验证自己的猜想，小华进行如下探究：将水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度。 ①图甲是小华的实验装置，其中有一处明显错误，请指出错误之处：________________。 ②纠正错误后继续实验，实验中用________表示物质吸热的多少。 ③小华根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化的关系图像，由图像可知________的吸热能力较强。已知水的比热容为，则食用油的比热容为________。 ④实验结束后，小华评估实验时认为用图丙中的实验装置进行实验更好，你认为选择电加热器加热的优点是____________________（写出一个即可）。 思路分析：考点：比热容物理意义；控制变量法；转换法（加热时间表示吸热）；比热容比例计算；实验装置优化。 本题核心：比热容小的物质，相同加热条件升温更快；探究实验必须控制质量相等；用加热时间反映吸热多少；升温相同时，吸热多少正比于比热容；电加热器供热均匀稳定，减小实验误差。 关键思路：（1） 比热容反映吸热能力，升温快说明吸热弱、更小，选 D；其余选项分别对应沸点、密度、挥发性，与比热容无关。 （2） ①控制变量要求水和油质量相同，原图仅体积相同，密度不同导致质量不等，是错误点； ②相同酒精灯，加热时间越长吸热越多，用加热时间表示吸热多少（转换法）； ③升高相同温度，水加热时间是油 2 倍，，相同，，算出；水加热久，吸热能力更强； ④电加热器供热稳定，能保证相同时间放出热量相等，实验误差更小。 做题技巧：区分各物理属性：升温快慢看比热容、漂浮看密度、煎炸看沸点；比热容实验固定操作：控制质量相同，加热时间代表吸热；升温相同，吸热之比=比热容之比。 六、基础过关精练 1．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。这主要是因为水的（　　） A．密度较大 B．比热容较大 C．沸点较高 D．凝固点较低 2．下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（　　） A．傍晚往稻田灌水保护秧苗夜间不被冻坏 B．暖手宝一般用水作为导热介质 C．北方冬天会放一缸水在地窖来防止蔬菜被冻坏 D．海边昼夜温度变化比沙漠中小 3．夏日晴朗的白天，在太阳光照射下，某海边城市陆地与海面之间空气流动示意图（如图中箭头表示空气流动方向）合理的是（    ） A． B． C． D． 4．关于比热容下列说法中正确的是（　　） A．比热容跟物体吸收或放出的热量有关 B．物体的比热容跟物体的质量成反比 C．物体的比热容跟物体升高的温度成反比 D．比热容是物质自身的性质，与质量、吸收或放出的热量均无关 5．小明为了探究动能的大小与物体的质量和速度的关系，他设计出了实验：让不同质量的小车从同一高度滑下的目的是：使两小车到达斜面底端时具有相同______；小车滑至水平面后，与静止的木块发生碰撞，实验中，通过观察______来判断小车动能的大小。小华为了探究水和煤油的吸热升温现象，实验过程中水和煤油吸收热量的多少是通过______来判断的。两个实验中，小明和小华研究问题所运用的相同方法是______。 6．如图所示，设相同时间内物质吸收的热量相同，甲、乙两图中符合冰熔化规律的是图__________（选填“甲”或“乙”）。这是因为__________（选填“”“”或“”），所以相同时间内__________（选填“冰”或“水”）升温更快。 7．“热岛效应”产生的主要原因是城市建筑群密集，在相同日照的情况下，城市地区升温较______。为减弱城市的“热岛效应”，郑州市修建了大量的湿地公园和人工湖，这主要是利用了水的比热容______的特点，请再列举一种应用此特点的实例：_________。 8．“卡路里”简称“卡”，是热量的另一个单位。1卡等于在标准大气压下，1g水温度升高1℃吸收的热量，已知水的比热容为，则1卡等于______J；若一名参赛选手参加完这次比赛，身体消耗的能量约为，相当于______卡。 9．夏季，炎炎烈日之下，海滩上的沙子热得烫脚，但海水却非常凉爽。晓丽对此非常好奇，于是设计了如图甲所示的装置，与小宇一起探究“水和沙子吸热的情况”。 （1）两只相同的烧杯中装入初温、________相同的水和沙子。 （2）用两盏相同的酒精灯同时加热水和沙子，通过__________的方式改变水和沙子的内能；加热过程中用玻璃棒不断搅拌，目的是使水和沙子受热________。测得的数据如表： 加热时间/min 0 1 2 3 4 温度/℃ 水 20 21 23 25 27 沙子 20 24 32 40 第4min末，沙子的温度如图乙所示，其温度为______℃。 （3）烈日下，沙子热得烫脚，海水却很凉爽，是因为沙子的比热容海水的比热容 ______。 （4）在本次实验中，烧杯中水的质量为200g，那么0~3min时间内，水吸收的热量为__________J。 10．小明为探究“不同物质的吸热能力”，设计了如下的实验方案：将A、B两种液体分别装入烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热，实验装置如图甲、乙所示，实验时每隔一段时间同时测量并记录A、B的温度。 （1）组装器材时应按照自下而上的顺序依次安装； （2）要完成该实验，除图甲、乙所示的器材外，还需要的测量工具有天平和_____； （3）实验时，选取质量相同、初温相同的A、B两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过_____的方式来增大液体内能的； （4）此实验通过_____（选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映液体吸收热量的多少； （5）实验中用两个相同的酒精灯同时加热一段时间后，液体B的温度如图乙所示，为_____℃； （6）根据实验数据小明绘制出两种液体的温度—时间图像如图丙所示，由图像可知液体　 _____（选填“A”或“B”）的吸热能力弱； （7）冬天，小明想自制一个暖手袋，从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热介质，选择_____（选填“A”或“B”）时保暖时间会更长。 11．质量为60kg、温度为20℃的某种液体内能增加1.26×107J，温度升高了50℃（未发生物态变化），求： （1）这种液体吸收的热量； （2）这种液体的比热容。 12．在标准大气压下，将一壶质量为2kg、温度为20℃的水，加热到70℃。求：[] （1）水升高的温度。 （2）水吸收的热量。 （3）继续加热，若水又吸收了的热量，水的末温。 七、拔高培优专练 1．如图（a）所示，规格相同的容器中装了相同质量的纯净水，用不同的加热器加热，忽略散热，得到如图（b）所示的水温与时间的关系图像，下列说法正确的是（　　） A．甲杯的水加热2min与乙杯的水加热2min吸收的热量相同 B．图中温度计的示数为43℃ C．甲烧杯中的水温上升快，说明甲杯中的水的比热容比乙杯中的水比热容小 D．相同时间内，电加热器1比电加热器2提供热量多 2．关于“早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”这句谚语的解释，下列说法正确的是（   ） A．该现象主要是因为当地物质密度小，导致温度变化快 B．该现象体现了当地砂石、土壤等物质比热容小，吸收或放出相同热量时温度变化大 C．这是由于当地空气导热性差，早晨热量不易传入，中午热量不易传出 D．主要原因是当地水分蒸发吸热，导致昼夜温度差异显著 3．某同学用图甲所示的装置比较水和煤油的吸热本领，用相同规格的电加热器给等质量的水和煤油加热。图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像以下分析正确的是（　　） A．电加热器“规格相同”是指它们的额定电压相同和额定电流相同 B．由乙图可知，质量相等的水和煤油，升高相同温度时，吸收的热量相同 C．由乙图可知，a物质的比热容小于b物质的比热容 D．由乙图可知，a是煤油的温度随时间变化图像 4．甲、乙两物体质量之比为，甲物体温度降低，乙物体温度升高时，乙物体吸收热量是甲物体放出热量的2倍，甲、乙两物体比热容之比是（　　） A． B． C． D． 5．科技小组同学用如图甲所示的装置比较不同物质的吸热升温情况。将水和油分别盛在两个相同的试管中，同时用红外加热器加热，温度传感器与电脑相连。电脑上显示温度随时间变化的图线如图乙所示。 （1）实验中需要选取________（选填“质量”或“体积”）相等的水、油两种液体； （2）加热3分钟A吸收的热量________（选填“大于”“小于”或“等于”）B吸收的热量； （3）由图像分析可知________液体是水（选填“A”或“B”）； （4）小华用该装置重新实验，得到水和油的温度随时间变化图线重合均与图乙中的A相同，则小华所取的水和油质量之比为________； （5）美丽的青岛依山傍海，气候与无大海和湖泊环绕的内陆城市相比存在明显差异。青岛和某一无大海和湖泊环绕的内陆城市年气温变化曲线如图丙所示，从图像丙可以看出，在一年中，青岛应该对应________（选填“a”或“b”）这条曲线。 6．一壶体积为2L、温度为20℃的水，加热到70℃。已知ρ水=1.0×103kg/m3，1L=1×10-3m3。 求： （1）水的质量； （2）水吸收的热量； （3）接着再继续加热，若水又吸收了8.4×104J的热量，水的末温是多少。 7．用电热水器将10kg的水从加热到，已知水的比热容是，煤油的比热容是。 （1）求在这一过程中水吸收的热量； （2）若水吸收的热量全部被煤油吸收且使煤油温度升高了，求煤油的质量； （3）在标准大气压下，若初温为、质量为10 kg的水吸收的热量，求水的末温。 8．阅读短文，回答文后问题， 牛顿冷却定律 当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于15℃），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q=k（t物-t环），其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。由于不同物质的比热容不同，即使散热快慢相同，它们降低相同温度需要的时间也不同，根据降温时间可以得到两种物质比热容的大小关系，从而可以进行比热容的测量。 （1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做______； （2）散热快慢q和下列概念中物理意义最接近的是______； A．速度 B．密度 C．功率 D．效率 （3）一个物体温度为30℃，周围环境温度保持20℃不变，此时物体的放热快慢为q。当物体温度降低到29℃时，散热快慢为______。 （4）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是30℃，周围环境温度保持20℃不变，保温杯散开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，盐水的密度为1.1×103kg/m3，则盐水的比热容为______J/(kg·℃)。 / 学科网（北京）股份有限公司 $