精品解析：浙江桐浦富兴教研联盟2025-2026学年高二下学期5月阶段检测物理试题

2026年5月调研测试 高二年级物理学科试题 考生须知： 1．本卷共8页满分100分，考试时间90分钟。 2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。 3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。 4．考试结束后，只需上交答题纸。 选择题部分 一、选择题I（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个选项中只有一个是符合题目要求，不选、多选、错选均不得分） 1. 单位电子伏特（eV）是下列哪个物理量的单位（ ） A. 功率 B. 能量 C. 电压 D. 电量 2. 关于图中比赛项目，以下表述正确的是（　　） A. 400米径赛冠军成绩53.14秒，53.14秒指的是时刻 B. 铅球比赛成绩20.50米，20.50米指的是铅球的位移 C. 斯诺克比赛，运动员击球时可以把球视为质点 D. 200米直赛道皮划艇比赛中，冠军队的平均速度最大 3. 图甲是神舟二十一号飞船返回舱匀速下降的过程，图乙是返回舱竖直向下喷气软着陆的过程，以下说法正确的是（ ） A. 图甲中，返回舱对伞绳的拉力是伞绳发生形变而产生的 B. 图甲中，降落伞与返回舱整体机械能守恒 C. 图乙中，返回舱中的宇航员处于超重状态 D. 图乙中，返回舱对喷出气体的推力大于喷出气体对返回舱的推力 4. 如图所示，空间站绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r。某次为躲避太空碎片的撞击，在P点实施紧急变轨，变轨后沿椭圆轨道运动，远地点为P，近地点为Q，Q到地心的距离为。则（ ） A. 空间站在P点需减速实现变轨 B. 变轨前后空间站的周期可能不变 C. 空间站在椭圆轨道P点加速度大于圆轨道P点加速度 D. 在椭圆轨道上运行，P点速度大于Q点速度 5. 如图所示，光滑绝缘水平面上三个点电荷分别固定在等腰三角形的A、B、C三个顶点上，，其中A、B两处的点电荷带等量正电荷，C处的点电荷带负电荷，O为边的中点，M、N为边的四等分点。则（　　） A. A、C两处的点电荷所受的静电力相同 B. M、N两点的电场强度相同 C. 将C处点电荷由静止释放，从C向O运动过程中电势能减小 D. 将C处点电荷由静止释放，从C向O运动过程中加速度一定增大 6. 如图甲所示，杂技演员在绳索的拉力下在空中旋转，可简化为如图乙所示的圆锥摆模型。小球视为质点，质量为，摆线长为，角速度为，摆线与竖直方向的夹角为，下列说法正确的是（　　） A. 绳子拉力大小为 B. 小球做圆周的向心力为 C. 若缓慢减小，周期逐渐变大 D. 若缓慢减小，线速度逐渐变大 7. 如图所示，纵跳仪是测试体能的常用装备，运动员用力从垫板上竖直向上跳起后又落回到垫板上，仪器显示跳起的最大高度为。已知运动员质量为，重力加速度为，空气阻力不计，下列说法正确的是（　　） A. 运动员在最高点时处于平衡状态 B. 运动员在空中运动的时间为 C. 运动员起跳过程中，垫板对其做功为 D. 运动员起跳过程和落回过程中，垫板对其冲量的方向相反 8. 如图所示，a、b两束单色光分别沿不同方向射向横截面为半圆形玻璃砖的圆心O，已知a光刚好发生全反射，b光的折射光线刚好与a光的反射光线重叠，且入射角，则（　　） A. 在同一介质中，a光的传播速度大 B. 用a、b单色光分别照射同一双缝干涉装置时，b条纹间距大 C. 若将b光沿a光的入射光路射向O点，b光也能发生全反射 D. 将a光束绕O点顺时针转过小角度时，为使b光的折射光线仍与a光的反射光线重叠，b光需逆时针转过 9. 如图甲所示，电路可以测量导体的载流子（电子）浓度，在长方体导体所在区域加一垂直前、后面的匀强磁场，磁感应强度大小B可以调节。闭合开关S，电极1、3间通以恒定电流I，电极2、4间将产生电压U，根据测量得到的图像如图乙所示。已知导体长为a，宽为b，厚度为c，电子的电荷量为e，图像的斜率为k，则（ ） A. 电极2的电势高于电极4的电势 B. 宽度b越大，电压U越大 C. 该导体单位体积中载流子数为 D. 该导体单位体积中载流子数为 10. 某功率可调节的电风扇静止放在水平桌面上，扇叶在电机的带动下匀速转动，扇叶转动将空气水平吹出，将一部分电能转化为风的动能。已知风速为v（大小未知），空气密度约为，电风扇的主要技术参数如表格所示。假设电机的机械效率不变，转轴之间的摩擦不计，下列估算结果最合理的是（　　） 风扇半径 净重 最大风量 额定电压 最大功率 A. 以最大功率运行时，风扇吹出的风速约为 B. 调节功率，风扇吹出的风速与成正比 C. 该电风扇电动机的内阻约为 D. 以最大功率运行时，电风扇与水平桌面间的摩擦力大小约为 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分） 11. 下列说法正确的是（ ） A. 甲图为干簧管，当磁体靠近时，“干簧管”能起到开关的作用，原理是电磁感应 B. 乙图中的照相机镜头上涂有一层增透膜，这是利用光的偏振特性 C. 丙图为库仑扭秤，通过悬丝扭转的角度比较力的大小，这里用到的实验方法是微小量放大法 D. 丁图为电流表，运输过程中为防止指针振动过于剧烈，可用导线将正负接线柱连在一起 12. 如图是一台小型发电机的构造示意图，边长为L、匝数为N、电阻为r的正方形金属框，在磁感应强度为B的匀强磁场中以恒定角速度绕轴转动，外接电阻R。由图示位置开始计时，下列判断正确的是（ ） A. 图示位置流过电阻R的电流方向为自上而下 B. 图示位置时，电流表的示数 C. 从图示位置开始计时，经时间，通过电阻R的电荷量 D. 转动过程穿过矩形线圈的磁通量最大值为 13. 两列简谐横波分别沿轴正方向和负方向传播，两个波源分别位于和处，波源的振幅均为，波速均为。如图所示为时刻两列波的图像，此时平衡位置在和的、两质点要刚开始振动，两波源此时均停止振动，质点的平衡位置位于处。下列判断正确的是（　　） A. 两波源的起振方向均沿轴的正方向 B. 时，平衡位置处于之间的质点位移均为零 C. 时，点的速度为零 D. 时间内，质点经过的路程为 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 14. 在“验证机械能守恒定律”的实验中 （1）实验室提供了铁架台、夹子、纸带、重锤等器材。为完成此实验，除了所给的器材，从下图中还必需选取的实验器材是________（多选） （2）实验获得一条纸带，截取点迹清晰的一段并测得数据如图甲所示。已知打点的频率为，则打点“2”时，重锤下落的速度大小为________，重锤下落的加速度为________，若当地的重力加速度为，重锤质量为，则从“2”到“5”过程中重锤的势能减少量为________J，并与此过程动能增加量做比较，看两者结果是否近似相等。（计算结果均保留三位有效数字）。 （3）另一小组选用两个质量相同、材料不同的重物P和Q分别进行实验，多次记录下落高度h和相应的速度大小v（操作与计算均无误），作出的图像如图乙所示，根据图像可知，选重物________（选填“P”或“Q”）进行实验误差更小。 15. （1）李辉用多用电表的欧姆挡测量一个变压器线圈的电阻，以判断它是否断路。刘伟为了使李辉测量方便，没有注意操作的规范，用两手分别握住线圈裸露的两端让李辉测量（如图甲所示）。测量时用欧姆表的“”档，如图乙所示，指针摆过了一定角度，李辉由此确认线圈没有断路。正当李辉把多用表的表笔与被测线圈脱离时，刘伟突然惊叫起来，觉得有电击感。 ①线圈电阻约为________； ②刘伟觉得有电击感的原因是________。 A．断电自感产生了很大的自感电动势，通过线圈的电流也突然变大 B．断电自感产生了很大的自感电动势，通过人体的电流也突然变大 C．断电自感产生了很大的自感电动势，通过线圈和人体的电流都突然变大 （2）弄清楚有电击感原因后，两人为更准确测量线圈的直流电阻，设计了如图丙所示电路图，可供选择的实验器材有： 电压表（量程0-3V，内阻约） 电流表（量程0.6A，内阻约） 滑动变阻器（阻值约） 滑动变阻器（阻值约） 电源（电动势3V，内阻约为） 电建、单刀双掷开关、导线若干 ①滑动变阻器应选择________（填或）， ②为减少测量误差，单刀双掷开关应掷________（填a或b） ③实验结束后应先断开________（填或），再整理实验器材。 ④本实验电阻的测量值________真实值（填“大于”“等于”或“小于”） 16. 如图甲所示是“用双缝干涉测量光的波长”实验装置。采用的双缝间距为d，毛玻璃屏与双缝间的距离为L。 （1）实验装置中拨杆的作用是________； A. 拨动拨杆，调节单缝和双缝平行 B. 拨动拨杆，调节双缝和单缝平行 （2）若实验调整测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，并将该亮纹定为第1条亮纹（如图乙所示），此时测量头上游标卡尺的读数为；接着转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐（如图丙所示），此时测量头上游标卡尺的读数为，且有，则入射的单色光波长的计算式________（用题中给出的字母L、d、、表示）。 17. 如图所示，有一滑块从A点以的初速度在水平台面上做匀减速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数，滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出，最后落到斜面上的C点。已知AB之间的间距，斜面与水平面的夹角，不计空气阻力。（取，），（g取） （1）物体从B点飞出时的速度大小； （2）物体从A点运动到C点所用的时间。 18. 如图所示，倾角均为的两光滑倾斜平行金属导轨、，间距，上端通过导线和单刀双掷开关与金属线圈或电阻相连。导轨区域匀强磁场磁感应强度，方向垂直斜面向上，金属线圈匝数、横截面积，整个线圈处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度以均匀增加，。先将开关接1，质量的光滑金属杆恰好静止，此时金属杆距离底端。然后将开关接2，金属杆开始沿斜面运动，金属杆运动到底端之前已达到稳定状态，运动过程中金属杆与导轨始终垂直且接触良好。已知金属杆与导轨的电阻均可忽略，取。 （1）端点1和M哪点电势高，线圈产生的感应电动势大小； （2）金属线圈的电阻r； （3）金属杆在斜面上的运动时间t。 19. 一游戏装置固定在竖直平面内，如图所示，水平直轨道AB（A端固定有轻质弹簧）、倾角的倾斜直轨道BC、圆弧形管道CD（圆心角为）平滑连接，固定轨道均光滑。质量、长度的平板紧靠轨道末端D（上表面与D平齐）静止在光滑水平面上，其右端处固定一与平板等高的挡板E。现将质量也为的小滑块水平向右弹出，已知BC长度，圆弧半径（管道直径远小于圆弧半径），D和圆心O在同一竖直线上，滑块与平板上表面间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取，，。 （1）若滑块运动到D点时对上下管壁均无压力，求弹簧被压缩时的弹性势能； （2）通过计算判断：在满足第（1）问的前提下，平板与挡板碰撞前，滑块是否从平板右侧滑出； （3）若平板与挡板碰撞后反弹速度大小与碰前相等，为使滑块能停在平板上，求弹簧弹性势能的最大值。 20. 在微电子芯片加工工艺中，等离子体束的入射姿态调控是影响芯片集成度的核心技术。该控制原理可简化为如图所示的三维坐标系模型：空间直角坐标系中有一个长为、高为的长方体区域，该区域以正方形为界分割为边长相等的正方体空间区域Ⅰ和区域Ⅱ。整个长方体空间（含边界）存在沿轴正方向的匀强电场，同时空间Ⅱ还存在沿轴正方向的匀强磁场。已知一个质量为，电荷量为的离子从边的中点以速度平行于轴正方向射入，一段时间后该离子经过正方形的中心点，且离子在空间Ⅱ运动的过程中，恰好未从平面边界飞出，忽略离子重力、空气阻力及粒子间相互作用。 （1）离子的电性及空间Ⅰ中匀强电场的电场强度大小； （2）空间Ⅱ中匀强磁场的磁感应强度大小及离子在长方体区域运动的时间t； （3）离子从长方体右侧离开场区的速度的大小和速度方向与轴正方向夹角的正切值。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年5月调研测试 高二年级物理学科试题 考生须知： 1．本卷共8页满分100分，考试时间90分钟。 2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。 3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。 4．考试结束后，只需上交答题纸。 选择题部分 一、选择题I（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个选项中只有一个是符合题目要求，不选、多选、错选均不得分） 1. 单位电子伏特（eV）是下列哪个物理量的单位（ ） A. 功率 B. 能量 C. 电压 D. 电量 【答案】B 【解析】 【详解】A．功率的单位为瓦特（），电子伏特不是功率单位，故A错误； B．根据电场力做功公式， 表示元电荷在电势差为的电场中运动时电场力做的功，功和能量的单位均为焦耳（），且，属于能量单位，故B正确； C．电压的单位为伏特（），电子伏特不是电压单位，故C错误； D．电量的单位为库仑（C），电子伏特不是电量单位，故D错误。 故选B。 2. 关于图中比赛项目，以下表述正确的是（　　） A. 400米径赛冠军成绩53.14秒，53.14秒指的是时刻 B. 铅球比赛成绩20.50米，20.50米指的是铅球的位移 C. 斯诺克比赛，运动员击球时可以把球视为质点 D. 200米直赛道皮划艇比赛中，冠军队的平均速度最大 【答案】D 【解析】 【详解】A．成绩53.14秒是跑完全程所用的时间，属于时间间隔，不是时刻。时刻对应某一瞬间，时间间隔对应一段过程，故A错误； B．铅球成绩是从投掷圈内沿到铅球落地点最近点的直线距离，是标量。位移是从出手点到落地点的有向线段，两者并不等同，故B错误； C．击球时需考虑球的旋转、击球部位等，球的形状和大小不能忽略，不能简化为质点。质点模型适用于物体大小和形状可忽略的情况，故C错误； D．200米直赛道，所有队伍位移大小均为200米。平均速度定义为位移与所用时间的比值，冠军用时最短，故平均速度最大，故D正确； 故选D。 3. 图甲是神舟二十一号飞船返回舱匀速下降的过程，图乙是返回舱竖直向下喷气软着陆的过程，以下说法正确的是（ ） A. 图甲中，返回舱对伞绳的拉力是伞绳发生形变而产生的 B. 图甲中，降落伞与返回舱整体机械能守恒 C. 图乙中，返回舱中的宇航员处于超重状态 D. 图乙中，返回舱对喷出气体的推力大于喷出气体对返回舱的推力 【答案】C 【解析】 【详解】A．图甲中，返回舱对伞绳产生拉力，施力物体是返回舱，所以返回舱对伞绳的拉力是返回舱发生形变而产生的，故A错误； B．图甲是飞船返回舱匀速下降的过程，动能不变，重力势能减小，所以降落伞与返回舱整体机械能不守恒，故B错误； C．图乙是返回舱竖直向下喷气软着陆的过程，向下减速，则加速度向上，所以返回舱中的宇航员处于超重状态，故C正确； D．根据牛顿第三定律可知，图乙中，返回舱对喷出气体的推力等于喷出气体对返回舱的推力，故D错误。 故选C。 4. 如图所示，空间站绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r。某次为躲避太空碎片的撞击，在P点实施紧急变轨，变轨后沿椭圆轨道运动，远地点为P，近地点为Q，Q到地心的距离为。则（ ） A. 空间站在P点需减速实现变轨 B. 变轨前后空间站的周期可能不变 C. 空间站在椭圆轨道P点加速度大于圆轨道P点加速度 D. 在椭圆轨道上运行，P点速度大于Q点速度 【答案】A 【解析】 【详解】A．变轨后沿椭圆轨道做向心运动，故需减速，故A正确； B．根据开普勒第三定律可得 其中圆轨道 椭圆轨道，故周期会发生变化，故B错误； C．根据 可得 故空间站在椭圆轨道P点加速度等于圆轨道P点加速度，故C错误； D．根据开普勒第二定律可得在椭圆轨道上运行，P点为远地点，Q为近地点，P速度小于Q点速度，故D错误。 故选A。 5. 如图所示，光滑绝缘水平面上三个点电荷分别固定在等腰三角形的A、B、C三个顶点上，，其中A、B两处的点电荷带等量正电荷，C处的点电荷带负电荷，O为边的中点，M、N为边的四等分点。则（　　） A. A、C两处的点电荷所受的静电力相同 B. M、N两点的电场强度相同 C. 将C处点电荷由静止释放，从C向O运动过程中电势能减小 D. 将C处点电荷由静止释放，从C向O运动过程中加速度一定增大 【答案】C 【解析】 【详解】A．A受B的斥力沿向左，受C的引力沿方向，合力指向左上方。 C受A、B的引力，由对称性合力沿指向O。两者方向不同，故A错误； B．M、N关于O对称，即关于中垂线对称。 根据对称性，M、N两点场强大小相等，但方向关于CO对称，不是相同，故B错误； C．C带负电，A、B带正电，C所受合力指向O。释放后电场力做正功，电势能减小，故C正确； D．C所受合力沿，由等量同种电荷电场分布特点可知，在中垂线上，由无穷远处到连线中点位置，电场强度先增大后减小，则将C处点电荷由静止释放，加速度可能先增大后减小，不一定单调增大，故D错误； 故选C。 6. 如图甲所示，杂技演员在绳索的拉力下在空中旋转，可简化为如图乙所示的圆锥摆模型。小球视为质点，质量为，摆线长为，角速度为，摆线与竖直方向的夹角为，下列说法正确的是（　　） A. 绳子拉力大小为 B. 小球做圆周的向心力为 C. 若缓慢减小，周期逐渐变大 D. 若缓慢减小，线速度逐渐变大 【答案】C 【解析】 【详解】A．小球受重力和绳子拉力，合力提供向心力。竖直方向平衡 变形有，故A错误； B．水平方向， 联立有，故B错误； C．， 联立有 周期 若缓慢减小，增大，则周期增大，故C正确； D．线速度 若缓慢减小，减小，增大，则线速度减小，故D错误。 故选C。 7. 如图所示，纵跳仪是测试体能的常用装备，运动员用力从垫板上竖直向上跳起后又落回到垫板上，仪器显示跳起的最大高度为。已知运动员质量为，重力加速度为，空气阻力不计，下列说法正确的是（　　） A. 运动员在最高点时处于平衡状态 B. 运动员在空中运动的时间为 C. 运动员起跳过程中，垫板对其做功为 D. 运动员起跳过程和落回过程中，垫板对其冲量的方向相反 【答案】B 【解析】 【详解】A．平衡状态指合外力为零。最高点速度为零，但运动员仍受重力，合力不为零，加速度为，不是平衡状态，故A错误； B．上升阶段，设初速度，末速度，位移，由速度位移方程解得 上升时间，由对称性，下落时间与上升时间相等，空中总时间，故B正确； C．设起跳阶段运动员重心向上移动，离板时速度。由动能定理 离板后做竖直上抛，最大高度满足，代入得，故C错误； D．起跳过程，垫板对人的支持力向上，冲量方向向上。落回过程，人接触垫板后减速至静止，垫板对人的支持力仍向上，冲量方向也向上。两次冲量方向相同，均向上，故D错误； 故选B。 8. 如图所示，a、b两束单色光分别沿不同方向射向横截面为半圆形玻璃砖的圆心O，已知a光刚好发生全反射，b光的折射光线刚好与a光的反射光线重叠，且入射角，则（　　） A. 在同一介质中，a光的传播速度大 B. 用a、b单色光分别照射同一双缝干涉装置时，b条纹间距大 C. 若将b光沿a光的入射光路射向O点，b光也能发生全反射 D. 将a光束绕O点顺时针转过小角度时，为使b光的折射光线仍与a光的反射光线重叠，b光需逆时针转过 【答案】B 【解析】 【详解】A．a光在O点从玻璃射向空气，入射角等于临界角，则，即 b光从空气射入玻璃，入射角，折射光线刚好与a光的反射光线重叠，故折射角为，由折射定律，即 故，为锐角，，故 介质中光速，，故，故A错误； B．双缝干涉条纹间距，波长越长的光，条纹间距越大。 ，故频率，由，，因此b光条纹间距更大，故B正确； C．b光临界角满足，，a光临界角 得，即，故以入射角射向界面时，不会发生全反射，故C错误； D．将a光束绕O点顺时针转过小角度，由反射角等于入射角，故反射角逆时针转过 为使b光折射光线仍与a光反射光线重叠，b光折射角必须变为，设新入射角为，由折射定律 利用小角度近似，又 联立可得 设，则 比较可得 因此 因为，故，故 故b光需逆时针转过角度大于，故D错误； 故选B。 9. 如图甲所示，电路可以测量导体的载流子（电子）浓度，在长方体导体所在区域加一垂直前、后面的匀强磁场，磁感应强度大小B可以调节。闭合开关S，电极1、3间通以恒定电流I，电极2、4间将产生电压U，根据测量得到的图像如图乙所示。已知导体长为a，宽为b，厚度为c，电子的电荷量为e，图像的斜率为k，则（ ） A. 电极2的电势高于电极4的电势 B. 宽度b越大，电压U越大 C. 该导体单位体积中载流子数为 D. 该导体单位体积中载流子数为 【答案】C 【解析】 【详解】A．电流方向水平向右，则电子速度方向水平向左，根据左手定则可知电子在洛伦兹力作用下向电极2聚集，故电极2的电势低于电极4的电势，故A错误； BCD．根据题意设导体单位体积中载流子数为n，由电流微观表达式有 稳定时，电子所受洛伦兹力与电场力平衡有 解得 故U与b无关，其中 解得，故C正确，BD错误。 故选C。 10. 某功率可调节的电风扇静止放在水平桌面上，扇叶在电机的带动下匀速转动，扇叶转动将空气水平吹出，将一部分电能转化为风的动能。已知风速为v（大小未知），空气密度约为，电风扇的主要技术参数如表格所示。假设电机的机械效率不变，转轴之间的摩擦不计，下列估算结果最合理的是（　　） 风扇半径 净重 最大风量 额定电压 最大功率 A. 以最大功率运行时，风扇吹出的风速约为 B. 调节功率，风扇吹出的风速与成正比 C. 该电风扇电动机的内阻约为 D. 以最大功率运行时，电风扇与水平桌面间的摩擦力大小约为 【答案】D 【解析】 【详解】A．风扇半径为，风量为单位时间内吹出的空气体积，，根据 可得以最大功率运行时，风扇吹出的风速约为，故A错误； B．风吹出的动能来自电机输出机械功。单位时间内吹出空气的质量流量为 动能流量为 机械效率不变时，电风扇将一部分电能转化为风的动能，有 联立可得 可得风扇吹出的风速，故B错误； C．电动机是非纯电阻用电器，不能直接用计算内阻，有，故C错误； D．风吹出时，空气对风扇的反作用力水平向后，大小为空气单位时间内获得的动量 变形有 代入数据解得 风扇静止，水平方向受空气反冲力与静摩擦力平衡，摩擦力大小约为，故D正确。 故选D。 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分） 11. 下列说法正确的是（ ） A. 甲图为干簧管，当磁体靠近时，“干簧管”能起到开关的作用，原理是电磁感应 B. 乙图中的照相机镜头上涂有一层增透膜，这是利用光的偏振特性 C. 丙图为库仑扭秤，通过悬丝扭转的角度比较力的大小，这里用到的实验方法是微小量放大法 D. 丁图为电流表，运输过程中为防止指针振动过于剧烈，可用导线将正负接线柱连在一起 【答案】CD 【解析】 【详解】A．当磁体靠近时，干簧管内的簧片被磁化而相互吸引，使电路接通，起到开关作用，它的原理是磁化，不是电磁感应，故A错误； B．乙图中的照相机镜头上涂有一层增透膜，这是利用光的干涉，通过前后表面反射的光发生干涉相消，减少反射光，从而增加透射光，不是光的偏振，故B错误； C．丙图为库仑扭秤，通过悬丝扭转的角度比较力的大小，将微小的力通过悬丝扭转放大，用到的实验方法是微小量放大法，故C正确； D．丁图为电流表，运输过程中用导线将正负接线柱连在一起，当指针因晃动而带动线圈切割磁感线时，会产生感应电流，感应电流所受的安培力会阻碍线圈的转动，能防止指针振动过于剧烈，故D正确。 故选CD。 12. 如图是一台小型发电机的构造示意图，边长为L、匝数为N、电阻为r的正方形金属框，在磁感应强度为B的匀强磁场中以恒定角速度绕轴转动，外接电阻R。由图示位置开始计时，下列判断正确的是（ ） A. 图示位置流过电阻R的电流方向为自上而下 B. 图示位置时，电流表的示数 C. 从图示位置开始计时，经时间，通过电阻R的电荷量 D. 转动过程穿过矩形线圈的磁通量最大值为 【答案】AC 【解析】 【详解】A．图示位置边、的速度方向分别为竖直向上和竖直向下，磁场方向水平向右，根据右手定则可知流过电阻R的电流方向为自上而下，故A正确； B．感应电动势的最大值为 可知感应电动势的有效值为 电流表的示数为电流的有效值，即，故B错误； C．周期为，从图示位置开始计时，经时间，即，通过电阻R的电荷量 ，故C正确； D．转动过程穿过矩形线圈的磁通量最大值为，故D错误。 故选AC。 13. 两列简谐横波分别沿轴正方向和负方向传播，两个波源分别位于和处，波源的振幅均为，波速均为。如图所示为时刻两列波的图像，此时平衡位置在和的、两质点要刚开始振动，两波源此时均停止振动，质点的平衡位置位于处。下列判断正确的是（　　） A. 两波源的起振方向均沿轴的正方向 B. 时，平衡位置处于之间的质点位移均为零 C. 时，点的速度为零 D. 时间内，质点经过的路程为 【答案】BD 【解析】 【详解】由题干信息可知，波长均为，波速均为，由得，角频率 设两列波波函数均为，代入已知信息可得 对于左波，沿方向传播，时，在处，，代入波函数，解得， 取，则左波； 同理，右波沿方向传播，； A．波前质点起振方向与波源起振方向相同。左波波前，右波波前 分别代入波函数，可知左波起振方向向下； ，可知右波起振方向向下； 因此两波源起振方向均向下，均沿轴的负方向。 或根据“上下坡”法，由于两列波分别沿轴正方向和负方向移动，可知、两点开始振动的方向均沿轴的负方向，因此两列波源起振方向均沿轴的负方向，故A错误； B．两列波叠加，时，，故区间内所有质点位移均为零，故B正确； C．时，两波均已到达点，由合成波 点，，振动速度 代入，则，故C错误； D．由波形图，波速均为，因此两列波在时波前同时到达点，经过振动周期后，波尾离开点。 故内，点在内振动，由点合成波，一个周期内路程，故D正确。 故选BD。 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 14. 在“验证机械能守恒定律”的实验中 （1）实验室提供了铁架台、夹子、纸带、重锤等器材。为完成此实验，除了所给的器材，从下图中还必需选取的实验器材是________（多选） （2）实验获得一条纸带，截取点迹清晰的一段并测得数据如图甲所示。已知打点的频率为，则打点“2”时，重锤下落的速度大小为________，重锤下落的加速度为________，若当地的重力加速度为，重锤质量为，则从“2”到“5”过程中重锤的势能减少量为________J，并与此过程动能增加量做比较，看两者结果是否近似相等。（计算结果均保留三位有效数字）。 （3）另一小组选用两个质量相同、材料不同的重物P和Q分别进行实验，多次记录下落高度h和相应的速度大小v（操作与计算均无误），作出的图像如图乙所示，根据图像可知，选重物________（选填“P”或“Q”）进行实验误差更小。 【答案】（1）AE##EA （2） ①. 0.575 ②. 9.64 ③. 0.508 （3）P 【解析】 【小问1详解】 验证机械能守恒定律需用打点计时器记录重锤下落过程，并用刻度尺测量纸带上点迹间距。无需测量力和时间（秒表），也不需要测量质量（天平）。 故选AE。 【小问2详解】 [1]打点的频率为。因此时间间隔 计算打点“2”时的速度，可用“1”、“3”的平均速度 [2]用逐差法计算重锤下落的加速度 其中，，，，， 代入解得 [3]从“2”到“5”， 【小问3详解】 由可知，斜率为理论值。实际中受阻力影响，斜率偏小。的斜率更大，更接近理论值，误差更小。 15. （1）李辉用多用电表的欧姆挡测量一个变压器线圈的电阻，以判断它是否断路。刘伟为了使李辉测量方便，没有注意操作的规范，用两手分别握住线圈裸露的两端让李辉测量（如图甲所示）。测量时用欧姆表的“”档，如图乙所示，指针摆过了一定角度，李辉由此确认线圈没有断路。正当李辉把多用表的表笔与被测线圈脱离时，刘伟突然惊叫起来，觉得有电击感。 ①线圈电阻约为________； ②刘伟觉得有电击感的原因是________。 A．断电自感产生了很大的自感电动势，通过线圈的电流也突然变大 B．断电自感产生了很大的自感电动势，通过人体的电流也突然变大 C．断电自感产生了很大的自感电动势，通过线圈和人体的电流都突然变大 （2）弄清楚有电击感原因后，两人为更准确测量线圈的直流电阻，设计了如图丙所示电路图，可供选择的实验器材有： 电压表（量程0-3V，内阻约） 电流表（量程0.6A，内阻约） 滑动变阻器（阻值约） 滑动变阻器（阻值约） 电源（电动势3V，内阻约为） 电建、单刀双掷开关、导线若干 ①滑动变阻器应选择________（填或）， ②为减少测量误差，单刀双掷开关应掷________（填a或b） ③实验结束后应先断开________（填或），再整理实验器材。 ④本实验电阻的测量值________真实值（填“大于”“等于”或“小于”） 【答案】（1） ①. 6.0##6 ②. B （2） ①. ②. a ③. ④. 小于 【解析】 【小问1详解】 [1] 线圈电阻约为 [2]多用电表内的电池与变压器线圈连通后形成一定的电流，表笔与线圈脱离时，由于产生断电自感，并且自感电动势比较大，即两手之间瞬间有高电压，则通过人体的电流也突然变大，所以刘伟觉得有电击感。 故选B。 【小问2详解】 [1]由闭合电路欧姆定律可得电路中需要的最大电阻为 故为调节方便选取； [2]根据可知电流表要外接，故为减少测量误差，单刀双掷开关应掷a端； [3]若先断开，则线圈与电压表组成闭合回路发生自感现象，容易烧毁电压表，则实验结束后应先断开； [4]根据欧姆定律可得 电压的测量值为真实值，电流的测量值偏大，故电阻的测量值偏小。 16. 如图甲所示是“用双缝干涉测量光的波长”实验装置。采用的双缝间距为d，毛玻璃屏与双缝间的距离为L。 （1）实验装置中拨杆的作用是________； A. 拨动拨杆，调节单缝和双缝平行 B. 拨动拨杆，调节双缝和单缝平行 （2）若实验调整测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，并将该亮纹定为第1条亮纹（如图乙所示），此时测量头上游标卡尺的读数为；接着转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐（如图丙所示），此时测量头上游标卡尺的读数为，且有，则入射的单色光波长的计算式________（用题中给出的字母L、d、、表示）。 【答案】（1）A （2） 【解析】 【小问1详解】 在“用双缝干涉测量光的波长”实验中，拨杆安装在单缝套筒上，拨动拨杆可以调整单缝的取向，使其与双缝严格平行，这样才能在毛玻璃屏上得到清晰、稳定的干涉条纹。 故选A。 【小问2详解】 从第1条到第6条亮纹共有个条纹间距，相邻亮纹间距 双缝干涉条纹间距公式 联立解得 17. 如图所示，有一滑块从A点以的初速度在水平台面上做匀减速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数，滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出，最后落到斜面上的C点。已知AB之间的间距，斜面与水平面的夹角，不计空气阻力。（取，），（g取） （1）物体从B点飞出时的速度大小； （2）物体从A点运动到C点所用的时间。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 物体在AB面上运动时的加速度 根据 得 或由动能定理 得 【小问2详解】 设物体从A运动到B的时间为，B运动到C的时间为，A到B的过程，由 得 从B运动到C的过程做平抛运动，设水平位移为，竖直位移为，则， 根据几何关系 得 所以物体的运动时间 18. 如图所示，倾角均为的两光滑倾斜平行金属导轨、，间距，上端通过导线和单刀双掷开关与金属线圈或电阻相连。导轨区域匀强磁场磁感应强度，方向垂直斜面向上，金属线圈匝数、横截面积，整个线圈处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度以均匀增加，。先将开关接1，质量的光滑金属杆恰好静止，此时金属杆距离底端。然后将开关接2，金属杆开始沿斜面运动，金属杆运动到底端之前已达到稳定状态，运动过程中金属杆与导轨始终垂直且接触良好。已知金属杆与导轨的电阻均可忽略，取。 （1）端点1和M哪点电势高，线圈产生的感应电动势大小； （2）金属线圈的电阻r； （3）金属杆在斜面上的运动时间t。 【答案】（1）端点1电势高， （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 金属线圈内磁通量向上增加，可得感应电流为顺时针（俯视图），线圈相当于电源，内部电流从低电势流向高电势，可得端点1电势高。 根据法拉第电磁感应定律 【小问2详解】 金属杆静止，受力平衡有 解得电流 由闭合电路欧姆定律 解得金属线圈的电阻 【小问3详解】 开关接2，感应电动势为 电流 金属杆受安培力 稳定状态下，金属杆合力为零，速度达到最大有 解得 对金属杆应用动量定理 其中 解得金属杆在斜面上的运动时间 19. 一游戏装置固定在竖直平面内，如图所示，水平直轨道AB（A端固定有轻质弹簧）、倾角的倾斜直轨道BC、圆弧形管道CD（圆心角为）平滑连接，固定轨道均光滑。质量、长度的平板紧靠轨道末端D（上表面与D平齐）静止在光滑水平面上，其右端处固定一与平板等高的挡板E。现将质量也为的小滑块水平向右弹出，已知BC长度，圆弧半径（管道直径远小于圆弧半径），D和圆心O在同一竖直线上，滑块与平板上表面间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取，，。 （1）若滑块运动到D点时对上下管壁均无压力，求弹簧被压缩时的弹性势能； （2）通过计算判断：在满足第（1）问的前提下，平板与挡板碰撞前，滑块是否从平板右侧滑出； （3）若平板与挡板碰撞后反弹速度大小与碰前相等，为使滑块能停在平板上，求弹簧弹性势能的最大值。 【答案】（1） （2）滑块会从平板右侧滑出 （3） 【解析】 【小问1详解】 滑块运动到D点时对上下管壁均无压力，D点为圆弧最高点，重力提供向心力 轨道光滑，从A到D机械能守恒。由几何关系可得 因此 解得 【小问2详解】 假设滑块没有滑出且能达到共同速度。 整个过程系统动量守恒解得 滑块对平板的摩擦力提供平板加速度，对平板应用动能定理 解得，故此时未碰与挡板碰撞 设滑块相对平板位移，根据能量守恒。 ，综上平板与挡板碰前，滑块已平板右侧滑出。 【小问3详解】 设滑块到D点时的速度为，为使滑块能停在平板上，则滑块相对平板位移，平板与挡板碰撞后反弹速度大小与碰前相等，则系统机械能的减少仅来自滑块与平板间的摩擦生热，因此当相对位移最大，即为时，摩擦生热最大，此时应系统刚好静止，滑块初速度最大。 故整个过程根据能量守恒，初始动能全部转化为内能有 从释放点到D点有 解得 20. 在微电子芯片加工工艺中，等离子体束的入射姿态调控是影响芯片集成度的核心技术。该控制原理可简化为如图所示的三维坐标系模型：空间直角坐标系中有一个长为、高为的长方体区域，该区域以正方形为界分割为边长相等的正方体空间区域Ⅰ和区域Ⅱ。整个长方体空间（含边界）存在沿轴正方向的匀强电场，同时空间Ⅱ还存在沿轴正方向的匀强磁场。已知一个质量为，电荷量为的离子从边的中点以速度平行于轴正方向射入，一段时间后该离子经过正方形的中心点，且离子在空间Ⅱ运动的过程中，恰好未从平面边界飞出，忽略离子重力、空气阻力及粒子间相互作用。 （1）离子的电性及空间Ⅰ中匀强电场的电场强度大小； （2）空间Ⅱ中匀强磁场的磁感应强度大小及离子在长方体区域运动的时间t； （3）离子从长方体右侧离开场区的速度的大小和速度方向与轴正方向夹角的正切值。 【答案】（1）离子带正电， （2）， （3）， 【解析】 【小问1详解】 离子在空间Ⅰ中，仅受沿轴正方向的电场，最终到达，初速度方向平行于轴，说明离子在方向加速，受力方向与电场方向相同，故离子带正电。 离子在空间Ⅰ中做类平抛运动，离子从点运动到点的过程中，由运动学公式有沿轴方向 沿轴方向 由牛顿第二定律有 联立解得 【小问2详解】 离子由点进入空间Ⅱ，磁场沿方向，速度的分量不受磁场力，故离子在平面以速度做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得 由左手定则，在点时洛伦兹力沿方向，离子恰好未从平面边界飞出，则代表圆周运动与平面相切，故匀速圆周运动的半径 联立解得 离子在整个长方体空间运动过程中，沿轴正方向做初速度为0的匀加速直线运动，有 解得 【小问3详解】 离子在整个长方体空间运动过程中，沿轴正方向做初速度为0的匀加速直线运动，由运动学公式有 联立解得 离子在平面速度大小始终为，因此合速度 速度与轴正方向的夹角满足 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $