第2章 2 简谐运动的描述（课件PPT）-【精讲精练】2026-2027学年高中物理选择性必修第一册（人教版）

该高中物理课件聚焦简谐运动的描述，涵盖振幅、周期、频率、相位及表达式等核心知识点，通过预习案问题导学（如不同释放点小球最大距离）衔接机械振动基础，以概念规律表格、思考判断等为支架，引导学生构建知识体系。 其亮点在于以探究案互动讨论（如振幅与位移区别、全振动路程计算）和例题变式训练为核心，结合科学思维（模型建构、科学推理）和科学探究（问题分析、证据推导），帮助学生深化理解，教师可利用结构化资源提升教学效率。

第二章　机械振动 2　简谐运动的描述 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 预习案 必备知识·问题导学 01 探究案 关键能力·互动探究 02 知能达标训练 04 提升案 随堂演练·基础落实 03 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 预习案 必备知识·问题导学 栏目导航 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 最大 幅度 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 完整 一次 秒(s) 次数 栏目导航 第二章　机械振动 1 状态 振幅 圆频率 2πf 栏目导航 第二章　机械振动 1 初相 相等 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 探究案 关键能力·互动探究 栏目导航 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 答案　B 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 答案　AD 栏目导航 第二章　机械振动 1 提升案 随堂演练·基础落实 栏目导航 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 栏目导航 第二章　机械振动 1 知 能 达 标 训 练 点击进入Word 栏目导航 栏目导航 第二章　机械振动 1 谢谢观看 栏目导航 第二章　机械振动 1 物理观念 科学思维 1．了解简谐运动的振幅、周期和频率的含义。 2．理解周期和频率的关系。 掌握简谐运动的表达式，正确理解振幅、相位、初相的概念。 一、振幅 阅读教材，并回答： 1．在教材图2.2­2中，从不同点释放振子中的小球，小球离开平衡位置的距离有最大值吗？最大值相同吗？ 答　有　不同 2．在表达式中怎么看出小球离开平衡位置的最大值？ 答　略 【概念·规律】 振幅 定义 振动物体离开平衡位置的________距离 意义 表示振动________大小 二、周期和频率 阅读教材，并回答： 1．观察教材图2.2­2 (1)从M′点开始，一次全振动的完整过程是什么？ (2)从向右经过O点开始一次全振动的完整过程是什么？ (3)若从振子经过P0向右算起呢？ 答　(1)M′→O→M→O→M′。 (2)O→M→O→M′→O。 (3)P0→M→O→M′→P0。 2．请同学们归纳一下，怎样判断一次全振动？ 答　回到原位置(位置复原)；回到原状态(速度复原)；连续(最短时间)。 【概念·规律】 周期和频率 全振动 类似于O→B→O→C→O的一个________的振动过程 周期(T) (1)定义：做简谐运动的物体完成________全振动所需要的时间。 (2)单位：国际单位是____________ 频率(f) (1)定义：物体完成全振动的________与所用时间的比。 (2)单位：赫兹(Hz) T和f的关系 T＝________ eq \f(1,f) 三、相位 1．相位的意义：描述周期性运动在各个时刻所处的不同________。 2．简谐运动的表达式 简谐运动的一般表达式为x＝Asin (ωt＋φ)。 (1)A表示简谐运动的________。 (2)ω是一个与频率成正比的量，叫作简谐运动的__________。它也表示简谐运动的快慢，ω＝eq \f(2π,T)＝________。 (3)____________代表简谐运动的相位，φ是t＝0时的相位，称作初相位，或________。 (4)相位差：如果两个简谐运动的频率________，其初相分别是φ1和φ2，当φ2>φ1时，它们的相位差是Δφ＝(ωt＋φ2)－(ωt＋φ1)＝φ2－φ1。 ωt＋φ (1)周期、频率是表征物体做简谐运动快慢程度的物理量。(　　) (2)振幅等于振子运动轨迹的长度。(　　) (3)弹簧振子每次经过平衡位置时，位移为零、动能最大。(　　) (4)在简谐运动的过程中，振幅是不断变化的。(　　) (5)振幅是振动物体离开平衡位置的最大位移，它是矢量。(　　) (6)振子从离开某位置到重新回到该位置的过程为一次全振动过程。(　　) (7)振动周期指的是振动物体从一侧最大位移处，运动到另一侧最大位移处所用的时间。(　　) (8)相位反映了振动物体的振动步调。(　　) (9)两个振动物体相位相同，则其振动步调相反。(　　) (10)按x＝5sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(8πt＋\f(1,4)π))cm的规律振动的弹簧振子的振动周期为 0.25 s。(　　) 答案　(1)√　 (2)×　(3)√　(4)×　(5)×　 (6)×　 (7)×　(8)√ 　(9)×　(10)√ 探究点一　描述简谐运动的物理量 [交流讨论] 1．简谐运动中位移和振幅的区别是什么？ 答　对于一个确定的简谐运动，振幅是不变的，位移是随时间改变的。振幅是标量，位移是矢量。 2．弹簧振子完成一次全振动的路程与振幅之间存在怎样的关系？ 答　s＝4A。 3．本节教材“做一做”图2.2­3的实验中： (1)实验过程中，我们应该选择哪个位置作为计时的起点？ (2)一次全振动的时间非常短，我们应该怎样测量弹簧振子的周期？ (3)如果把振幅减小到原来的一半，再次测量，会有什么发现？ 答　(1)应选择振子经过平衡位置的时刻作为开始计时的时刻。 (2)振动周期的求解方法：T＝eq \f(t,n)，t表示发生n次全振动所用的总时间。 (3)弹簧振子的振动周期与振幅大小无关。 [归纳总结] 1．简谐运动中振幅和几个物理量的关系 (1)振幅与位移的关系 ①在同一简谐运动中振幅是不变的，而位移却时刻变化。 ②振幅是标量，位移是矢量，其方向是由平衡位置指向振子所在位置。 ③振幅在数值上等于位移的最大值。 (2)振幅与路程的关系 ①振动物体在一个周期内的路程一定为四个振幅，在半个周期内的路程一定为两个振幅。 ②振动物体在eq \f(1,4)T内的路程可能等于一个振幅，可能大于一个振幅，还可能小于一个振幅。只有当eq \f(1,4)T的初始时刻振动物体在平衡位置或最大位移处，eq \f(1,4)T内的路程才等于一个振幅。 2．振幅与周期的关系 在简谐运动中，一个确定的振动系统的周期(或频率)是固定的，与振幅无关，振幅越大，振动过程中的最大速度越大，但周期为定值。 　(多选)一个质点做简谐运动的图像如图所示，下列说法正确的是(　　) A．在10 s内质点经过的路程是20 cm B．在5 s末，质点的速度为零 C．t＝1.5 s和t＝2.5 s两个时刻质点的 位移和速度方向都相反 D．t＝1.5 s和t＝4.5 s两时刻质点的位移大小相等，都是eq \r(2) cm [解析]　由题图可知1 s的路程为2 cm，则10 s内质点经过的路程为20 cm，A正确；5 s末，质点运动至最大位移处，速度为零，B正确；t＝1.5 s和t＝2.5 s两个时刻的位移方向相反，但速度方向相同，C错误；题图对应的函数关系为x＝Asineq \f(2π,T)t(cm)＝2sineq \f(π,2)t(cm)，代入数据t＝1.5 s和t＝4.5 s可知，两个时刻的位移大小相等，都为eq \r(2) cm，D正确。 [答案]　ABD 　对于例题中的振动图像，下列说法正确的是(　　) A．在任意2 s的时间内，质点经过的路程都是4 cm B．t＝3 s时，质点的位移最小 C．在t＝1 s和t＝3 s两时刻，质点的位移相同 D．t＝0.5 s和t＝1.5 s两个时刻，质点的加速度大小相等，方向相反 解析　由例1题图可知，质点做简谐运动的周期是4 s，在任意2 s的时间内，质点经过的路程都是振幅的两倍，即4 cm；故A正确；由例1题图可知t＝3 s时，质点的位移是负向最大，故B错误；在t＝1 s和t＝3 s两时刻，质点的位移大小相等，方向相反，C错误；t＝0.5 s和t＝1.5 s两个时刻，质点的加速度大小相等，方向相同，故D错误。 答案　A 1．(2024·福建卷)某简谐振动的y-t图像如图所示，则以下说法正确的是(　　) A．振幅2 cm B．频率2.5 Hz C．0.1 s时速度为0 D．0.2 s时加速度方向竖直向下 解析　根据图像可知，振幅为1 cm，周期为T＝0.4 s，则频率为f＝eq \f(1,T)＝eq \f(1,0.4) Hz＝2.5 Hz，故A错误，B正确；根据图像可知，0.1 s时质点处于平衡位置，此时速度最大，故C错误；根据图像可知，0.2 s时质点处于负向最大位移处，则此时加速度方向竖直向上，故D错误。 答案　B 探究点二　简谐运动的表达式 [交流讨论] 教材图2.3­4演示实验：两次观察到的实验现象是什么？ 答　可以看到，第一次它们几乎是完全同步的，第二次改变两个球的释放位置，虽然周期仍旧一样，但同一时刻它们的状态却不再相同。 [归纳总结] 1．式中x表示振动质点相对平衡位置的位移；t表示振动的时间。 2．由于ω＝eq \f(2π,T)＝2πf，所以表达式也可写成x＝Asineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)t＋φ))或x＝Asin (2πft＋φ)。 3．式中φ表示t＝0时简谐运动质点所处的状态，称为初相位或初相。 　弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点间做简谐运动，在t＝0时刻，振子从O、B间的P点以速度v向B点运动；在t＝0.25 s时，振子速度第一次变为－v；在t＝0.5 s时，振子速度第二次变为－v。 (1)若B、C之间的距离为20 cm，求振子在4.0 s内通过的路程； (2)若B、C之间的距离为20 cm，从P点开始计时，此时P点位移为5eq \r(2) cm，写出弹簧振子位移表达式。 [解析]　(1)弹簧振子简谐运动的示意图如图所示，在P点时速度向右为v，第一次回到P点时，速度为－v，继续到达与P点对称的P′点时速度为－v，则由对称性可得，由P→B→P→O→P′所用的时间是0.5 s刚好为半个周期，则可得出T＝1 s 由题知B、C之间的距离为20 cm，则振幅A＝10 cm，由于4 s＝4T，则振子在4.0 s内通过的路程s＝4×4A＝160 cm。 (2)根据题意可大致绘制出弹簧振子的振动图像如图所示 已知A＝10 cm，t＝0，x＝5eq \r(2) cm，T＝1 s 根据图像写出弹簧振子的振动方程表达式 x＝Acos(ωt＋φ) 代入数据有x＝10coseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2πt ＋\f(π,4)))cm。 [答案]　(1)160 cm　(2)x＝10coseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2πt ＋ \f(π,4)))cm 　如图所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点间做简谐运动，B、C之间的距离为25 cm。t＝0时刻，振子从O、B间的P点以速度v向B点运动；t＝0.2 s时刻，振子的速度第一次变为－v，t＝0.5 s时刻振子的速度第二次变为－v。下列说法正确的是(　　) A．弹簧振子的振动周期为1.4 s B．4 s内弹簧振子的路程为200 cm C．t＝0时刻与t＝0.5 s时刻弹簧振子的加速度相同 D．弹簧振子的振动方程为x＝12.5sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2πt＋\f(5π,14))) cm 解析　由题可知，振子做半个全振动所用的时间为0.5 s，所以周期为1 s，A错误；振子做一次全振动走过的路程为50 cm,4 s内振子经过4次全振动，所以振子走过的路程为200 cm，B正确；由题可知，t＝0时刻与t＝0.5 s时刻弹簧振子的位置关于平衡位置对称，所以两时刻振子的加速度大小相等，方向相反，C错误；设振子的振动方程为x＝Asin(ωt＋α)，代入数据得A＝Asineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)×0.1＋α)) cm，解得α＝eq \f(3π,10)，所以振动方程为x＝12.5sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2πt＋\f(3π,10))) cm，D错误。 答案　B ●核心素养·思维升华 简谐运动的表达式 (1)简谐运动的位移和时间的关系也可用余弦函数表示成：x＝Acoseq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(π,2)－ωt＋φ))，注意：同一振动用不同函数表示时相位不同，而且相位是随时间变化的一个变量。 (2)比较相位或计算相位差时，要用同种函数来表示振动方程，否则就会出错。 2．如图所示，两竖直挡板间有一光滑的水平直杆，一轻弹簧穿在杆上，弹簧左侧与挡板相连，右侧与穿在杆上的小球甲相连。现让小球甲开始做简谐运动，其位移随时间变化的关系为x＝2sin 5πt(cm)，当小球甲经过平衡位置时，在小球甲的正上方由静止释放小球乙，结果甲与乙恰好相碰，甲、乙均视为质点，取重力加速度大小g＝10 m/s2，不计空气阻力，弹簧始终在弹性限度内，小球不会与竖直挡板相碰，则小球乙下落的高度为(　　) A．eq \f(n2,10) m(n＝1,2,3，…) B．eq \f(n2,5) m(n＝1,2,3，…) C．eq \f(3n2,10) m(n＝1,2,3，…) D．eq \f(2n2,5) m(n＝1,2,3，…) 解析　由x＝2sin 5πt(cm)可知，小球甲的运动周期为T＝eq \f(2π,5π) s＝0.4 s，要使小球甲与小球乙相遇，则小球乙的运动时间为t＝neq \f(T,2)＝0.2n s(n＝1,2,3，…)，根据自由落体运动规律有h＝eq \f(1,2)gt2＝eq \f(n2,5) m(n＝1,2,3，…)，故选项B正确。 答案　B 探究点三　简谐运动的周期性和对称性 如图所示，物体在A点与B点之间运动，O点为平衡位置，C和D两点关于O点对称，则有： 1．时间的对称 (1)振动质点来回通过相同的两点间的时间相等，即tDB＝tBD。 (2)质点经过关于平衡位置对称的等长的两线段时间相等，即tCO＝tOD。图中tOB＝tBO＝tOA＝tAO，tOD＝tDO＝tOC＝tCO，tDB＝tBD＝tAC＝tCA。 2．速度的对称 (1)物体连续两次经过同一点(如D点)的速度大小相等，方向相反。 (2)物体经过关于O点对称的两点(如C点与D点)的速度大小相等，方向可能相同，也可能相反。 3．位移和加速度的对称 (1)物体经过同一点(如C点)时，位移和加速度均相同。 (2)物体经过关于O点对称的两点(如C与D)时，位移与加速度均是大小相等，方向相反。 　如图所示，一个做简谐运动的质点，先后以同样的速度通过相距10 cm的A、B两点，历时0.5 s，过B点后再经过t＝0.5 s，质点以大小相等、方向相反的速度再次通过B点，则质点从离开O点到再次回到O点历时(　　) A．0.5 s　　　　　　　 B．1.0 s C．2.0 s D．4.0 s [思路点拨]　该题可按如下思路分析： eq \x(\a\al(以同样的速,度通过A、B)) eq \o(————→,\s\up17(速度对称性)) eq \x(\a\al(O为A、B中点，,即平衡位置)) eq \o(————→,\s\up17(时间对称性)) eq \x(\a\al(tAO＝tOB＝tBO，,tBD＝tDB))—→eq \x(tOD＝tOB＋tBD) [解析]　根据题意，由振动的对称性可知：AB的中点(设为O)为平衡位置，A、B两点对称分布在O点两侧。质点从平衡位置O点向右运动到B点的时间应为tOB＝eq \f(1,2)×0.5 s＝0.25 s。质点从B点向右到达右方极端位置(设为D点)的时间tBD＝eq \f(1,2)×0.5 s＝0.25 s。所以质点从离开O点到再次回到O点的时间t＝2tOD＝2×(0.25＋0.25)s＝1.0 s。故正确答案为B。 [答案]　B 　一质点做简谐运动，先后以相同的速度依次通过A、B两点，历时1 s，质点通过B点后，再经过1 s，第二次通过B点，在这2 s内，质点的总路程是12 cm，则质点振动的周期和振幅分别可能为(　　) A．2 s,6 cm　　　　　 B．4 s,6 cm C．4 s,9 cm D．2 s,8 cm 解析　做简谐运动的质点，先后以同样大小的速度通过A、B两点，则可判定这两点关于平衡位置O点对称，所以质点由A到O时间与由O到B的时间相等。那么平衡位置O到B点的时间t1＝eq \f(1,2) s，因过B点后再经过t＝0.5 s质点以方向相反、大小相同的速度再次通过B点，则有从B点到最大位置的时间t2＝eq \f(1,2) s。因此，质点振动的周期是T＝4×(t1＋t2)＝4 s，质点总路程的一半，即为振幅。所以振幅为A＝eq \f(12,2) cm＝6 cm，故B正确，A、C、D错误。 　(多选)在例题中，如图所示，质点在C、D两点之间做简谐运动，O是平衡位置，C、D两点与O的距离均为10 cm，以O为原点、水平向右为正方向建立坐标轴。t＝0时刻质点刚好经过C点，当t＝0.5 s时质点做简谐运动的位移为5eq \r(2) cm，则弹簧振子的周期可能为(　　) A．eq \f(4,3) s B．eq \f(2,3) s C．eq \f(4,5) s D．eq \f(2,5) s 解析　由质点的运动学方程x＝10sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)t＋φ)) cm，将t＝0代入，有－10＝10sin φ，解得φ＝－eq \f(π,2)；将t＝0.5 s代入，有5eq \r(2)＝10sineq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)×0.5＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(π,2)))))，化简得sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,T)－\f(π,2)))＝eq \f(\r(2),2)；当eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,T)－\f(π,2)))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2n＋\f(1,4)))π或eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,T)－\f(π,2)))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2n＋\f(3,4)))π(其中n＝0，1，…)，当n＝0时，周期取最大，有Tmax ＝eq \f(4,3) s或Tmax ＝eq \f(4,5) s，故选项A、C正确。 答案　AC 3．(多选)一振子沿x轴做简谐运动，平衡位置在坐标原点。t＝0时振子的位移为－0.1 m，t＝1 s时位移为0.1 m，则(　　) A．若振幅为0.1 m，振子的周期可能为eq \f(2,3) s B．若振幅为0.1 m，振子的周期可能为eq \f(4,5) s C．若振幅为0.2 m，振子的周期可能为4 s D．若振幅为0.2 m，振子的周期可能为6 s 解析　若振幅为0.1 m，由题意知，Δt＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(n＋\f(1,2)))T，n＝0,1,2，…，解得T＝eq \f(2,2n＋1)s，n＝0,1,2，…，A项正确，B项错误；若振幅为0.2 m，t＝0时，由质点简谐运动表达式y＝0.2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)t＋φ0))(m)可知，0.2sin φ0(m)＝－0.1 m，t＝1 s时，有0.2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)＋φ0))(m)＝0.1 m，解得φ0＝－eq \f(π,6)或φ0＝－eq \f(5π,6)；若φ0＝－eq \f(π,6)，将T＝6 s代入0.2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)＋φ0))(m)＝0.1 m可得，D项正确；若φ0＝－eq \f(π,6)，将T＝4 s代入0.2·sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)＋φ0))(m)＝0.1eq \r(3) m，若φ0＝－eq \f(5,6)π，将T＝4 s代入0.2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)＋φ0))(m)＝－0.1eq \r(3) m，故C项错误。 1．某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为x＝8sin eq \f(π,2)t(cm)，则(　　) A．质点的振幅为16 cm B．质点的振动周期为2 s C．在0～1 s内，质点的速度逐渐减小 D．在1～2 s内，质点的动能逐渐减小 解析　简谐运动的位移随时间变化的关系式x＝Asin ωt，对照x＝8sin eq \f(π,2)t (cm)，可得质点振动的振幅A＝8 cm，选项A错。质点振动周期T＝eq \f(2π,\f(π,2))＝4 s，选项B错。在0～1 s内，质点位移逐渐增大，逐渐远离平衡位置，质点的速度逐渐减小，选项C对。在1～2 s内，质点位移逐渐减小，靠近平衡位置，速度逐渐变大，动能逐渐增大，选项D错。 答案　C 2．做简谐运动的物体的位移x与运动时间的关系是x＝Asin(ωt＋φ)，那么物体在运动一个周期内的平均速率是(　　) A．eq \f(ωA,2π)　　　　　　　 B．eq \f(ωA,π) C．eq \f(3ωA,2π) D．eq \f(2ωA,π) 解析　物体在运动一个周期内的路程为4A，周期为T＝eq \f(2π,ω)，故物体在运动一个周期内的平均速率是v＝eq \f(s,T)＝eq \f(2ωA,π)，故选项D正确。 答案　D 3．(多选)(2023·山东卷)如图所示，沿水平方向做简谐振动的质点，依次通过相距L的A、B两点。已知质点在A点的位移大小为振幅的一半，B点位移大小是A点的eq \r(3)倍，质点经过A点时开始计时，t时刻第二次经过B点，该振动的振幅和周期可能是(　　) A．eq \f(2L,\r(3)－1)，3t B． eq \f(2L,\r(3)－1)，4t C． eq \f(2L,\r(3)＋1)，eq \f(12,5)t D． eq \f(2L,\r(3)＋1)，eq \f(12,7)t 解析　当A、B两点在平衡位置的同侧时有eq \f(1,2)A＝Asin φa，eq \f(\r(3),2)A＝Asin φb，可得φa＝eq \f(π,6)；φb＝eq \f(π,3)或者φb＝eq \f(2π,3)。因此可知第二次经过B点时φb＝eq \f(2π,3)，eq \f(\f(2,3)π－\f(π,6),2π)T＝t，解得T＝4t，此时位移关系为eq \f(\r(3),2)A－eq \f(1,2)A＝L，A＝eq \f(2L,\r(3)－1)，故选项A错误，B正确； 当A、B两点在平衡位置两侧时有－eq \f(1,2)A＝Asin φa，eq \f(\r(3),2)A＝Asin φb，解得φa＝－eq \f(π,6)或者φa＝－eq \f(5π,6)(由题图中运动方向舍去)，φb＝eq \f(π,3)或者φb＝eq \f(2π,3)。当第二次经过B点时φb＝eq \f(2π,3)，则eq \f(\f(2,3)π－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(π,6))),2π)T＝t，解得T＝eq \f(12,5)t，此时位移关系为eq \f(\r(3),2)A＋eq \f(1,2)A＝L，A＝eq \f(2L,\r(3)＋1)，选项C正确，D错误。 答案　BC 4．弹簧振子在B、C间做简谐运动，O点为平衡位置，D、E两点在BC之间，且BD＝EC，如图所示。测得振子从E开始向右运动到第一次经过D点所用时间为t0＝0.02 s，所通过的路程为s＝16 cm，取向右为正方向，从振子经过平衡位置O开始计时，写出弹簧振子的振动方程，并求出振子在t＝2.3 s内通过的路程。 解析　由于D、E关于平衡位置O对称，因此t0为eq \f(1,2)个周期，即振动周期T＝2t0＝0.04 s 同理振幅A＝eq \f(1,2)s＝8 cm 取向右为正方向，从振子经过平衡位置O开始计时，则振动方程为x＝8sin 50πt(cm)或x＝0.08sin 50πt(m) 振子在t＝2.3 s内通过的路程s＝eq \f(t,T)×4A＝eq \f(2.3,0.04)×4×8 cm＝1840 cm＝1.84 m 答案　x＝8sin 50πt(cm)或x＝0.08sin 50πt(m)，1.84 m $