物理-2026年黑龙江省高三二模考试

物理 本试卷共6页，满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上 无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全 的得3分，有选错的得0分。 1.我国福建号航母配置的隐身舰载机歼-35战机，具有优异的战斗性能， 某次歼-35完成任务后，返回航母时着舰速度大小为60/s,之后滑 行3s停下来，若这个过程可看作匀减速直线运动，则歼-35在甲板上 减速滑行的加速度大小和滑行距离分别是 A.10m/s2100m B.20m/s290m C.20m/s2100m D.10m/s290m 2.如图为篮球运动员投篮过程，我们只分析篮球从最高点到落入篮筐的下落过程，考虑篮球运动中 受到空气阻力f,大小满足f=(k为常数，v为篮球的速率)，则该篮球在下落过程中重力的瞬 时功率P随时间t变化的图像可能是 A D 777777777777777777777777777 3.2026年2月中国科学院工程热物理研究所联合中储国能（北京）技术有限公司，成功研制出国际 首套单机功率最大的压缩空气储能压缩机。该机器某段工作过程中会将一定质量的空气（可看 作理想气体)从状态A等温压缩到状态B,空气的压强、体积、温度分别记为卫、V、T,下列描绘此 阶段中各物理量变化的图像，可能正确的是 AP D A B D 物理第1页（共6页） 4.在纸面内沿着x轴正方向有两个相干波源，如图()，波源在垂直纸面方向（之轴）做简谐运动，其 振动图像如图(b)和图(c)所示。波源S1和S2位置已在图中标出。xA=4m,xB=5.5m。两 列波的波速均为1m/s。下列说法正确的是 z/cm ◆z/cm S2 0 02468m -2 (a) (b) (c) A.两列波波源起振方向相同 B.两列波引起质点A的振动总是加强的 C.t=4s时，A点在最大位移处 D.两列波引起B点的振动总是加强的 5.某公园内有一种可供游客娱乐的转盘，转盘表面与水平面成0角。质量为m、可视为质点的游客 随转盘一起绕转轴做匀速圆周运动。游客到转轴的距离为R,游客与转盘表面之间的动摩擦因 数为4。如图所示，P、Q点分别是游客运动的轨迹圆上的最高点和最低点，MN是轨迹圆上垂 直于PQ的直径，已知重力加速度大小为g,游客与圆盘间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下 列说法正确的是 A.游客在M点受到的摩擦力指向圆心 B.游客在最高点的线速度最小为√gRsin 0 C.转盘的最大角速度为 /(μcos0-sin0)g R D.游客从Q运动到P的过程中，摩擦力做功mgR sin0 6.将一质量为M的物块套在固定光滑长杆上，物块与一质量为m的小球用轻绳连接。长杆与水 平面夹角为0=30°，如果给物块一沿着长杆向上的初速度，稳定后二者一起沿杆向上运动。已知 重力加速度为g,不计空气阻力，则二者稳定后，下列说法正确的是 A.整体加速度大小为gcos0 B.物块受到杆的支持力大小为g cos 0 9.. C.此时轻绳与竖直方向的夹角恰好与日角相等 D。若杆粗糙，且物块与小球一起沿杆向下匀速运动，则物块与杆间的动摩擦因数为 7.如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，其下端浸没在下方储罐中的不导电液体中，P是 两极板间的一点，N极板接地。电容器与理想二极管串联后，接在电动势恒定的电源两端。关 于该电路，下列判断正确的是 A.液面上升一小段高度，电容器所带的电荷量不变 B.液面下降一小段高度，P点的电势降低 C.将M板向左移一小段距离，P点的电场强度减小 醒 D.将N板向左移一小段距离，P点的电势降低 物理第2页（共6页） 8.如图为模拟远距离输电的电路，发电机的输出电压U1=22V,输电线总电阻r=5Ω，其中降压变 压器原、副线圈匝数比n3:n4=16:1,用电器两端电压U4=20V,其功率P4=640W,用电器 为纯电阻元件，变压器视为理想变压器。以下说法正确的是 n 3 用 U 器 升压变压器 降压变压器 A.输电线中的功率损失为10W B.升压变压器原、副线圈的匝数比为1：15 C.当用电器增多时，降压变压器输入电压U3减小 D.当用电器增多时，用电器增加的功率大于升压变压器输出端增加的功率 9.某兴趣小组用如图甲所示的电路探究光电流与电压之间的关系，分别用α、b、c三束单色光照射， 调节阳极A与阴极K间的电压U,实验得到光电流I与电压U的关系如图乙所示。下列表述正 确的是 直流电源 甲 乙 A.实验中若阳极A接电源负极，可阻碍光电子向阳极A移动 B.a、b、c三束单色光的光照强度一定为a>b>c C.a光的光子能量小于b光的光子能量 D.若增大b光的光照强度，可以增大饱和光电流和遏止电压 10.如图所示，空间中存在范围足够大的水平向右的匀强电场和垂直于纸面向 外的匀强磁场，电场强度大小E=40N/C,磁感应强度大小B=0.5T。 B E 以水平向右为x轴正方向、竖直向上为y轴正方向建立直角坐标系。原 点O处的粒子源可发射质量m=3×10-6kg、电荷量g=1×10-6C的带 负电的粒子，粒子的发射速度大小和方向可调整。第一次实验发射的粒子 ··· 恰能在xOy平面内做直线运动；第二次实验将匀强电场方向调整为竖直 向下，电场强度大小调整为E'=30N/C,发射的粒子速度大小调整为第一次实验发射速度大小 的0且方向不变。取重力加速度g=10m/S,不计粒子间的相互作用，sin37°=0.6，cos37°→ 0.8。下列说法正确的是 A,第一次实验中，粒子发射速度大小为100m/s B.第一次实验中，粒子发射速度方向与x轴夹角为37° C.第二次实验中，粒子发射后第一次经过x轴的坐标为(19.2m,0) D.第二次实验中，粒子发射后第一次经过y轴的坐标为(0，一14.4m) 物理第3页（共6页） 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)(1)小明采用如图（俯视图）所示方案探究加速度与力、质量的关系。实验步骤如下： A.将小车放在倾斜木板上，平衡摩擦力 B.在两辆完全相同的小车上，分别挂上质量为m1=14.8g和m2=7.8g的沙袋（沙袋质量 远小于小车的质量) C.用黑板擦压住连在两车后面的细线 D.记录两辆小车的初位置 E. 抬起黑板擦，两车同时开始运动 F.用黑板擦压住两小车后面的细线，两小车同时停止运动 G.用刻度尺测得两车的位移大小分别为x1、x2 H.重复三次，所得实验数据如表所示。 黑板擦 序号 x1/cm x2/cm Z1 x2 小车 1 54.0 24.5 运动方向 2.2 小车 2 28.5 8.5 3.4 3 36.9 17.2 2.1 本实验探究质量一定时，加速度与力的关系，需要验证表达式 (用m1、m2、x1和x2 表示)是否成立。 (2)小明认为，小车做先加速后减速的直线运动，导致测量数量有较大误差。他对上述实验方法 进行改进，去掉黑板擦，利用手机拍摄两车运动视频，通过tracker软件对视频逐帧采集，并 分别拟合出两辆小车运动过程中位移x与时间t的关系图像，若得到的关系方程为x= At2+Bt+C,则相应运动的加速度a= (选用A、B、C表示)。 通过分析，下列情况中对实验结果有影响的是 A.两辆小车从不同的位置释放 B.两车不同时释放 C.两车释放时有初速度 D.拍摄视频时，手机平面与轨道平面不平行 12.(8分)两个物理兴趣小组分别用甲、乙两种电路测毫安表的内阻RA和电阻Rx的阻值。 R 甲 乙 (1)在图甲所示的实验中，电源电动势为E=15.0V,主要实验步骤为： ①先将开关S2断开，闭合开关S1,调节滑动变阻器R1,使毫安表示数为I=8mA。 ②保持R1的滑片位置不变，将S2闭合，调节电阻箱R2,当毫安表的示数为Ia=4mA时， 读出此时电阻箱的阻值R2=18.52。 ③根据上述测量原理，可计算出毫安表的电阻RA= 2。此方法测量值相比真实值 (填“偏大”“偏小”或“相等”)。 (2)在图乙所示的电路中，将电阻Rx与另外两个已知阻值的定值电阻R1、R2和电阻箱相连接， M、N两点接检流计G(可以检测微小电流)。闭合开关S,调节电阻箱的阻值为R3时，检流 计G的示数为0，则待测电阻R,= (结果用R1、R2、R3表示)。此方法测得的阻值 与真实值相比， (填“偏大”“偏小”或“相等”)。 物理第4页（共6页） 13.(10分)如图所示为一半圆柱形玻璃砖的横截面，D点放置一光线传感器，可以接收感知光信 号。将一束单色光从该半圆柱形玻璃截面的左端点A处射入。假设在AB边上的入射角α= 60,光在真空的光速为c,半圆柱形玻璃截面半径为R,光在该玻璃介质中速度为 c。 (1)请求出光从A点射入玻璃后的折射角； A (2)D点光线传感器能否接收到该单色光？如果不能，请说明理由；如果能， 请求出光从A到D的传播的时间。 14.(12分)如图所示，在光滑绝缘的水平桌面上，存在宽度为1=2m的有界匀强磁场，磁感应强度 B=0.1T,方向竖直向上，其左右边界分别为MN、M'N',在磁场外侧对称固定有两个轻弹簧 甲、乙。初始时，轻弹簧甲被压缩一段长度并锁定。一质量m=0.2kg、边长L=1m、电阻R= 0.05Ω的正方形金属框abcd紧靠轻弹簧甲。解除锁定，弹簧甲将金属框水平向右弹出，当金 属框ab边第一次运动到边界MN时其克服安培力做功的功率为4.O5W。整个运动过程中金 属框的αb边始终平行于磁场边界，不计空气阻力，解除弹簧锁定时不会改变弹簧的弹性势 能。求： (1)弹簧甲刚开始被锁定时储存的弹性势能； (2)金属框最终停止时ab边相对于磁场边界MN的位置。 M∥ 物理第5页（共6页） 15.(18分)如图，有一悬点O在竖直平面内连接一长L=1m且不可伸长的轻绳，轻绳的另一端A 点拴接一质量为m1(未知)的小球。在图示位置M点有一长钉，OM=2L,OM连线与水平方 向的夹角0=37°。在地面有一装置，包括一长度L1=8m的固定粗糙水平传送带DE,传送带 以v3=4m/s的速率顺时针旋转。在D点左侧有一紧挨在一起的光滑平台CD(高度和传送带 上表面一致)，有一质量为m2=1kg的物块静置在该平台上。传送带右端E点紧挨着一质量 为m3=1kg的小车，小车静止在光滑水平地面上，小车的上表面由长为L2=3m的粗糙水平面 FG和半径为R=0.05m的四分之一的光滑圆弧面GH组成，H为圆弧最高点，小车水平部分 上表面与传送带右端平滑连接。现将小球从绳水平伸直的位置A由静止释放，到达最低点时 与静止物块发生弹性正碰，之后小球反弹到左侧最高点B时轻绳恰好不接触长钉；已知物块与 传送带上表面和小车水平表面间的动摩擦因数均为4=0.1，不计其他阻力，小球和物块均可视 为质点，取g=10m/s2,sin37°=0.6，c0s37°=0.8。求： (1)小球的质量m1和碰撞后瞬间物块的速度大小； (2)全过程物块能到达的最大高度hm(相对于小车水平 370 部分上表面)； (3)试分析物块最终能否从小车上离开。如果不能，求物 块最终与G点的距离。 D Cmmmm 物理第6页（共6页）高三考试 物理 昏考答案及解折 物理 1.B【解析】将飞机的匀减速运动看作是初速度为0 的匀加速运动的逆过程，根据v=at得a=20m/s2, w≤ μcos0一sin9)g,则转盘的最大角速度为 R x==90m,放选B 4cos9一sin9)g,故C正确。游客从Q运动到P 2.D【解析】篮球在下落过程中受到重力和空气阻力 的过程中，由动能定理有W,一2 ngRsin0=0,可知 作用，随着速率的增加，空气阻力逐渐增大，篮球在 摩擦力做功Wr=2 ngRsin0,故D错误。 水平方向减速，竖直方向加速，故阻力在竖直向上的6.C【解析】根据题意，物块与小球一起沿杆上滑过程 分力逐渐增大，则篮球在竖直方向做加速度越来越 中，将二者看成一个整体，受力分析如图所示，将重 小的加速运动，v,增大，但，t图像的切线斜率变 力进行正交分解，分解为沿着杆向下（与速度方向相 小，而重力的瞬时功率P=mgv,,则P-t图像的切线 反)的分力，大小为(M十m)gsin0,以及垂直于杆的 斜率变小，初始时刻，等于零，即初始时刻重力功 向下的分力，大小为(M十m)gcos0,根据平衡条件 率为零。故选D。 可知FN=(M十m)gcos0,而在运动的方向上由牛 3.A【解析】等温变化过程满足pV=C,p、V成反比 顿第二定律有(M+m)gsin0=(M+m)a,解得加速 度a=gsin0,故A、B错误。对小球分析，由于小球 例关系，pV图线是双曲线的一部分，力V图线是一 的加速度沿着杆向下，则垂直杆的方向合力应为0， 条过原点的直线，p-T图线是与p轴平行的直线，A 由此可知轻绳一定与杆垂直，即轻绳与竖直方向的 正确，B、C、D错误。 夹角恰好与0角相等，故C正确。当二者沿杆向下 4.D【解析】通过图像可知，t=0时刻S1波源向之轴 匀速运动时，整体处于平衡状态，沿杆F个 负方向振动，S2波源向之轴正方向振动，所以两列波 方向的合力为0，沿杆方向，重力的分力与 波源起振方向相反，A选项错误；由几何关系S,A= 摩擦力大小相等，即(M十m)gsin30°=.日 S2A,△rA=0,因为两波源起振方向相反，故A点为 u(M十m)gcos30°，可得动摩擦因数 减弱点，B选项错误；由几何关系，S1A=S2A=4m, u=tan30°=3 ,D错误。 (M什m)g 两列波在A点的位移在t=4s时均为0，即此时A 点位于平衡位置，C选项错误。波长入=vT=2m, 7.B【解析】液面上升，平行板电容器极板间的电介质 4a=S,B-S,B-3m=3×,波源起振方向相 增多e,增大，根据C三，可知电容C增大，根据 反，故B点为加强点，D选项正确。 Q=CU,可得平行板电容器两板间电压不变，电荷量 5.C【解析】在M点，摩擦力有两个作用效果，提供向 瓊大，A错误。液面下降，减小，根据C=(可 心力，f1=mw2R,使人不下滑，f2=mg sin0,摩擦力 知电容C减小，根据Q=CU,若平行板电容器两板 f=√f+,摩擦力与MN的方向存在一定夹角， 间电压不变，则电荷量减小，电容器会放电，但由于 故A错误。处于最高点时，如果重力沿转盘表面方 二极管的存在，电容器无法放电，因此Q不变，根据 02 向的分力刚好提供向心力，则有mg sin8=mR,解 U一名可得两板间电压增大，两板同距不变，根据 得o=√gRsin6,若重力沿转盘表面方向的分力大 E号可得两板间电场强度增大，N、P间的电势差 于所需的向心力，则盘面对游客的摩擦力背向转轴， 此时游客在最高点的线速度小于√gR sin0,故B错 UNP=EdNP增大，而Up=pN一Pp,N极板接地， PN=0,则Pp降低，B正确。将M板向左移一小段 误。在最低点时，根据牛顿第二定律可得f mg sin0=mw2R,又fN=mg cos0,联立可得 匝离，平行板间距d增大，根据C可知电容0 。1… 高三考试 物理 减小，由B项分析同理可得电容器电荷量Q不变，板 v=100m/s,A正确，B错误。第二次实验粒子速 间电场强度E号-号Qπ，即此时板间电场 E,S 度0'一0”=2m/s,重力与电场力等大反向，可得 强度大小与d无关，板间电场强度大小不变，C错 F合=qBx',所以粒子做匀速圆周运动。由qBu'= 误。将N板向左移一小段距离，平行板间距d减 m',代入数据得r=12m。计算圆心坐标：xo= 小，根据C=可知电容C增大，电容器可正常充 ES rsin53°=9.6m,yo=rcos53°=7.2m,粒子第一 电，极板间电压不变，根据E一号可得两板间电场强 次经过x轴时，x=2xo=19.2m,坐标为(19.2m, 0),C正确。粒子第一次经过y轴时，y=2y。= 度增大，M、P间距离不变，则M、P间的电势差 14.4m,D错误。 UpM=EdpM增大，N极板接地，PN=O,极板间电压 不变，则PM不变，则Pp=PM十UM升高，D错误。 11.(1)m1=1(2分)(2)2A(2分)D(2分) m2 x2 8.BC【解析】根据用电器功率P4=U4I4,已知U4= 【解析】(1)两车做初速度为零的匀加速直线运动， 20V,P4=640W,解得I4=32A。由降压变压器匝 1 数比n3:n4=16:1,根据I3:I4=n4:n3,解得 满足= 2a1t2 1 F_1，由 I3=2A。再根据P损=Ir,解得P损=20W,选项 ,两车拉力之比F2一m。 a2 A错误。由U3:U4=n3:n4,可得U3=320V。输 电线上损失的电压U损=I3r=10V,则U2=U3+ F=Ma得m1=x m2 x2 U接=330V。又因为n1：n2=U:U2,而U1 22V,所以n1：n2=1：15,选项B正确。当用电器 (2)根据小车的运动方程，可得A三2a,B三0o, 增多时，用电器总电阻减小，则降压变压器副线圈电 C=x。,加速度a=2A。选项ABC三种情况对加速 流I4增大，由I3:I4=n4:n3可知I3增大。输电 度测量无影响，即对实验结果都没影响。 线电压损失U损=I3r增大，因为U2不变（由发电机 和升压变压器决定)，U2=U3+I3r,所以U3减小，选 12. 1D18.52分)偏小(2分)(2)RR(2分) R2 相 项C正确。因为用电器增多，则升压变压器输出功 等(2分) 率增大，因为U2不变，则输电电流I2增大，输电线 【解析】(1)当S2断开时，设电路总电流为I,S2闭 功率损失增大，所以用电器增加的功率小于升压变 合后，由于R1滑片位置不变，可认为总电流I不 压器输出端增加的功率，选项D错误。 变。S2断开时，I=8mA,S2闭合后，毫安表示数 9.AC【解析】当阳极A接电源负极时，A、K间形成 Ia=4mA,那么通过R2的电流I2=I一Ia= 的电场会阻碍光电子向阳极移动，A选项正确。饱和 4mA。根据并联电路两端电压相等，Ua=U2,即 光电流与光照强度有关，但仅从图中饱和光电流大 IARA=I2R2,可得RA=18.52。此方法中，认为 小I.>I,>I,不能直接得出光照强度一定为a> S2闭合前后总电流I不变，但实际上S2闭合后，总 b>c,因为光照强度还与光的频率等因素有关，B选 电阻变小，总电流会变大（大于8mA)。通过R2的 项错误。根据eU。=hy一W。(U。为遏止电压，y为光 电流大于通过毫安表的电流，R2的电阻小于毫安表 的频率，W。为逸出功)，遏止电压U2<U。,所以b 的内阻，测量值偏小。 光频率大于a光频率。又因为光子能量E=hy,则a (2)检流计G示数为0，说明M、N两点电势相等， 光的光子能量小于b光的光子能量，C选项正确。增 大b光的光照强度，会使单位时间内逸出的光电子数 即一尽。《根据桥式电路平衡原理，电流计无电 增多，从而增大饱和光电流；但遏止电压由光的频率 流时，R1与R.两端电压之比等于R2与R?两端电 决定（根据eU。=hv一Wo),与光照强度无关，所以遏 压之比，又因为串联电路电流相等，U=IR,所以电 止电压不变，D选项错误。 10.AC【解析】第一次实验粒子做直线运动，受力平 阻之比相等)只要检流计G示数为0，就满足尽一 R, 衡。设粒子速度方向与x轴夹角为0，则qE= 尽，与电源内阻、电流大小等无关，所以测量值与真 3,0=53, quBsin0,mg=quBcos0,解得tan0= 实值相等。 ·2· 高三考试 物理 13.(1)30° (2)3v3R 联立各式解得x=4.5m (1分) 由长度关系可知金属框最终停止时，ab边在边界 【解析】(1)根据光在介质中的速度与折射率的关 MN的右侧0.5m处 (1分) 系，玻璃的折射率n=C (2分) 15.(1)3 kg2m/s(2)0.1m(3)不能，距离G点 得n=√3 (1分) 1m处 设A点的折射角为r,根据光的折射定律有n= 【解析】(1)小球下摆过程根据动能定理有 sin a (L 1 (2分) mg台+5m3y）=mi (1分) sin r 代入数据解得r=30° (1分) 代入数据解得v1=4m/s (2)作出光路图如图所示，由几何关系可得△ABO、 小球跟物块相碰后反弹到最高位置过程有 △OBC、△ODC均为等边三角形 mg21-sin37r)=7m时 1 (1分) 则在B点sin60°= 2>sin C= 13 ,光线在B n 3 代入数据解得v1=2m/s 点发生全反射，同理可得在C点也发生全反射，最 小球与物块发生弹性碰撞，满足动量守恒定律和机 后光线射向D点 (1分) 械能守恒定律，有 即光线传感器能接收到该单色光 (1分) m11=m1(-v1)+m2v2 (2分) 光程s=3R (1分) 1 2m1℃= mo'+m,i 1 (2分) 传播时间t=5=3V3R (1分) 1 C 代入数据解得m1=3kg,u2=2m/s (1分) A 0 (2)假设物块能与传送带达到共速，设物块加速时 间为to,加速度大小为a,有m2g=m2a (1分) B 14.(1)2.025J(2)在边界MN的右侧0.5m处 解得a=1m/s2 【解析】(I)设金属框ab边第一次运动到边界MN 加速时间t。=一=2s (1分) a 时的速度大小为v。,则此时感应电动势E=BLvo v2十V3 (1分) 加速位移x加=2t。=6m<L1 (1分) 金属框中的电流1= (1分) 说明物块在传送带上先加速后匀速； R 物块滑上小车后，不管物块是否会从圆弧最高点H ab边受到的安培力F=BIL (1分) 克服安培力做功的功率P=Fvo (1分) 飞离，在水平方向二者动量守恒，由能量守恒定律 解除锁定，弹簧甲将金属框水平向右弹出过程，弹 和水平方向动量守恒定律得 簧甲储存的弹性势能全部转化为金属框的动能，有 1 28hm+m2gL2=2m21 2(m2+m3)u 1 Eo=2mv (1分) (1分) 联立各式解得E。=2.025J (1分) m2v3=(m2十m3)v4 (1分) (2)金属框穿过磁场过程速度变小，穿过磁场后被 代入数据解得hm=0.1m (1分) 弹簧反向弹回，继续穿过磁场，直到速度为0。将所 (3)物块离开圆弧面时，物块和小车具有相同的水 有穿过磁场过程看作整体，设减速时间为t,平均电 平速度，物块能再次从H点滑回圆弧面； 流为I,根据动量定理有一BILt=0-mvo (1分) 假设物块最终与G点距离为x, 从物块滑上小车到最终相对静止，由水平方向动量 平均电流1一是 (1分) 守恒和能量守恒得 平均电动势E=△地 m2v3=(m2+m3)v4 (2分) (1分) 设所有减速阶段通过的总路程为x,有△Φ=BLx m:8(L,+x)=1 m:oi-m,+m,加：2分) (1分) 代入数据解得x=1m (1分) 3· 高三考试 物理 物理细目表 题号 题型 分值 考查的主要内容及知识点 难度 1 单选题 4 匀变速直线运动的公式 易 2 单选题 4 功与功率的图像变化 易 3 单选题 4 气体状态变化图像分析 易 4 单选题 4 波的叠加原理 中 5 单选题 4 斜面上圆周运动的临界条件 中 6 单选题 4 连接体的运动分析 中 7 单选题 4 电容器的动态分析、含二极管 较难 多选题 6 远距离输电问题 易 9 多选题 6 光电效应 易 10 多选题 6 带电粒子在复合场中的运动 中 11 实验题 6 探究加速度与力和质量的关系 易 12 实验题 8 特殊方法测电阻 易 13 计算题 10 折射和全反射的综合 易 14 计算题 12 线框在导轨上运动的电磁感应问题 中 15 计算题 18 力学综合 较难 ·4。