云南玉溪市峨山彝族自治县第一中学2025-2026学年高二下学期期中考试物理试卷

**基本信息** 高二物理期中卷聚焦电场、电路核心知识，通过实验设计（如金属管线截面积测量）与科技情境（电场聚焦），考查物理观念与科学思维，适配学段能力检测需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|库仑定律、电场强度、静电感应、电容器|第6题结合等势面分布，考查科学推理与电场性质分析| |非选择题|5题/54分|电阻测量、带电粒子运动、电场力平衡|实验题（12题）设计真实情境，需用电阻定律与伏安法测截面积；计算题（15题）综合加速电场、辐向电场，考查模型建构与能量观念|

2025-2026学年下学期期中考试 高二物理 试卷 满分100分，考试时间75分钟。 第I卷(选择题，共46分) 1、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.真空中有两个点电荷，一个带+Q，一个带﹣2Q，相距r，相互作用力为F，将两点电荷接触一下再放回原位置，相互作用力是（  ） A.，斥力 B.，斥力 C.，斥力 D.零 2.关于电场强度，下列说法正确的是( ) A.由可知，电场中某点的电场强度与试探电荷的电荷量成反比 B.电场中某点电场强度的方向与正电荷在该点所受电场力方向相同 C.电场中某一点不放试探电荷时，该点的电场强度一定等于零 D.匀强电场中各点的电场强度大小相等，方向可能不同 3.如图所示一对用绝缘柱支持的导体A和B彼此接触。把带正电的带电体C靠近导体A，下列说法不正确的是（  ） A.导体A和导体B下部的金属箔都张开，且导体A带负电B带正电 B.手持绝缘柱把导体A和B分开，然后移开C，则导体A和B都带电 C.如果用手摸一下导体的A端，手离开后，移去带电体C，导体不带电 D.无论用手摸一下导体的什么位置，手离开后，移去带电体C，导体带负电 4.如图所示，某匀强电场的电场强度大小为，方向斜向左下方且与水平方向的夹角为，轻质绝缘细线把质量为的带电小球（视为质点）悬挂在天花板上，小球处于静止状态，细线与天花板的夹角为。重力加速度大小为，下列说法正确的是（） A.小球带正电 B.小球受到的电场力大小为 C.小球所带电荷量为 D.剪断细线后，小球的加速度大小为 5.如图所示，在中，，在点固定一正点电荷，另一试探电荷仅在电场力的作用下在纸面内运动时恰好经过两点，其轨迹为图中的实线，下列说法正确的是(  ) A.两点的电势相等 B.试探电荷在点的动能比在点小 C.试探电荷在点的电势能比在点大 D.试探电荷在点的加速度比在点的加速度小 6.两点电荷、的电场中等势面分布如图中虚线所示，相邻等势面间的电势差为1V，点所在等势面电势为0。实线为一电子只在电场力作用下的运动轨迹，、、为轨迹上的点，则（  ） A.点的电场强度比点的小 B.电荷与均为正电荷 C.该电子从到，电势能增加了 D.该电子经过点时速度最小 7.如图所示，一个电场的电场线分布关于轴对称，、、是轴上的三个点，且。点在轴右侧，且。下列说法正确的是(  ) A.、、、四点中，点的电势最高 B.、、、四点中，点的电场强度最大 C.带正电的试探电荷在点的电势能等于在点的电势能 D.、两点间的电势差大于、两点间的电势差 8.研究影响平行板电容器电容大小的因素的实验装置如图所示。静电计可以用来测量平行板电容器两极板间的电势差。关于这个实验，下列说法正确的是（  ） A.静电计的指针张角越大，则电容器两极板间的电势差越大 B.将电容器的左极板向上平移，则静电计的指针张角减小 C.将电容器的左极板向右平移，则静电计的指针张角减小 D.在电容器两极板间插入玻璃板，则静电计的指针张角减小 9.如图所示，在竖直向上的匀强电场中，电场强度为E，一根长为L绝缘轻质细绳，一端系着一个带电小球，所带电荷量为q，但电性未知，另一端固定于O，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b。不计空气阻力，则(  ) A.小球带负电 B.电场力与重力大小相等 C.小球从a点运动到b点的过程中，电场力做功为−2qEL D.运动过程中小球的机械能守恒 10.并联电路在生活中的应用非常广泛，如图甲所示的纯电阻电路模型中，两个定值电阻并联接在输出电压的恒压电源上，图乙是定值电阻的图线，下列判断正确的是（      ）  A.定值电阻的阻值为 B.定值电阻的阻值为 C.流过定值电阻的电流为 D.流过定值电阻的电流为 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题：本题共5个小题，共54分 11.（6分）某同学要测量一个未知电阻的阻值，实验室提供的器材有： A．电流表A1：量程为0~3mA，内阻r1为约15Ω； B．电流表A2：量程为0~1.5mA，内阻r2为25Ω； C．定值电阻R1：R1＝9975Ω； D．定值电阻R2：R2＝1975Ω； E．滑动变阻器R3：最大阻值为10Ω； F．电源E，电动势为3V，内阻很小但不可忽略； G．开关S及导线若干。 (1) 该同学根据实验器材设计了如图所示的测量电路，闭合开关S之前，滑动变阻器R3的滑片应置于                  (填“左端“或“右端”)。 (2) 实验中需要量程为0~3V的电压表，则电路图中的电流表①应选择                  ，定值电阻R应选择                  (均填器材前面的序号)。 (3) 调节滑动变阻器，将滑动变阻器的滑片置于合适的位置，若此时电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则待测电阻Rx＝                  (用物理量的符号表示)。 12.（10分）一根细长均匀、内芯为绝缘材料的金属管线样品，横截面外缘为正方形，如图甲所示。此金属管线样品长约30cm、电阻约10Ω，已知这种金属的电阻率为，因管芯绝缘材料截面形状不规则，无法直接测量其横截面积。请你设计一个测量管芯截面积S的电学实验方案，现有如下器材可选： A．毫米刻度尺 B．螺旋测微器 C．电流表(量程0~3A，内阻约为0.1Ω) D．电流表(量程0~600mA，内阻约为1.0Ω) E.电压表V(量程0~3V，内阻约为6kΩ) F.滑动变阻器，允许通过的最大电流2A) G.滑动变阻器，允许通过的最大电流0.5A) H.蓄电池E(电动势为6V，内阻约为0.05Ω) I.开关一个、带夹子的导线若干 (1) 上述器材中，应该选用的电流表是_____，滑动变阻器是______(均填写器材前字母代号)。 (2) 若用螺旋测微器测得样品截面外缘正方形边长如图乙所示，则其值为______mm。 (3) 要求尽可能测出多组数据，则在图丙、丁、戊、己中应选择的电路图是___________。 (4) 若样品截面外缘正方形边长为a、样品长为L、电流表示数为I、电压表示数为U，则计算内芯截面积的表达式为__________。 13.（10分）如图所示，用绝缘细线将带正电的小球A吊在水平天花板上，带电小球B静置于小球A正下方的绝缘水平地面上。已知小球A、B（均可视为点电荷）的质量分别为、，小球A带的电荷量，小球A、B间的距离，静电力常量，取重力加速度大小。 (1)若小球B带的电荷量，求地面对小球B的支持力大小； (2)若细线对小球A的拉力恰好为0，求小球B带的电荷电性和电荷量。 14.（12分）电场聚焦是指利用电场使带电粒子束汇聚到一点的现象。如图所示，xOy平面直角坐标系中，存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度的大小为E。大量质量为m、电荷量为q的带电粒子以不同的初速度垂直于y轴射入电场，均打在A点，OA=L，不计重力。 (1) 求粒子的初速度v0与入射位置的纵坐标y满足的关系； (2) 若某一粒子到达A点时的速度与x轴成45°，求该粒子入射的初速度。 15.（16分）如图所示，xOy平面的第三象限内有水平放置的金属板M、N，板间为加速电场，两板间的电压为U，一电荷量为q、质量为m的带正电粒子从A点由静止开始加速，经B点进入第二象限内的辐向电场E1(大小未知，方向均指向O)，沿着半径为R的圆弧虚线(等势线)运动，从C点进入第一象限。在第一象限0 < x ≤ L区域内存在沿y轴负方向的匀强电场E2(大小未知)，粒子从电场E2右边界离开电场后最终打在坐标为(2L，−R)的D点，不同区域内的电场互不影响，不计粒子的重力。求： (1) 粒子经过加速电场加速后到达B点时的速度大小； (2) 圆弧虚线处电场强度E1的大小； (3) 第一象限0 < x ≤ L区域匀强电场的场强大小E2。 物理答案 第I卷(选择题，共46分) 2、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.B【解析】开始时，根据库仑定律，两点电荷间库仑力大小为：，两电荷接触后再分开时，各自带电量为，相互排斥，大小：，联立上式整理解得：相互作用力为。ACD错误，B正确。故选D。 2.B【解析】只是场强的定义式，电场强度由电场本身决定，与试探电荷有无以及电荷量无关，AC错误；规定正电荷在电场中某点所受电场力方向为该点电场强度的方向，负电荷在该点所受电场力方向与该点的电场强度方向相反，B正确；电场强度是矢量，既有大小又有方向。匀强电场的定义是各点的电场强度相同，即大小相等、方向相同，D错误。故选B。 3.C【解析】由于静电感应，带电体C靠近导体A时，导体内部自由电荷在电场力作用下发生定向移动，使导体两端出现等量异种感应电荷，电子聚集到A端，B端因缺少电子带正电。所以A、B下部的金属箔都会因带电而张开，A正确；手持绝缘柱把A、B分开后，A的负电荷和B的正电荷无法中和，所以再移开C，A、B会分别带负电和正电，B正确；用手摸导体的A端时，人体与大地相连，人体的电子会流入导体，中和B端的正电，此时导体整体带负电，所以手离开后移去C，导体仍然带负电，C错误；无论手摸导体的哪个位置，人体的电子都会导体与大地连通，大地的电子流入导体，中和B端的正电，所以手离开后移去C，导体整体带负电，D正确。故选C。 4.D【解析】小球的受力分析如图所示为了保持平衡，电场力方向与电场线方向相反，所以小球带负电，A错误；由受力分析可知，小球受到的电场力大小为，B错误；由电场力公式，可得小球所带电荷量大小为，C错误；剪断细线后，物体只受电场力与重力，两力的合力大小与原绳线上的拉力等大反向，合力大小为，根据牛顿第二定律，可知小球的加速度为，D正确。故选D。 5.D【解析】根据“大角对大边”知，点距点电荷较远，根据点电荷的场强公式，可得点的电场强度小于点的电场强度，根据电场力和牛顿第二定律，可得试探电荷的加速度为，可知试探电荷在点的加速度比在点的加速度小，点距离P点较近，根据电势表达式，可得N点电势较高，根据电势能表达式，可得正试探电荷在点的电势能比在点小，根据能量守恒可知电荷的电势能和动能之和守恒，可知在点的动能比在点大。故选D。 6.C【解析】等差等势面的疏密表示电场强度大小，等势面越密场强越大，R点比P点更靠近电荷，等势面更密集，因此点电场强度比点大，A错误；已知点电势为，相邻等势面电势差为，由图可知，越靠近电势越高，说明带正电；越靠近电势越低，说明带负电，B错误；根据电势分布规律有、两点的电势，，所以，即电子从到，电势能增加了，C正确；电子只受电场力，动能和电势能之和守恒，点最靠近，电势最高，电子带负电，根据电势能，可知，电子在点电势能最小，动能最大，速度最大，D错误。故选C。 7.D【解析】由于电场线与等势线垂直，沿电场线方向电势降低，可知，、、、四点中，点的电势最高，A错误；电场线的疏密表示场强大小，O点电场线最密集，所以O点场强最大，B错误；将带正电的试探电荷从点沿直线MP移至点过程，电场力方向与移动方向夹角为锐角，电场力做正功，电势能减小，可知，带正电的试探电荷在点的电势能大于在点的电势能，C错误；、两点间的任意位置的电场强度均大于、两点间任意位置的电场强度，则、两点间电场强度的平均值大于、两点间电场强度的平均值，根据，可知，、两点间的电势差大于、两点间的电势差，D正确。故选D。 8.ACD【解析】依题意，静电计的张角反映金属杆与外壳间的电势差，而平行板右极板与静电计金属杆相连，左极板接地，静电计外壳也接地，所以静电计的指针偏转角度大小反映两平行板电容器间的电势差大小，可知静电计的指针张角越大，则电容器两极板间的电势差越大，A正确；根据电容决定式可知，将电容器的左极板向上平移，正对面积减小，则电容变小，由于电荷量Q不变，根据Q = CU，可知电容器电压增大，可知静电计的指针张角增大，B错误；根据电容决定式可知，将电容器的左极板向右平移，可知板间距减小，则电容变大，由于电荷量Q不变，根据Q = CU，可知电容器电压变小，可知静电计的指针张角减小，C正确；根据可知，在电容器两极板间插入玻璃板，介电系数变大，则电容变大，由于电荷量Q不变，根据Q = CU，可知电容器电压变小，可知静电计的指针张角减小，D正确。故选ACD。 9.BC【解析】小球受到重力、电场力和细绳的拉力在竖直平面内做匀速圆周运动，小球的动能不变，故电场力应与重力平衡，细绳的拉力提供向心力，即小球所受电场力与重力等大反向，结合电场线的方向可知该小球带正电，A错误，B正确；根据电场力做功的特点可知小球从a点运动到b点的过程中，电场力做功−2qEL，C正确；由于电场力做功，根据功能关系可知小球在运动过程中机械能不守恒，D错误。故选BC。 10.CD【解析】由图乙可知，，A、B错误；由欧姆定律得，通过它们的电流，，CD正确。故选CD。 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题：本题共5个小题，共54分 11. (1) 左端 (2) B；D (3) 【解析】(1) 滑动变阻器采用分压式接法，闭合开关前，为保护电路，应使测量部分电压最小，故滑动变阻器滑片应置于最左端(与电源负极相连的一端)。 (2)只有内阻精确已知的电流表才能改装成电压表，所以电流表选择B；根据电压表改装原理可得，故定值电阻应选择D。 (3)由串、并联电路的特点和欧姆定律有，解得 12. (1) D；F (2) (3) 戊 (4) 【解析】(1)由题意可知，电源电动势为6V，而由于待测电阻约为，则电路中电流最大为，故不能选用最大量程为3A的电流表，故电流表只能选用，即电流表应该选D；题目要求“尽可能测出多组数据”，实验电路应采用分压式接法，分压式接法要求滑动变阻器阻值远小于待测电阻(10Ω)以方便调节，(10Ω)满足要求，故滑动变阻器选用F。 (2)由图乙所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度为，故螺旋测微器的示数为 (3) 由题意可知，电路应采用分压接法，电压表内阻远大于金属管线的电阻，电流表应采用外接法，故选戊。 (4)根据欧姆定律有，根据电阻定律有，故截面积为，故金属管线内芯截面积的表达式为 13. (1)；(2)正电荷， 【解析】（1）根据库仑定律可得知小球B受到的库仑力大小为，方向竖直向上 对小球B受力分析，根据平衡条件，有 解得地面对小球B的支持力大小 （2）若细线对小球A的拉力恰好为0，可知小球B对小球A的库仑力方向竖直向上，因此小球B带的电荷为正电荷 对小球受力分析，根据平衡条件，有 其中库仑力大小 解得小球B带的电荷量 14. (1)； (2) 【解析】(1) 粒子水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动。 竖直方向上，根据牛顿第二定律得 结合匀加速直线运动的位移-时间公式，有 水平方向，根据匀速直线运动的位移-时间公式，有 解得粒子的初速度v0与入射位置的纵坐标y满足的关系为 (2) 设该粒子的初速度为v0'，经时间t2到达A点，将A点的速度反向延伸后交于水平位移中点处，根据几何关系，有 竖直方向，根据匀变速直线运动的速度-时间关系，有 水平方向，有 解得该粒子入射的初速度为 15. (1) (2) (3) 【解析】(1)带电粒子经加速电场加速后的速度为，由动能定理： 解得： (2)在偏转电场中，由电场力提供向心力： 解得： (3) 由题意可知，带电粒子在第一象限0 < x ≤ L区域内做类平抛运动，设竖直方向上加速度为a，运动时间为t，第一象限电场强度为E2，带电粒子出电场时速度方向与水平方向的夹角为α， 水平方向上： 根据牛顿第二定律： 竖直方向： 根据速度的合成与分解： 且 联立解得： 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $