安徽宣城市广德中学2025-2026学年高一下学期6月期末物理试题

物理试卷 一单选题（每题4分，共32分） 1.某同学在课本中选取了四幅图片，如图所示，他的观点正确的是() 小锤弹性金属片 颗冷地面 20刀 喷泉 洗衣机转简 平抛实验仪 自卸式运输车 甲 乙 丙 入 A.图甲，喷泉斜向上喷出的水到最高点时的速度为零 B.图乙，桶内衣物上的水滴被甩出是因为水滴受到离心力的作用 C.图丙，用不同力度打击弹性金属片，当A球距地高度一定时，A球运动时间与力度大小无关 D.图丁，液压杆缓慢将车厢顶起过程中（货物相对车厢静止），摩擦力对货物做负功 2.某港口用无人机吊送货物时，从某时刻开始计时，描绘了仁2s内货物在水平方向和竖直方向的速度 随时间的变化图像分别如图甲、乙所示，竖直方向规定向上为正方向。忽略绳索的质量，重力加速度8取 10m/s2。下列说法正确的是( 4/(m5) ◆yJ(ms) s 甲 A.02s内货物的轨迹为直线B.1~2s内货物的高度在降低 C.02s内货物的位移为12mD.0.5s和1.5s时绳索的拉力之比为5：3 3.如图所示，一物块（可视为质点)以初动能E1从足够长的倾角0=45°的固定斜面底端沿斜面向上运 动，滑回斜面底端时动能为Ea。不计空气阻力，则该物块与斜面间的动摩擦因数为() A. Ex-Ex2 Ex2 Ek+Ex2 E。D.E+B Exa C.Eu+Eva 4.竖直平面内有一拐角为90°的L型光滑细杆，杆上套有两个小球A、B,且m>m阳。现让杆绕O点所 在的竖直轴匀速转动，两小球A、B在杆上稳定时，其相对位置关系可能正确的是() 第1页，共6页 B 7777777 777777 777777 77777 0 0 0 0 5. “天通一号”03星发射过程简化为如图所示：火箭先把卫星送上椭圆轨道1（P,Q分别是远地点和 近地点)，卫星再变轨到圆轨道2，最后变轨到轨道3（静止卫星轨道，且与轨道2半径相同）。轨道1、 2相切于P点，轨道2、3相交于从、N两点，忽略卫星质量变化。则下列说法正确的是() 轨道2 ,轨道1 轨道3 A.卫星在三个轨道上的周期的关系为：T1>T2=T3 B.由轨道1变至轨道2，卫星在P点沿速度方向向前喷气 C.卫星在轨道2上经过M点的速度和在轨道3上经过N点的速度相同 D.卫星在轨道1和在轨道2上经过P点时的向心加速度相同 6.一辆汽车由静止开始沿平直公路行驶，汽车所受牵引力F随时间t变化如图所示。若汽车的质量为 1.5×103kg,阻力恒定，汽车的最大功率恒定，则以下说法正确的是(） F/×103N 5 2 04 12於 A.汽车的最大功率为5×104W B.汽车匀加速运动阶段的加速度大小为2/s2 C.汽车先做匀加速运动，然后再做匀速直线运动D.汽车从静止开始运动12s内的位移大小为144m 7,我国字航员进行了“模拟登陆火星”实验，已知火星半径约为地球半径的，质量约为地球质量的)？ 地球表面重力加速度为g,若宇航员在地球表面上能竖直向上跳起的最大高度为，在忽略火星自转影 响的条件下，下列说法正确的是() A字航员在火星表面受到的万有引力是地球表面受到的万有引力的号 B.火星表面的重力加速度为号9 C。火星第一宇宙速度是地球第一字宙速度的V2 第2页，共6页 D.宇航员以相同的初速度在火星表面上能竖直向上跳起的最大高度为力 8.如图所示，水平轨道AB与光滑四分之一圆弧BC平滑连接，圆弧半径=1m,AB段的动摩擦因数“与 到A点的距离x成μ=0.2x的关系，AB长为L=4m。一质量为F1kg的小滑块静止在A点，在水平恒定外 力5N的作用下向右运动，到B点撤去恒力F,g取10m/s2。根据上述条件可判断（) B A.在恒力F作用下，小滑块在AB段一直做加速直线运动 B.小滑块到B点时，对轨道压力大小为18N C.小滑块能到达C点 D.小滑块最终静止的位置在B点 二多选题（每题5分，答漏3分，答错0分；共10分） 9.凤仙花的果实成熟后会突然裂开，将种子以弹射的方式散播出去。如图所示，两粒质量相等的种子P、 Q从同一位置先后以相同的速率沿不同方向弹射飞出，恰好在M点相撞，不考虑叶子的遮挡，忽略种子 运动过程所受的空气阻力，下列说法正确的是() 7777777777 A.种子P先弹射飞出 B.种子Q在最高点时速度为零 C.两粒种子相撞前瞬间速度大小相等 D.两粒种子相撞前瞬间，重力对种子Q的功率较大 10.如图所示，一轻绳的一端绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮Q、Q与质量为m的小球连接，另一端与 套在光滑直杆上质量也为m的小物块连接。已知直杆两端固定，与两定滑轮在同一竖直平面内，直杆与 水平面的夹角0=60°，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度，定滑轮Q到C点的距离为L,直杆上D点 到C点的距离也为L,重力加速度为，设直杆足够长，小球运动过程中不会与其他物体相碰。现将小 物块从C点由静止释放，下列说法正确的是() 第3页，共6页 A.小物块刚释放时，轻绳对小球的拉力大于g B.小物块运动到D点时，小物块与小球的速度大小之比为2：1 C.小球下降的最大距离为 D.小物块运动到D点时，小物块的速度大小为v= 45 V58 三.实验题（每空2分，共16分） 11.某物理小组做“探究平抛运动的特点”的实验： (1)采用如图所示的实验装置，实验时需要下列哪个器材( ) A.弹簧测力计 B.重锤线 C.打点计时器 (2)在该实验中，下列说法正确的是( A.斜槽轨道必须光滑 B.斜槽轨道末端可以不水平 C.应使小球每次从斜槽上相同的位置由静止释放 D.将描出的点用刻度尺连成折线 (3)在另一次实验中将白纸换成方格纸，每个格的边长=5cm,通过频闪照相机，记录了小球在运动途中 的三个位置，如图所示，则与照相机的闪光频率对应的周期为_$，该小球做平抛运动的初速度为 m/s:小球经过B点时的速度为 m/s。 246810 10 第4页，共6页 12.在物理学科文化节上，小明同学用如图1所示的智能弹射与弹性势能回收实验装置，验证轻弹簧和 小物块（带有遮光条）组成的系统机械能守恒，并测量当地的重力加速度。已知弹簧弹性势能的表达式 为E。=a'(k为劲度系数，x为弹簧的形变量)，具体实验操作如下： 2 wwu ②光电门 h Timmmmmmmimmmmmmmmim 图1 图2 、将弹簧的一端固定于地面，另一端A系上轻质细绳，细绳绕过定滑轮，拴接带有遮光条的物块B,己 知弹簧劲度系数为k,遮光条的宽度为d b、遮光条正下方安装可移动的光电门传感器： c、调节物块B的位置，使细绳恰好伸直，此时A、B在同一水平线上（弹簧处于原长）： d、静止释放物块B,记录遮光条通过光电门的时间t以及释放物块B时遮光条到光电门的距离h(d《h): 、改变光电门的位置，重复实验，每次物块均从同一位置静止释放，记录多组h和对应的时间t,作出 尔一h图像，若在误差允许的范围内，京-h图像为直线，即可验证轻弹簧和小物块组成的系统机械能 守恒。 请回答下列问题： ()小明作出的石一h图像如图2所示，已知图像的纵截距为6，斜率的绝对值为，则物块B和遮光条 的总质量为F」 ,当地的重力加速度为g: (2)小明反复调节光电门的位置，发现释放物块B时，若遮光条到光电门的距离分别为h,和h,则遮光 条通过光电门的时间相等，根据机械能守恒定律可得，h,h=。（用b、d、k、k表示)。 四.计算题(13题12分，14题14分，15题16分；共42分) 13.如图所示，质量m=1kg的物块以1m/s的初速度水平向右滑上传送带的A端，物块与传送带之间的 动摩擦因数4=0.5，传送带长L=6.5m,且以恒定速率v=6m/s顺时针运转，取重力加速度g=10m/s2, 物块可视为质点，求： v (1)物块到达传送带最右端B点需要的时间： (第5项，共6页 (2)传送带将物块从A端运送到B端，电动机多消耗的电能E。 14.如图所示，一轻质光滑小圆环Q通过一竖直轻杆悬挂在可绕竖直轴旋转的装置上，一条轻绳穿过小 圆环Q,两端分别连接小物块B和小球A,当小球A自然下垂时，小物块B静止在倾角O=30°的斜面上 恰好不下滑，已知Q在水平地面上的投影为0，Q到0点的高度H-0m,Q与A间的轻绳长度为L-, 3 B的连线平行于斜面，小物块B和面间的动摩擦因数H治，小球A的质量m,=09水g,重/ 速度g=10ms2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。 u B (1)求小物块B的质量m: (2)现使小球A在水平面内按图中所示做匀速圆周运动，要求小物块B相对斜面不滑动，求轻绳的最 大拉力以及小球A转动的最大角速度； 15.如图所示，一轻直杆可绕与其垂直的固定光滑转轴O在竖直平面内转动，杆的A、B两端点各固定 一可视为质点的小球P、Q。小球P、Q的质量分别为m、2m,长度OA=L,OB=2L。现将该轻直杆从 图示水平位置由静止释放，当杆转过37°时，P、Q两球恰好同时脱离杆，脱离瞬间两小球的速度不变， 脱离后立即移走杆和转轴。已知重力加速度为g,sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力。 0 P A 37 (1)求杆从静止释放到转过37°时，P、Q两球各自的重力势能变化量： (2)求P、Q两球刚脱离杆时各自的速度大小： 10L (3)从P、Q两球刚脱离杆时开始计时，经过时间t= 小球Q恰好第一次落到水平地面上。求转 轴O距地面的高度，以及小球Q第一次落地时P、Q两球之间的距离。 第6页，共6页广德中学2025级高一年级六月月考 物理答案 1.【答案】c 【解析】 【详解】A.喷泉斜向上喷出的水到最高点时竖直方向上的速度为零，但水平方向上的速度不为零，故A错误： B.水滴在衣服上的附着力小于其圆周运动所需的向心力时，水滴会做离心运动，从而被甩出去，向心力、离心力都是 效果力，不能说水滴受到离心力的作用，故B错误： C.平抛运动在水平方向是匀速直线运动，竖直方向是自由落体运动，根据自由落体运动规律h=与8 解得t= 2h 因此A球在空中运动的时间只与竖直高度有关，所以A球运动时间与力度大小无关，故C正确： D.对货物受力分析可知，液压杆缓慢将车厢顶起过程中（货物相对车厢静止），在摩擦力方向上没有位移，所以摩擦 力对货物不做功，故D错误。 2.【答案】D 【详解】A.0~1s内，货物在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀速直线运动，合运动为匀速直线运动：1~2s内， 货物在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动，合加速度方向竖直向下，与合速度方向不共线，货物 做曲线运动。故0~2s内货物的轨迹不是直线，故A错误： B.1~2s内，由图乙可知竖直分速度V,>0,货物一直向上运动，高度在增加，故B错误： C.0~2s内，水平位移x=V,1=3×2m=6m 竖直位移等于号-1图像面积，即y=1+2×4m=6m 2 则合位移5=√x2+y2=√6+62m=62m,故C错误： D.0.5s时货物竖直方向匀速，加速度a=0,由牛顿第二定律得耳-g=a 解得耳=g=10m 1.5s时货物竖直方向匀减速，加速度4=A0,4 Ar=I m/s'=-4m/s2 由牛顿第二定律得乃，-g=a 解得乃=n(g+a)=6m 故拉力之比耳：耳=10m:6=5:3,故D正确。 3.【答案】A 【解析】 【详解】设物块质量为，物块与斜面间的动摩擦因数为！，在斜面上运动的最大距离为L。 沿斜面向上运动过程中，由能量守恒定律有Ek1=(gsin8+g cose)L 沿斜面下滑过程中，有E3=(gsin8-gcos8)L 联立解得4= Ex-Ex ΓE+E2 4.【答案】B 【解析】 【详解】设小球与竖直方向的夹角为日，对小球受力分析，根据牛顿第二定律可得 1g=10R tan 解得0= g V Rtanθ 由于A、B两个小球转动时角速度相等，根据数学关系，小球与竖直方向的夹角越大，则半径就越小，由图像可知，B 球与竖直方向的夹角大于A球与竖直方向的夹角，所以B球做圆周运动的半径需小于A球做圆周运动的半径，故ACD 错误，B正确。 5.【答案】D 【解析】 详醉】4、根据开普勒第三定准分上，由思意可灿，轨道2占轨道3的半径相等，且大于轨道1的半长销。 星在三个轨道上的周期T=T,>T,故A错误： B.卫星由轨道1变至轨道2，需要在P点点火加速，即向后喷气，故B错误： C.由万有引力提供向心力可得G_m 解得v= GM 由于轨道2与轨道3的半径相等，所以卫星在轨道2上运行到M点的速度大小等于在轨道3上经过N点的速度大小， 但方向不同，故C错误： GMm D.根据牛顿第二定律可得 六 =md GM 解得u= 可知卫星在轨道1上经过P点时的加速度等于在轨道2上经过P点时的加速度，故D正确。 6.【答案】B 【解析】 【详解】AB.由F-t图象可知，汽车行驶过程中受到的阻力为f=2×10N,在0~4s内牵引力F=5×103N不变， 汽车做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有F-f=a 代入数据解得前4s内汽车的加速度为a=2n/s2 根据运动学公式可得4s末汽车的速度为v=at=8m/s 由分析可知4$末汽车的功率已达到最大值，之后将保持功率不变做变加速运动，所以汽车的最大功率为 Pm=Fv=5×103×8W=4×10W,故A错误，B正确： C.在0~4s内牵引力F=5×103N不变，汽车做匀加速直线运动：4~12s内牵引力逐渐减小，加速度逐渐减小，汽 车做加速度减小的加速运动；当牵引力等于阻力时，汽车速度达到最大值，之后做匀速直线运动。故C错误： D.根据运动学公式可得汽车前4s内的位移为：二9 Iar=1x2x4=16m 2 由Pn=fm 可得汽车行驶的最大速度为y= -4×104 f 2x10m/s=20m/% 益车在4、2s内行驶的位移为x,根据动能定理有P1-心，一店- 代入数据解得x,=34m 所以汽车从静止开始运动12s内的位移大小为x=x+x2=50m,故D错误。 7.【答案】C 【解析】 【详解】A.根据F=G, 可得宇航员在火星表面受到的万有引力与在地球表面受到的万有引力之比为 卫-MkR量_1 x2=4 F M R92g,故A错误： B.根板6吸 可知火星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比8些-4-人×2-4 g Mi Rk9 4 可得8火=)8，故B错误： C.根据Gm =g=m R 可得星球的第一字宙速度为v=√gR -X- 地V8地R地3 即火星的第宇宵速度是地球第一字宵速度的Y5,故C正确； D.根据h= 2g 字航员以相同的初速度在火星上竖直起跳时，跳起的最大高度满足 =&-9 h gx 4 9 可得九以=二h,故D错误。 4 8.【答案】B 【解析】 【详解】A.小滑块在AB段摩擦力f=ug=2x,摩擦力最大值为8N,恒定外力F=5N,故小滑块先加速，后做减 速运动，故A错误； B.摩擦力做功W= 0+8×4=-16J, 根据动能定理所+所，=2店 解得g=2√5m/s,故在B点，由向心力公式R-mg=mwi R 故小滑块到B点时，对轨道压力大小为18N,故B正确： C.因为一v小于gR,故小滑块不能到达C点，故C错误： D.设最终静止时，距离A为x,根据动能定理，返回过程克服摩擦力做功等于小滑块损失的动能，即 8+2x (4-)=方mg=4,解得x=253m 2 故距离B点为(4-2W3)m,故D错误。 9.【答案】CD 【解析】 【详解】A.由题图可知，两粒种子从同一地点弹射出去在M点相遇，都做抛体运动，种子Q做斜上抛，种子P做斜 下抛，则种子Q的运动时间大于种子P的运动时间，两者在M点相遇，故种子Q先弹射飞出，A错误： B.种子Q做抛体运动，在最高点时，竖直方向的分速度为零，水平方向的分速度不为零，因此种子Q在最高点的速 度不为零，B错误： C.根据动能定理可得gh= 331 1 解得v=√+2gh 由于两粒种子的，和h都相等，则两粒种子相撞前瞬间速度大小相等，C正确： D.结合上述分析可知，碰撞前瞬间，种子Q的竖直分速度较大，而两粒种子的质量相等，根据P=gy,可知，重力 对种子Q的功率较大，D正确。 10.【答案】BCD 【解析】 【详解】A.小物块刚释放时，小物块随后沿杆向下做加速运动，由于开始滑轮O左侧绳长变短，则小球开始向下做 加速运动，可知，小物块刚释放时，轻绳对小球的拉力小于g,故A错误； B.小物块运动到D点时，根据速度分解有V物COs8=V球 解得V物V球=2：1，故B正确： c.当滑轮O左侧绳与杆垂直时，小球下降到最低点，则有h=L-Lsnθ= 1-3 2 L,故C正确： D.小物块运动到D点时，对物块与小球构成的系统，根据机械能守恒定律有gl sin6=亏w物+亏球 结合上述有V物：V球=2：1 解得V物 gL 43 即小物块运动到D点时，小物块的速度大小为v=等g1,故D正确。 11.(1)B (2)c (3) 0.1 1.5 (4)C k bd2 12.(1) dk 2 b ②k 13【答案】(1)1.5s (2)30J 【解析】 【小问1详解】 物块速度小于传送带速度，物块做匀加速运动，如果能和传送带共速， 根据牛顿第二定律可得umg=a 解得加速度为a=ug=0.5×10mm/s2=5m/s2 时间为5=-y=6-1。 s=1s 共速前物块的位移可算出为x物=2有=)×1m=3.5mm<L=6,5m 2 可知，物块到达传送带右端前己经与传送带共速，物块相对传送带静止后匀速运动到最右端B的时间为 L-x物_6.5-3.5 t= 5=0.5s 6 物块到传送带最右端B点需要的时间为t=1+t2=(1+0.5)s=1.5s 【小问2详解】 物块到达传送带右端B前已经与传送带共速，此过程传送带的位移为x传=vt,=6×1=6m 物块与传送带之间因摩擦而产生的热量为2=g(x传-x物)=0.5×1×10×(6-3.5)J=12.5J 送带电动机因传送物块需要多消耗的电能为L鱼三)心-。m+0 代入数据解得E电=30J 14.【答案】(1)2.4kg 2 (2)15N, 3 rads (3)0.5m 【解析】 【小问1详解】 A自然下垂时，设轻绳拉力为F,对A,根据平衡条件，有F=ag 对B,根据平衡条件，有gsin8=gcos8+FT 解得3=2.4kg 【小问2详解】 设轻绳的最大拉力为F,根据平衡条件，有F?=gsin0+m阳gcos日 解得F'=15N 设角速度最大时QA间的轻绳与竖直方向的夹角为c,对A,根据牛顿第二定律，有PF?sin0=s⊙Lsi 20 解得0= rad/s 3 12 15.【答案】(1)=gL,- gL (2)= v10gL 2./10gL 5 5 36L,35l 【解析】 【小问1详解】 杆转过37°时，小球卫的重力势能变化量△E,1=mgLsin37°=3 小球Q的盛力势他变化金△.-2g2Lm37-号g10号表示重方势能减少) 【小问2详解】 设刚脱离杆时，P、Q两球的速度大小分别为、。，由分析知生=是 L 2L 团两小球组成的系统，由机藏能守恒定律有，+·2心店=一△2+△） 2 联立解得y。= V0gZ,-210g 5 【小问3详解】 P、Q两球脱离杆后，在水平方向均做匀速直线运动，在竖直方向均做匀变速直线运动 1 Q第一次落地时在竖直方向下落的高度九。=6cos37t+三gt,解得h,三 因此，转轴0距地面的高度h=2Lsin37°+h,解得h A11 5 从脱离杆到小球Q第一次落地的过程中： 21 小球Q在水平方向运动的距离x,=gsn37t,解得x= 5 61 小球P在水平方向运动的距离=%8in371,解得= 球P在竖直方向运动的距离为=一，cos37°1+)8T,解得为=】 5 因此，小球Q第一次落地时： RQ两球在水平方间的间距ArE十。3孔c0s37°，解得Ax字7 33 P、Q两球在竖直方向的间距△y=h。+Lsin37°-yp,解得△y= R、Q两球之间的距离△r=V(△x)'+(△y)}=3V5Z